高中高考物理總復(fù)習(xí)一輪復(fù)習(xí)知識(shí)歸納第七章本章綜合能力提升練

高考試卷試題學(xué)習(xí)資料本章綜合能力提升練一、單項(xiàng)選擇題1．“探究影響平行板電容器電容大小因素”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，忽略漏電產(chǎn)生的影響，下列判斷正確的是()圖1A．平行板正對(duì)面積減小時(shí)，靜電計(jì)指針張角減小B．靜電計(jì)可以用電壓表替代C．靜電計(jì)所帶電荷量與平行板電容器電荷量不相等D．靜電計(jì)測量的是平行板電容器所帶電荷量答案C解析電容器帶電荷量一定，平行板正對(duì)面積減小時(shí)，電容器的電容減小，根據(jù)Q＝CU可知，兩板間電勢差變大，則靜電計(jì)指針張角變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；靜電計(jì)與電壓表、電流表的原理不同，不能替代，電流表、電壓表線圈中必須有電流通過時(shí)，指針才偏轉(zhuǎn)，故不能用電壓表代替靜電計(jì)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；靜電計(jì)所帶電荷量只是很小的一部分，即小于平行板電容器的電荷量，選項(xiàng)C正確；靜電計(jì)是定性反映電壓高低的儀器，不能反映平行板電容器的電荷量的多少，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．2.如圖2所示，虛線是某靜電場的一簇等勢線，邊上標(biāo)有電勢的值，一帶電粒子只在電場力作用下恰能沿圖中的實(shí)線從A經(jīng)過B運(yùn)動(dòng)到C.下列判斷正確的是()圖2A．粒子一定帶負(fù)電B．A處場強(qiáng)大于C處場強(qiáng)C．粒子在A處電勢能大于在C處電勢能D．粒子從A到B電場力所做的功大于從B到C電場力所做的功答案B解析根據(jù)電場線與等勢面垂直且由高電勢指向低電勢，可知電場線方向大致向左，根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向可知，粒子所受的電場力方向大致向左，則知粒子一定帶正電，故A錯(cuò)誤；等差等勢面的疏密反映電場強(qiáng)度的大小，A處場強(qiáng)大于C處場強(qiáng)，故B正確；從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力方向與速度的夾角為鈍角，電場力做負(fù)功，電勢能增大，故C錯(cuò)誤；根據(jù)W＝Uq知電勢差相同，電場力做功相同，故D錯(cuò)誤．3．(2018·四川省樂山市第二次調(diào)研)如圖3所示，圖甲實(shí)線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的P點(diǎn)靜止釋放，不考慮兩粒子間的相互作用，僅在電場力作用下，兩粒子做直線運(yùn)動(dòng)，a、b粒子的速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙中實(shí)線所示，虛線為直線，則()圖3A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負(fù)電B．a(chǎn)向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)C．a(chǎn)電勢能減小，b電勢能增大D．a(chǎn)動(dòng)能減小，b動(dòng)能增大答案B解析從速度－時(shí)間圖象中可以看出，a粒子加速度逐漸增大，b粒子加速度逐漸減小，因?yàn)榱Ｗ觾H受電場力，可知a粒子所受電場力逐漸增大，b粒子所受電場力逐漸減小，所以a向左運(yùn)動(dòng)，b向右運(yùn)動(dòng)．由于不知電場的方向，所以無法判斷a、b的電性，故A錯(cuò)誤，B正確；帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力做正功，所以a、b的電勢能均減小，故C錯(cuò)誤；帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力做正功，因?yàn)閮H受電場力，根據(jù)動(dòng)能定理，a、b的動(dòng)能均增加，故D錯(cuò)誤．4．(2018·山西省三區(qū)八校二模)如圖4，真空中a、b、c、d四點(diǎn)共線且等距．先在a點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷＋Q，測得b點(diǎn)場強(qiáng)大小為E．若再將另一等量異種點(diǎn)電荷－Q放在d點(diǎn)時(shí)，則()圖4A．b點(diǎn)場強(qiáng)大小為eq\f(3,4)EB．c點(diǎn)場強(qiáng)大小為eq\f(5,4)EC．b點(diǎn)場強(qiáng)方向向左D．