2023學(xué)年度浙江省寧波市慈溪市高二(下)期末物理模擬試卷(含答案)

2023-2023學(xué)年浙江省寧波市慈溪市高二〔下〕期末物理模擬試卷〔1〕一．選擇題〔13393分〕13分〕在關(guān)系式B＝ 中，F(xiàn)是力t是時間v是速度，各量都用國際單位制中的單位，則B的單位和物理量名稱是〔 〕米；長度C．米每秒；速度

千克；質(zhì)量D．米每二次方秒；加速度23分杭州地鐵6號線于2023年12月30日開通運營?？寇囌?6個線路全長58.8k，每日首班車6點02分發(fā)車，發(fā)車間隔4分30秒，最高時速可達100km/h，以下說法正確的選項是〔 〕A6點024分30B．100km/h是指平均速度C．考察地鐵從起點站到終點站的時長，可以把列車看成質(zhì)點D．地鐵從起點到終點經(jīng)過的總位移為58.8km33分〕對于生活中的現(xiàn)象，以下說法正確的選項是〔 〕A．滿載的貨車卸下貨物后慣性變小B．摩托車轉(zhuǎn)彎時速度越快慣性越大C“強弩之末，不能穿魯縞”說明箭飛的越遠慣性越小D“沖風(fēng)之衰，不能起毛羽”說明羽毛在微風(fēng)的作用下慣性會變43分〕、、c為三個質(zhì)量均為m的物塊，物塊、b通過水平輕繩相連后放c放在bF作用于a，使三個物塊一起水平向右做勻速直線運動，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小為g，以下說法正確的選項是〔〕該水平拉力F與輕繩的彈力大小確定相等物塊c受到的摩擦力大小可能為mg水平拉力F3mg物塊b6個力作用53分〕Q點通過轉(zhuǎn)變衛(wèi)星速度，使衛(wèi)星進入地球同步軌道Ⅱ，則以下說法正確的選項是〔 〕A．該衛(wèi)星的放射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道Ⅱ上的運行速度大于7.9km/sC．在軌道Ⅰ上，衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度D．在Q點，衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的加速度大于在軌道Ⅱ上的加速度63分〕如以下圖，用長為r的輕桿粘牢一個質(zhì)量m的小球，使之繞另一端O在豎直面內(nèi)做圓周運動，小球運動到最高點時的速度v＝ ，在這點時〔 〕A．小球?qū)殫U的拉力是B．小球?qū)殫U的壓力是C．小球?qū)殫U的壓力是D．小球?qū)殫U的壓力是73分〕如以下圖，兩小球從高度一樣的AB兩點同時以一樣的速率水平拋出，過時間t在空中相遇。假設(shè)其他狀況不變，僅將從A點拋出的小球速度變?yōu)樵瓉淼膋〔k＞1〕倍，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過的時間為〔 〕A． B． C． D．83分〕如以下圖，足夠長的傳送帶水平放置，以速度v順時針轉(zhuǎn)動。質(zhì)量為、與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為的小物塊由傳送帶的左端靜止釋放，一段時間后物塊與傳送帶共速。滿足上述情景，假設(shè)把傳送帶的速度改為2v，兩次比較有〔〕A．傳送帶對小物塊做功變?yōu)樵瓉淼?倍B．小物塊對傳送帶做功變?yōu)樵瓉淼?倍C．傳送帶對小物塊做功的平均功率變?yōu)樵瓉淼?倍D．因摩擦而產(chǎn)生的熱變?yōu)樵瓉淼?倍93分〕以下說法正確的選項是〔 〕A．α、β、γ三種射線都是電磁波B．原子核需要在高溫高壓的條件下才能發(fā)生衰變C．光電效應(yīng)中光電子的最大初動能與入射光的強度有關(guān)D．一個氫原子從n＝4能級向低能級躍遷，最多可以輻射出3種不同頻率的光子分〕有關(guān)教材中的四幅圖片，下列說法不正確的是〔 〕A．三種射線中的a射線為β射線〔圖中磁場方向為垂直紙面對里〕B．光電效應(yīng)試驗說明白光具有粒子性C．電子束通過鋁箔時的衍射圖樣證明白電子具有波動性D．