2021屆北京市高考物理四模試卷附答案詳解

2021屆北京市高考物理四模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.以下說(shuō)法中，不正確的是（）

A.電磁波譜包括無(wú)線電波、微波、紅外線、可見(jiàn)光、紫外線、X射線、y射線

B.牛頓環(huán)是簿膜干涉的結(jié)果，當(dāng)用頻率更高的單色光照射時(shí)，同級(jí)牛頓環(huán)半徑將會(huì)變大

C.遙遠(yuǎn)星系所生成的光譜都呈現(xiàn)“紅移”，即光譜線都向紅色部分移動(dòng)了一段距離，由此現(xiàn)象

可知宇宙在膨脹

D.麥克爾孫-莫雷實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣

2.現(xiàn)在有一群氫原子處于量子數(shù)n=3的激發(fā)態(tài)，則這些氫原子能發(fā)出幾條光譜線（）

A.1B.2C.3D.4

3.下列說(shuō)法正確的是（）

A.波長(zhǎng)最短的電磁輻射是X射線

B.實(shí)現(xiàn)靜電屏蔽一定要用密封的金屬容器

C.光的波動(dòng)性是光子自身固有的性質(zhì)

D.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度除與溫度有關(guān)外，還與物體的材料等有關(guān)

4.如圖所示，上端開(kāi)口的圓柱形導(dǎo)熱氣缸豎直放置，一定質(zhì)量的理想氣體被光滑活n11

塞封閉在氣缸內(nèi)，設(shè)環(huán)境的大氣壓保持不變，若外界溫度逐漸升高，則缸內(nèi)的氣

A.氣體的體積增大，內(nèi)能減小B.氣體的體積增大，吸收熱量

C.氣體的體積不變，內(nèi)能增大D.氣體的體積不變，放出熱量

5.“太空涂鴉”技術(shù)就是使低軌運(yùn)行的攻擊衛(wèi)星在接近高軌偵查衛(wèi)星時(shí)，準(zhǔn)確計(jì)算軌道向其發(fā)射

“漆霧”彈，并在臨近偵查衛(wèi)星時(shí)，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開(kāi)并噴向偵查衛(wèi)星，噴散后強(qiáng)力

吸附在偵查衛(wèi)星的偵察鏡頭、太陽(yáng)能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時(shí)失效.下列

說(shuō)法正確的是（）

A.攻擊衛(wèi)星在軌運(yùn)行速率大于7.9km/s

B.攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的速度比偵查衛(wèi)星的速度小

C.攻擊衛(wèi)星完成“太空涂鴉”后應(yīng)減速才能返回低軌道上

D.若攻擊衛(wèi)星周期已知，結(jié)合萬(wàn)有引力常量就可計(jì)算出地球質(zhì)量

6.如圖甲所示，為一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖.圖乙表示該波傳播的介質(zhì)中

x=2m處的質(zhì)點(diǎn)a從t=0時(shí)刻起的振動(dòng)圖象.則下列說(shuō)法正確的是（）

A.t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)方向?yàn)閥軸正方向

B.波沿x軸負(fù)方向傳播

C.t=0.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移沿y軸正方向

D.t=0.25s時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)b的加速度沿y軸負(fù)方向

7.質(zhì)量為m、帶電量為+q的物體處于豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，現(xiàn)將物體從距地面無(wú)高處以一定的

初速度豎直下拋，物體以g/4的加速度勻加速下落，已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=/ng/4q.則物體從

拋出到落到地面的過(guò)程中（）

A.物體與周?chē)諝饨M成的系統(tǒng)內(nèi)能增加了等

B.物體的機(jī)械能少哼

C.物體的重力勢(shì)能減少zngh/4,電勢(shì)能減少等

D.物體的動(dòng)能增加了胃

8.一條豎直放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線，通有由上而下的電流，它產(chǎn)生的磁場(chǎng)在它正北方某處的磁感應(yīng)強(qiáng)度

與地磁場(chǎng)在該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，設(shè)地磁場(chǎng)方向水平向北，則該處的磁場(chǎng)方向?yàn)椋ǎ?/p>

（電表均為理想電表）。關(guān)于電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)/與壓力F之間的關(guān)系，下列說(shuō)法正確的是

()