c點(diǎn)電勢比b點(diǎn)電勢高答案B解析設(shè)ab＝bc＝cd＝L，＋Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為E，方向水平向右，由點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式得：E＝keq\f(Q,L2)，－Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為：E1＝keq\f(Q,2L2)＝eq\f(1,4)E，方向水平向右，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)大小為Eb＝E＋eq\f(1,4)E＝eq\f(5,4)E，方向水平向右，故A、C錯(cuò)誤；根據(jù)對(duì)稱性可知，c點(diǎn)與b點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，為eq\f(5,4)E，方向水平向右，故B正確；電場線方向從a指向d，而順著電場線方向電勢降低，則c點(diǎn)電勢比b點(diǎn)電勢低，故D錯(cuò)誤．5.(2018·廣東省茂名市第二次模擬)如圖5所示，aefd和ebcf是兩個(gè)等邊長的正方形，在a點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為q的正點(diǎn)電荷，在c點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為q的負(fù)點(diǎn)電荷，則下列說法正確的是()圖5A．e、f兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B．b、d兩點(diǎn)的電勢相同C．將一個(gè)負(fù)電荷由e點(diǎn)沿直線移動(dòng)到f點(diǎn)，電場力先做正功后做負(fù)功D．將一個(gè)負(fù)電荷由b點(diǎn)沿直線移動(dòng)到d點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功答案A解析兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷形成的電場中，其電場關(guān)于ac連線對(duì)稱，電場線形狀關(guān)于ac的中垂線對(duì)稱，結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷電場線的分布情況可知e、f兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，A正確；沿電場線方向電勢降低，B錯(cuò)誤；將一個(gè)負(fù)電荷由b點(diǎn)沿直線移動(dòng)到d點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功再做負(fù)功，D錯(cuò)誤；將一個(gè)負(fù)電荷由e點(diǎn)沿直線移動(dòng)到f點(diǎn)，電勢一直降低，電場力一直做負(fù)功，C錯(cuò)誤．6.(2018·湖南省三湘名校第三次大聯(lián)考)如圖6所示，以O(shè)點(diǎn)為圓心、R＝0.20m為半徑的圓處于勻強(qiáng)電場(圖中未畫出)中，電場平行于圓面，ac、bd為圓的兩條相互垂直的直徑．已知a、b、c三點(diǎn)的電勢分別為2V、2eq\r(3)V、－2V，則下列說法正確的是()圖6A．d點(diǎn)電勢為2eq\r(3)VB．電子從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)電勢能增加C．電場方向由b點(diǎn)指向c點(diǎn)D．該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為20V/m答案D解析根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系式U＝Ed，相等距離，電勢差相等，因?yàn)棣誥＝2V，φc＝－2V，可知，O點(diǎn)電勢為0，而bO＝Od，則b、O間的電勢差等于O、d間的電勢差，可知，d點(diǎn)的電勢為－2eq\r(3)V，故A錯(cuò)誤；從d點(diǎn)到a點(diǎn)電勢升高，根據(jù)Ep＝qφ，電子從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)電勢能減小，故B錯(cuò)誤；由作圖和幾何關(guān)系可知a、c兩點(diǎn)沿電場強(qiáng)度方向的距離為d＝2Rsin30°＝2×0.2×eq\f(1,2)m＝0.2m，故該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E＝eq\f(Uac,d)＝eq\f(4,0.2)V/m＝20V/m，電場方向不是由b點(diǎn)指向c點(diǎn)，故C錯(cuò)誤，D正確．7．