α粒子散射試驗說明占原子質(zhì)量絕大局部的帶正電的物質(zhì)集中在很小的空間范圍內(nèi)1〔3分一臺激光器發(fā)出的激光功率為P全反射后頻率保持不變。光的波長為λ，光在真空中的速度為c，以下說法正確的選項是〔 〕A．激光的波長越短，其光子的動量越小B．被平面反射后激光光子的動量變大C．光束對平面的壓力為D．單位時間里入射到平面的光子數(shù)目為1〔3分〕在抱負LC振蕩電路中的某時刻，電容器極板間的場強EM是電路中的一點。假設(shè)該時刻電容器正在充電，據(jù)此可推斷此時〔 〕A．電路中的磁場能在增大B．電路中電流正在增加C．流過M點的電流方向向左D．電容器兩板間的電壓在減小1〔3分〕用一束自然紅光沿平行于直徑AB方向，從AB的上方照耀該玻璃磚，調(diào)整入射點的位置，當(dāng)光從C點入射，可使折射光線恰好打在B點，此時入射點到直徑AB的距離剛好等于玻璃磚半徑的一半，則〔〕玻璃的折射率為2cos15°從C點反射的光線照舊為自然光換用綠光從C點入射，其折射光線可能打在E點D．轉(zhuǎn)變光線的入射位置和顏色，折射光線可能過O點二．多項選擇題〔362分〕1〔2分〕如以下圖，在正方形ABCD區(qū)域內(nèi)有方向平行于ABE、、是對應(yīng)邊的中點，P點是EH的中點。一個帶正電的粒子〔不計重力〕從FFH方向射入電場后恰好從C點射出。以下說法正確的選項是〔〕A．粒子的運動軌跡經(jīng)過P點B．粒子的運動軌跡經(jīng)過PE之間某點C．假設(shè)增大粒子的初速度可使粒子垂直穿過EHD．假設(shè)將粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子恰好由E點從BC邊射出1〔2分〕氫原子基態(tài)能量為，第n能級的能量。一群處于基態(tài)的氫原子吸取某頻率的光子后躍遷到第m能級，然后向低能級躍遷時最多能發(fā)出3種光子。以下說法正確的選項是〔〕A．m＝3，氫原子吸取的光子的能量為B．m＝4，氫原子吸取的光子的能量為C．氫原子輻射光子的最小能量為D．氫原子輻射光子的最小能量為1〔2分〕爭論光電效應(yīng)的電路圖如以下圖，電壓傳感器和電流傳感器與計算機相連，在計算機上可以顯示它們的示數(shù)U和I隨時間t的變化圖像。用單色光a和〔a＞b分別照耀光電管的陰極KS空置、置于1、置于2三種情境下移動滑片P的位置，觀看計算機上圖像的變化，當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S置于2且U＝Um時，I＝0以下說法正確的選項是〔 〕單色光ab照耀光電管時，光電效應(yīng)幾乎是瞬時發(fā)生的單刀雙擲開關(guān)S空置時，電流I0單刀雙擲開關(guān)S1時，滑片P向右移動過程中電流I可能不斷增大單刀雙擲開關(guān)S2，單色光b照耀時Um較大三．試驗題〔655分〕16分〕某同學(xué)用如以下圖的裝置做“探究加速度與力質(zhì)量的關(guān)系”的試驗?！?〕設(shè)計本試驗的方法是。A．把握變量法B．抱負模型法C．等效替代法D．抱負試驗法〔2〔多項選擇〕試驗中，以下相關(guān)操作正確的選項是 。A．平衡摩擦力時，不應(yīng)將托盤和砝碼用細線繞過定滑輪系在小車上B．每次轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量時，都需要重平衡摩擦力C．釋放小車前小車應(yīng)靠近打點計時器，且先釋放小車再接通電源D．使用本裝置進展試驗時，需要使托盤和砝碼的質(zhì)量遠小于小車和砝碼的總質(zhì)量〔3〕該同學(xué)在探究外力F確定時，小車的加速度與其質(zhì)量之間的關(guān)系的試驗時，為了更直觀地反映加速度a與小車的質(zhì)量m的關(guān)系，該關(guān)系圖像應(yīng)選用 。A．a(chǎn)﹣m圖像B．F﹣m圖像圖像圖像18分〕、D代表雙縫產(chǎn)生的四種干預(yù)圖樣，答復(fù)下面問題：假設(shè)A圖樣是紅光通過雙縫產(chǎn)生的那么換用紫光得到的圖樣用 圖樣表示最適宜。