2023年高考全國乙卷理科綜合真題（解析版）

2023年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國乙卷）理科綜合可能用到的相對原子質量：H1C12O16一、選擇題：本題共13小題，每小題6分，共78分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.生物體內參與生命活動的生物大分子可由單體聚合而成，構成蛋白質等生物大分子的單體和連接鍵以及檢測生物大分子的試劑等信息如下表。單體連接鍵生物大分子檢測試劑或染色劑葡萄糖—①—②③蛋白質④⑤—核酸⑥根據表中信息，下列敘述錯誤的是（）A.①可以是淀粉或糖原B.②是氨基酸，③是肽鍵，⑤是堿基C.②和⑤都含有C、H、O、N元素D.④可以是雙縮脲試劑，⑥可以是甲基綠和吡羅紅混合染色劑【答案】B【解析】【分析】多糖的單體是葡萄糖，蛋白質的單體是氨基酸，核酸的單體是核苷酸?！驹斀狻緼、葡萄糖是多糖的單體，多糖包括淀粉、糖原和纖維素，故①可以是淀粉或糖原，A正確；B、蛋白質是由單體②氨基酸通過脫水縮合形成③肽鍵連接形成的，核酸的單體是核苷酸，故⑤是核苷酸，B錯誤；C、②氨基酸的元素組成是C、H、O、N，⑤核苷酸的元素組成是C、H、O、N、P，C正確；D、檢測蛋白質的④可以是雙縮脲試劑，檢測核酸的⑥可以是甲基綠和吡羅紅混合染色劑，D正確。故選B。2.植物葉片中的色素對植物的生長發(fā)育有重要作用。下列有關葉綠體中色素的敘述，錯誤的是（）A.氮元素和鎂元素是構成葉綠素分子的重要元素B.葉綠素和類胡蘿卜素存在于葉綠體中類囊體的薄膜上C.用不同波長的光照射類胡蘿卜素溶液，其吸收光譜在藍紫光區(qū)有吸收峰D.葉綠體中的色素在層析液中的溶解度越高，隨層析液在濾紙上擴散得越慢【答案】D【解析】【分析】1、葉綠體色素提取色素原理色素能溶解在酒精或丙酮等有機溶劑中，所以可用無水酒精等提取色素；分離色素原理是各色素隨層析液在濾紙上擴散速度不同，從而分離色素，溶解度大，擴散速度快；溶解度小，擴散速度慢。2、葉綠素主要吸收藍紫光和紅橙光，類胡蘿卜素主要吸收藍紫光。【詳解】A、葉綠素元素組成是C、H、O、N、Mg，氮元素和鎂元素是構成葉綠素分子的重要元素，A正確；B、光反應的場所是類囊體的薄膜，需要光合色素吸收光能，葉綠素和類胡蘿卜素存在于葉綠體中類囊體的薄膜上，B正確；C、類胡蘿卜素主要吸收藍紫光，用不同波長的光照射類胡蘿卜素溶液，其吸收光譜在藍紫光區(qū)有吸收峰，C正確；D、葉綠體中的色素在層析液中的溶解度越高，隨層析液在濾紙上擴散得越快，D錯誤。故選D。3.植物可通過呼吸代謝途徑的改變來適應缺氧環(huán)境。在無氧條件下，某種植物幼苗的根細胞經呼吸作用釋放CO2的速率隨時間的變化趨勢如圖所示。下列相關敘述錯誤的是（）A.在時間a之前，植物根細胞無CO2釋放，只進行無氧呼吸產生乳酸B.a~b時間內植物根細胞存在經無氧呼吸產生酒精和CO2的過程C.每分子葡萄糖經無氧呼吸產生酒精時生成的ATP比產生乳酸時的多D.植物根細胞無氧呼吸產生的酒精跨膜運輸的過程不需要消耗ATP【答案】C【解析】【分析】1、無氧呼吸分為兩個階段：第一階段：葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，并釋放少量能量；第二階段丙酮酸在不同酶的作用下轉化成乳酸或酒精和二氧化碳，不釋放能量。整個過程都發(fā)生在細胞質基質。2、有氧呼吸的第一、二、三階段的場所依次是細胞質基質、線粒體基質和線粒體內膜。有氧呼吸第一階段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二階段是丙酮酸和水反應生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三階段是氧氣和[H]反應生成水，合成大量ATP。【詳解】A、植物進行有氧呼吸或無氧呼吸產生酒精時都有二氧化碳釋放，圖示在時間a之前，植物根細胞無CO2釋放，分析題意可知，植物可通過呼吸代謝途徑的改變來適應缺氧環(huán)境，據此推知在時間a之前，只進行無氧呼吸產生乳酸，A正確；B、a階段無二氧化碳產生，b階段二氧化碳釋放較多，a~b時間內植物根細胞存在經無氧呼吸產生酒精和CO2的過程，是植物通過呼吸途徑改變來適應缺氧環(huán)境的體現(xiàn)，B正確；C、無論是產生酒精還是產生乳酸的無氧呼吸，都只在第一階段釋放少量能量，第二階段無能量釋放，故每分子葡萄糖經無氧呼吸產生酒精時生成的ATP和產生乳酸時相同，C錯誤；D、酒精跨膜運輸方式是自由擴散，該過程不需要消耗ATP，D正確。故選C。4.激素調節(jié)是哺乳動物維持正常生命活動的重要調節(jié)方式。下列敘述錯誤的是（）A.甲狀腺分泌甲狀腺激素受垂體和下丘腦的調節(jié)B.細胞外液滲透壓下降可促進抗利尿激素的釋放C.胸腺可分泌胸腺激素，也是T細胞成熟的場所D.促甲狀腺激素可經血液運輸到靶細胞發(fā)揮作用【答案】B【解析】【分析】下丘腦分泌促甲狀腺激素釋放激素（TRH），TRH運輸到垂體，促使垂體分泌促甲狀腺激素（TSH）。TSH隨血液運輸到甲狀腺，促使甲狀腺增加甲狀腺激素的合成和分泌。血液中甲狀腺激素含量增加到一定程度時，又反過來抑制下丘腦和垂體分泌相關激素，進而使甲狀腺激素分泌減少，甲狀腺激素的合成有分級調節(jié)也存在著反饋調節(jié)。【詳解】A、甲狀腺分泌甲狀腺激素受下丘腦分泌的促甲狀腺激素釋放激素以及垂體分泌的促甲狀腺激素的調節(jié)，A正確；B、細胞外液滲透壓下降對下丘腦滲透壓感受器的刺激作用減弱，因而下丘腦的神經分泌細胞分泌的抗利尿激素減少，同時通過垂體釋放的抗利尿激素也減少，B錯誤；C、胸腺可分泌胸腺激素，能增強免疫細胞的功能，同時T細胞成熟的場所也在胸腺，C正確；D、促甲狀腺激素作為一種激素由垂體細胞合成和分泌后，隨血液運輸到全身各處，作用于甲狀腺，促進甲狀腺激素的合成和分泌，D正確。故選B。5.已知某種氨基酸（簡稱甲）是一種特殊氨基酸，迄今只在某些古菌（古細菌）中發(fā)現(xiàn)含有該氨基酸的蛋白質。研究發(fā)現(xiàn)這種情況出現(xiàn)的原因是，這些古菌含有特異的能夠轉運甲的tRNA（表示為tRNA甲）和酶E，酶E催化甲與tRNA甲結合生成攜帶了甲的tRNA甲（表示為甲－tRNA甲），進而將甲帶入核糖體參與肽鏈合成。已知tRNA甲可以識別大腸桿菌mRNA中特定的密碼子，從而在其核糖體上參與肽鏈的合成。若要在大腸桿菌中合成含有甲的肽鏈，則下列物質或細胞器中必須轉入大腸桿菌細胞內的是（）①ATP②甲③RNA聚合酶④古菌的核糖體⑤酶E的基因⑥tRNA甲的基因A.②⑤⑥ B.①②⑤ C.③④⑥ D.②④⑤【答案】A【解析】【分析】分泌蛋白合成與分泌過程：核糖體合成蛋白質→內質網進行粗加工→內質網“出芽”形成囊泡→高爾基體進行再加工形成成熟的蛋白質→高爾基體“出芽”形成囊泡→細胞膜，整個過程還需要線粒體提供能量?！驹斀狻竣佗邰?、根據題干信息“已知tRNA甲可以識別大腸桿菌mRNA中特定的密碼子，從而在其核糖體上參與肽鏈的合成肽鏈”，說明該肽鏈合成所需能量、核糖體、RNA聚合酶均由大腸桿菌提供，①③④不符合題意；②、據題意可知，氨基酸甲是一種特殊氨基酸，迄今只在某些古菌（古細菌）中發(fā)現(xiàn)含有該氨基酸的蛋白質，所以要在大腸桿菌中合成含有甲的肽鏈，必須往大腸桿菌中轉入氨基酸甲，②符合題意；⑤⑥、古菌含有特異的能夠轉運甲的tRNA（表示為tRNA甲）和酶E，酶E催化甲與tRNA甲結合生成攜帶了甲的tRNA甲（表示為甲－tRNA甲），進而將甲帶入核糖體參與肽鏈合成，所以大腸桿菌細胞內要含有tRNA甲的基因以便合成tRNA甲，大腸桿菌細胞內也要含有酶E的基因以便合成酶E，催化甲與tRNA甲結合，⑤⑥符合題意。