2022-2023學(xué)年陜西省咸陽(yáng)市高二（下）期末物理試卷（含解析）

第第頁(yè)2022-2023學(xué)年陜西省咸陽(yáng)市高二（下）期末物理試卷（含解析）2022-2023學(xué)年陜西省咸陽(yáng)市高二（下）期末物理試卷

一、選擇題（本大題共10小題，共40分）

1.為了模擬宇宙大爆炸初期的情境，科學(xué)家利用粒子加速器來(lái)加速兩個(gè)帶正電的重離子，使它們沿同一條直線相向運(yùn)動(dòng)而發(fā)生猛烈碰撞。若要碰撞前的動(dòng)能盡可能多地轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，應(yīng)設(shè)法使這兩個(gè)重離子在碰撞前的瞬間具有相同大小的()

A.速度B.動(dòng)能C.動(dòng)量D.質(zhì)量

2.某理想變壓器的簡(jiǎn)化模型如圖所示，原線圈所接交流電源電壓的有效值不變，電流表和電壓表均為理想電表，若副線圈所接的負(fù)載電阻的阻值變大，則下列說(shuō)法正確的是()

A.負(fù)載的電功率變大B.電壓表的示數(shù)變大

C.電流表的示數(shù)變小D.電源的輸出功率變大

3.真空中有一點(diǎn)電荷僅在庫(kù)侖力作用下繞固定的點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)，其軌跡為橢圓，如圖所示，已知位于橢圓的一個(gè)焦點(diǎn)上，和為軌跡上距最近和最遠(yuǎn)的點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是()

A.點(diǎn)電荷帶正電荷B.點(diǎn)電荷在點(diǎn)的速率最小

C.點(diǎn)電荷在點(diǎn)的速率最小D.點(diǎn)電荷在點(diǎn)的加速度比在點(diǎn)的小

4.如圖所示，高速公路上汽車(chē)定速巡航即保持汽車(chē)的速率不變，忽略空氣阻力和摩擦阻力大小的變化汽車(chē)沿拱形路面上坡的過(guò)程中發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率()

A.保持不變B.逐漸減小C.逐漸增大D.先增大后減小

5.如圖甲所示，在一些山區(qū)和機(jī)械無(wú)法到達(dá)的地區(qū)還沿用著用牛拉耙來(lái)耙地的農(nóng)耕方式，牛通過(guò)兩根耙索拉耙沿水平方向勻速耙地，兩根耙索等長(zhǎng)且對(duì)稱(chēng)，延長(zhǎng)線的交點(diǎn)為，夾角，拉力大小均為，平面與水平面的夾角為為的中點(diǎn)，如圖乙所示，忽略耙索質(zhì)量，則地對(duì)耙的水平阻力大小為()

A.B.C.D.

6.年月日，神舟十六號(hào)載人飛船進(jìn)入距離地面約小于地球同步衛(wèi)星與地面的距離的軌道，成功對(duì)接于空間站天和核心艙徑向端口，將新一批航天員送往空間站對(duì)接后組合體近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列有關(guān)說(shuō)法正確的是()

A.宇航員的質(zhì)量比在地面上時(shí)小

B.宇航員所受地球引力比在地面上時(shí)大

C.組合體做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大于第一宇宙速度

D.組合體做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度大小比地球自轉(zhuǎn)角速度大

7.如圖所示，將線圈套在長(zhǎng)玻璃管上，線圈的兩端與電流傳感器可看作理想電流表相連。將強(qiáng)磁鐵從長(zhǎng)玻璃管上端由靜止釋放，磁鐵下落過(guò)程中將穿過(guò)線圈。實(shí)驗(yàn)觀察到如圖所示的感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖像。下列說(shuō)法正確的是()

A.時(shí)間內(nèi)，磁鐵受到線圈的作用力方向先向上后向下

B.若將磁鐵兩極翻轉(zhuǎn)后重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將先產(chǎn)生負(fù)向感應(yīng)電流，后產(chǎn)生正向感應(yīng)電流

