2022-2023學年山東省煙臺市中英文學校高二物理模擬試卷含解析

2022-2023學年山東省煙臺市中英文學校高二物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.在下列各圖中，已標出了磁場B的方向、通電直導線中電流I的方向，以及通電直導線所受安培力F的方向，其中符合左手定則的是（

）參考答案：D2.在雙縫干涉實驗中，圖甲是用綠光進行實驗時，屏上觀察到的條紋情況，a處為中央亮條紋，圖乙是換用另一種顏色的單色光進行實驗時，屏上觀察到的條紋情況，a處仍為中央亮條紋，則以高￥考^資@源*網(wǎng)下說法中正確的是：

（

）A．圖乙可能是用紅光實驗產生的條紋，表明紅光波長較長圖乙可能是用紫光實驗產生的條紋，表明紫光波長較長C．圖乙可能是用紫光實驗產生的條紋，表明紫光波長較短D．圖乙可能是用紅光實驗產生的條紋，表明紅光波長較短參考答案：A3.有兩只額定電壓都是110伏的燈泡A和B，A的額定功率是100瓦，B的額定功率是40瓦．為了使它們接在220伏的電路中仍能正常發(fā)光，電路消耗的功率又最省，圖2-45所示中最合理的接法是:(

C

)參考答案：4.（多選題）如圖所示，一束復色光a從空氣中以入射角α射向半球形玻璃磚球心O，在界面MN上同時發(fā)生反射和折射，分為b、c、d三束單色光，b為反射光，c、d為折射光，下列說法正確的是（）A．d光的光子能量大于c光的光子能量B．d光的在玻璃中的波長大于c光在玻璃中的波長C．入射角α逐漸增大時，b光束的能量逐漸增強，c、d光束的能量逐漸減弱D．若c光是氫原子從n=3的能級向n=2的能級躍遷時產生的，則d光可能是氫原子從n=4的能級向n=2的能級躍遷時產生的參考答案：BC【考點】光的折射定律．【分析】根據(jù)c、d光線的折射情況，判斷出它們折射率的大小關系，從而確定它們的波長、頻率關系，由E=hγ判斷光子能量關系．入射角α逐漸增大時，反射光增強，折射光減弱．結合玻爾理論分析．【解答】解：A、根據(jù)光路圖可知，c光和d光的入射角相等，而d光的折射角小于c光的折射角，根據(jù)折射定律=，知c光折射率大于d光折射率，即有：nc＞nd，根據(jù)折射率和波長、頻率關系有：λd＞λc，γc＞γd．所以d光r的光子能量小于c光的光子能量，故A錯誤；B、d光的頻率小，波長大，則d光在玻璃中波長大于c光波長，故B正確；C、入射角α逐漸增大時，根據(jù)實驗規(guī)律知b光束的能量逐漸增強，c、d光束的能量逐漸減弱．故C正確；D、由于d光的光子能量小于c光的光子能量，而從n=4的能級直接向n=2的能級躍的光子能量大于從n=3的能級向n=2的能級躍遷時產生的光子能量，故D錯誤；故選：BC5.（單選）電磁波與機械波具有的共同性質是（

）A.都能傳輸能量 B.都能在真空中傳播

C.都是橫波

D.都具有恒定的波速參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖10所示，勻強磁場的磁感應強度B=0.1T，導體ab可在平行金屬導軌上自由滑動，導軌寬cd=0.2m．若導體ab以v=10m/s的速度向右勻速運動，則ab中的感應電動勢的大小為________V，通過ab中的感應電流的方向為_______（選填“a至b”或“b至a”）．參考答案：0.2

b至a7.某電容器上標有“220V

300μF”，300μF＝________F參考答案：8.如圖所示，有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的粒子，從極板左側中央以相同的水平速度v先后垂直地射入勻強電場中。分別落在正極板的a、b、c處，粒子所受重力不能忽略，則可知粒子a、b、c三個粒子在電場中的加速度有aa

ab

ac。（填＜，＞或=）

參考答案：＜，＜9.參考答案：，10.（5分）我們在觀察日蝕時看到的太陽大小，相當于一個籃球（直徑約為24cm）放到眼睛

m處所看到的大小。參考答案：27.511.氣墊導軌是常用的一種實驗儀器．它是利用氣泵使帶孔的導軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導軌上，滑塊在導軌上的運動可視為沒有摩擦．我們可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導軌以及滑塊A和B來驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示（彈簧的長度忽略不計），采用的實驗步驟如下：A．用天平分別測出滑塊A、B的質量mA、mB；B．調整氣墊導軌，使導軌處于水平；C．在A和B間放入一個被壓縮的輕彈簧，用電動卡銷鎖定，靜止地放置在氣墊導軌上；D．用刻度尺測出A的左端至C板的距離L1．E．按下電鈕放開卡銷，同時使分別記錄滑塊A、B運動時間的計時器開始工作．當A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時停止計時，記下A、B分別到達C、D的運動時間t1和t2．本實驗中還應測量的物理量是