②⑤⑥組合符合題意，A正確。故選A。6.某種植物的寬葉/窄葉由等位基因A/a控制，A基因控制寬葉性狀：高莖/矮莖由等位基因B/b控制，B基因控制高莖性狀。這2對等位基因獨立遺傳。為研究該種植物的基因致死情況，某研究小組進行了兩個實驗，實驗①：寬葉矮莖植株自交，子代中寬葉矮莖∶窄葉矮莖＝2∶1；實驗②：窄葉高莖植株自交，子代中窄葉高莖∶窄葉矮莖＝2∶1。下列分析及推理中錯誤的是（）A.從實驗①可判斷A基因純合致死，從實驗②可判斷B基因純合致死B.實驗①中親本的基因型為Aabb，子代中寬葉矮莖的基因型也為AabbC.若發(fā)現(xiàn)該種植物中的某個植株表現(xiàn)為寬葉高莖，則其基因型為AaBbD.將寬葉高莖植株進行自交，所獲得子代植株中純合子所占比例為1/4【答案】D【解析】【分析】實驗①：寬葉矮莖植株自交，子代中寬葉矮莖∶窄葉矮莖＝2∶1，親本為Aabb，子代中原本為AA：Aa：aa=1：2：1，因此推測AA致死；實驗②：窄葉高莖植株自交，子代中窄葉高莖∶窄葉矮莖＝2∶1，親本為aaBb，子代原本為BB：Bb：bb=1：2：1，因此推測BB致死。【詳解】A、實驗①：寬葉矮莖植株自交，子代中寬葉矮莖∶窄葉矮莖＝2∶1，親本為Aabb，子代中原本為AA：Aa：aa=1：2：1，因此推測AA致死；實驗②：窄葉高莖植株自交，子代中窄葉高莖∶窄葉矮莖＝2∶1，親本為aaBb，子代原本為BB：Bb：bb=1：2：1，因此推測BB致死，A正確；B、實驗①中親本為寬葉矮莖，且后代出現(xiàn)性狀分離，所以基因型為Aabb，子代中由于AA致死，因此寬葉矮莖的基因型也為Aabb，B正確；C、由于AA和BB均致死，因此若發(fā)現(xiàn)該種植物中的某個植株表現(xiàn)為寬葉高莖，則其基因型為AaBb，C正確；D、將寬葉高莖植株AaBb進行自交，由于AA和BB致死，子代原本的9：3：3：1剩下4：2：2：1，其中只有窄葉矮莖的植株為純合子，所占比例為1/9，D錯誤。故選D。7.下列應用中涉及到氧化還原反應的是A.使用明礬對水進行凈化 B.雪天道路上撒鹽融雪C.暖貼中的鐵粉遇空氣放熱 D.熒光指示牌被照發(fā)光【答案】C【解析】【詳解】A．使用明礬對水進行凈化過程中，明礬電離出的鋁離子發(fā)生水解生成氫氧化鋁膠體，氫氧化鋁膠體粒子吸附水中的懸浮顆粒并沉降下來而水變得澄清，該過程中沒有任何一種元素的化合價發(fā)生變化，因此沒有涉及到氧化還原反應，A不符合題意；B．雪天道路上撒鹽融雪，是因為雪遇到鹽而使其熔點降低并熔化，該過程中沒有任何一種元素的化合價發(fā)生變化，因此沒有涉及到氧化還原反應，B不符合題意；C．暖貼中的鐵粉遇空氣放熱，是因為暖貼中含有的鐵粉、碳粉、氯化鈉、水等物質，形成當這些物質遇到空氣后形成無數微小原電池并開始工作，化學能轉化為電能，無數微小原電池堆積在一起使得電能又轉化為熱能，該過程中鐵元素和氧元素的化合價發(fā)生變化，因此，該過程涉及到氧化還原反應，C符合題意；D．熒光指示牌被照發(fā)光，是因為光被指示牌發(fā)生了反射，該過程中沒有任何一種元素的化合價發(fā)生變化，因此沒有涉及到氧化還原反應，D不符合題意；綜上所述，本題選C。8.下列反應得到相同的產物，相關敘述錯誤的是A.①的反應類型為取代反應 B.反應②是合成酯的方法之一C.產物分子中所有碳原子共平面 D.產物的化學名稱是乙酸異丙酯【答案】C【解析】【詳解】A．反應①為乙酸和異丙醇在酸的催化下發(fā)生酯化反應生成了乙酸異丙酯和水，因此，①的反應類型為取代反應，A敘述正確；B．反應②為乙酸和丙烯發(fā)生加成反應生成乙酸異丙酯，該反應的原子利用率為100%，因此，該反應是合成酯的方法之一，B敘述正確；C．乙酸異丙酯分子中含有4個飽和的碳原子，其中異丙基中存在著一個飽和碳原子連接兩個飽和碳原子和一個乙酰氧基，類比甲烷的正四面體結構可知，乙酸異丙酯分子中的所有碳原子不可能共平面，C敘述是錯誤；D．兩個反應的產物是相同的，從結構上看，該產物是由乙酸與異丙醇通過酯化反應生成的酯，故其化學名稱是乙酸異丙酯，D敘述是正確；綜上所述，本題選C。9.下列裝置可以用于相應實驗的是ABCD制備分離乙醇和乙酸驗證酸性測量體積A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】【詳解】A．Na2CO3固體比較穩(wěn)定，受熱不易分解，所以不能采用加熱碳酸鈉的方式制備二氧化碳，A錯誤；B．乙醇和乙酸是互溶的，不能采用分液的方式分離，應采用蒸餾來分離，B錯誤；C．二氧化硫通入品紅溶液中，可以驗證其漂白性，不能驗證酸性，C錯誤；D．測量氧氣體積時，裝置選擇量氣筒，測量時要恢復到室溫，量氣筒和水準管兩邊液面高度相等時，氧氣排開水的體積與氧氣的體積相等，即可用如圖裝置測量氧氣的體積，D正確；故選D。10.一種礦物由短周期元素W、X、Y組成，溶于稀鹽酸有無色無味氣體生成。W、X、Y原子序數依次增大。簡單離子與具有相同的電子結構。下列敘述正確的是A.X的常見化合價有、 B.原子半徑大小為C.YX的水合物具有兩性 D.W單質只有4種同素異形體【答案】A【解析】【分析】W、X、Y為短周期元素，原子序數依次增大，簡單離子X2-與Y2+具有相同的電子結構，則它們均為10電子微粒，X為O，Y為Mg，W、X、Y組成的物質能溶于稀鹽酸有無色無味的氣體產生，則W為C，產生的氣體為二氧化碳，據此解答。【詳解】A．X為O，氧的常見價態(tài)有-1價和-2價，如H2O2和H2O，A正確；B．W為C，X為O，Y為Mg，同主族時電子層數越多，原子半徑越大，電子層數相同時，原子序數越小，原子半徑越大，所以原子半徑大小為：Y＞W＞X，B錯誤；C．Y為Mg，X為O，他們可形成MgO，水合物為Mg(OH)2，Mg(OH)2只能與酸反應生成鹽和水，不能與堿反應，所以YX的水合物沒有兩性，C錯誤；D．W為C，碳的同素異形體有：金剛石、石墨、石墨烯、富勒烯、碳納米管等，種類不止四種，D錯誤；故選A。11.一些化學試劑久置后易發(fā)生化學變化。下列化學方程式可正確解釋相應變化的是A硫酸亞鐵溶液出現(xiàn)棕黃色沉淀B硫化鈉溶液出現(xiàn)渾濁顏色變深C溴水顏色逐漸褪去D膽礬表面出現(xiàn)白色粉末A.A B.B C.C D.D【答案】D【解析】【詳解】A．溶液呈棕黃色是因為有Fe3+，有渾濁是產生了Fe(OH)3，因為硫酸亞鐵久置后易被氧氣氧化，化學方程式為：12FeSO4+3O2+6H2O=4Fe2(SO4)3+4Fe(OH)3↓，A錯誤；B．硫化鈉在空氣中易被氧氣氧化為淡黃色固體硫單質，使顏色加深，化學方程式為：2Na2S+O2+2H2O=4NaOH+2S↓，B錯誤；C．溴水的主要成分是溴和水，它們會反應，但速度很慢，Br2+H2O=HBrO+HBr，2HBrO=2HBr+O2，所以溴水放置太久會變質。但不是生成高溴酸，所以選項中的化學方程式錯誤，C錯誤；D．膽礬為CuSO4·5H2O，顏色為藍色，如果表面失去結晶水，則變?yōu)榘咨腃uSO4，化學方程式為：CuSO4·5H2O=CuSO4+5H2O，方程式正確，D正確；故選D。12.室溫鈉-硫電池被認為是一種成本低、比能量高的能源存儲系統(tǒng)。一種室溫鈉-硫電池的結構如圖所示。將鈉箔置于聚苯并咪唑膜上作為一個電極，表面噴涂有硫黃粉末的炭化纖維素紙作為另一電極。