2022屆江西省宜春豐城市第九中學(xué)高三上學(xué)期第一次月考物理試題（含答案）

2022屆江西省宜春豐城市第九中學(xué)高三上學(xué)期第一次月考物理試題學(xué)校： 姓名： 班級： 考號： 一、單選題1、充氣彈跳飛人娛樂裝置如圖1所示，開始時娛樂者靜止躺在氣包上，工作人員從站臺上蹦到氣包上，娛樂者即被彈起并落入厚厚的海洋球。若娛樂者彈起后做拋體運動，其重心運動軌跡如圖2虛線POB所示。開始娛樂者所處的面可視為斜面AC,與水平方向夾角0=37?！阋阎獖蕵氛邚腜點拋起的初速度方向與AC垂直，B點到軌跡最高點。的豎直高度/z=3.2m，水平距離/=2.4m,AB在同一水平面上，忽略空氣阻力，sin37°=0.6,重力加速度g=10m/s。貝ij()P點到B點的位移為3.6mAB之間的距離為0.4m娛樂者從P點到B點過程中的時間0.8s娛樂者從P點到B點過程中的最大速度5m/s2、2020年7月22日，中國火星探測工程正式對外發(fā)布“中國首次火星探測任務(wù)宇宙飛船'天問一號'著陸平臺和火星車"。飛船“天問一號''從地球上發(fā)射到與火星會合，運動軌跡如圖中虛線橢圓所示。飛向火星過程中，太陽對"天問一號"的引力遠大于地球和火星對它的吸引力。下列說法正確的是()與火星會合前，“天問一號”的加速度小于火星公轉(zhuǎn)的向心加速度“天問一號”在無動力飛向火星的過程中，引力勢能增大，動能減少，機械能守恒“天問一號”橢圓運動的周期小于地球公轉(zhuǎn)的周期“天問一號”在地球上的發(fā)射速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間

3、如圖，人沿平直的河岸以速度卩行走，且通過不可伸長的繩拖船，船沿繩的方向行進，此過程中繩始終與水面平行。當(dāng)繩與河岸的夾角為a,船的速率為（）vsina B. C.vcosa D.—— sina cosa4、由于高度限制，車庫出入口采用圖所示的曲桿道閘，道閘由轉(zhuǎn)動桿0P與橫桿PQ鏈接而成，戶、Q為橫桿的兩個端點。在道閘抬起過程中，桿PQ始終保持水平。桿OP繞。點從與水平方向成30。勻速轉(zhuǎn)動到60。的過程中，下列說法正確的是（）P點的線速度大小不變 B.P點的加速度方向不變C.Q點在豎直方向做勻速運動 D.Q點在水平方向做勻速運動5、某同學(xué)使用輕彈簧、直尺鋼球等制作了一個''豎直加速度測量儀”。如圖所示，彈簧上端固定，在彈簧旁沿彈簧長度方向固定一直尺。不掛鋼球時，彈簧下端指針位于直尺20cm刻度處；下端懸掛鋼球，靜止時指針位于直尺40cm刻度處。將直尺不同刻度對應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，就可用此裝置直接測量豎直方向的加速度。取豎直向上為正方向，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）w§三OW§30cm刻度對應(yīng)的加速度為?0.5g40cm刻度對應(yīng)的加速度為g50cm刻度對應(yīng)的加速度為2g