A.若壓力尸增大，則U變小，/變小

B.若壓力F減小，則U變小，/變大

C.若壓力尸減小，則U變大，/變小

D.若壓力尸增大，則U變大，/變大

10.關(guān)于溫度、熱量、功、內(nèi)能，以下說(shuō)法正確的是（）

A.同一物體溫度高時(shí)，含有的熱量多

B.物體的內(nèi)能越大，含有的熱量就越多，溫度也越高

C.外界對(duì)系統(tǒng)做功W,內(nèi)能必定增加W

D.熱量總是從溫度高的物體傳給溫度低的物體

11.人握住旗桿往上爬，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.人受的摩擦力的方向是向上的

B.人受的摩擦力的方向是向下的

C.人受的摩擦力是滑動(dòng)摩擦力

D.人握旗桿用力越大，人受的摩擦力也越大

12.如圖，粗細(xì)均勻的正方形金屬線框MNPQ,邊長(zhǎng)為1m,每邊電阻均為

in,固定在磁感應(yīng)強(qiáng)度為次的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直。

現(xiàn)將MQ兩端通過(guò)導(dǎo)線與電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻不計(jì)的直流電源連接，則

閉合S后金屬線框受到的安培力大小為（）

A.0B.INC.3ND.4N

13.一物體靜止在粗糙斜面上，現(xiàn)用一大小為巴的水平拉力拉動(dòng)物體,

經(jīng)過(guò)時(shí)間t后其速度變?yōu)槿魧⑺嚼Φ拇笮「臑槭?,物體從

靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)時(shí)間t后速度變?yōu)?也對(duì)于上述兩個(gè)過(guò)程.用AE/i，

△E/2分別表示前后兩次物體增加的機(jī)械能，AEpi，4琢2分別表示前后兩次物體增加的重力勢(shì)

能，貝4（）

△△

EJ2=2EJ19△Ep2=2△EP1

B.△Ej2>2△Eji,△Ep2>2△Epi

C.△%=4△E/i，△Ep2<△Epi

D.△鳥(niǎo)2V4△Eji，△Ep2=2△EP1

14.一個(gè)鋼球在水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)，在其經(jīng)過(guò)的路徑旁放一塊磁

鐵，則鋼球的運(yùn)動(dòng)路徑就發(fā)生改變，如圖所示.由此可知（）

A.當(dāng)物體受到外力作用時(shí)，其運(yùn)動(dòng)方向一定發(fā)生改變

B.當(dāng)物體受到外力作用時(shí)，其慣性就消失了

C.當(dāng)物體所受合力的方向與初速度方向不同時(shí)，其運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變

D.當(dāng)物體所受合力的方向與初速度方向垂直時(shí)，其運(yùn)動(dòng)方向才發(fā)生改變

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共18.0分)

15.在“探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中。

(1)如圖1所示為兩種常用的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，其中工作電壓需要交流220V的是(選填“4”或

“B”)。

4電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

B.電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

(2)某同學(xué)安裝好實(shí)驗(yàn)器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，接通電源釋放小車(chē)瞬間如圖2所示，請(qǐng)指出實(shí)驗(yàn)操作不足之處

、(至少指出兩處)。

(3)某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)，得到了一條紙帶如圖3所示，從比較清晰的點(diǎn)起，每五個(gè)打印點(diǎn)取一個(gè)點(diǎn)作為

計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)明0、1、2、3、4,量得X1=30.0mm,x2=36.0mm>x3=42.0mm>x4=48.0mm,

則小車(chē)通過(guò)2點(diǎn)時(shí)的速度為m/s,小車(chē)的加速度為m/s2(計(jì)算結(jié)果均保留兩位有

效數(shù)字)。

(4)甲、乙兩同學(xué)用同一裝置做探究實(shí)驗(yàn)，畫(huà)出了各自如圖4所示的a-F的圖象，從圖象可知兩個(gè)同

學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)的取值不同，其中同學(xué)的取值較大。

(5)在研究加速度a與小車(chē)的質(zhì)量M的關(guān)系時(shí)，由于沒(méi)有注意始終滿(mǎn)足M遠(yuǎn)大于m的條件，結(jié)果得到的

16.如圖為ip/ioneXs-Max手機(jī)電池的參數(shù)標(biāo)識(shí)，上有“3.80V12.08W/T、“3174nM/T等數(shù)據(jù)。