(2019·江西省南昌市調(diào)研)如圖7所示，O、A、B、C為一粗糙絕緣水平面上的四點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，一電荷量為－Q的點(diǎn)電荷固定在O點(diǎn)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－q的小金屬塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，從A點(diǎn)由靜止沿它們的連線向右運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)速度最大，其大小為vm，小金屬塊最后停止在C點(diǎn)．已知小金屬塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，A、B間距離為L，靜電力常量為k，則()圖7A．在點(diǎn)電荷－Q形成的電場中，A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB＝eq\f(2μmgL＋mv\o\al(m2,),2q)B．在小金屬塊由A向C運(yùn)動(dòng)的過程中，電勢能先增大后減小C．OB間的距離為eq\r(\f(kQq,μmg))D．從B到C的過程中，小金屬塊的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為電勢能答案C解析小金屬塊從A到B過程，由動(dòng)能定理得：－qUAB－μmgL＝eq\f(1,2)mveq\o\al(m2,)－0，得A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB＝－eq\f(2μmgL＋mv\o\al(m2,),2q)，故A錯(cuò)誤；小金屬塊由A點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，電場力一直做正功，電勢能一直減小，故B錯(cuò)誤；由題意知，A到B過程，金屬塊做加速運(yùn)動(dòng)，B到C過程，金屬塊做減速運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)金屬塊所受的滑動(dòng)摩擦力與庫侖力平衡，則有μmg＝keq\f(Qq,r2)，得r＝eq\r(\f(kQq,μmg))，故C正確；從B到C的過程中，小金屬塊的動(dòng)能和減少的電勢能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題8.在x軸上有兩個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2，其靜電場的電勢φ在x軸上分布如圖8所示．下列說法正確的有()圖8A．q1和q2帶有異種電荷B．x1處的電場強(qiáng)度為零C．負(fù)電荷從x1移到x2，電勢能減小D．負(fù)電荷從x1移到x2，受到的電場力增大答案AC解析由題圖可知，兩點(diǎn)電荷q1和q2帶有異種電荷，A正確；在φ－x圖象中，圖象切線的斜率大小表示電場強(qiáng)度大小，則x1處的電場強(qiáng)度不為零，B錯(cuò)誤；且有x1到x2電場強(qiáng)度逐漸減小，負(fù)電荷受到的電場力逐漸減小，D錯(cuò)誤；由Ep＝φq可知，負(fù)電荷在電勢高處的電勢能小，則負(fù)電荷從x1移到x2，電勢能減小，C正確．9．(2019·江西省南昌市調(diào)研)某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖9甲所示，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，在電場中從O點(diǎn)由靜止開始沿電場線豎直向下運(yùn)動(dòng)．以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖乙所示，則(不考慮空氣阻力)()圖9A．電場強(qiáng)度大小恒定，方向沿x軸負(fù)方向B．從O到x1的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C．從O到x1的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功越來越大D．到達(dá)x1位置時(shí)，小球速度的大小為eq\r(\f(2E1－E0＋mgx1,m))答案BD解析小球的機(jī)械能變化是由電場力做功引起的，由題圖乙可知，從O到x1機(jī)械能在減小，即電場力做負(fù)功，又因?yàn)樾∏驇д?，故場?qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，E－x圖線切線的斜率的絕對(duì)值為電場力大小，由圖象可知，從O到x1斜率的絕對(duì)值在減小，故F電在減小，即場強(qiáng)減小，故A錯(cuò)誤．由牛頓第二定律mg－F電＝ma可知a在增大，故B正確．因?yàn)殡妶隽χ饾u減小，故相等位移內(nèi)，小球克服電場力做的功越來越小，故C錯(cuò)誤．從O到x1由動(dòng)能定理得mgx1＋E1－E0＝eq\f(1,2)mv2－0，v＝eq\r(\f(2E1－E0＋mgx1,m))，D正確．三、非選擇題10．