假設(shè)將B圖樣對應(yīng)裝置的雙縫距離變小那么得到的圖樣用 圖樣表示最適宜。假設(shè)將A圖樣對應(yīng)裝置的雙縫到屏的距離變小那么得到的圖樣用 圖樣表示最適宜。假設(shè)將A圖樣的裝置從空氣移入水中那么得到的干預(yù)圖樣用 圖樣表示最適宜。18分〕＝3°，質(zhì)量0.25kg的物體在力F作用下由靜止開頭沿斜面對上運動。物體在A0t1＝4sB點時撤去力Ft2＝0.6s正好通過斜面上的CF30°角，AB間的距L＝8m，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)＝0.5，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：物體第一次經(jīng)過B點時的速度大??；力F的大??；BC之間的距離。2〔12分＝1.6一質(zhì)量M＝2kgPP的上外表與軌道所在平面平行，前后面均為半徑R＝1m的半圓，圓心分別為O、O′.5個完全一樣m＝0.5kg.某時刻第一個小滑塊以初速度v0＝1.5m/sO′O沖上滑板P，與滑板共速時小滑塊恰好位于O點.每當(dāng)前一個小滑塊與P共速時，下一個小滑塊便以一樣初速度沿O′O沖上滑板.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑板P與小滑塊間的動摩擦因數(shù)為1＝0.8，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g10m/s2，求：滑塊P與軌道間的動摩擦因數(shù)2；O′O的長度L；5個小滑塊與P之間摩擦產(chǎn)生的熱量。2〔9分〕如以下圖，質(zhì)量2kg的滑板A放在水平地面上，當(dāng)A向右滑動的速度0＝13.5m/s時，在A中間位置輕輕地放上一個大小不計、質(zhì)量m＝1kg的小物塊B，同時給B施加一個水平向右的F＝6NA與地面間的動摩擦因數(shù)1＝0.A與B間的動摩擦因數(shù)20.4〔設(shè)滑板A足夠長，取g10m/2〕求：經(jīng)過多長時間A、B到達共同速度；從開頭計時到A、B到達共同速度的時間內(nèi)，A、B間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q；〔3〕2s內(nèi)滑板A的位移大小。2〔12分〕如以下圖，質(zhì)量為m的物塊在水平力作用下，沿水平桌面AB運動，一段時間后撤去外力；物塊連續(xù)運動至B點后水平拋出，恰好自C點沿切線進入光滑圓軌道CDED點為圓軌道最低點，E點為與圓軌道切向連接的EF圓軌道CDECAB間距離為L，AB的動摩擦因數(shù)為1，BChCDER，物體與斜面EF間的動摩擦因數(shù)為g求：BC間的水平距離；物塊在AB上運動所受拉力做的功；物塊運動到D點時對軌道的最小壓力；物塊在斜面EF上通過的總路程。2023-2023學(xué)年浙江省寧波市慈溪市高二〔下〕期末物理模擬試卷〔1〕參考答案與試題解析一．選擇題〔13393分〕13分〕在關(guān)系式B＝ 中，F(xiàn)是力t是時間v是速度，各量都用國際單位制中的單位，則B的單位和物理量名稱是〔 〕米；長度C．米每秒；速度【解答】解：B＝ ＝1

千克；質(zhì)量D．米每二次方秒；加速度＝1kg，kg是質(zhì)量的單位，物理量B是質(zhì)量，單位是千克，故B正確，ACD錯誤。應(yīng)選：B。23分杭州地鐵6號線于2023年12月30日開通運營?？寇囌?6個線路全長58.8k，每日首班車6點02分發(fā)車，發(fā)車間隔4分30秒，最高時速可達100km/h，以下說法正確的選項是〔 〕A6點024分30B．100km/h是指平均速度C．考察地鐵從起點站到終點站的時長，可以把列車看成質(zhì)點D．地鐵從起點到終點經(jīng)過的總位移為58.8km【解答】解：A、時間是指時間的長度，在時間軸上對應(yīng)一段距離，時刻是指時間點，在6點024分30秒”指時間間隔，故A錯誤；B、平均速度等于位移與時間的比值，最高時速可達100km/h，指的是瞬時速度，故B錯誤；C題中能否無視，在考察地鐵從起點站到終點站的時長，可以無視列車的外形，看成質(zhì)點，C正確；D、地鐵從起點到終點為路程，實際軌跡長度，所以58.8km為路程，故D錯誤；應(yīng)選：C。