C.若將線圈的匝數(shù)加倍，線圈中產(chǎn)生的電流峰值也將加倍

D.若將線圈到玻璃管上端的距離加倍，線圈中產(chǎn)生的電流峰值也將加倍

8.下列四幅圖涉及不同的物理知識(shí)，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是()

A.圖甲，該核反應(yīng)屬于重核裂變，是人工無(wú)法控制的核反應(yīng)

B.圖乙，處于基態(tài)的氫原子可以吸收能量為的光子并發(fā)生躍遷

C.圖丙，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)光電子最大初動(dòng)能與光的強(qiáng)度有關(guān)

D.圖丁，從圖中可以得到該放射性核元素的半衰期為

9.靜電紡紗是利用高壓靜電場(chǎng)使纖維兩端帶異種電荷，在靜電力作用下使纖維伸直其簡(jiǎn)化的工作原理如圖，虛線為兩個(gè)對(duì)稱(chēng)電極產(chǎn)生的電場(chǎng)線，、為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，它們到各自附近電極間的距離相等則下列判斷正確的是()

A.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比點(diǎn)的小

B.點(diǎn)電勢(shì)比點(diǎn)的低

C.同一電荷在點(diǎn)所受電場(chǎng)力比點(diǎn)的小

D.將一正電荷由點(diǎn)移到點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能增大

10.如圖甲所示，在傾角為的粗糙斜面的底端，一質(zhì)量可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊壓縮一輕彈簧并鎖定，滑塊與彈簧不相連，時(shí)解除鎖定，計(jì)算機(jī)通過(guò)傳感器描繪出滑塊的速度時(shí)間圖像如圖乙所示，其中段為曲線，段為直線，若取，，則()

A.在內(nèi)滑塊的加速度一直在減小

B.末，滑塊到達(dá)斜面最高點(diǎn)

C.滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)

D.滑塊在末的速度與末的速度等大反向

二、非選擇題（60分）

11.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，使重物帶動(dòng)紙帶從靜止開(kāi)始下落。

關(guān)于本實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法正確的是______填字母。

A.應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的重物進(jìn)行實(shí)驗(yàn)

B.釋放紙帶之前，紙帶必須處于豎直狀態(tài)

C.先釋放紙帶，后接通電源

實(shí)驗(yàn)中，得到如圖乙所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)、、，測(cè)得它們到起始點(diǎn)點(diǎn)與下一點(diǎn)的間距接近的距離分別為、、。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為。設(shè)重物質(zhì)量為。從打點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能變化量______，動(dòng)能變化量________。用已知字母表示

某同學(xué)用如圖丙所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，將力傳感器固定在天花板上，細(xì)線一端系著小球，一端連在力傳感器上。將小球拉至水平位置從靜止釋放，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)力傳感器顯示的示數(shù)為。已知小球質(zhì)量為，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹椤Ｔ谡`差允許范圍內(nèi)，當(dāng)滿足關(guān)系式_______時(shí)，可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。

12.如圖甲所示，將一根銅棒和一根鋅棒插入一只蘋(píng)果內(nèi)，就成了一個(gè)簡(jiǎn)單的“水果電池”。小明同學(xué)做了兩個(gè)這樣的水果電池，并依次進(jìn)行以下實(shí)驗(yàn)：

用多用電表的直流電壓擋粗測(cè)其中一個(gè)水果電池的電動(dòng)勢(shì)，指針位置如圖乙所，其示數(shù)為_(kāi)_______；

用如圖丙所示的電路測(cè)量該電池組兩個(gè)水果電池串聯(lián)的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知定值電阻，兩只電流表規(guī)格相同，量程均為，內(nèi)阻均為。若身邊有兩種規(guī)格的滑動(dòng)變阻器：、，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是______填“”或“”；

根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)中兩只電流表讀數(shù)的多組數(shù)據(jù)，在圖中描點(diǎn)并作出圖像，如圖丁所示，可求得該電池組的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻分別為_(kāi)______、_______內(nèi)阻的計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。