(2018·陜西省西安市質(zhì)檢)如圖10所示的裝置是在豎直平面內(nèi)放置的光滑絕緣軌道，處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，帶負(fù)電荷的小球從高為h的A處由靜止開始下滑，沿軌道ABC運(yùn)動(dòng)并進(jìn)入圓環(huán)內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)．已知小球所受電場力是其重力的eq\f(3,4)，圓環(huán)半徑為R，斜面傾角為θ＝60°，sBC＝2R.若使小球在圓環(huán)內(nèi)能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，h至少為多少？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)圖10答案7.7R解析小球所受的重力和電場力都為恒力，故可將兩力等效為一個(gè)力F，如圖所示．可知F＝1.25mg，方向與豎直方向成37°角．由圖可知，小球做完整的圓周運(yùn)動(dòng)的臨界點(diǎn)是D點(diǎn)，設(shè)小球恰好能通過D點(diǎn)，即到達(dá)D點(diǎn)時(shí)圓環(huán)對(duì)小球的彈力恰好為零．由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得：F＝eq\f(mv\o\al(D2,),R)，即：1.25mg＝meq\f(v\o\al(D2,),R)小球由A運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，由動(dòng)能定理結(jié)合幾何知識(shí)得：mg(h－R－Rcos37°)－eq\f(3,4)mg·(eq\f(h,tanθ)＋2R＋Rsin37°)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(D2,)，聯(lián)立解得h≈7.7R.11．(2018·山東省日照市校際聯(lián)合質(zhì)檢)如圖11所示，一內(nèi)壁光滑的絕緣圓管AB固定在豎直平面內(nèi)．圓管的圓心為O，D點(diǎn)為圓管的最低點(diǎn)，AB兩點(diǎn)在同一水平線上，AB＝2L，圓環(huán)的半徑為r＝eq\r(2)L(圓管的直徑忽略不計(jì))，過OD的虛線與過AB的虛線垂直相交于C點(diǎn)．在虛線AB的上方存在水平向右的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場；虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小等于eq\f(mg,q).圓心O正上方的P點(diǎn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－q(q>0)的絕緣小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))，PC間距為L.現(xiàn)將該小物體無初速度釋放，經(jīng)過一段時(shí)間，小物體剛好沿切線無碰撞地進(jìn)入圓管內(nèi)，并繼續(xù)運(yùn)動(dòng)．重力加速度用g表示．圖11(1)虛線AB上方勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為多大？(2)小物體從管口B離開后，經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)落到虛線AB上的N點(diǎn)(圖中未標(biāo)出N點(diǎn))，則N點(diǎn)距離C點(diǎn)多遠(yuǎn)？(3)小物體由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的總時(shí)間為多少？答案(1)eq\f(mg,q)(2)7L(3)(3＋eq\f(3,4)π)eq\r(\f(2L,g))解析(1)小物體無初速度釋放后在重力、電場力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，小物體剛好沿切線無碰撞地進(jìn)入圓管內(nèi)，故小物體剛好沿PA連線運(yùn)動(dòng)，重力與電場力的合力沿PA方向；又PC＝AC＝L，故tan45°＝eq\f(qE,mg)，解得：E＝eq\f(mg,q)(2)對(duì)小物體從P到A的運(yùn)動(dòng)由動(dòng)能定理可得：mgL＋qEL＝eq\f(1,2)mveq\o\al(A2,)，解得：vA＝2eq\r(gL)虛線AB的下方存在豎直向下的、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小等于eq\f(mg,q)，電荷量為－q(q>0)的絕緣小物體所受電場力F2＝qE′＝mg，方向豎直向上，與重力平衡，故小物體從A到B做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，vB＝vA＝2eq\r(gL)小物體從管口B離開后，經(jīng)過一段時(shí)間的運(yùn)動(dòng)落到虛線AB上的N點(diǎn)，豎直方向：t＝eq\f(2vBsin45°,g)解得：t＝2eq\r(\f(2L,g))水平方