33分〕對于生活中的現(xiàn)象，以下說法正確的選項是〔 〕A．滿載的貨車卸下貨物后慣性變小B．摩托車轉(zhuǎn)彎時速度越快慣性越大C“強弩之末，不能穿魯縞”說明箭飛的越遠慣性越小D“沖風(fēng)之衰，不能起毛羽”說明羽毛在微風(fēng)的作用下慣性會變【解答】解：A、滿載的貨車卸下貨物后質(zhì)量變小，則慣性變小，故A正確；BB錯誤；CC錯誤；DD錯誤。應(yīng)選：A。43分〕、、c為三個質(zhì)量均為m的物塊，物塊、b通過水平輕繩相連后放c放在bF作用于a，使三個物塊一起水平向右做勻速直線運動，各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為，重力加速度大小為g，以下說法正確的選項是〔〕該水平拉力F與輕繩的彈力大小確定相等物塊c受到的摩擦力大小可能為mg水平拉力F3mg物塊b6個力作用【解答】解：AC、三物塊一起做勻速直線運動，由平衡條件得，a、b、c系統(tǒng)：F＝3mg，b、c系統(tǒng)輕繩拉力：T＝2mg，則：F＞T，故A錯誤、C正確；B、物塊c做勻速直線運動，處于平衡狀態(tài)，c不受摩擦力，故B錯誤；D、物塊b受到重力、地面對b的支持力和摩擦力、cb的壓力、輕繩對b的拉力，一5個力，故D錯誤。應(yīng)選：C。53分〕Q點通過轉(zhuǎn)變衛(wèi)星速度，使衛(wèi)星進入地球同步軌道Ⅱ，則以下說法正確的選項是〔 〕A．該衛(wèi)星的放射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道Ⅱ上的運行速度大于7.9km/sC．在軌道Ⅰ上，衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度D．在Q點，衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的加速度大于在軌道Ⅱ上的加速度【解答】解：A、11.2km/s是其次宇宙速度，即為衛(wèi)星脫離地球束縛的放射速度，而同步衛(wèi)星照舊繞地球運動，故A錯誤。B、7.9km/s即第一宇宙速度是物體在地面四周繞地球做勻速圓周運動的速度，也是最大的圓周運動的圍繞速度，最小的放射速度。而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌v＝B錯誤。CI上，P點是近地點，QP點的速度大于在Q點的速度。C正確。D、衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過Q點時受到的萬有引力等于在軌道Ⅱ上經(jīng)過Q點時受到的萬有引力，依據(jù)牛頓其次定律，衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過Q點加速度等于在軌道Ⅱ上經(jīng)過Q點的加速度。故D錯誤。應(yīng)選：C。63分〕如以下圖，用長為r的輕桿粘牢一個質(zhì)量m的小球，使之繞另一端O在豎直面內(nèi)做圓周運動，小球運動到最高點時的速度v＝ ，在這點時〔 〕A．小球?qū)殫U的拉力是B．小球?qū)殫U的壓力是C．小球?qū)殫U的壓力是D．小球?qū)殫U的壓力是【解答】解：對小球在最高點，依據(jù)牛頓其次定律得：mg+F＝代入數(shù)據(jù)解得：F＝﹣mgF′＝mgC正確，ABD錯誤。應(yīng)選：C。73分〕如以下圖，兩小球從高度一樣的AB兩點同時以一樣的速率水平拋出，過時間t在空中相遇。假設(shè)其他狀況不變，僅將從A點拋出的小球速度變?yōu)樵瓉淼膋〔k＞1〕倍，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過的時間為〔〕A． B． C． D．【解答】解：設(shè)開頭兩球的初速度為v0，A、B兩點的距離為x，有：x＝v0t+v0t＝2v0t，將從A點拋出的小球速度變?yōu)樵瓉淼膋倍，則有：x＝kv0t′+v0t′＝〔k+1〕v0t′，t′＝應(yīng)選：C。