13.如圖所示，小物塊從光滑軌道上的某一位置由靜止釋放，沿著軌道下滑后與靜止在軌道水平段末端的小物塊發(fā)生碰撞時(shí)間極短，碰后兩物塊粘在一起水平拋出，已知小物塊、的質(zhì)量均為，物塊的釋放點(diǎn)距離軌道末端的豎直高度為，、的拋出點(diǎn)距離水平地面的豎直高度為，取重力加速度，不計(jì)空氣阻力，求：

兩物塊碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能；

兩物塊落地點(diǎn)距離軌道末端的水平距離。

14.如圖所示，兩根電阻不計(jì)的傾斜光滑平行金屬導(dǎo)軌、相距，導(dǎo)軌與水平面的夾角為，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面斜向上，兩金屬板、水平放置，板間距離為，板間有一質(zhì)量為的帶電微粒，金屬棒水平跨放在導(dǎo)軌上，金屬棒的質(zhì)量為，電阻為，長(zhǎng)度為，接入電路的定值電阻的阻值為，將金屬棒由靜止釋放，當(dāng)金屬棒的速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)釋放帶電微粒，帶電微粒恰好保持靜止，已知重力加速度為，。

求帶電微粒的電荷量；

求金屬棒下滑的穩(wěn)定速度大小。

15.如圖所示，離子源釋放的初速度不計(jì)的離子經(jīng)電壓的電場(chǎng)加速后，從點(diǎn)水平向右進(jìn)入電場(chǎng)強(qiáng)度、豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，恰好打到電場(chǎng)、磁場(chǎng)的豎直分界線最下方點(diǎn)未進(jìn)入磁場(chǎng)，并被位于該處的金屬靶材全部吸收，、兩點(diǎn)的水平距離為，靶材濺射出部分金屬離子沿各個(gè)方向進(jìn)入兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，打在固定基底上并被吸收，基底與水平方向夾角為，大小、方向相反均垂直紙面的兩磁場(chǎng)分界線過(guò)點(diǎn)且與基底垂直已知離子的比荷，金屬離子的比荷，兩種離子均帶正電，忽略重力及離子間相互作用力

求、兩點(diǎn)的高度差；

若金屬離子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小均為，點(diǎn)到基底的距離為，求在紙面內(nèi)，基底上可被金屬離子打中的區(qū)域長(zhǎng)度。

16.下列說(shuō)法中正確的是()

A.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而減小

B.單晶體有固定的熔點(diǎn)，具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性

C.一定質(zhì)量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，在溫度升高時(shí)，吸收的熱量一定大于內(nèi)能的增加量

D.隨著科技的發(fā)展，將來(lái)可以利用高科技手段，將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來(lái)加以利用而不引起其他變化

17.如圖所示，向一個(gè)空的鋁制飲料罐即易拉罐中插入一根透明吸管，接口用蠟密封，在吸管內(nèi)引入一小段油柱長(zhǎng)度可以忽略。如果不計(jì)大氣壓的變化，這就是一個(gè)簡(jiǎn)易的氣溫計(jì)。已知鋁罐的容積是，吸管內(nèi)部粗細(xì)均勻，橫截面積為，吸管的有效長(zhǎng)度為，當(dāng)溫度為時(shí)，油柱離管口。已知大氣壓強(qiáng)為。

該氣溫計(jì)的最大測(cè)量值是多少；結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后一位

若該氣溫計(jì)的溫度從緩慢上升到最大值的過(guò)程中，氣體從外界吸收了的熱量，則此過(guò)程中氣體內(nèi)能增加了多少？

18.如圖所示，實(shí)線為一列沿軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波時(shí)刻的波形圖，虛線非方格為時(shí)刻的波形圖。介質(zhì)中有、、三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，時(shí)刻，三個(gè)質(zhì)點(diǎn)的縱坐標(biāo)分別為、、。下列說(shuō)法正確的是()