各刻度對應(yīng)加速度的值是不均勻的6、輕繩兩端分別固定在兩根等高的豎直桿上，在水平恒定風(fēng)力作用下，重力為G的衣服處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示。若風(fēng)力大小為衣服重力的0.75倍，不計輕繩與衣架掛鉤間的摩擦，貝收鉤間的摩擦，貝收）兩端與水平方向的夾角％=a兩端與水平方向的夾角％=a2兩邊與豎直方向的夾角a=AC.拉力大小為5G8cosC.拉力大小為5G8cos紀(jì)色2D.拉力大小為5G8cos^±A27、在某次檢測國產(chǎn)某品牌汽車的剎車性能時，通過傳感器發(fā)現(xiàn)踩下剎車后，汽車的位移與時間的關(guān)系滿足x=30t-5t2,則關(guān)于該次測試，下列說法正確的是（）A.汽車A.汽車4s內(nèi)的位移是40m汽車的加速度是-5m/s2C.汽車的初速度是C.汽車的初速度是20m/sD.汽車剎車2s后的速度是10m/s8、 小智同學(xué)發(fā)現(xiàn)了一張自己以前為研究機動車的運動情況繪制的4--圖像（如rt圖）。已知機動車運動軌跡是直線，但是不知機動車是處于加速還是剎車狀態(tài)，請你幫他判定以下合理的說法是（）*A.機動車處于勻加速狀態(tài) B.機動車的初速度為0機動車的加速度為大小為8m/s2 D.機動車在前3秒的位移是24m9、 從居民樓某樓層的窗臺上掉下一蘋果，目測落地前最后一秒的位移約為10m，忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。則蘋果掉下時的樓層為（設(shè)每層樓高約2.5m）（）A.第三層 B.第四層 C.第五層 D.第六層

二、多選題10、在傾角為。的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A和B,它們的質(zhì)量分別為叫、叫（叫#叫），彈簧勁度系數(shù)為奴C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運動，當(dāng)物塊B剛要離開擋板C時，物塊A沿斜面運動的距離為厶速度為卩，此時（）A.物塊A的加速度為入0一任=2￡彈簧彈性勢能的增加量為。=』m2=0.（）6125m2此過程中A的動能增加量為Fd此過程中A的機械能變化量為Fd11、如圖所示，物塊甲、乙（可視為質(zhì)點）靜止于水平地面上，質(zhì)量分別為〃如=2kg、％=lkg,一輕彈簧（長度不計）壓縮后鎖定在甲、乙之間。某時刻解鎖彈簧，甲、乙彈開后分別沿地面滑行。己知彈簧在解鎖前的彈性勢能為3J,甲、乙與地面間的動摩擦因數(shù)分別為丹=0.1和以乙=0.5,重力加速度取10m/s2,則（）甲乙A.彈開后瞬冋乙的速度大小為lm/s B.甲、乙滑行的時間之比為5：2甲滑行過程中產(chǎn)生的熱量為2J D.甲、乙停止運動時相距0.9mA.細線拉力將變大12、如圖所示，斜面體固定在水平面上，一輕質(zhì)細線繞過滑輪1和滑輪2,兩端分別與物體。和輕環(huán)c連接，輕環(huán)c穿在水平橫桿上，滑輪2下吊一物體所物體。和滑輪1間的細線平行于斜面，系統(tǒng)靜止。現(xiàn)將c向右移動少許，物體。始終靜止，系統(tǒng)再次靜止，不計滑輪質(zhì)量和滑輪與繩間的摩擦。貝以）A.細線拉力將變大B.地面對斜面體的支持力將變大