，故C正確，ABD錯誤；83分〕如以下圖，足夠長的傳送帶水平放置，以速度v順時針轉(zhuǎn)動。質(zhì)量為、與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ的小物塊由傳送帶的左端靜止釋放，一段時間后物塊與傳送帶共速。滿足上述情景，假設(shè)把傳送帶的速度改為2v，兩次比較有〔 〕A．傳送帶對小物塊做功變?yōu)樵瓉淼?倍B．小物塊對傳送帶做功變?yōu)樵瓉淼?倍C．傳送帶對小物塊做功的平均功率變?yōu)樵瓉淼?倍D．因摩擦而產(chǎn)生的熱變?yōu)樵瓉淼?倍【解答】解：A、由動能定理可知，傳送帶對小物塊做功來的兩倍，則傳送帶對小物塊做功變?yōu)樵瓉淼乃谋?，故A錯誤；

，可知，速度變?yōu)樵瑽、小物塊與傳送帶速度相等，所用的時間為 ，由于加速度一樣，速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則時間變?yōu)樵瓉淼?倍，傳送帶發(fā)生的位移為x＝vt，則位移變?yōu)樵瓉淼乃谋?，則小4倍，故B錯誤；C、小物塊到達與傳送帶速度相等過程中的平均速度為 ，由于速度變?yōu)樵瓉淼?倍，且摩擦力一樣，依據(jù)P＝正確；

，則傳送帶對小物塊做功的平均功率變?yōu)樵瓉淼?倍，故CD、小物塊到達與傳送帶速度相等過程中的相對位移為 ，由于速度224Q＝f△x可知，由于摩擦力一樣，則因摩擦而產(chǎn)生的熱變?yōu)樵瓉淼?倍，故D錯誤。應(yīng)選：C。93分〕以下說法正確的選項是〔 〕A．α、β、γ三種射線都是電磁波B．原子核需要在高溫高壓的條件下才能發(fā)生衰變C．光電效應(yīng)中光電子的最大初動能與入射光的強度有關(guān)D．一個氫原子從n＝4能級向低能級躍遷，最多可以輻射出3種不同頻率的光子【解答】解：A、α射線、β射線均屬于實物粒子，而γ射線才屬于電磁波，故A錯誤；B、原子核衰變是自發(fā)的，不需要在高溫高壓的條件，故B錯誤；C、光電效應(yīng)試驗中，依據(jù)光電效應(yīng)方程：Ekm＝hγ﹣W，可知，光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強度無關(guān)，故C錯誤；D、只有一個氫原子，則n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，即從n＝4能級躍遷到n＝3n＝3能級躍遷到n＝2n＝2能級躍遷到n＝13種頻率的光子，故D正確；應(yīng)選：D。分〕有關(guān)教材中的四幅圖片，下列說法不正確的是〔 〕A．三種射線中的a射線為β射線〔圖中磁場方向為垂直紙面對里〕B．光電效應(yīng)試驗說明白光具有粒子性C．電子束通過鋁箔時的衍射圖樣證明白電子具有波動性D．α粒子散射試驗說明占原子質(zhì)量絕大局部的帶正電的物質(zhì)集中在很小的空間范圍內(nèi)【解答】解：A、依據(jù)左手定則可推斷，aαA錯誤；B、光電效應(yīng)試驗說明白光是一份一份的，具有粒子性，故B正確；C、電子束通過鋁箔時的衍射圖樣說明電子也具有波動性，故C正確；D、α粒子散射試驗，能觀看到絕大多數(shù)α粒子沿著原來的方向前進，只有少數(shù)α粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，說明占原子質(zhì)量絕大局部的帶正電的物質(zhì)集中在很小的空間范圍內(nèi)，稱為原子核，故D正確；此題選不正確的，應(yīng)選：A。1〔3分一臺激光器發(fā)出的激光功率為P全反射后頻率保持不變。光的波長為λ，光在真空中的速度為c，以下說法正確的選項是〔 〕A．激光的波長越短，其光子的動量越小B．被平面反射后激光光子的動量變大C．光束對平面的壓力為D．單位時間里入射到平面的光子數(shù)目為【解答】解：A、光子的動量p＝錯誤；

