遼寧省撫順市私立將軍高級中學2021年高二物理月考試卷含解析

遼寧省撫順市私立將軍高級中學2021年高二物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）通過電阻R的電流強度為I時，在t時間內產生的熱量為Q，若電流強度為，則在時間t內產生的熱量為（）A．4QB．2QC．D．參考答案：考點：焦耳定律．版權所有專題：恒定電流專題．分析：根據Q=I2Rt求電阻仍為R，電流強度變?yōu)?，在時間t內產生的熱量．解答：解：根據Q=I2Rt得，電阻不變，電流強度變?yōu)樵瓉淼?，時間不變，則熱量變?yōu)樵瓉淼模蔇正確，ABC錯誤．故選：D．點評：解決本題的關鍵掌握焦耳定律熱量的公式Q=I2Rt．2.（單選）如右圖所示，甲、乙、丙三個物體，質量相同，與地面摩擦因數相同，受到三個大小相同的作用力F,都保持靜止不動，它們受到的摩擦力的大小關系是(

)A．三者相同B．乙最大C．丙最大D．已知條件不夠，無法判斷誰最大參考答案：C3.(多選)在LC振蕩電路中，某時刻電路中的電流方向如圖所示，且電流正在減小，則該時刻A.電容器上極板帶正電，下極板帶負電B.電容器上極板帶負電，下極板帶正電C.電場能正在向磁場能轉化D.磁場能正在向電場能轉化參考答案：BD4.（單選）如圖，甲、乙兩根長直導線垂直紙面放置，A點為紙面上與甲、乙等距的點。圖中虛線為在紙面內過A點分別與甲、乙兩導線垂直的線，且這兩條虛線互相垂直。當甲、乙兩根導線中通有圖示方向的電流時，兩電流在A點處所產生的磁場方向一定()A．指向區(qū)域①B．指向區(qū)域②C．指向區(qū)域③D．指向區(qū)域④參考答案：C5.（多選）如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區(qū)域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中A．導體框中產生的感應電流方向相同B．導體框中產生的焦耳熱相同C．導體框ad邊兩端電勢差相同D．通過導體框截面的電量相同參考答案：AD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖甲為某同學研究自感現象的實驗電路圖，用電流傳感器顯示器各時刻通過線圈L的電流．電路中電燈的電阻R1=6.0Ω，定值電阻R=2.0Ω，AB間電壓U=6.0V．開關S原來閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，在t1=1.0×10﹣3s時刻斷開關S，此時刻前后電流傳感器顯示的電流隨時間變化的圖線如圖乙所示．則線圈L的直流電阻RL=2Ω；斷開開關后通過電燈的電流方向左（填“向左”或“向右”）；在t2=1.6×10﹣3s時刻線圈L中的感應電動勢的大小為2V．參考答案：解：（1）由圖讀出，開始時流過電感線圈L的電流I0=1.5A由歐姆定律I0=解得：RL=﹣R=2Ω（2）L1中電流方向向左；（3）由圖讀出，t=1.6×10﹣3s時刻線圈L的電流I=0.20A；線圈L此時是一個電源，由全電路歐姆定律E=I（RL+R+R1）；E=2.0V故答案為：2Ω；向左；2V．7.放射性元素每秒有一個原子核發(fā)生衰變時，其放射性活度即為1貝可勒爾。是核電站中核反應的副產物，它可以衰變成，半衰期為8天。福島核電站泄漏出的放射性物質中就含有，當地政府在某次檢測中發(fā)現空氣樣品的放射性活度為本國安全標準值的4倍。則一個核中有_______個中子、衰變成時放出的粒子為_______粒子。至少經過_______天，該空氣樣品中的放射性活度才會達到本國安全標準值。參考答案：．78、?、168.圖1—4—4中a、b和c表示點電荷的電場中的三個等勢面．它們的電勢分別為U、和．一帶電粒子從等勢面a上某處由靜止釋放后，僅受電場力作用而運動，已知它經過等勢面b時的速率為v，則它經過等勢面c時的速率為________．參考答案：9.如圖13是一種風速儀示意圖，試回答下列問題：（1）有水平風吹來時磁體如何轉動？(自上往下看)_______________________.（2）電流計示數變小，其風速就變_____________．ks5u參考答案：（1）逆時針轉動(填“逆時針”也可以)（2分）