工作時，在硫電極發(fā)生反應：S8+e-→S，S+e-→S，2Na++S+2(1-)e-→Na2Sx下列敘述錯誤的是A.充電時Na+從鈉電極向硫電極遷移B.放電時外電路電子流動的方向是a→bC.放電時正極反應為：2Na++S8+2e-→Na2SxD.炭化纖維素紙的作用是增強硫電極導電性能【答案】A【解析】【分析】由題意可知放電時硫電極得電子，硫電極為原電池正極，鈉電極為原電池負極。【詳解】A．充電時為電解池裝置，陽離子移向陰極，即鈉電極，故充電時，Na+由硫電極遷移至鈉電極，A錯誤；B．放電時Na在a電極失去電子，失去的電子經外電路流向b電極，硫黃粉在b電極上得電子與a電極釋放出的Na+結合得到Na2Sx，電子在外電路的流向為a→b，B正確；C．由題給的的一系列方程式相加可以得到放電時正極的反應式為2Na++S8+2e-→Na2Sx，C正確；D．炭化纖維素紙中含有大量的炭，炭具有良好的導電性，可以增強硫電極的導電性能，D正確；故答案選A13.一定溫度下，AgCl和Ag2CrO4的沉淀溶解平衡曲線如圖所示。下列說法正確是A.a點條件下能生成Ag2CrO4沉淀，也能生成AgCl沉淀B.b點時，c(Cl-)=c(CrO)，Ksp(AgCl)=Ksp(Ag2CrO4)C.Ag2CrO4+2Cl-2AgCl+CrO的平衡常數K=107.9D.向NaCl、Na2CrO4均為0.1mol·L-1的混合溶液中滴加AgNO3溶液，先產生Ag2CrO4沉淀【答案】C【解析】【分析】根據圖像，由(1.7，5)可得到Ag2CrO4的溶度積Ksp(Ag2CrO4)=c2(Ag+)·c(CrO)=(1×10-5)2×1×10-1.7=10-11.7，由(4.8，5)可得到AgCl的溶度積Ksp(AgCl)=c(Ag+)·c(Cl)=1×10-5×1×10-4.8=10-9.8，據此數據計算各選項結果?！驹斀狻緼．假設a點坐標為(4，6.5)，此時分別計算反應的濃度熵Q得，Q(AgCl)=10-10.5，Q(Ag2CrO4)=10-17，二者的濃度熵均小于其對應的溶度積Ksp，二者不會生成沉淀，A錯誤；B．Ksp為難溶物的溶度積，是一種平衡常數，平衡常數只與溫度有關，與濃度無關，根據分析可知，二者的溶度積不相同，B錯誤；C．該反應的平衡常數表達式為K=，將表達式轉化為與兩種難溶物的溶度積有關的式子得K=====1×107.9，C正確；D．向NaCl、Na2CrO4均為0.1mol·L-1的混合溶液中滴加AgNO3，開始沉淀時所需要的c(Ag+)分別為10-8.8和10-5.35，說明此時沉淀Cl-需要的銀離子濃度更低，在這種情況下，先沉淀的是AgCl，D錯誤；故答案選C二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~17題只有一項符合題目要求，第18~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分。14.一同學將排球自O點墊起，排球豎直向上運動，隨后下落回到O點。設排球運動過程中所受空氣阻力大小和速度大小成正比。則該排球（）A.上升時間等于下落時間 B.被墊起后瞬間的速度最大C.達到最高點時加速度為零 D.下落過程中做勻加速運動【答案】B【解析】【詳解】A．上升過程和下降過程的位移大小相同，上升過程的末狀態(tài)和下降過程的初狀態(tài)速度均為零。對排球受力分析，上升過程的重力和阻力方向相同，下降過程中重力和阻力方向相反，根據牛頓第二定律可知，上升過程中任意位置的加速度比下降過程中對應位置的加速度大，則上升過程的平均加速度較大。由位移與時間關系可知，上升時間比下落時間短，A錯誤；B．上升過程排球做減速運動，下降過程排球做加速運動。在整個過程中空氣阻力一直做負功，小球機械能一直在減小，下降過程中的最低點的速度小于上升過程的最低點的速度，故排球被墊起時的速度最大，B正確；C．達到最高點速度為零，空氣阻力為零，此刻排球重力提供加速度不為零，C錯誤；D．下落過程中，排球速度在變，所受空氣阻力在變，故排球所受的合外力在變化，排球在下落過程中做變加速運動，D錯誤。故選B。15.小車在水平地面上沿軌道從左向右運動，動能一直增加。如果用帶箭頭的線段表示小車在軌道上相應位置處所受合力，下列四幅圖可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】AB．小車做曲線運動，所受合外力指向曲線的凹側，故AB錯誤；CD．小車沿軌道從左向右運動，動能一直增加，故合外力與運動方向夾角為銳角，C錯誤，D正確。故選D。16.2022年10月，全球眾多天文設施觀測到迄今最亮伽馬射線暴，其中我國的“慧眼”衛(wèi)星、“極目”空間望遠鏡等裝置在該事件觀測中作出重要貢獻。由觀測結果推斷，該伽馬射線暴在1分鐘內釋放的能量量級為。假設釋放的能量來自于物質質量的減少，則每秒鐘平均減少的質量量級為（光速為）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】根據質能方程可知，則每秒鐘平均減少的質量為則每秒鐘平均減少的質量量級為。故選C。17.一學生小組在探究電磁感應現(xiàn)象時，進行了如下比較實驗。用圖（a）所示纏繞方式，將漆包線分別繞在幾何尺寸相同的有機玻璃管和金屬鋁管上，漆包線的兩端與電流傳感器接通。兩管皆豎直放置，將一很小的強磁體分別從管的上端由靜止釋放，在管內下落至管的下端。實驗中電流傳感器測得的兩管上流過漆包線的電流I隨時間t的變化分別如圖（b）和圖（c）所示，分析可知（）A.圖（c）是用玻璃管獲得的圖像B.在鋁管中下落，小磁體做勻變速運動C.在玻璃管中下落，小磁體受到的電磁阻力始終保持不變D.用鋁管時測得的電流第一個峰到最后一個峰的時間間隔比用玻璃管時的短【答案】A【解析】【詳解】A．強磁體在鋁管中運動，鋁管會形成渦流，玻璃是絕緣體故強磁體在玻璃管中運動，玻璃管不會形成渦流。強磁體在鋁管中加速后很快達到平衡狀態(tài)，做勻速直線運動，而玻璃管中的磁體則一直做加速運動，故由圖像可知圖（c）的脈沖電流峰值不斷增大，說明強磁體的速度在增大，與玻璃管中磁體的運動情況相符，A正確；B．在鋁管中下落，脈沖電流的峰值一樣，磁通量的變化率相同，故小磁體做勻速運動，B錯誤；C．在玻璃管中下落，玻璃管為絕緣體，線圈的脈沖電流峰值增大，電流不斷在變化，故小磁體受到的電磁阻力在不斷變化，C錯誤；D．強磁體分別從管的上端由靜止釋放，在鋁管中，磁體在線圈間做勻速運動，玻璃管中磁體在線圈間做加速運動，故用鋁管時測得的電流第一個峰到最后一個峰的時間間隔比用玻璃管時的長，D錯誤。故選A。18.如圖，一磁感應強度大小為B的勻強磁場，方向垂直于紙面（xOy平面）向里，磁場右邊界與x軸垂直。一帶電粒子由O點沿x正向入射到磁場中，在磁場另一側的S點射出，粒子離開磁場后，沿直線運動打在垂直于x軸的接收屏上的P點；SP=l，S與屏的距離為，與x軸的距離為a。如果保持所有條件不變，在磁場區(qū)域再加上電場強度大小為E的勻強電場，該粒子入射后則會沿x軸到達接收屏。該粒子的比荷為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由題知，一帶電粒子由O點沿x正向入射到磁場中，在磁場另一側的S點射出，則根據幾何關系可知粒子出離磁場時速度方向與豎直方向夾角為30°，則解得粒子做圓周運動的半徑r=2a則粒子做圓周運動有則有如果保持所有條件不變，在磁場區(qū)域再加上電場強度大小為E的勻強電場，該粒子入射后則會沿x軸到達接收屏，則有Eq=qvB聯(lián)立有故選A。