C.橫桿對輕環(huán)C.橫桿對輕環(huán)C的摩擦力將變大D.斜面體對物體a的摩擦力將變小三、實驗題13、某同學(xué)利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達滑輪處）。從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的距離如圖乙所示。打點計時器電源的頻率為50Hz。打點牛時卷歲塊細線滑輪 長木，II.重物圖甲單位二cm~ 6 7 ~9.00111.01t12.28 110.60T8.61 圖乙（1） 通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計數(shù)點 和 之間某時刻開始減速。（2） 計數(shù)點5對應(yīng)的速度大小為 m/s,計數(shù)點6對應(yīng)的速度大小為 m/So（保留三位有效數(shù)字）。（3） 物塊減速運動過程中加速度的大小為。= m/s2,若用纟來計算物塊與桌8面間的動摩擦因數(shù)（g為重力加速度），則計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值 （填“偏大”或“偏小”）o14、下圖為一彈簧彈射裝置，在內(nèi)壁光滑、水平固定的金屬管中放有輕彈簧，彈簧壓縮并鎖定，在金屬管兩端各放置一個金屬小球1和2（兩球直徑略小于管徑且與彈簧不固連）?，F(xiàn)解除彈簧鎖定，兩個小球同時沿同一直線向相反方向彈射。然后按下述步驟進行實驗：用天平測出兩球質(zhì)量叫、叫；用刻度尺測出兩管口離地面的高度力;記錄兩球在水平地面上的落點P、Qo回答下列問題：（1） 要測定彈射裝置在彈射時所具有的彈性勢能，還需測量的物理量有 0（已知重力加速度g）彈簧的壓縮量水兩球落點P,。到對應(yīng)管口歸、河的水平距離也、x2小球直徑兩球從管口彈出到落地的時間匕、r2（2） 根據(jù)測量結(jié)果，可得彈性勢能的表達式為穌= 。（3） 由上述測得的物理量來表示，如果滿足關(guān)系式 ，就說明彈射過程中兩小球組成的系統(tǒng)動量守恒。四、計算題15、如圖所示，水平地面與一半徑為乙的豎直光滑圓弧軌道相接于8點，軌道上的C點位置處于圈心。的正下方。距離地面高度也為匕的水平平臺邊緣上的A點，質(zhì)量為m的小球以序的初速度水平拋出，小球在空中運動至B點時，恰好沿圓弧軌道在該點的切線方向滑入軌道。小球運動過程中空氣阻力不計，重力加速度為g,求：

（1） 水平恒力F大??；（2） 小球落地瞬冋速度與水平方向夾角。的正切值。17、如圖。所示，一足夠長的木板靜置于水平地面上，木板最右端放置一小物塊。在，=0時刻對木板施加一水平向右的恒力F,Is后撤去F,此后木板運動的卩-/圖像如圖b所示。已知物塊與木板的質(zhì)量均為1kg,物塊與木板冋及木板與地面間均有摩擦。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s F的大??； 撤去F直至木板停下的過程中，物塊所受摩擦力的沖量大??； 整個過程中木板與物塊間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。 F的大小； 撤去F直至木板停下的過程中，物塊所受摩擦力的沖量大小； 整個過程中木板與物塊間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。18、如圖所示，足夠長的粗糙水平軌道光滑水平軌道M和足夠長的粗糙傾斜軌道de在同一豎直平面內(nèi)，斜面傾角為37。，M和de平滑連接。在瀝的最右端靜止一個質(zhì)量M=4kg的木板，其高度與M等高，木板與軌道瀝間動摩擦因數(shù)冋=（）.（）5,質(zhì)量也°=lkg的滑塊Q靜止在cd軌道上的某點，在次軌道上距斜面底端％=8m處靜止釋放一質(zhì)量〃?p=3kg的滑塊P,一段時間后滑塊F與。發(fā)生彈性正碰，碰撞時間忽略不計，P與。碰撞開始計時，Is后Q滑上長木板，經(jīng)過3s后。從木板上飛出，飛出后0.5s落地（假設(shè)落地后靜止）。己知P、Q與斜面和木板間的動摩擦因數(shù)均為人=0.25,滑塊P、Q均當(dāng)作質(zhì)點，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8o求：（1） 滑塊P、。碰撞后獲得的速度大小；（2） 木板的長度；（3） 最終P、Q靜止時距木板左側(cè)的距離。參考答案參考答案1、答案：B解析：D.由。點到8點過程，由/2=1^2,可得f=0.8s，可知人的水平分速度為卩￡=晝曲=3並，從。到8過程，由豎直方向虻=2朋，可得到B點豎直方向°t0.8 '的速度*=皿商=8訕，所以到B點速度Vfl=V32+82m/s=>/73m/s?因此運動到B點速度最大為妨m/s，D錯誤；C.從P點到。點的運動可視為從。點平拋到P點的逆過程*=_^=5m/s，P點豎直方向速度*=拆二斉=40^，從P到。時間sin37Y令g,從。恥時間。.臨知從P點到，點過程中的時間/&=/+/=1.2s?C錯誤；A.P點距離。點的高度為人=：gf2=：xl0x0.42m=0.8m，P點距離B點的髙度為H=。-方=2.4m,P點距離B點的水平距離為知=%總=3xl.2m=3.6m,P點距離8點的位移為s=Jh?+砲2=J2.42+36m,A錯誤；B.由選項A可知，P點距離B點的高度為H=l'=2.4m,則AP間水平距離為LJtan37=-—,xAP=3.2m?P點距離B點的水平距離為％=財總=3乂1.2111=3.601,則XAP佰之間的距離為0.4m,B正確。故選B。2、答案：B解析：A.由牛頓第二定律可得解析：A.由牛頓第二定律可得G牛解得a=G牛,與火星會合前，“天問一號''到太陽的距離小于火星到太陽的距離，故“天問一號''的加速度較大，A錯誤；B.“天問一號”在無動力飛向火星的過程中，引力做負功，引力勢能增大，動能減少，機械能守恒，B正確；C.“天問一號”橢圓運動的半長軸大于地球公轉(zhuǎn)的半徑，由開普勒第三定律可知，“天問一號''橢圓運動的周期大于地球公轉(zhuǎn)的周期，C錯誤；D.“天問一號''發(fā)射后需擺脫地球的引力朿縛但仍在太陽系內(nèi)運動，故在地球上的發(fā)射速度應(yīng)介于第二宇宙速度和第三宇宙速度之間，D錯誤。故選B。3、答案：C解析：將人的運動速度卩沿著繩子方向和垂直繩子方向正交分解，如圖，由于繩子始