，利用上述測量的實驗數(shù)據(jù)，驗證動量守恒定律的表達式是

．參考答案：B的右端至D板的距離L2；=【考點】驗證動量守恒定律．【分析】本題的關鍵是列出A、B系統(tǒng)的動量守恒定律表達式，再結合速度與位移的關系即可求解．【解答】解：對A與B組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律應有=再由=，=，其中是B的右端至D板的距離，所以實驗還應測量出B的右端至D板的距離L2即動量守恒定律的表達式應為=故答案為：B的右端至D板的距離L2；=12.（4分）一個200匝、面積20cm2的圓線圈，放在勻強磁場中，磁場的方向與線圈平面成30°角，磁感應強度在0.05s內由O.1T增加到0.5T。在此過程中，穿過線圈的磁通量變化量是________，磁通量的平均變化率是________，線圈中感應電動勢的大小為________。參考答案：4×10-4Wb

8×10-3Wb/s

1.6V13.如圖所示,蜘蛛在地面與豎直墻壁之間結網(wǎng)，蛛絲AB與水平地面之間的夾角為45°,A點到地面的距離為1m,已知重力加速度g取1Om/s2,空氣阻力不計,若蜘蛛從豎直墻上距地面0.8m的C點以水平速度v0跳出，要到達蛛絲,水平速度v0至少為

m/s參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.用螺旋測微器測一矩形小零件的長和寬時，螺旋測微器上的示數(shù)如圖所示，（a）的讀數(shù)是

mm，（b）的讀數(shù)是

mm．參考答案：8.470，6.570【考點】螺旋測微器的使用．【分析】螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；注意判斷0.5毫米刻度線是否出現(xiàn)的方法：若可動刻度的“0”在固定刻度上方，則沒有露出，若在下方則說明已經(jīng)露出．【解答】解：a固定刻度的讀數(shù)為：8mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×47.0mm=0.470mm，所以最終讀數(shù)為：8mm+0.470mm=8.470mm．b固定刻度的讀數(shù)為：6.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×7.0mm=0.070mm，所以最終讀數(shù)為：6.5mm+0.070mm=6.570mm．故答案為：8.470，6.57015.（12分）“用單擺測定重力加速度”的實驗問題1：如果測出的重力加速度數(shù)值偏大，其原因可能是_______A．振幅較小

B．測擺長時，只測出了擺線的長度C．數(shù)振動次數(shù)時，少計了一次

D．數(shù)振動次數(shù)時，多計了一次問題2：在做實驗中，下面所給的器材中不需要的是_______A．帶毫米刻度的米尺

B．天平

C．游標卡尺

D．秒表問題3：在實驗中，如測出擺線長為L，小球直徑為D，n次全振動的時間為t，則當?shù)氐闹亓铀俣萭等于_______.(用以上字母表示)，為了減小測量周期的誤差，應在_______位置開始計時和結束計時。問題4：有兩個同學利用假期分別去參觀北大和南大的物理實驗室，各自在那里利用先進的DIS系統(tǒng)較準確地探究了“單擺的周期T與擺長L的關系”，他們通過校園網(wǎng)交換實驗數(shù)據(jù)，并由計算機繪制了T2～L圖象，如圖甲所示，去北大的同學所測實驗結果對應的圖線是

（選填“A”或“B”）。另外，在南大做探究的同學還利用計算機繪制了兩種單擺的振動圖象（如圖乙），由圖可知，兩單擺擺長之比La：Lb＝

。參考答案：D，B，，平衡，B，4：9四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖20所示，在0≤x≤a、o≤y≤a/2范圍內有垂直于xy平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B。坐標原點O處有一個粒子源，在某時刻發(fā)射大量質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，它們的速度大小相同，速度方向均在xy平面內，與y軸正方向的夾角分布在0～900范圍內。己知粒子在磁場中做圓周運動的半徑介于a/2到a之間，從發(fā)射粒子到粒子全部離開磁場經(jīng)歷的時間恰好為粒子在磁場中做圓周運動周期的四分之一。求最后離開磁場的粒子從粒子源射出時的(1)速度大??；(2)速度方向與y軸正方向夾角正弦。參考答案：17.如圖甲所示，兩根足夠長的平行光滑金屬導軌固定放置在水平面上，間距L=0.2m，一端通過導線與阻值為R=1Ω的電阻連接；導軌上放一質量為m=0.5kg的金屬桿，金屬桿與導軌的電阻均忽略不計．整個裝置處于豎直向上的大小為B=0.5T的勻強磁場中．現(xiàn)用與導軌平行的拉力F作用在金屬桿上，金屬桿運動的v﹣t圖象如圖乙所示．（取重力加速度g=10m/s2）求：（1）t=10s時拉力的大小及電路的發(fā)熱功率．（2）在0～10s內，通過電阻R上的電量．參考答案：解：（1）由v﹣t圖象可知：a===0.4m/s2…①由圖可知，t=10s時，v=4m/s由牛頓第二定律，得：F﹣F安=ma…②又F安=BIL…③E=BLv…④I=…⑤v=at…⑥聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得：F=+ma=+0.5×0.4=0.24N…⑦電路的發(fā)熱功率為P====0.16W…⑧（2）由q=△t…⑨=…⑩=…（11）△Φ=B△S=BL…（12）聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)得：q====2C答：（1）t=10s時拉力的大小是0.24N，電路的發(fā)熱功率是0.16W．（2）在0～10s內，通過電阻R上的電量是2C．【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；牛頓第二定律．【分析】（1）速度圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學知識求出加速度．根據(jù)牛頓第二定律和法拉第電磁感應定律、歐姆定律