19.在O點處固定一個正點電荷，P點在O點右上方。從P點由靜止釋放一個帶負電的小球，小球僅在重力和該點電荷電場力作用下在豎直面內運動，其一段軌跡如圖所示。M、N是軌跡上的兩點，OP>OM，OM=ON，則小球（）A.在運動過程中，電勢能先增加后減少B.在P點的電勢能大于在N點的電勢能C.在M點的機械能等于在N點的機械能D.從M點運動到N點的過程中，電場力始終不做功【答案】BC【解析】【詳解】ABC．由題知，OP>OM，OM=ON，則根據點電荷的電勢分布情況可知φM=φN>φP則帶負電的小球在運動過程中，電勢能先減小后增大，且EpP>EpM=EpN則帶負電的小球在M點的機械能等于在N點的機械能，A錯誤、BC正確；D．從M點運動到N點的過程中，電場力先做正功后做負功，D錯誤。故選BC。20.黑箱外有編號為1、2、3、4的四個接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個電阻，在接線柱間還接有另外一個電阻R和一個直流電源。測得接線柱之間的電壓U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述測量結果的可能接法是（）A.電源接在1、4之間，R接在1、3之間B.電源接在1、4之間，R接在2、4之間C.電源接在1、3之間，R接在1、4之間D.電源接在1、3之間，R接在2、4之間【答案】CD【解析】【詳解】A．根據題意畫出電路圖，如下可見U34>0，A錯誤；B．根據題意畫出電路圖，如下可見U34>0，B錯誤；C．根據題意畫出電路圖，如下可見上述接法可符合上述測量結果，C正確；D．根據題意畫出電路圖，如下可見上述接法可符合上述測量結果，D正確故選CD。21.如圖，一質量為M、長為l的木板靜止在光滑水平桌面上，另一質量為m的小物塊（可視為質點）從木板上的左端以速度v0開始運動。已知物塊與木板間的滑動摩擦力大小為f，當物塊從木板右端離開時（）A.木板的動能一定等于fl B.木板的動能一定小于flC.物塊的動能一定大于 D.物塊的動能一定小于【答案】BD【解析】【詳解】設物塊離開木板時的速度為，此時木板的速度為，由題意可知設物塊的對地位移為，木板的對地位移為CD．根據能量守恒定律可得整理可得D正確，C錯誤；AB．因摩擦產生的摩擦熱根據運動學公式因為可得則所以B正確，A錯誤。故選BD。三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據要求作答。（一）必考題：共129分。22.在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中使用的器材有：木板、白紙、兩個標準彈簧測力計、橡皮條、輕質小圓環(huán)、刻度尺、鉛筆、細線和圖釘若干。完成下列實驗步驟：①用圖釘將白紙固定在水平木板上。②將橡皮條的一端固定在木板上，另一端系在輕質小圓環(huán)上。將兩細線也系在小圓環(huán)上，它們的另一端均掛上測力計。用互成一定角度、方向平行于木板、大小適當的力拉動兩個測力計，小圓環(huán)停止時由兩個測力計的示數得到兩拉力和的大小，并___________。（多選，填正確答案標號）A.用刻度尺量出橡皮條的長度B.用刻度尺量出兩細線的長度C.用鉛筆在白紙上標記出小圓環(huán)的位置D.用鉛筆在白紙上標記出兩細線的方向③撤掉一個測力計，用另一個測力計把小圓環(huán)拉到_________，由測力計的示數得到拉力的大小，沿細線標記此時的方向。④選擇合適標度，由步驟②的結果在白紙上根據力的平行四邊形定則作和的合成圖，得出合力的大小和方向；按同一標度在白紙上畫出力的圖示。⑤比較和的________，從而判斷本次實驗是否驗證了力的平行四邊形定則?！敬鸢浮竣?CD##DC②.相同位置③.大小和方向【解析】【詳解】②[1]將橡皮條的一端固定在木板上，另一端系在輕質小圓環(huán)上。將兩細線也系在小圓環(huán)上，它們的另一端均掛上測力計。用互成一定角度、方向平行于木板、大小適當的力拉動兩個測力計，小圓環(huán)停止時由兩個測力計的示數得到兩拉力和的大小，還需要用鉛筆在白紙上標記出小圓環(huán)的位置以及用鉛筆在白紙上標記出兩細線的方向。故選CD。③[2]撤掉一個測力計，用另一個測力計把小圓環(huán)拉到相同位置，由測力計的示數得到拉力的大小，沿細線標記此時的方向；⑤[3]比較和的大小和方向，從而判斷本次實驗是否驗證了力的平行四邊形定則。23.一學生小組測量某金屬絲（阻值約十幾歐姆）的電阻率?，F(xiàn)有實驗器材：螺旋測微器、米尺、電源E、電壓表（內阻非常大）、定值電阻（阻值）、滑動變阻器R、待測金屬絲、單刀雙擲開關K、開關S、導線若干。圖（a）是學生設計的實驗電路原理圖。完成下列填空：（1）實驗時，先將滑動變阻器R接入電路的電阻調至最大，閉合S（2）將K與1端相連，適當減小滑動變阻器R接入電路的電阻，此時電壓表讀數記為，然后將K與2端相連，此時電壓表讀數記為。由此得到流過待測金屬絲的電流I=_______，金屬絲的電阻_____。（結果均用、、表示）（3）繼續(xù)微調R，重復（2）的測量過程，得到多組測量數據，如下表所示：（）0.570.710.851.14143（）0.971.211.451.942.43（4）利用上述數據，得到金屬絲的電阻。（5）用米尺測得金屬絲長度。用螺旋測微器測量金屬絲不同位置的直徑，某次測量的示數如圖（b）所示，該讀數為______mm。多次測量后，得到直徑的平均值恰好與d相等。（6）由以上數據可得，待測金屬絲所用材料的電阻率______。（保留2位有效數字）【答案】①.②.③.0.150④.5.0【解析】【詳解】（1）[1]根據題意可知，兩端的電壓為則流過即流過待測金屬絲的電流[2]金屬絲的電阻聯(lián)立可得（5）[3]螺旋測微器的讀數為（6）[4]根據電阻定律又代入數據聯(lián)立解得24.如圖，等邊三角形位于豎直平面內，AB邊水平，頂點C在AB邊上方，3個點電荷分別固定在三角形的三個頂點上。已知AB邊中點M處的電場強度方向豎直向下，BC邊中點N處的電場強度方向豎直向上，A點處點電荷的電荷量的絕對值為q，求（1）B點處點電荷的電荷量的絕對值并判斷3個點電荷的正負；（2）C點處點電荷的電荷量?！敬鸢浮浚?），A、B、C均為正電荷；（2）【解析】【詳解】（1）因為M點電場強度豎直向下，則C為正電荷，根據場強的疊加原理，可知A、B兩點的電荷在M點的電場強度大小相等，方向相反，則B點電荷帶電量為，電性與A相同，又點電場強度豎直向上，可得處電荷在點的場強垂直BC沿AN連線向右上，如圖所示可知A處電荷為正電荷，所以A、B、C均為正電荷。（2）如圖所示由幾何關系即其中解得25.如圖，一豎直固定的長直圓管內有一質量為M的靜止薄圓盤，圓盤與管的上端口距離為l，圓管長度為。一質量為的小球從管的上端口由靜止下落，并撞在圓盤中心，圓盤向下滑動，所受滑動摩擦力與其所受重力大小相等。小球在管內運動時與管壁不接觸，圓盤始終水平，小球與圓盤發(fā)生的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。不計空氣阻力，重力加速度大小為g。求（1）第一次碰撞后瞬間小球和圓盤的速度大??；（2）在第一次碰撞到第二次碰撞之間，小球與圓盤間的最遠距離；（3）圓盤在管內運動過程中，小球與圓盤碰撞的次數。