，可知激光的波長越短，其光子的動量越大，故AB、光子被平面完全反射后頻率保持不變，則該激光被平面反射后激光光子的動量變大，B錯誤；C、一個光子的能量h＝ ，激光器在t秒內(nèi)輻射的能量為Pt，故該激光器在單位時間內(nèi)輻射的光子數(shù)n＝ 。光束垂直入射到真空中的某一平面，被平面完全反射后動量的方向與開頭時相反，設(shè)平面對光的作用力為Ft時間內(nèi)，則：Ft＝△p＝﹣2nt?p＝可得：F＝ ，負號表示光受到的作用力的方向與光的初速度的方向相反，依據(jù)牛頓第三定律可知，光束對平面的壓力大小為應(yīng)選：C。

，故C正確，D錯誤。1〔3分〕在抱負LC振蕩電路中的某時刻，電容器極板間的場強E的方向如以下圖是電路中的一點。假設(shè)該時刻電容器正在充電，據(jù)此可推斷此時〔 〕A．電路中的磁場能在增大B．電路中電流正在增加C．流過M點的電流方向向左D．電容器兩板間的電壓在減小【解答】解：A．電容器充電，電場能增加，故磁場能減小，A錯誤；B．充電過程，電容器極板上的電荷量正在增加，使電容器極板和線圈間電勢差變小，電路電流漸漸減小，B錯誤；C．電容器極板上極板帶正電，充電過程，流過M點的電流方向向左，C正確；D．電容器充電，電容器極板上的電荷量正在增加，依據(jù)電容器兩板間的電壓在增加，D錯誤。應(yīng)選：C。1〔3分〕用一束自然紅光沿平行于直徑AB方向，從AB的上方照耀該玻璃磚，調(diào)整入射點的位置，當(dāng)光從C點入射，可使折射光線恰好打在B點，此時入射點到直徑AB的距離剛好等于玻璃磚半徑的一半，則〔〕玻璃的折射率為2cos15°從C點反射的光線照舊為自然光換用綠光從C點入射，其折射光線可能打在E點D．轉(zhuǎn)變光線的入射位置和顏色，折射光線可能過O點【解答】解：A.C點到直徑AB的距離剛好等于玻璃磚半徑的一半，由幾何關(guān)系可知，∠COA＝303015°，折射率為n＝ ＝2cos15°故A正確：自然光被玻璃反射后，反射光是偏振光，故B錯誤；綠光折射率大于紅光，換用綠光從C點入射，折射光線打在OBE點，C錯誤；折射光線過OABAB的上方照耀該玻璃磚，0，折射光線不行能過O點，故D錯誤。應(yīng)選：A。二．多項選擇題〔362分〕1〔2分〕如以下圖，在正方形ABCD區(qū)域內(nèi)有方向平行于ABE、、H是對應(yīng)邊的中點，P點是EH的中點。一個帶正電的粒子〔不計重力〕從FFH方向射入電場后恰好從C點射出。以下說法正確的選項是〔〕A．粒子的運動軌跡經(jīng)過P點B．粒子的運動軌跡經(jīng)過PE之間某點C．假設(shè)增大粒子的初速度可使粒子垂直穿過EHD．假設(shè)將粒子的初速度變?yōu)樵瓉淼囊话耄Ｗ忧『糜蒃點從BC邊射出【解答】解：AB、粒子從FFH方向射入電場后，粒子做類平拋運動，其軌跡是拋CC點做速度的反向延長線確定交于水平位移FH的中點，由幾何關(guān)系知此延長線經(jīng)過P點并與EH垂直，而粒子的軌跡在延長線的左側(cè)，所以粒子軌跡確定經(jīng)過PE之間某點，故A錯誤，B正確；C、由上知，從CPE之間的某點，由幾何關(guān)系知此軌跡經(jīng)過PE某點時速度方向與PE90EH時，水平速度增大，而豎直速度減小，由taα＝ 〔α為速度方向與水平方向的夾角，則α越小，粒子不行能垂直穿過EH，故C錯誤。D為原來的一半，粒子恰好由E點射出BC，故D正確。應(yīng)選：BD。1〔2分〕氫原子基態(tài)能量為，第n能級的能量。一群處于基態(tài)的氫原子吸取某頻率的光子后躍遷到第m能級，然后向低能級躍遷時最多能發(fā)出3種光子。以下說法正確的選項是〔 〕A．m＝3，氫原子吸取的光子的能量為B．m＝4，氫原子吸取的光子的能量為C．氫原子輻射光子的最小能量為D．氫原子輻射光子的最小能量為【解答】解：AB、依據(jù)數(shù)學(xué)組合公式 可得m＝3，所以氫原子吸取的光子的能量為，故A正確，B錯誤；CD、氫原子輻射光子的最小能量為Emin＝E3﹣E2＝