(1)關(guān)于題中三個(gè)數(shù)據(jù)，下面說(shuō)法中正確的是(多選)。

人手機(jī)電池電動(dòng)勢(shì)開(kāi)機(jī)時(shí)是3.80叭關(guān)機(jī)時(shí)為0

B.“12.08VWT中IV/i是能量單位

C.“3174??L4/I”中nM/i是能量單位

D“3174m4/i”中m//i是電量單位

（2）小明同學(xué)為了檢驗(yàn)電池電動(dòng)勢(shì)，用多用電表的直流電壓10U擋位進(jìn)行測(cè)量，測(cè)量時(shí)紅表筆應(yīng)接電

池的（填正或負(fù)）極，指針?biāo)溉鐖D甲所示，電表讀數(shù)為V,如果圖示是電表采用“X

10”歐姆擋位測(cè)電阻時(shí)的讀數(shù)，則電阻為n.

（3）小明同學(xué)查閱至IJXs-max視頻無(wú)線播放最長(zhǎng)可達(dá)15個(gè)小時(shí)，有些手機(jī)特別耗電可能是電池內(nèi)阻

過(guò)大的原因，小明同學(xué)為了測(cè)量該型號(hào)手機(jī)電池內(nèi)阻，采用了圖乙的原理進(jìn)行測(cè)量，實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)

移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí)，電流表示數(shù)變化很大而電壓表示數(shù)變化很小，下列說(shuō)法正確的是

（多選）。

A.該型號(hào)手機(jī)電池的內(nèi)阻很大

B.該型號(hào)手機(jī)電池的內(nèi)阻很小

C.為方便實(shí)驗(yàn)可在M處加一定值電阻

。.為方便實(shí)驗(yàn)可在N處加一定值電阻

,___i-U

bR小

-----------?—\

皿（AVv-n飛

—：%占LJ.V_1

甲圖乙陽(yáng)

三、計(jì)算題（本大題共3小題，共28.0分）

17.將質(zhì)量為m的球由高八處水平拋出，求從拋出到落地的過(guò)程中，小球的動(dòng)量變化.

18.兩根金屬導(dǎo)軌平行放置在傾角為9=30。的斜面上，導(dǎo)軌底端接有電

阻R=80,導(dǎo)軌自身電阻忽略不計(jì).勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于斜面向上，磁感

強(qiáng)度B-0.5T.質(zhì)量為m—0.1kg,電阻r=20的金屬棒ab由靜止釋放,

沿導(dǎo)軌下滑.如圖所示，設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，導(dǎo)軌寬度L=2m,金屬棒ab

下滑過(guò)程中始終與導(dǎo)軌接觸良好，當(dāng)金屬棒下滑九=36時(shí)，速度恰

好達(dá)到最大速度2M/S,求此過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的熱量？(g取lOrn/s?)

19.如圖所示，質(zhì)量為m=0.2kg的小物體放在光滑的;圓弧上端，圓弧半徑R=55c機(jī)，下端接一長(zhǎng)

為1巾的水平軌道4B,最后通過(guò)極小圓弧與傾角a=37°的斜面相接，已知物體與水平面和斜面

軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.1,將物體無(wú)初速度釋放，求：

(1)物體第一次滑到圓弧底端4時(shí)對(duì)圓弧的壓力為多少？

(2)物體第一次滑到水平軌道與右側(cè)斜面軌道交接處8時(shí)的速度大?。?/p>

(3)物體第一次滑上右側(cè)斜軌道的最大高度.(取g=10m/s2,cos37°=0.8,sin37。=0.6)

四、綜合題(本大題共1小題，共12.0分)

20.如圖所示，在以角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平圓盤(pán)上放一質(zhì)量m的滑塊，滑

塊到轉(zhuǎn)軸的距離r,滑塊跟隨圓盤(pán)一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)(兩者未發(fā)生相

對(duì)滑動(dòng))。求：

(1)圓盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)周期；

(2)滑塊運(yùn)動(dòng)的線速度大??；

(3)滑塊受到的向心力大小

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：4、依照波長(zhǎng)的長(zhǎng)短的不同，電磁波譜可大致分為：無(wú)線電波，微波，紅外線，可見(jiàn)光,

紫外線，倫琴射線，y射線（伽馬射線）.故A正確.

8、牛頓環(huán)是簿膜干涉的結(jié)果，當(dāng)用頻率更高的單色光照射時(shí)，波長(zhǎng)變小，同級(jí)環(huán)的半徑將會(huì)變小.故

B錯(cuò)誤.