【答案】（1）小球速度大小，圓盤速度大小；（2）l；（3）4【解析】【詳解】（1）過程1：小球釋放后自由下落，下降，根據機械能守恒定律解得過程2：小球以與靜止圓盤發(fā)生彈性碰撞，根據能量守恒定律和動量守恒定律分別有解得即小球碰后速度大小，方向豎直向上，圓盤速度大小，方向豎直向下；（2）第一次碰后，小球做豎直上拋運動，圓盤摩擦力與重力平衡，勻速下滑，所以只要圓盤下降速度比小球快，二者間距就不斷增大，當二者速度相同時，間距最大，即解得根據運動學公式得最大距離為（3）第一次碰撞后到第二次碰撞時，兩者位移相等，則有即解得此時小球的速度圓盤的速度仍為，這段時間內圓盤下降的位移之后第二次發(fā)生彈性碰撞，根據動量守恒根據能量守恒聯(lián)立解得同理可得當位移相等時解得圓盤向下運動此時圓盤距下端管口13l，之后二者第三次發(fā)生碰撞，碰前小球的速度有動量守恒機械能守恒得碰后小球速度為圓盤速度當二者即將四次碰撞時x盤3=x球3即得在這段時間內，圓盤向下移動此時圓盤距離下端管口長度為20l－1l－2l－4l－6l=7l此時可得出圓盤每次碰后到下一次碰前，下降距離逐次增加2l，故若發(fā)生下一次碰撞，圓盤將向下移動x盤4=8l則第四次碰撞后落出管口外，因此圓盤在管內運動的過程中，小球與圓盤的碰撞次數為4次。26.元素分析是有機化合物的表征手段之一。按下圖實驗裝置(部分裝置略)對有機化合物進行C、H元素分析?；卮鹣铝袉栴}：（1）將裝有樣品的Pt坩堝和CuO放入石英管中，先_______，而后將已稱重的U型管c、d與石英管連接，檢查_______。依次點燃煤氣燈_______，進行實驗。（2）O2的作用有_______。CuO的作用是_______(舉1例，用化學方程式表示)。（3）c和d中的試劑分別是_______、_______(填標號)。c和d中的試劑不可調換，理由是_______。A．CaCl2B．NaClC．堿石灰(CaO+NaOH)D．Na2SO3（4）Pt坩堝中樣品CxHyOz反應完全后，應進行操作：_______。取下c和d管稱重。（5）若樣品CxHyOz為0.0236g，實驗結束后，c管增重0.0108g，d管增重0.0352g。質譜測得該有機物的相對分子量為118，其分子式為_______。【答案】（1）①.通入一定的O2②.裝置氣密性③.b、a（2）①.為實驗提供氧化劑、提供氣流保證反應產物完全進入到U型管中②.CO+CuOCu+CO2（3）①.A②.C③.堿石灰可以同時吸收水蒸氣和二氧化碳（4）繼續(xù)吹入一定量的O2，冷卻裝置（5）C4H6O4【解析】【分析】利用如圖所示的裝置測定有機物中C、H兩種元素的含量，這是一種經典的李比希元素測定法，將樣品裝入Pt坩堝中，后面放置一CuO做催化劑，用于催化前置坩堝中反應不完全的物質，后續(xù)將產物吹入道兩U型管中，稱量兩U型管的增重計算有機物中C、H兩種元素的含量，結合其他技術手段，從而得到有機物的分子式?！拘?詳解】實驗前，應先通入一定的O2吹空石英管中的雜質氣體，保證沒有其他產物生成，而后將已U型管c、d與石英管連接，檢查裝置氣密性，隨后先點燃b處酒精燈后點燃a處酒精燈，保證當a處發(fā)生反應時產生的CO能被CuO反應生成CO2【小問2詳解】實驗中O2的作用有：為實驗提供氧化劑、提供氣流保證反應產物完全進入到U型管中；CuO的作用是催化a處產生的CO，使CO反應為CO2，反應方程式為CO+CuOCu+CO2【小問3詳解】有機物燃燒后生成的CO2和H2O分別用堿石灰和無水CaCl2吸收，其中c管裝有無水CaCl2，d管裝有堿石灰，二者不可調換，因為堿石灰能同時吸收水蒸氣和二氧化碳，影響最后分子式的確定；【小問4詳解】反應完全以后應繼續(xù)吹入一定量的O2，保證石英管中的氣體產物完全吹入兩U行管中，使裝置冷卻；【小問5詳解】c管裝有無水CaCl2，用來吸收生成的水蒸氣，則增重量為水蒸氣的質量，由此可以得到有機物中H元素的物質的量n(H)===0.0012mol；d管裝有堿石灰，用來吸收生成的CO2，則增重量為CO2的質量，由此可以得到有機物中C元素的物質的量n(C)===0.0008mol；有機物中O元素的物質的量為0.0128g，其物質的量n(O)===0.0008mol；該有機物中C、H、O三種元素的原子個數比為0.0008：0.0012：0.0008=2：3：2；質譜測得該有機物的相對分子質量為118，則其化學式為C4H6O4；【點睛】本實驗的重點在于兩U型管的擺放順序，由于CO2需要用堿石灰吸收，而堿石灰的主要成分為CaO和NaOH，其成分中的CaO也可以吸收水蒸氣，因此在擺放U型管位置時應將裝有堿石灰的U型管置于無水CaCl2之后，保證實驗結果。27.LiMn2O4作為一種新型鋰電池正極材料受到廣泛關注。由菱錳礦（MnCO3，含有少量Si、Fe、Ni、Al等元素）制備LiMn2O4的流程如下：已知：Ksp[Fe(OH)3]=2.8×10-39，Ksp[Al(OH)3]=1.3×10-33，Ksp[Ni(OH)2]=5.5×10-16?；卮鹣铝袉栴}：（1）硫酸溶礦主要反應的化學方程式為_______。為提高溶礦速率，可采取的措施_______(舉1例)。（2）加入少量MnO2的作用是_______。不宜使用H2O2替代MnO2，原因是_______。（3）溶礦反應完成后，反應器中溶液pH=4，此時c(Fe3+)=_______mol·L-1；用石灰乳調節(jié)至pH≈7，除去的金屬離子是_______。（4）加入少量BaS溶液除去Ni2+，生成的沉淀有_______。（5）在電解槽中，發(fā)生電解反應的離子方程式為_______。隨著電解反應進行，為保持電解液成分穩(wěn)定，應不斷_______。電解廢液可在反應器中循環(huán)利用。（6）緞燒窯中，生成LiMn2O4反應的化學方程式是_______?！敬鸢浮浚?）①.MnCO3+H2SO4=MnSO4+H2O+CO2↑②.粉碎菱錳礦（2）①.將Fe2+氧化為Fe3+②.Fe3+可以催化H2O2分解（3）①.2.8×10-9②.Al3+（4）BaSO4、NiS（5）①.Mn2++2H2OH2↑+MnO2↓+2H+②.加入Mn(OH)2（6）2Li2CO3+8MnO24LiMn2O4+2CO2↑+O2↑【解析】【分析】根據題給的流程，將菱錳礦置于反應器中，加入硫酸和MnO2，可將固體溶解為離子，將雜質中的Fe、Ni、Al等元素物質也轉化為其離子形式，同時，加入的MnO2可以將溶液中的Fe2+氧化為Fe3+；隨后將溶液pH調至制約等于7，此時，根據已知條件給出的三種氫氧化物的溶度積可以將溶液中的Al3+沉淀出來；隨后加入BaS，可以將溶液中的Ni2+沉淀，得到相應的濾渣；后溶液中含有大量的Mn2+，將此溶液置于電解槽中電解，得到MnO2，將MnO2與碳酸鋰共同煅燒得到最終產物LiMn2O4?！拘?詳解】菱錳礦中主要含有MnCO3，加入硫酸后可以與其反應，硫酸溶礦主要反應的化學方程式為：MnCO3+H2SO4=MnSO4+H2O+CO2↑；為提高溶礦速率，可以將菱錳礦粉碎；故答案為：MnCO3+H2SO4=MnSO4+H2O+CO2↑、粉碎菱錳礦。【小問2詳解】根據分析，加入MnO2作用是將酸溶后溶液中含有的Fe2+氧化為Fe3+，但不宜使用H2O2氧化Fe2+，因為氧化后生成的Fe3+可以催化H2O2分解，不能使溶液中的Fe2+全部氧化為Fe3+；故答案為：將Fe2+氧化為Fe3+、Fe3+可以催化H2O2分解?！拘?