，故C正確，D錯誤。應(yīng)選：AC。1〔2分〕爭論光電效應(yīng)的電路圖如以下圖，電壓傳感器和電流傳感器與計算機相連，在計算機上可以顯示它們的示數(shù)U和I隨時間t的變化圖像。用單色光a和〔a＞b分別照耀光電管的陰極KS空置、置于1、置于2三種情境下移動滑片P的位置，觀看計算機上圖像的變化，當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S置于2且U＝Um時，I＝0以下說法正確的選項是〔 〕單色光ab照耀光電管時，光電效應(yīng)幾乎是瞬時發(fā)生的單刀雙擲開關(guān)S空置時，電流I0單刀雙擲開關(guān)S1時，滑片P向右移動過程中電流I可能不斷增大單刀雙擲開關(guān)S2，單色光b照耀時Um較大【解答】解：A、單色光a、b均能與光電管發(fā)生光電效應(yīng)，而光速為3×108m/s，故單色ab照耀光電管時，光電效應(yīng)幾乎是瞬時發(fā)生的，故A正確；B、單刀雙擲開關(guān)S空置時，形成了閉合回路，光電管會產(chǎn)生電流，故B錯誤；CS1P向右移動過程中，光電管兩端的正向電壓增大，單位時間內(nèi)從陰極到達陽極的光電子數(shù)可能增大即光電流可能增大，故C正確；D、單刀雙擲開關(guān)S2時，由于va＞vb，依據(jù)光電方程Ek＝hν﹣W0、eUm＝Ek，故單色光a照耀時Um較大，故D錯誤。應(yīng)選：AC。三．試驗題〔655分〕16分〕某同學(xué)用如以下圖的裝置做“探究加速度與力質(zhì)量的關(guān)系”的試驗?！?〕設(shè)計本試驗的方法是A。A．把握變量法B．抱負模型法C．等效替代法D．抱負試驗法〔2〔多項選擇〕試驗中，以下相關(guān)操作正確的選項是 AD 。A．平衡摩擦力時，不應(yīng)將托盤和砝碼用細線繞過定滑輪系在小車上B．每次轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量時，都需要重平衡摩擦力C．釋放小車前小車應(yīng)靠近打點計時器，且先釋放小車再接通電源D．使用本裝置進展試驗時，需要使托盤和砝碼的質(zhì)量遠小于小車和砝碼的總質(zhì)量〔3〕該同學(xué)在探究外力F確定時，小車的加速度與其質(zhì)量之間的關(guān)系的試驗時，為了更直觀地反映加速度a與小車的質(zhì)量m的關(guān)系，該關(guān)系圖像應(yīng)選用 C 。A．a(chǎn)﹣m圖像B．F﹣m圖像圖像圖像〔1〕型法、等效替代法、抱負試驗法，故A正確，BCD錯誤。應(yīng)選：A。A、平衡摩擦力時，不應(yīng)將托盤和砝碼用細線繞過定滑輪系在小車上，應(yīng)將小車與紙帶相連，故A正確；B、平衡摩擦力后重力沿斜面方向的分力與滑動摩擦力大小相等，合力為零，即mgsinθ＝mgcosθ，m可以約去，每次轉(zhuǎn)變小車的質(zhì)量時，不需要重平衡摩擦力，故B錯誤；C放小車，故C錯誤；D、設(shè)托盤和砝碼的質(zhì)量為m，小車和砝碼的總質(zhì)量為M，由牛頓其次定律得：對整體：mg＝〔M+m〕a對小車和砝碼：F＝Ma解得：F＝ ，當(dāng)m＜＜M時，F(xiàn)≈mg，試驗時需要使托盤和砝碼的質(zhì)量遠小于小車和砝碼的總質(zhì)量，故D正確。應(yīng)選：AD。由牛頓其次定律得：a＝F×Fa與成正比，為便利試驗數(shù)據(jù)處理，應(yīng)作出a﹣圖象，故C正確，ABD錯誤。應(yīng)選：C。1〔A〔3C。18分〕、D代表雙縫產(chǎn)生的四種干預(yù)圖樣，答復(fù)下面問題：假設(shè)A圖樣是紅光通過雙縫產(chǎn)生的，那么換用紫光得到的圖樣用 C 圖樣表示最適宜。假設(shè)將B圖樣對應(yīng)裝置的雙縫距離變小，那么得到的圖樣用 D 圖樣表示最適宜。假設(shè)將A圖樣對應(yīng)裝置的雙縫到屏的距離變小，那么得到的圖樣用 C 圖樣表示最適宜。假設(shè)將A圖樣的裝置從空氣移入水中，那么得到的干預(yù)圖樣用 C 圖樣表示最適宜?！臣僭O(shè)A比紅光的波長短，依據(jù)雙縫干預(yù)條紋的間距公式Δx＝λ，知紫光條紋間距變小，故A圖樣最適宜；假設(shè)將B圖樣對應(yīng)裝置的雙縫距離變小，依據(jù)雙縫干預(yù)條紋的間距公式Δx＝λ，知條紋間距變大．