A.、兩質(zhì)點(diǎn)的速度總是大小相等、方向相反

B.、兩質(zhì)點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移總是大小相等、方向相反

C.此列波的周期可能為

D.此列波的波速可能為

19.負(fù)折射率材料是一種折射率為負(fù)值的材料，當(dāng)光從空氣照射到負(fù)折射率材料界面時(shí)，光波的折射與常規(guī)折射相反，入射光線和折射光線分布在法線的同側(cè)，折射角取負(fù)值。如圖為一負(fù)折射率材料制成的棱鏡橫截面，截面為一等邊三角形，邊長(zhǎng)為。一束單色光在截面所在平面內(nèi)，從中點(diǎn)射入棱鏡，入射角為，正好從界面的中點(diǎn)射出，不考慮光線在棱鏡中的反射，真空中光速為，求

該棱鏡的折射率；

光在棱鏡中的傳播時(shí)間。

答案和解析

1.【答案】

【解析】解：要碰撞前的動(dòng)能盡可能多地轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，兩個(gè)離子必須發(fā)生完全非彈性碰撞，即碰撞后兩離子粘在一起，且共同速度為零，碰撞后系統(tǒng)的總動(dòng)量為零。

在碰撞過(guò)程中，系統(tǒng)遵循動(dòng)量守恒定律，可知，碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)量為零，所以應(yīng)設(shè)法使這兩個(gè)重離子在碰撞前瞬間具有大小相等、方向相反的動(dòng)量。故ABD錯(cuò)誤，C正確。

故選：。

為了使碰撞前的動(dòng)能盡可能多轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，碰撞后兩粒子粘在一起，且速度為零時(shí)，損失的動(dòng)能最多，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律分析即可。

本題的關(guān)鍵是理解并掌握完全非彈性碰撞的特點(diǎn)，知道碰撞中損失的動(dòng)能最多的情況就是碰撞后兩物體粘在一起的碰撞，具有相同大小、方向相反的動(dòng)量的粒子相碰后兩粒子速度為零，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。

2.【答案】

【解析】

【分析】

此題考查了變壓器的構(gòu)造和原理。

根據(jù)電壓與匝數(shù)關(guān)系分析電壓表示數(shù)變化；可以根據(jù)的電阻的變化，進(jìn)而可以確定副線圈的電流的變化的情況，根據(jù)電流與變壓器的關(guān)系，來(lái)分析電流表的變化的情況；根據(jù)分析功率變化。

【解答】

B、變壓器的輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，由于輸入電壓和匝數(shù)比不變，所以變壓器的輸出電壓也不變，電壓表的示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；

、當(dāng)負(fù)載電阻變大時(shí)，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的電流減小，根據(jù)可知，負(fù)載的電功率大減小，則電源的輸出功率減小，故AD錯(cuò)誤；

C、副線圈電流減小，根據(jù)變流比可知，原線圈的電流也減小，則電流表示數(shù)減小，故C正確。

3.【答案】

【解析】

【分析】

本題主要考查了庫(kù)倫定律。

根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析庫(kù)侖力，從而分析的電性；根據(jù)庫(kù)侖力做功分析動(dòng)能變化，從而分析速度情況；根據(jù)分析加速度。

【解答】

A、點(diǎn)電荷僅在庫(kù)侖力作用下繞固定的點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)，所以與為庫(kù)倫引力，所以點(diǎn)電荷帶負(fù)電荷，故A錯(cuò)誤；

、從到庫(kù)侖力做正功，則動(dòng)能增大，所以點(diǎn)電荷在點(diǎn)速率最大，在速率最小，故B正確，C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)可得，所以點(diǎn)電荷在點(diǎn)的加速度比在點(diǎn)的大，故D錯(cuò)誤。

4.【答案】

【解析】

【分析】

對(duì)坡面上的汽車(chē)受力分析，根據(jù)分析在空氣阻力和摩擦阻力不變的情況，角減小，從而分析牽引力變化，根據(jù)瞬時(shí)功率的計(jì)算公式分析輸出功率。

解決本題的關(guān)鍵是需要對(duì)汽車(chē)的上坡過(guò)程進(jìn)行受力而分析，找到變量與不變量，從而分析牽引力的變化，再由分析功率的變化，題目難度較小。