詳解】溶礦完成以后，反應器中溶液pH=4，此時溶液中c(OH-)=1.0×10-10mol·L-1，此時體系中含有的c(Fe3+)==2.8×10-9mol·L-1，這時，溶液中的c(Fe3+)小于1.0×10-5，認為Fe3+已經沉淀完全；用石灰乳調節(jié)至pH≈7，這時溶液中c(OH-)=1.0×10-7mol·L-1，溶液中c(Al3+)=1.3×10-12mol·L-1，c(Ni2+)=5.5×10-4mol·L-1，c(Al3+)小于1.0×10-5，Al3+沉淀完全，這一階段除去的金屬離子是Al3+；故答案為：2.8×10-9、Al3+?！拘?詳解】加入少量BaS溶液除去Ni2+，此時溶液中發(fā)生的離子方程式為BaS+Ni2++SO=BaSO4↓+NiS↓，生成的沉淀有BaSO4、NiS?！拘?詳解】在電解槽中，Mn2+發(fā)生反應生成MnO2，反應的離子方程式為Mn2++2H2OH2↑+MnO2↓+2H+；電解時電解液中Mn2+大量減少，H+大量增加，需要加入Mn(OH)2以保持電解液成分的穩(wěn)定；故答案為：Mn2++2H2OH2↑+MnO2↓+2H+、加入Mn(OH)2?！拘?詳解】煅燒窯中MnO2與Li2CO3發(fā)生反應生成LiMn2O4，反應的化學方程式為2Li2CO3+8MnO24LiMn2O4+2CO2↑+O2↑；故答案為：2Li2CO3+8MnO24LiMn2O4+2CO2↑+O2↑。28.硫酸亞鐵在工農業(yè)生產中有許多用途，如可用作農藥防治小麥黑穗病，制造磁性氧化鐵、鐵催化劑等?；卮鹣铝袉栴}：（1）在氣氛中，的脫水熱分解過程如圖所示：根據上述實驗結果，可知_______，_______。（2）已知下列熱化學方程式：則的_______。（3）將置入抽空的剛性容器中，升高溫度發(fā)生分解反應：(Ⅰ)。平衡時的關系如下圖所示。時，該反應的平衡總壓_______、平衡常數_______。隨反應溫度升高而_______(填“增大”“減小”或“不變”)。（4）提高溫度，上述容器中進一步發(fā)生反應(Ⅱ)，平衡時_______(用表示)。在時，，則_______，_______(列出計算式)?！敬鸢浮浚?）①.4②.1（2）(a+c-2b)（3）①.3②.③.增大（4）①.②.46.26③.【解析】【小問1詳解】由圖中信息可知，當失重比為19.4%時，轉化為，則，解之得=4；當失重比為38.8%時，轉化為，則，解之得y=1?！拘?詳解】①②③根據蓋斯定律可知，①+③-②2可得，則(a+c-2b)?！拘?詳解】將置入抽空的剛性容器中，升高溫度發(fā)生分解反應：(Ⅰ)。由平衡時的關系圖可知,時，，則，因此，該反應的平衡總壓3、平衡常數。由圖中信息可知，隨著溫度升高而增大，因此，隨反應溫度升高而增大?！拘?詳解】提高溫度，上述容器中進一步發(fā)生反應(Ⅱ)，在同溫同壓下，不同氣體的物質的量之比等于其分壓之比，由于僅發(fā)生反應(Ⅰ)時，則，因此，平衡時。在時，，則、，聯(lián)立方程組消去，可得，代入相關數據可求出46.26，則，。29.植物的氣孔由葉表皮上兩個具有特定結構的保衛(wèi)細胞構成。保衛(wèi)細胞吸水體積膨大時氣孔打開，反之關閉，保衛(wèi)細胞含有葉綠體，在光下可進行光合作用。已知藍光可作為一種信號促進保衛(wèi)細胞逆濃度梯度吸收K?．有研究發(fā)現(xiàn)，用飽和紅光（只用紅光照射時，植物達到最大光合速率所需的紅光強度）照射某植物葉片時，氣孔開度可達最大開度的60%左右?；卮鹣铝袉栴}。（1）氣孔的開閉會影響植物葉片的蒸騰作用、_______（答出2點即可）等生理過程。（2）紅光可通過光合作用促進氣孔開放，其原因是_______。（3）某研究小組發(fā)現(xiàn)在飽和紅光的基礎上補加藍光照射葉片，氣孔開度可進一步增大，因此他們認為氣孔開度進一步增大的原因是，藍光促進保衛(wèi)細胞逆濃度梯度吸收K＋。請推測該研究小組得出這一結論的依據是_______。（4）已知某種除草劑能阻斷光合作用的光反應，用該除草劑處理的葉片在陽光照射下氣孔_______（填“能”或“不能”）維持一定的開度?！敬鸢浮浚?）光合作用和呼吸作用（2）葉綠體中的葉綠素對紅光有較高的吸收峰值，紅光照射下保衛(wèi)細胞進行光合作用制造有機物，使保衛(wèi)細胞的滲透壓上升，細胞吸水膨漲，氣孔開放

（3）藍光作為信號能促進保衛(wèi)細胞逆濃度梯度吸收K＋，使保衛(wèi)細胞滲透壓上升，細胞吸水膨脹，氣孔張開（4）不能【解析】【分析】1、葉綠素主要吸收紅光和藍紫光，類胡蘿卜素主要吸收藍紫光2、氣孔既是CO2進出的場所，也是蒸騰作用的通道，氣孔張開既能增加蒸騰作用強度，又能保障CO2供應，使光合作用正常進行。【小問1詳解】氣孔是植物體與外界氣體交換的通道，光合作用、呼吸作用與蒸騰作用中氧氣、二氧化碳和水蒸氣都是經過氣孔進出植物葉肉細胞的，故氣孔開閉影響植物的光合作用、呼吸作用和蒸騰作用等生理過程?！拘?詳解】葉綠素主要吸收紅光和藍紫光。紅光照射下保衛(wèi)細胞進行光合作用制造的有機物，使細胞的滲透壓，促進保衛(wèi)細胞吸水，細胞體積膨漲，氣孔開放?！拘?詳解】題中顯示，藍光可作為一種信號促進保衛(wèi)細胞逆濃度梯度吸收K+，提高了細胞的滲透壓，保衛(wèi)細胞吸水能力增強，體積膨大，氣孔開放，因此，在飽和紅光的基礎上補加藍光照射葉片，氣孔開度可進一步增大?！拘?詳解】光反應可為暗反應的進行提供ATP和還原性氫，某種除草劑能阻斷光合作用的光反應，暗反應因缺少能量和還原性氫不能進行，導致光合速率下降，合成的有機物減少，導致保衛(wèi)細胞滲透壓下降，吸水能力下降，氣孔開度減小，故在使用除草劑的條件下，給與光照不能使氣孔維持一定的開度。30.人體心臟和腎上腺所受神經支配的方式如圖所示?；卮鹣铝袉栴}。（1）神經元未興奮時，神經元細胞膜兩側可測得靜息電位。靜息電位產生和維持的主要原因是_______。（2）當動脈血壓降低時，壓力感受器將信息由傳入神經傳到神經中樞，通過通路A和通路B使心跳加快。在上述反射活動中，效應器有_______。通路A中，神經末梢釋放的可作用于效應器并使其興奮的神經遞質是_______。（3）經過通路B調節(jié)心血管活動的調節(jié)方式有_______?！敬鸢浮浚?）鉀離子外流（2）①.傳出神經末梢及其支配的腎上腺和心肌

②.去甲腎上腺素（3）神經—體液調節(jié)【解析】【分析】1、靜息時，鉀離子大量外流，形成內負外正的靜息電位；受到刺激后，神經細胞膜的通透性發(fā)生改變，對鈉離子的通透性增大，鈉離子內流，形成內正外負的動作電位，興奮部位和非興奮部位形成電位差，產生局部電流，興奮傳導的方向與膜內電流方向一致。2、興奮在神經元之間需要通過突觸結構進行傳遞，突觸包括突觸前膜、突觸間隙、突觸后膜，其具體的傳遞過程為：興奮以電流的形式傳導到軸突末梢時，突觸小泡釋放遞質（化學信號），遞質作用于突觸后膜，引起突觸后膜產生膜電位（電信號），從而將興奮傳遞到下一個神經元?！拘?詳解】靜息時，神經細胞膜對鉀離子的通透性大，鉀離子大量外流，形成內負外正的靜息電位。【小問2詳解】效應器由傳出神經末梢及其支配的肌肉或腺體，則圖中的效應器為傳出神經末梢及其支配的腎上腺和心肌。通路A中，在突觸間以乙酰膽堿為神經遞質傳遞興奮，在神經元與心臟細胞之間以去甲腎上腺素為神經遞質傳遞興奮，其中只有去甲腎上腺素作用的是效應器（心臟），所以神經末梢釋放的可作用于效應器并使其興奮的神經遞質是去甲腎上腺素?！拘?詳解】通路B神經中樞通過控制腎上腺分泌腎上腺素調節(jié)心血管活動，有神經細胞的參與，也有內分泌腺的參與，所以經過通路B調節(jié)心血管活動的調節(jié)方式為神經-體液調節(jié)。