（2）

小

10.光纖通信中,光導纖維傳遞光信號的物理原理是利用光的全反射

現象，發(fā)生這種現象，必須滿足的條件是：光從

光密介質

射向光疏介質

，且

入射角大于等于臨界角

參考答案：11.如圖所示，在電場強度E＝2000V/m的勻強電場中，有三點A、M和B，AM＝4cm，MB＝3cm，AB＝5cm，且AM邊平行于電場線，A、B兩點間的電勢差為________V。把一電荷量q＝2×10-9C的正電荷從B點經M點移到A點，電場力做功為________J。參考答案：80

-1.6×10-712.（22分）如圖所示，電阻為0.1Ω的導體棒ab沿水平面內的光滑導線框向右做勻速運動，速度V=5.0m/s.線框右端的電阻R=0.4Ω，線框本身電阻不計.線框寬L=0.4m，處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度為B=0.1T.則（1）電路中相當于電源的部分是

；

相當于電源的正極；（2）電源的電動勢E=

V，電路中的電流I=

A；（3）導體ab所受安培力的大小F=

N，方向向

；（4）使導體向右做勻速運動所需的力F′=

，力F′做功的功率P′=

W；（5）電源的功率，即感應電動勢的功率P=IE=

W；（6）電源內部消耗的功率P1=

W；電阻R上消耗的功率P2=

W。參考答案：（1）導體棒ab；a端；（2）0.2；0.4；（3）0.016；左；（4）0.016；0.08

；（5）0.08

；（6）0.016；

0.064；13.兩個點電荷甲和乙同處在真空中．(1)甲的電荷量是乙的電荷量的4倍，則甲對乙的作用力是乙對甲的作用力的________倍．(2)若把每個電荷的電荷量都增加為原來的3倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼腳_______倍．(3)若保持電荷量不變，而將距離增加為原來的4倍，那么它們之間的作用力變?yōu)樵瓉淼腳_______倍．(4)若保持其中一個電荷量不變，而另一個電荷量增加為原來的9倍，為使其相互作用力不變，則它們之間的距離將變?yōu)樵瓉淼腳_______倍．參考答案：解析：由庫侖定律F＝k即可分析求解．答案：(1)1(2)9(3)(4)3三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一位同學設計了如圖所示的電路來測電壓表的內阻RV，電壓表的量程為50mV，內阻約為50Ω．其實驗的方法是：①將電鍵S1閉合、S2斷開，調節(jié)滑動變阻器R使得電壓表的指針達到滿偏；②保持滑動變阻器R的滑片位置不變，再將電鍵S2閉合，調節(jié)電阻箱R1，使得電壓表的指針指在刻度盤的中央；③讀出電阻箱的阻值R1，可以認為電阻RV=R1．（1）實驗中調整電阻箱達到實驗要求時，電阻箱的各個旋鈕的位置如圖所示，待測電壓表的內阻是