C、科學(xué)家們發(fā)現(xiàn)了紅移現(xiàn)象，即光譜線都向紅色部分移動(dòng)了一段距離，根據(jù)多普勒效應(yīng)的理論可知

這些星球都在遠(yuǎn)離地球.即宇宙在膨脹.故C正確.

。、麥克耳孫一莫雷實(shí)驗(yàn)證明愛(ài)因斯坦相對(duì)論光速不變?cè)硎钦_的，即不論光源與觀察者做怎樣的

相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣的.故。正確.

本題選擇錯(cuò)誤的，故選股

電磁波譜包括無(wú)線電波、微波、紅外線、可見(jiàn)光、紫外線、X射線、y射線.牛頓環(huán)是簿膜干涉的結(jié)

果，當(dāng)用頻率更高的單色光照射時(shí)，同級(jí)環(huán)的半徑將會(huì)變小.遙遠(yuǎn)星系所生成的光譜都呈現(xiàn)“紅移”，

即光譜線都向紅色部分移動(dòng)了一段距離，根據(jù)多普勒效應(yīng)的理論由此現(xiàn)象可知宇宙在膨脹.麥克耳

孫-莫雷實(shí)驗(yàn)表明：不論光源與觀察者做怎樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，光速都是一樣.

本題考查了波動(dòng)部分的基本知識(shí).電磁波譜、光的干涉、光的多普勒效應(yīng)、愛(ài)因斯坦的狹義相對(duì)論，

要加深理解，強(qiáng)化記憶.

2.答案：C

解析：

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式鬃求出一群氫原子處于量子數(shù)n=3的激發(fā)態(tài)，可能發(fā)出的光譜線條數(shù)。

解決本題的關(guān)鍵原子的能量是量子化，能級(jí)差也是量子化的，不同的能級(jí)躍遷發(fā)出的光子頻率不同。

根據(jù)廢=3知，這些氫原子可能發(fā)出3條光譜線。故C正確，4、B、。錯(cuò)誤。

故選C。

3.答案：C

解析：解：4、y射線是波長(zhǎng)最短的電磁波，它比X射線的頻率還要高，故A錯(cuò)誤；

8、靜電屏蔽不一定要用密封的金屬容器，金屬網(wǎng)也能起到屏蔽作用，故B錯(cuò)誤；

C、波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無(wú)關(guān)，即光的波動(dòng)性是光子自身固有的性質(zhì)，

故C正確；

。、對(duì)于一般材料的物體，輻射電磁波的情況除與溫度有關(guān)外，還與材料的種類(lèi)及表面狀況有關(guān)，

黑體輻射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強(qiáng)度越大，隨著溫度的升高，黑體輻射強(qiáng)度的

極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故力錯(cuò)誤。

故選：Co

y射線是波長(zhǎng)最短的電磁波；金屬網(wǎng)也能起到屏蔽作用；光的波動(dòng)性是光子自身固有的性質(zhì)；黑體輻

射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)。

本題考查了電磁波的特點(diǎn)及應(yīng)用、靜電屏蔽、波粒二象性、黑體輻射等基礎(chǔ)知識(shí)，要求學(xué)生對(duì)這部

分知識(shí)要重視課本，強(qiáng)化記憶。

4.答案：B

解析：

氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)等于大氣壓與活塞產(chǎn)生的壓強(qiáng)之和，大氣壓不變，缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，氣體是等壓

變化；理想氣體內(nèi)能由氣體的溫度決定，氣體溫度升高，內(nèi)能增加；氣缸是導(dǎo)熱的，氣缸內(nèi)氣體與

外界大氣溫度相同；當(dāng)環(huán)境溫度升高時(shí)，缸內(nèi)氣體溫度升高，由蓋-呂薩克定律分析答題。

知道氣體發(fā)生等壓變化、知道理想氣體內(nèi)能由溫度決定，熟練應(yīng)用蓋-呂薩克定律及熱力學(xué)第一定

律即可正確解題。

氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，氣體發(fā)生等壓變化；

A、由于氣缸是導(dǎo)熱的，外界溫度逐漸升高，缸內(nèi)氣體溫度升高，由蓋-呂薩克定律可知，氣體體積

變大；氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增大，故A錯(cuò)誤；

8、氣體溫度升高，內(nèi)能增加，氣體體積變大，對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要吸收熱量，