31.農田生態(tài)系統(tǒng)和森林生態(tài)系統(tǒng)屬于不同類型的生態(tài)系統(tǒng)?；卮鹣铝袉栴}。（1）某農田生態(tài)系統(tǒng)中有玉米、蛇、蝗蟲、野兔、青蛙和鷹等生物，請從中選擇生物，寫出一條具有5個營養(yǎng)級的食物鏈：_______。（2）負反饋調節(jié)是生態(tài)系統(tǒng)自我調節(jié)能力的基礎。請從負反饋調節(jié)的角度分析，森林中害蟲種群數量沒有不斷增加的原因是_______。（3）從生態(tài)系統(tǒng)穩(wěn)定性的角度來看，一般來說，森林生態(tài)系統(tǒng)的抵抗力穩(wěn)定性高于農田生態(tài)系統(tǒng)，原因是_______?！敬鸢浮浚?）玉米→蝗蟲→青蛙→蛇→鷹（2）在森林中，當害蟲數量增加時，食蟲鳥增多，害蟲種群的增長就受到抑制（3）森林生態(tài)系統(tǒng)的生物種類多，食物網（營養(yǎng)結構）復雜，自我調節(jié)能力強【解析】【分析】食物鏈和食物網的分析：1、每條食物鏈的起點總是生產者，陽光不能納入食物鏈，食物鏈終點是不能被其他生物所捕食的動物，即最高營養(yǎng)級，食物鏈中間不能做任何停頓，否則不能算作完整的食物鏈。2、食物網中同一環(huán)節(jié)上所有生物的總和稱為一個營養(yǎng)級。3、同一種生物在不同食物鏈中可以占有不同的營養(yǎng)級。4、在食物網中，兩種生物之間的種間關系有可能出現(xiàn)不同的類型。5、食物網中，某種生物因某種原因而大量減少時，對另外一種生物的影響，沿不同食物鏈分析的結果不同時應以中間環(huán)節(jié)少為依據。6、食物網的復雜程度主要取決于有食物聯(lián)系的生物種類，而非取決于生物的數量?！拘?詳解】每條食物鏈的起點總是生產者，食物鏈終點是不能被其他生物所捕食的動物，即最高營養(yǎng)級，某農田生態(tài)系統(tǒng)中有玉米、蛇、蝗蟲、野兔、青蛙和鷹等生物，具有5個營養(yǎng)級的食物鏈為玉米→蝗蟲→青蛙→蛇→鷹。【小問2詳解】在森林中，當害蟲數量增加時，食蟲鳥也會增多，害蟲種群的增長就受到抑制，這屬于負反饋調節(jié)，它是生態(tài)系統(tǒng)自我調節(jié)能力的基礎。除了天敵增加，還有食物減少、種內競爭加劇，均可以作為負反饋的條件?！拘?詳解】森林生態(tài)系統(tǒng)的生物種類多，食物網（營養(yǎng)結構）復雜，自我調節(jié)能力強，故森林生態(tài)系統(tǒng)的抵抗力穩(wěn)定性高于農田生態(tài)系統(tǒng)。32.某種觀賞植物的花色有紅色和白色兩種?；ㄉ饕怯苫ò曛兴胤N類決定的，紅色色素是由白色底物經兩步連續(xù)的酶促反應形成的，第1步由酶1催化，第2步由酶2催化，其中酶1的合成由A基因控制，酶2的合成由B基因控制?，F(xiàn)有甲、乙兩個不同的白花純合子，某研究小組分別取甲、乙的花瓣在緩沖液中研磨，得到了甲、乙花瓣的細胞研磨液，并用這些研磨液進行不同的實驗。實驗一：探究白花性狀是由A或B基因單獨突變還是共同突變引起的①取甲、乙的細胞研磨液在室溫下靜置后發(fā)現(xiàn)均無顏色變化。②在室溫下將兩種細胞研磨液充分混合，混合液變成紅色。③將兩種細胞研磨液先加熱煮沸，冷卻后再混合，混合液顏色無變化。實驗二：確定甲和乙植株的基因型將甲的細胞研磨液煮沸，冷卻后與乙的細胞研磨液混合，發(fā)現(xiàn)混合液變成了紅色。回答下列問題。（1）酶在細胞代謝中發(fā)揮重要作用，與無機催化劑相比，酶所具有的特性是_______（答出3點即可）；煮沸會使細胞研磨液中的酶失去催化作用，其原因是高溫破壞了酶的_______。（2）實驗一②中，兩種細胞研磨液混合后變成了紅色，推測可能的原因是_______。（3）根據實驗二的結果可以推斷甲的基因型是_______，乙的基因型是_______；若只將乙的細胞研磨液煮沸，冷卻后與甲的細胞研磨液混合，則混合液呈現(xiàn)的顏色是_______?！敬鸢浮浚?）①.高效性、專一性、作用條件溫和②.空間結構（2）一種花瓣中含有酶1催化產生的中間產物，另一種花瓣中含有酶2，兩者混合后形成紅色色素

（3）①.AAbb②.aaBB③.白色【解析】【分析】由題干信息可知，甲、乙兩個不同的白花純合子，基因型是AAbb或aaBB。而根據實驗一可知，兩者基因型不同；根據實驗二可知，甲為AAbb，乙為aaBB?！拘?詳解】與無機催化劑相比，酶所具有的特性是高效性、專一性、作用條件溫和。高溫破壞了酶的空間結構，導致酶失活而失去催化作用?！拘?詳解】根據題干可知白花純合子的基因型可能是AAbb或aaBB，而甲、乙兩者細胞研磨液混合后變成了紅色，推測兩者基因型不同，一種花瓣中含有酶1催化產生的中間產物，另一種花瓣中含有酶2，兩者混合后形成紅色色素?！拘?詳解】實驗二的結果甲的細胞研磨液煮沸，冷卻后與乙的細胞研磨液混合，發(fā)現(xiàn)混合液變成了紅色，可知甲并不是提供酶2的一方，而是提供酶1催化產生的中間產物，因此基因型為AAbb，而乙則是提供酶2的一方，基因型為aaBB。若只將乙的細胞研磨液煮沸，冷卻后與甲的細胞研磨液混合，由于乙中的酶2失活，無法催化紅色色素的形成，因此混合液呈現(xiàn)的顏色是白色。（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題計分。33．[物理——選修3–3]（15分）（1）對于一定量的理想氣體，經過下列過程，其初始狀態(tài)的內能與末狀態(tài)的內能可能相等的是（）A.等溫增壓后再等溫膨脹B.等壓膨脹后再等溫壓縮C.等容減壓后再等壓膨脹D.等容增壓后再等壓壓縮E.等容增壓后再等溫膨脹【答案】ACD【解析】【詳解】A．對于一定質量的理想氣體內能由溫度決定，故等溫增壓和等溫膨脹過程溫度均保持不變，內能不變，故A正確；B．根據理想氣體狀態(tài)方程可知等壓膨脹后氣體溫度升高，內能增大，等溫壓縮溫度不變，內能不變，故末狀態(tài)與初始狀態(tài)相比內能增加，故B錯誤；C．根據理想氣體狀態(tài)方程可知等容減壓過程溫度降低，內能減??；等壓膨脹過程溫度升高，末狀態(tài)的溫度有可能和初狀態(tài)的溫度相等，內能相等，故C正確；D．根據理想氣體狀態(tài)方程可知等容增壓過程溫度升高；等壓壓縮過程溫度降低，末狀態(tài)的溫度有可能和初狀態(tài)的溫度相等，內能相等，故D正確；E．根據理想氣體狀態(tài)方程可知等容增壓過程溫度升高；等溫膨脹過程溫度不變，故末狀態(tài)的內能大于初狀態(tài)的內能，故E錯誤。故選ACD。（2）如圖，豎直放置的封閉玻璃管由管徑不同、長度均為的A、B兩段細管組成，A管的內徑是B管的2倍，B管在上方。管內空氣被一段水銀柱隔開。水銀柱在兩管中的長度均為?，F(xiàn)將玻璃管倒置使A管在上方，平衡后，A管內的空氣柱長度改變。求B管在上方時，玻璃管內兩部分氣體的壓強。（氣體溫度保持不變，以為壓強單位）【答案】，【解析】【詳解】設B管在上方時上部分氣壓為pB，則此時下方氣壓為pA，此時有倒置后A管氣體壓強變小，即空氣柱長度增加1cm，A管中水銀柱減小1cm，A管的內徑是B管的2倍，則可知B管水銀柱增加4cm，空氣柱減小4cm；設此時兩管的壓強分別為、，所以有倒置前后溫度不變，根據玻意耳定律對A管有對B管有其中聯(lián)立以上各式解得34．[物理——選修3–4]（15分）（1）一列簡諧橫波沿x軸傳播，圖（a）是時刻的波形圖；P是介質中位于處的質點，其振動圖像如圖（b）所示。