Ω．（2）如果電源E的電動勢為4V，下面提供最大阻值不同的四個滑動變阻器供選用，既要滿足實驗要求，又要調整方便，變阻器應選

（填寫阻值前相應的字母）．

A.10Ω

B.100Ω

C.6kΩ

D.50kΩ（3）若要將此電壓表改裝成量程為3V的電壓表，應該怎么做，并畫出電路圖．參考答案：解：（1）由圖2所示可知，電阻箱示數為：0×100+4×10+3×1+0×0.1=43.0Ω，待測電壓表內阻為：R=43.0Ω；（2）由S1閉合、S2斷開，電壓表滿偏可知，電路中的最大電流應為：Imax==≈1.16×10﹣3A，整個電路的最小電阻應為：Rmin==≈3448Ω，阻器最小阻值應為：R變=3448﹣43=3405Ω，滑動變阻器應選C．（3）把電壓表改裝為3V的電壓表，應串聯一個分壓電阻，串聯電阻阻值為：R===2537Ω，改裝后的電路圖如圖所示：故答案為：（1）43.0；（2）C；（3）串聯一個2537Ω的電阻，電路圖如圖所示．【考點】伏安法測電阻．【分析】（1）電阻箱各旋鈕示數與對應倍率的乘積之和是電阻箱示數；（2）求出滑動變阻器的最小阻值，然后選擇滑動變阻器；（3）把小量程電壓表改裝成大量程電壓表，需要串聯一個分壓電阻，應用串聯電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值．15.（6分）用接在50Hz交流電源上的打點計時器，測定小車速度，某次實驗中得到一條紙帶，如圖所示，從比較清晰的點起，每五個打印點取一個記數點，分別標明0、l、2、3、4……量得0與1兩點間距離x1=30mm，3與4兩點間的距離x2=48mm，則小車在0與1兩點間的時間間隔是

s，打第2點時小車的速度為

m／s。參考答案：

0.1；0.39四、計算題：本題共3小題，共計47分16.(計算)（2008?四川）如圖為一電流表的原理示意圖．質量為m的均質細金屬棒MN的中點處通過一絕緣掛鉤與一豎直懸掛的彈簧相連，彈簧勁度系數為k．在矩形區(qū)域abcd內有勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向外．與MN的右端N連接的一絕緣輕指針可指示標尺上的讀數，MN的長度大于ab．當MN中沒有電流通過且處于平衡狀態(tài)時，MN與矩形區(qū)域的cd邊重合：當MN中有電流通過時，指針示數可表示電流強度．（1）當電流表示數為零時，彈簧伸長多少？（重力加速度為g）（2）若要電流表正常工作，MN的哪一端應與電源正極相接？（3）若k=2.0N/m，=0.20m，=0.050m，B=0.20T，此電流表的量程是多少？（不計通電時電流產生的磁場的作用）（4）若將量程擴大2倍，磁感應強度應變?yōu)槎啻?？參考答案?1)

(2)M端應接正極(3)2.5A．(4)0.10T．解：（1）設彈簧的伸長為△x，則有：mg=k△x

①由①式得：

②故當電流表示數為零時，彈簧伸長量為．（2）為使電流表正常工作，作用于通有電流的金屬棒MN的安培力必須向下．跟左手定則可知金屬棒中電流從M端流向N端，因此M端應接正極．故若要電流表正常工作，MN的M端應接正極．（3）設滿量程時通過MN的電流強度為Im，則有：

③聯立①③并代入數據得：Im=2.5A

④故此電流表的量程是2.5A．（4）設量程擴大后，磁感應強度變?yōu)锽′，則有：⑤由①⑤得代入數據得B'=0.10T

故若將量程擴大2倍，磁感應強度應變?yōu)?.10T．17.如圖所示，電荷q1固定于半徑為R的半園光滑軌道圓心處，將另一帶正電電量為q2，質量為m的小球，從軌道的A處無初速釋放，求：（1）小球運動到最低點B點的速度大??；（2）小球在B點對軌道的壓力．參考答案：考點：動能定理的應用；帶電粒子在勻強電場中的運動．專題：動能定理的應用專題．分析：（1）根據機械能守恒定律分別求出小球通過最低點時的速度大小．（2）小球經過最低點時，由重力和支持力的合力提供向心力，根據牛頓運動定律求解小球對軌道壓力的大?。獯穑航猓海?）設小球通過軌道最低點時的速度大小為v．以軌道最低點所在的水平面為參考平面，小球從A到B的過程中只有重力做功，根據機械能守恒定律得：mgR=，得：（2）以小球為研究對象，重力．支持力與電場力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律得：解得：N=由牛頓第三定律得：小球通過軌道最低點時對軌道的壓力大小為：N′=N=3mg答：（1）小球通過軌道最低點時的速度大小是；（2）小球通過軌道最低