【解答】

設(shè)坡面與水平面夾角為，汽車(chē)速率不變，有

因上坡過(guò)程坡度越來(lái)越小，角在減小，空氣阻力和摩擦阻力的大小不變，則牽引力變小，

由功率公式可知，汽車(chē)速率不變，輸出功率變小，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

5.【答案】

【解析】耙索的拉力大小為

耙沿水平方向勻速耙地，所以地對(duì)耙的水平阻力大小為

故選D。

6.【答案】

【解析】

【分析】

本題考查了萬(wàn)有引力、第一宇宙速度、衛(wèi)星運(yùn)行規(guī)律。

質(zhì)量不變；根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式解答；第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地運(yùn)行的最大運(yùn)行速度；根據(jù)分析組合體與同步衛(wèi)星角速度的大小，而同步衛(wèi)星的角速度等于地球自轉(zhuǎn)角速度，據(jù)此解答。

【解答】

A、宇航員的質(zhì)量與在地面上時(shí)一樣，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)可知，宇航員所受地球引力比在地面上時(shí)小，故B錯(cuò)誤；

C、第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地運(yùn)行的最大運(yùn)行速度，所以組合體做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度不可能大于第一宇宙速度，故C錯(cuò)誤；、

D、根據(jù)，可得，而地球同步衛(wèi)星的軌道半徑大于天和組合體的軌道半徑，所以組合體角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，即大于地球自轉(zhuǎn)角速度，故D正確。

7.【答案】

【解析】

【分析】

本題主要考查法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律的應(yīng)用，要注意歐姆定律中的電阻為電路中的總電阻，要理解把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程分割為時(shí)間間隔極短的若干小段的思想。

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及磁鐵受到的安培力的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解出電路的電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)歐姆定律求解出電路中的電流強(qiáng)度。

【解答】

A、根據(jù)楞次定律的“來(lái)拒去留”可知，條形磁鐵穿過(guò)銅線圈的過(guò)程中所受的磁場(chǎng)力都是向上，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，可知若將磁鐵兩極翻轉(zhuǎn)后重復(fù)實(shí)驗(yàn)，將先產(chǎn)生負(fù)向感應(yīng)電流，由于磁場(chǎng)的方向相反，則磁場(chǎng)的變化也相反，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向也相反，即將先產(chǎn)生負(fù)向感應(yīng)電流，后產(chǎn)生正向感應(yīng)電流，故B正確；

C、若將線圈的匝數(shù)加倍，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：，可知線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增大，所以對(duì)磁鐵運(yùn)動(dòng)的阻礙作用增大，因此磁鐵的最大速度將減小，所以將線圈的匝數(shù)加倍時(shí)，減小，所以線圈中產(chǎn)生的電流峰值不能加倍，故C錯(cuò)誤；

D、若將線圈到玻璃管上端的距離加倍，假設(shè)磁鐵做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)穿過(guò)線圈時(shí)的速度，可知磁鐵穿過(guò)線圈的速度增大為原來(lái)的倍，因此不能增大為原來(lái)的倍，所以線圈中產(chǎn)生的電流峰值也不能加倍，故D錯(cuò)誤。

8.【答案】

【解析】A.圖甲，該核反應(yīng)屬于重核裂變，是人工可以控制的核反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

B.圖乙，處于基態(tài)的氫原子可以吸收能量為的光子躍遷到的能級(jí)，故B正確；

C.圖丙，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)光電子最大初動(dòng)能為

最大初動(dòng)能與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知，該放射性元素從變?yōu)樗钑r(shí)間為

所以該放射性核元素的半衰期為，故D正確。

故選BD。

9.【答案】

【解析】

【分析】

本題考查了電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度。纖維兩端帶異種電荷，根據(jù)等量異種電荷的電場(chǎng)分布分析電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)；根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度分析電場(chǎng)力；根據(jù)電勢(shì)分析電勢(shì)能。

【解答】

、、為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，它們到各自附近電極間的距離相等，所以、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)電場(chǎng)力可知同一電荷在、兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小相等，故AC錯(cuò)誤；

B、由圖可知右邊電極是正極，左邊電極是負(fù)極，右邊電極電勢(shì)高于左邊電極電勢(shì)，電場(chǎng)方向由右邊電極指向左邊電極，電勢(shì)沿電場(chǎng)線方向降低，所以點(diǎn)電勢(shì)比點(diǎn)的低，故B正確；