下列說法正確的是（）A.波速為B.波向左傳播C.波的振幅是D.處的質點在時位于平衡位置E.質點P在0~7s時間內運動的路程為【答案】ABE【解析】【詳解】A．由圖a可知波長為4m，由圖b可知波的周期為2s，則波速為故A正確；B．由圖b可知t=0時，P點向下運動，根據“上下坡”法可知波向左傳播，故B正確；C．由圖a可知波的振幅為5cm，故C錯誤；DE．根據圖a可知t=0時x=3m處的質點位于波谷處，由于可知在t=7s時質點位于波峰處；質點P運動的路程為故D錯誤，E正確；故選ABE。（2）如圖，一折射率為的棱鏡的橫截面為等腰直角三角形，，BC邊所在底面上鍍有一層反射膜。一細光束沿垂直于BC方向經AB邊上的M點射入棱鏡，若這束光被BC邊反射后恰好射向頂點A，求M點到A點的距離。【答案】【解析】【詳解】由題意可知做出光路圖如圖所示光線垂直于BC方向射入，根據幾何關系可知入射角為45°；由于棱鏡折射率為，根據有則折射角為30°；，因為，所以光在BC面的入射角為根據反射定律可知根據幾何關系可知，即為等腰三角形，則又因為與相似，故有由題知聯(lián)立可得所以M到A點的距離為35．[化學——選修3：物質結構與性質]（15分）中國第一輛火星車“祝融號”成功登陸火星。探測發(fā)現(xiàn)火星上存在大量橄欖石礦物()?；卮鹣铝袉栴}：（1）基態(tài)原子的價電子排布式為_______。橄欖石中，各元素電負性大小順序為_______，鐵的化合價為_______。（2）已知一些物質的熔點數據如下表：物質熔點/℃800.7與均為第三周期元素，熔點明顯高于，原因是_______。分析同族元素的氯化物、、熔點變化趨勢及其原因_______。的空間結構為_______，其中的軌道雜化形式為_______。（3）一種硼鎂化合物具有超導性能，晶體結構屬于立方晶系，其晶體結構、晶胞沿c軸的投影圖如下所示，晶胞中含有_______個。該物質化學式為_______，B-B最近距離為_______?！敬鸢浮浚?）①.②.O＞Si＞Fe＞Mg③.+2（2）①.鈉的電負性小于硅，氯化鈉為離子晶體，而為分子晶體②.隨著同族元素的電子層數的增多，其熔點依次升高，其原因是：、、均形成分子晶體，分子晶體的熔點由分子間作用力決定，分子間作用力越大則其熔點越高；隨著其相對分子質量增大，其分子間作用力依次增大③.正四面體④.（3）①.1

②.③.【解析】【小問1詳解】為26號元素，基態(tài)原子的價電子排布式為。元素的金屬性越強，其電負性越小，元素的非金屬性越強則其電負性越大，因此，橄欖石()中，各元素電負性大小順序為O＞Si＞Fe＞Mg；因為中、、的化合價分別為+2、+4和-2，x+2-x=2，根據化合物中各元素的化合價的代數和為0，可以確定鐵的化合價為+2?！拘?詳解】與均為第三周期元素，熔點明顯高于，原因是：鈉的電負性小于硅，氯化鈉為離子晶體，其熔點較高；而為分子晶體，其熔點較低。由表中的數據可知，、、熔點變化趨勢為：隨著同族元素的電子層數的增多，其熔點依次升高，其原因是：、、均形成分子晶體，分子晶體的熔點由分子間作用力決定，分子間作用力越大則其熔點越高；隨著其相對分子質量增大，其分子間作用力依次增大。的空間結構為正四面體，其中的價層電子對數為4，因此的軌道雜化形式為?！拘?詳解】由硼鎂化合物的晶體結構可知位于正六棱柱的頂點和面心，由均攤法可以求出正六棱柱中含有個，由晶胞沿c軸的投影圖可知本題所給晶體結構包含三個晶胞，則晶胞中Mg的個數為1；晶體結構中在正六棱柱體內共6個，則該物質的化學式為；由晶胞沿c軸的投影圖可知，B原子在圖中兩個正三角形的重心，該點到頂點的距離是該點到對邊中點距離的2倍，頂點到對邊的垂線長度為，因此B-B最近距離為。36．[化學——選修5：有機化學基礎]（15分）奧培米芬(化合物J)是一種雌激素受體調節(jié)劑，以下是一種合成路線(部分反應條件己簡化)。已知：回答下列問題：（1）A中含氧官能團的名稱是_______。（2）C的結構簡式為_______。（3）D的化學名稱為_______。（4）F的核磁共振譜顯示為兩組峰，峰面積比為1∶1，其結構簡式為_______。（5）H的結構簡式為_______。（6）由I生成J的反應類型是_______。（7）在D的同分異構體中，同時滿足下列條件的共有_______種；①能發(fā)生銀鏡反應；②遇FeCl3溶液顯紫色；③含有苯環(huán)。其中，核磁共振氫譜顯示為五組峰、且峰面積比為2∶2∶2∶1∶1同分異構體的結構簡式為_______?！敬鸢浮浚?）醚鍵和羥基（2）（3）苯乙酸（4）（5）（6）還原反應（7）①.13②.【解析】【分析】有機物A與有機物B發(fā)生反應生成有機物C，有機物C與有機物D在多聚磷酸的條件下反應生成有機物E，根據有機物E的結構可以推測，有機物C的結構為，進而推斷出有機物D的結構為；有機物E與有機物F反應生成有機物G，有機物G根據已知條件發(fā)生反應生成有機物H，有機物H的結構為，有機物H發(fā)生兩步反應得到目標化合物J(奧培米芬)；據此分析解題。【小問1詳解】根據有機物A的結構，有機物A中的含氧官能團是醚鍵和羥基。【小問2詳解】根據分析，有機物C的結構簡式為?！拘?詳解】根據分析，有機物D的結構為，其化學名稱為苯乙酸。【小問4詳解】有機物F的核磁共振氫譜顯示未兩組峰，封面積比為1：1，說明這4個H原子被分為兩組，且物質應該是一種對稱的結構，結合有機物F的分子式可以得到，有機物F的結構簡式為。【小問5詳解】根據分析，有機物H的結構簡式為。【小問6詳解】根據流程，有機物I在LiAlH4/四氫呋喃的條件下生成有機物J，LiAlH4是一種非常強的還原劑能將酯基中的羰基部分還原為醇，該反應作用在有機物I的酯基上得到醇，因此該反應為還原反應。【小問7詳解】能發(fā)生銀鏡反應說明該結構中含有醛基，能遇FeCl3溶液顯紫色說明該結構中含有酚羥基，則滿足這三個條件的同分異構體有13種。此時可能是情況有，固定醛基、酚羥基的位置處在鄰位上，變換甲基的位置，這種情況下有4種可能；固定醛基、酚羥基的位置處在間位上，變換甲基的位置，這種情況下有4種可能；固定醛基、酚羥基的位置處在對位上，變換甲基的位置，這種情況下有2種可能；將醛基與亞甲基相連，變換酚羥基的位置，這種情況下有3種可能，因此滿足以上條件的同分異構體有4+4+2+3=13種。其中，核磁共振氫譜顯示為五組峰，且峰面積比為2：2：2：1：1，說明這總同分異構體中不能含有甲基且結構為一種對稱結構，因此，這種同分異構體的結構簡式為：。37．[生物——選修1：生物技術實踐]（15分）某研究小組設計了一個利用作物秸稈生產燃料乙醇的小型實驗。其主要步驟是：先將粉碎的作物秸稈堆放在底部有小孔的托盤中，噴水浸潤、接種菌T，培養(yǎng)一段時間后，再用清水淋洗秸稈堆（清水淋洗時菌T不會流失），在裝有淋洗液的瓶中接種酵母菌，進行乙醇發(fā)酵（酒精發(fā)酵）。實驗流程如圖所示?；卮鹣铝袉栴}（1）在粉碎的秸稈中接種菌T，培養(yǎng)一段時間后發(fā)現(xiàn)菌T能夠將秸稈中的纖維素大量分解，其原因是_______。（2）采用液體培養(yǎng)基培養(yǎng)酵母菌，可以用淋洗液為原料制備培養(yǎng)基，培養(yǎng)基中還需要加入氮源等營養(yǎng)成分，氮源的主要作用是_______（答出1點即可）。通常，可采用高壓蒸汽滅菌法對培養(yǎng)基進行滅菌。在使用該方法時，為了達到良好的滅菌效果，需要注意的事項有_______（答出2點即可）。（3）將酵母菌接種到滅