故8正確；

CD、氣體發(fā)生等壓變化，溫度升高，體積變大，故CO錯(cuò)誤；

故選B。

5.答案：C

解析：解：48、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G粵吃，得9=反，軌道半徑越小，速度越大，

當(dāng)軌道半徑最小等于地球半徑時(shí)，速度最大等于第一宇宙速度7.9km/s.故攻擊衛(wèi)星在軌運(yùn)行速率小

于7.9km/s,攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的軌道高度低，故攻擊衛(wèi)星進(jìn)攻前的速度比偵查衛(wèi)星的速度大.故A8均

錯(cuò)誤.

C、攻擊衛(wèi)星完成“太空涂鴉”后應(yīng)減速做近心運(yùn)動(dòng)，才能返回低軌道上，故C正確.

D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G粵=小當(dāng)r,只有周期，缺少其它量，解不出地球質(zhì)量.故。錯(cuò)誤.

r2T2

故選：c.

根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G粵=/nQ,得〃=絲，軌道半徑越小，速度越大，半徑越大，速度越

小.

攻擊衛(wèi)星完成“太空涂鴉”后應(yīng)減速做近心運(yùn)動(dòng)，軌道降低，加速做離心運(yùn)動(dòng)，軌道升高.

只有周期，不知道軌道半徑，解不出地球質(zhì)量.

本題要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這個(gè)關(guān)系，要注意向心力的表達(dá)式，要計(jì)算中心提供的質(zhì)量，至少

要知道環(huán)繞天體的兩個(gè)參量才行.

6.答案：D

解析：解：4、由乙圖知，t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)a向下運(yùn)動(dòng)，即沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，在甲圖上，由波形的

平移可知，該波沿x軸正方向傳播，故AB錯(cuò)誤；

C、由乙圖知，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為7=0.2s,所以質(zhì)點(diǎn)a在t=0.25s的時(shí)刻的振動(dòng)情況與t=0.5s時(shí)刻

的振動(dòng)情況相同，即處于負(fù)的最大位移處，所以位移沿y軸負(fù)方向.故C錯(cuò)誤；

。、由圖甲可知，a質(zhì)點(diǎn)和b質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相距半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況總是相反，所以在振動(dòng)過(guò)程中

任意時(shí)刻的位移都相反，所以質(zhì)點(diǎn)b處于正的最大位移處，加速度沿y軸負(fù)方向.故。正確.

故選：D

本題要在乙圖上讀出a質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻的速度方向，在甲圖上判斷出波的傳播度方向；由由乙圖讀

出周期，根據(jù)t=0.25s與周期的關(guān)系判斷質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況.

本題關(guān)鍵要把握兩種圖象的聯(lián)系，能根據(jù)振動(dòng)圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動(dòng)圖象上判斷出波的

傳播方向.

7.答案：D

解析：解：4、物體克服除重力、電場(chǎng)力之外的其它力做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能和電勢(shì)能的總和就減

少多少，即物體和周?chē)諝饨M成的系統(tǒng)的內(nèi)能就增加多少，而mg-qE-F真=ma,貝曠其=69一

qE-ma=mg-^mg-^mg=\mg,故有物體克服除重力、電場(chǎng)力之外的其它力做的功W=

^mgh,所以物體和周?chē)諝饨M成的系統(tǒng)的內(nèi)能增加T/ngh.故A錯(cuò)誤。

B、設(shè)物體所受的除重力之外的力的大小為f,mg-f=ma,則/=mg-ma=故物體機(jī)械

能的減少量為△E="i=故B錯(cuò)誤。

4

C、重力對(duì)物體所做的功等于物體重力勢(shì)能的減少量，故物體重力勢(shì)能的減少量△Ep=mg/1；電場(chǎng)