D、根據(jù)，且、點(diǎn)電勢(shì)比點(diǎn)的低，所以將一正電荷由點(diǎn)移到點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能增大，故D正確。

10.【答案】

【解析】A.速度時(shí)間圖線切線的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，由圖可知，滑塊的加速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，內(nèi)，斜率不變，滑塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為，所以速度減為零的時(shí)間為，即末滑塊到達(dá)斜面的最高點(diǎn)，故B正確；

C.內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律可得

解得

故C正確；

D.由于滑塊上滑的加速度大于下滑的加速度，所以滑塊在末的速度大于末的速度，但速度方向相反，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

11.【答案】；

；；

。

【解析】

【分析】

本題主要考查“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)，熟悉實(shí)驗(yàn)過(guò)程、注意事項(xiàng)及誤差分析，熟悉實(shí)驗(yàn)原理是解題的關(guān)鍵，難度一般。

由實(shí)驗(yàn)誤差、注意事項(xiàng)及實(shí)驗(yàn)步驟得解；

由重力勢(shì)能與重力做功的關(guān)系得解；由間的平均速度解得點(diǎn)的瞬時(shí)速度，從而解得重物到達(dá)點(diǎn)的動(dòng)能及該過(guò)程的動(dòng)能的變化量；

在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律解得球的動(dòng)能，再由機(jī)械能守恒定律得解。

【解答】

A、為減小空氣阻力，在實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的重物進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，故A正確；

B、為減小紙帶與限位孔間的摩擦，釋放紙帶之前，紙帶必須處于豎直狀態(tài)，故B正確；

C、由實(shí)驗(yàn)步驟可知，應(yīng)先接通電源，當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后，再釋放紙帶，故C錯(cuò)誤；

故選AB；

由重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系可知，從打點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能變化量：，

由平均速度解得打點(diǎn)時(shí)重物的瞬時(shí)速度：，

該過(guò)程的動(dòng)能增量為：；

設(shè)小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，則在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律可得：，解得此時(shí)球的動(dòng)能為：，球由靜止釋放后，到到達(dá)最低點(diǎn)過(guò)程，若滿足機(jī)械能守恒，則有：，聯(lián)立解得：，解得：．

12.【答案】

【解析】讀數(shù)約為。

因?yàn)樗姵氐膬?nèi)阻較大，為了實(shí)驗(yàn)中數(shù)據(jù)變化較為明顯，減小實(shí)驗(yàn)誤差，故選B。

由閉合回路歐姆定律可得

期中為電流表的電阻，由圖可知，

解得，

因?yàn)閳D中的數(shù)據(jù)讀取有誤差，所以?xún)?nèi)阻的取值范圍可為，電動(dòng)勢(shì)的取值范圍可為。

13.【答案】；

【解析】物塊下滑過(guò)程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

解得

A、碰撞過(guò)程，有

聯(lián)立解得

碰后一起做平拋運(yùn)動(dòng)，有，

解得

14.【答案】；

【解析】當(dāng)金屬棒的速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，設(shè)通過(guò)金屬棒的電流為，對(duì)金屬棒，根據(jù)平衡條件可得

此時(shí)金屬板間的電壓為

所以

設(shè)金屬棒下滑的穩(wěn)定速度大小為，則速度穩(wěn)定時(shí)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

聯(lián)立解得

15.【答案】；

【解析】離子經(jīng)電場(chǎng)加速，根據(jù)動(dòng)能定理可得

離子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，有

聯(lián)立解得

金屬離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力有

解得

離子沿著靶材和磁場(chǎng)邊界入射，其圓心在點(diǎn)正上方的點(diǎn)處，離子沉積點(diǎn)為，分界線與基底的交點(diǎn)為，如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可知，恰好在基底上，所以

所以

離子靠近方向射出，則落在點(diǎn)附近，范圍不超出點(diǎn)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，離子能夠到達(dá)左側(cè)的距離與右側(cè)