故D圖樣適宜；假設(shè)將A圖樣對應(yīng)裝置的雙縫到屏的距離變小，依據(jù)雙縫干預(yù)條紋的間距公式Δx＝λ，知條紋間距變小，故C圖樣適宜；將A圖樣的裝置從空氣放入水中，波速減小，頻率不變，則波長變短，依據(jù)雙縫干預(yù)條紋的間距公式Δx＝λ，知條紋間距變小，故C圖樣適宜．1C〔3C〕。18分〕＝3°，質(zhì)量0.25kg的物體在力F作用下由靜止開頭沿斜面對上運動。物體在A0t1＝4sB點時撤去力Ft2＝0.6s正好通過斜面上的CF30°角，AB間的距L＝8m，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)＝0.5，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：物體第一次經(jīng)過B點時的速度大小；力F的大小；BC之間的距離。1〕設(shè)第一次經(jīng)過B點的速度大小為，依據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得：1＝L解得：v＝4m/s；設(shè)物體在AB段運動過程中的加速度大小為a1，則：a1＝ ＝ ＝1m/s2，沿斜面方向依據(jù)牛頓其次定律可得：Fcos30°﹣mgsin37°﹣f＝ma1，其中摩擦力f＝〔mgcos37°﹣Fsin30°〕聯(lián)立解得：F＝2.46N；撤去力F后，物體向上運動的加速度大小為a2，依據(jù)牛頓其次定律可得：mgsin37°+mgcos37°＝ma2解得：a2＝10m/s2物體從B點開頭到速度減為零時經(jīng)過的時間為t3，則：t3＝此過程中的位移大小為：x1＝ ＝

＝ s＝0.4s接著物體開頭沿斜面下滑，下滑的時間為t4＝t2﹣t3＝0.6s﹣0.4s＝0.2s下滑過程中，依據(jù)牛頓其次定律可得：mgsin37°﹣mgcos37°＝ma3解得：a3＝2m/s2下滑過程中經(jīng)過t4通過的距離為：x2＝ ＝ m＝0.04mBC之間的距離：x＝0.8m﹣0.04m＝0.76m?！病澄矬w第一次經(jīng)過B點時的速度大小為4m/；力F2.46N；BC0.76m。2〔12分＝1.6一質(zhì)量M＝2kgPP的上外表與軌道所在平面平行，前后面均為半徑R＝1m的半圓，圓心分別為O、O′.5個完全一樣m＝0.5kg.某時刻第一個小滑塊以初速度v0＝1.5m/sO′O沖上滑板P，與滑板共速時小滑塊恰好位于O點.每當(dāng)前一個小滑塊與P共速時，下一個小滑塊便以一樣初速度沿O′O沖上滑板.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑板P與小滑塊間的動摩擦因數(shù)為1＝0.8，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g10m/s2，求：滑塊P與軌道間的動摩擦因數(shù)2；O′O的長度L；5個小滑塊與P之間摩擦產(chǎn)生的熱量?！硨迨芰Ψ治觯嫵龌宓膬蓚€平面圖如圖2所示12由幾何關(guān)系可得sinα＝代入數(shù)據(jù)解得：sinα＝0.8解得α＝53°，由于滑板于靜止?fàn)顟B(tài)，由平衡條件可得Mgcosθ＝2N”cosα，Mgsinθ＝2N”，聯(lián)立解得2＝0.45.〔2〕.O′O為正方向，系統(tǒng)動量守恒1設(shè)滑塊相對滑板的位移OO”為L，由系統(tǒng)的動能定理，得mgLinθ﹣1mgcosθ?L＝〔m+M〕2﹣1聯(lián)立方程，解得L＝2.25m.〔3〕.O′O為正方向，設(shè)共同速度為v4，則有4mv0＝〔4m+M〕v4，第五個小滑塊從滑上到和滑板相對靜止，系統(tǒng)動量守恒，沿O′O為正方向，設(shè)共同速v5，則有5mv0＝〔5m+M〕v5，設(shè)第五個滑塊相對滑板的位移OO”為L5，由系統(tǒng)的動能定理，得mgL5sinθ﹣1mgcosθL5＝〔5m+M〕 ﹣則由于摩擦產(chǎn)生的熱量Q＝1mgcosθL5代入數(shù)據(jù)解得Q＝2J.〔〕滑塊P