力對(duì)物體所做的功等于電勢(shì)能的減少量，故物體電勢(shì)能的減少量4Ep電=-qEh=-qx翳X九=

-\rngh,負(fù)號(hào)表示物體的電勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤。

。、根據(jù)牛頓第二定律可有尸分=ma=?nmg,根據(jù)動(dòng)能定理有/額=△為，故有△EK=

F=\mgh,即動(dòng)能增加:mg/i,故。正確。

故選：D。

系統(tǒng)的機(jī)械能和電勢(shì)能的總和減少多少，物體和周?chē)膬?nèi)能就增加多少.除重力和彈簧的彈力外其

它力做多少功系統(tǒng)的機(jī)械能增加多少；合外力對(duì)物體做的總功等于物體動(dòng)能的變化；重力對(duì)物體做

多少功，物體的重力勢(shì)能就減少多少，電場(chǎng)力對(duì)物體做多少功，系統(tǒng)的電勢(shì)能就減少多少；

把握動(dòng)能、機(jī)械能、重力勢(shì)能、電勢(shì)能發(fā)生變化的原因就能順利解決本題.

8.答案：A

解析：解：由安培定則得。由上而下的電流在它的北方的磁場(chǎng)的方向向東，地球的磁場(chǎng)的方向向北，

所以合磁場(chǎng)的方向是向東偏北45。，故A正確，8CQ錯(cuò)誤；

故選：4。

由安培定則判斷出電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向，然后由矢量的合成方法即可求解。

該題考查地球的磁場(chǎng)的特點(diǎn)與安培定則，其中根據(jù)安培定則判斷出電流的磁場(chǎng)的方向是解題的關(guān)鍵。

9.答案:C

解析：解：AD.當(dāng)壓力傳感器所受壓力增大時(shí)，壓力傳感器P阻值變小，整個(gè)電路總電阻變小，總

電流增大，則電源內(nèi)阻和凡所占電壓變大，則電壓表示數(shù)變小，即/增大，U變小，故錯(cuò)誤；

BC,當(dāng)壓力傳感器所受壓力減小時(shí)，壓力傳感器P阻值變大，整個(gè)電路總電阻變大，總電流減小，

則電源內(nèi)阻和&所占電壓變小，則電壓表示數(shù)變大，即/變小，U變大,故8錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

當(dāng)壓力傳感器所受壓力增大時(shí)，壓力傳感器心阻力變小，整個(gè)電路總電阻變小，總電流增大，根據(jù)

閉合電路歐姆定律及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)分析電表的示數(shù)變化情況，同理分析壓力減小的情況。

本題考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，利用好“壓阻式壓力傳感器的特點(diǎn)是壓力F越大其電

阻越小”是解決本題的關(guān)鍵。

10.答案:D

解析：解：4、熱量是過(guò)程量，只有在吸熱、放熱過(guò)程中才發(fā)生轉(zhuǎn)移，不能說(shuō)物體含有多少熱量，故

A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；

C、外界對(duì)系統(tǒng)做功W,根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知△(/=W+Q可知，只有在絕熱過(guò)程中△〃=/,

故C錯(cuò)誤；

。、發(fā)生熱傳遞的條件是存在溫度差，熱量從高溫物體向低溫物體傳遞，故。正確；

故選：D。

溫度是表示物體冷熱程度，熱量是熱傳遞過(guò)程中所傳遞內(nèi)能的多少，內(nèi)能是物體內(nèi)部所有分子無(wú)規(guī)

則運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能和勢(shì)能之和，溫度影響物體的內(nèi)能。

此題主要考查了溫度，熱量和內(nèi)能的關(guān)系，相對(duì)比較簡(jiǎn)單，注意區(qū)分即可。

11.答案：A

解析：

人握住旗桿勻速上爬時(shí)，人有向下滑的趨勢(shì)，受到旗桿的靜摩擦力，根據(jù)靜摩擦力與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)

趨勢(shì)方向相反和平衡條件分析靜摩擦力的方向與大小。

本題考查摩擦力的分析和判斷；分析靜摩擦力的方向可以根據(jù)靜摩擦力方向的特點(diǎn)，也可以根據(jù)平

衡條件分析，基礎(chǔ)題。

AB.人握住旗桿勻速上爬時(shí)，人相對(duì)于旗桿有向下滑的趨勢(shì)，受到旗桿的靜摩擦力方向向上。故4正

確，BC錯(cuò)誤。

CD由于人是勻速運(yùn)動(dòng)的，人豎直方向受到重力和摩擦力，由平衡條件分析得知，人受的摩擦力等于

人的重力，保持不變，所以人握旗桿用力越大，并不會(huì)使人受的摩擦力增大。故。錯(cuò)誤。

故選A。

12.答案：D

pR

解析：解：設(shè)MQ邊的電阻％=1。，則過(guò)MQ邊的電流為：/1=瓦=J=34,安培力為：&==

1x3xIN=3N,據(jù)左手定則知安培力方向豎直向上；

同理得MNPQ邊的電阻/?2=30,則過(guò)MNPQ邊的電流為：/2=焉=J=14安培力為：F2=BI2L=

1X1X1N=1N,據(jù)左手定則知安培力方向豎直向上；

故線框所受的安培力為：F=F]+F2=4N,方向豎直向上，故。正確，4BC錯(cuò)誤；

故選：D?

根據(jù)左手定則判斷出各段受到的安培力的方向，根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算出各段上的電流大小,

再計(jì)算出各段安培力的大小，然后使用平行四邊形定則合成即可。

該題中，各段時(shí)的電流的大小不相等，要使用閉合電路的歐姆定律分別計(jì)算出各段的電流的大小,

然后計(jì)算安培力是解題的正確思路。題目的難度中檔。

13.答案：D

解析:解：由題意可知，兩次物體均做勻加速運(yùn)動(dòng)，則在同樣的時(shí)間內(nèi)，它們的位移之比為Si：S2=；t：

yt=1：2；兩次上升的高度之比：魚(yú)：％2=SiSin。：S2s譏0=1：2,

故重力勢(shì)能的變化量：△Ep"AEp2=mghi：mgh2=1：2,AEP2=2△EP1

2

根據(jù)動(dòng)能表達(dá)式：EK=^mv,得：4EK、：AEK2=1：4,AEK2=4△EK1

而機(jī)械能4Ej=△E,故：△E+△Ep=4△E+2△E<4△E+4△E<

EK+△PEJ2=△K22K1P1K1P1

4AEj「故A錯(cuò)誤；B錯(cuò)誤；C錯(cuò)誤；O正確；

故選：D

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式求出兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的平均速度，再根據(jù)時(shí)間相等求出位移之比，再找

到高度之比，求解增加重力勢(shì)能的大小關(guān)系，有速度關(guān)系求解動(dòng)能之間關(guān)系，動(dòng)能和勢(shì)能之和即為

機(jī)械能的變化.

由物體的運(yùn)動(dòng)特征判斷出物體重力勢(shì)能和動(dòng)能的增量關(guān)系，求解機(jī)械能變化量時(shí)用除重力以外的合

力對(duì)物體做功等于機(jī)械能的增量，這一方法在這里不好用，要利用動(dòng)能與勢(shì)能和等于機(jī)械能這一知

識(shí)點(diǎn).

14.答案：C

解析：解：ACD,速度方向是切線方向，合力方向是指向磁體的方向，兩者不共線，球在做曲線運(yùn)

動(dòng)，說(shuō)明曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不共線，故錯(cuò)誤，C正確；

8、慣性是物體的固有屬性，與是否受力無(wú)關(guān)。故B錯(cuò)誤

故選：Co

速度方向是切線方向，合力方向是指向磁體的方向，兩者不共線，球在做曲線運(yùn)動(dòng)，據(jù)此判斷曲線

運(yùn)動(dòng)的條件.慣性是物體的固有屬性，與是否受力無(wú)關(guān).

本題關(guān)鍵找出鋼球的速度方向和受力方向，從而判斷出鋼球做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是解題的關(guān)鍵.

15.答案：B輪與小車(chē)之間的細(xì)繩與木板不平行小車(chē)沒(méi)有緊靠打點(diǎn)計(jì)時(shí)器0.390.60質(zhì)量乙D

解析：解：(1)電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，使用2201/交變電流；

(2)從所畫(huà)裝置圖來(lái)來(lái)看有不足之處：未墊高右端平衡摩擦力、拉小車(chē)的細(xì)線與長(zhǎng)木板不平行、小車(chē)

離滑輪太近等；

(3)中間時(shí)刻的速度等于該時(shí)間段的平均速度，%=兀3=(36,°Vx^X10im/s=0-39m/s，用逐差法

求加速度a=(包°+4以備。+)3&。x10-3m/s2=0.60m/s2。

(4)甲、乙兩同學(xué)用同一裝置做探究實(shí)驗(yàn)，畫(huà)出了各自如圖4所示的a-尸的圖象，因?yàn)閍=，則a-F

圖象的斜率是質(zhì)量倒數(shù)，斜率大的質(zhì)量小，即乙同學(xué)的質(zhì)量較大；

(5)若不滿(mǎn)足m<<M,則理論加速度的值a=詈>優(yōu)=捻(實(shí)際值)圖象將向下彎曲，故選：D

故答案為：(1)8；(2)沒(méi)有把不帶滑輪的一端木板墊高平衡摩擦力、滑輪與小車(chē)之間的細(xì)繩與木板不

平行、小車(chē)沒(méi)有緊靠打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(三選二即正確)；(3)0.39、0.60；(4)小車(chē)質(zhì)量、乙：(5)。

(1*為電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，使用220V交變電流；

(2)從所畫(huà)裝置圖結(jié)合操作過(guò)程注意事項(xiàng)進(jìn)行判斷；

本實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力；本實(shí)驗(yàn)需要把祛碼和法碼盤(pán)的總重力看成是繩子的拉力，需要滿(mǎn)足m>>M;

拉線需要與長(zhǎng)木板平行；使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，需要先接通電源，再釋放小車(chē)；

(3)中間時(shí)刻的速度等于該時(shí)間段的平均速度；利用逐差法計(jì)算加速度；

(4)(5)從a-F圖象的斜率判斷質(zhì)量的大?。粡牟僮鬟^(guò)程找出當(dāng)不滿(mǎn)足m?M時(shí)兩個(gè)加速度大小的

比較判斷曲線的走向。

本題考查了探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)。解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，

了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的

含義。

16.答案：BD正3.7260BD

解析：解：(1)4、由手機(jī)電池參數(shù)可知，其電動(dòng)勢(shì)為3.80乙手機(jī)電池電動(dòng)勢(shì)開(kāi)機(jī)時(shí)是3.80乙關(guān)機(jī)

時(shí)電動(dòng)勢(shì)仍然是3.80U,故A錯(cuò)誤；

B、W是功率單位，h是時(shí)間單位，功率與時(shí)間的乘積是功，“12.08VWT中小/I是能量單位，故B

正確；

CD、nM是電流的單位，h是時(shí)間單位，電流與時(shí)間的乘積是電量，因此“3174nM九"中是電量

的單位，不是能量單位，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD。

(2)用多用電表的電壓擋測(cè)測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)，多用電表的紅表筆應(yīng)接電池的正極；

電壓表量程是10V,由圖甲所示表盤(pán)可知，其分度值為0.2V,示數(shù)為3.7V；

用“X10”歐姆擋位測(cè)電阻，由圖甲所示可知，電阻為26x100=2600；

(3)AB、移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí)，電流表示數(shù)變化很大而電壓表示數(shù)變化很小，即/變化較大而U變

化較小，由圖乙所示電路圖可知，電壓表示數(shù)U=E-/r,電源電動(dòng)勢(shì)E與電源內(nèi)阻r不變，說(shuō)明電

源內(nèi)阻r減小，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD,為了方便實(shí)驗(yàn)，使電壓表示數(shù)變化明顯，可以在圖乙所示電路圖的N處串聯(lián)一個(gè)電阻，故C錯(cuò)

誤，。正確。

故選：BD。

故答案為：(1)BD；(2)正；3.7；260；⑶BD。

(1)根據(jù)電池參數(shù)信息，結(jié)合物理量的單位分析答題。

(2)電流由多用電表的紅表筆流入黑表筆流出；根據(jù)電壓表量程確定其分度值，根據(jù)指針位置讀出其

示數(shù)；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

(3)電源內(nèi)阻較小電路電流改變時(shí)路端電壓變化較小，根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象與實(shí)驗(yàn)電路圖分析答題。

本題考查了多用電表的使用與讀數(shù)，實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象分析等問(wèn)題；理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提；要掌握常

用器材的使用及讀數(shù)方法。

17.答案：答：物體落地的時(shí)間為：h=^gt2

由動(dòng)量定理得：=mgt

聯(lián)立解得：△p=m12gh,方向豎直向下

答：小球的動(dòng)量變化mJ舒，方向豎直向下

解析：根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)量定理求出物體落地過(guò)程中動(dòng)量的變化

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)量的公式

進(jìn)行求解，基礎(chǔ)題

18.答案：解：由E=8Lu,/=9，F(xiàn)=8〃得安培力尸=”

R+rR+r

設(shè)金屬棒下滑