終處于繃緊狀態(tài)，因而小船的速度等于人沿著繩子方向的分速度俯視圖河岸根據(jù)此圖得：卩船=vcosa；故選C。4、 答案：A解析：A.由題知桿0P繞。點從與水平方向成30。勻速轉(zhuǎn)動到60。，則P點繞。點做勻速圓周運動，則P點的線速度大小不變，A正確；B.由題知桿OP繞。點從與水平方向成30。勻速轉(zhuǎn)動到60。，則P點繞。點做勻速圓周運動，P點的加速度方向時刻指向。點，B錯誤；C.Q點在豎直方向的運動與P點相同，相對于。點在豎直方向的位置），關(guān)于時間7的關(guān)系為y=/OP?sin修+"則可看出。點在豎直方向不是勻速運動，C錯誤；D.Q點相對于。點在水平方向的位置工關(guān)于時間，的關(guān)系為x=/OP?cos修+仞|+/FQ,則可看岀。點在水平方向也不是勻速運動，D錯誤。故選Ao5、 答案：A解析：A.由分析可知，在30cm刻度時，有F彈-=g（取豎直向上為正方向），代入數(shù)據(jù)有o=-0.5g,A正確；B.由分析可知，在40cm刻度時，有mg=F弾,貝U40cm刻度對應(yīng)的加速度為0,B錯誤；C.由分析可知，在50cm刻度時，有F^-mg=ma（取豎直向上為正方向），代入數(shù)據(jù)有。=0.5&,C錯誤；D.設(shè)刻度對應(yīng)值為x,結(jié)合分析可知豆竺竺=口，Ax=|x-0.2|（取豎直向上為正方向），經(jīng)過m計算有。二氣筍（了＞0.2）或。=若0VO.2），根據(jù)以上分析，加速度。與刻度對應(yīng)值為工成線性關(guān)系，則各刻度對應(yīng)加速度的值是均勻的，D錯誤。故選A。6、答案：D解析：AB.輕繩拉力的合力方向沿斜向左上方向，因此*〉底；，故AB錯誤；CD.衣服受到重力和水平的風(fēng)力以及掛鉤的作用力，重力和水平風(fēng)力的合力為%=J(mg)2+(O.75mg)2 ，則掛鉤對輕繩作用力大小為三G，由5G2FcosA1A=5g,得卩=― ,故d正確；C錯誤。故選D。2 4 8cos"i27、答案：D解析：A.根據(jù)位移與時間的關(guān)系與勻變速直線運動位移公式x=vQt+^at\對比x=30s5已可得卩o=3Om/s,?=-10m/s2,汽車做勻減速直線運動，汽車速度變?yōu)榱闼钑r間為匕=二也=3s，則3s末汽車己經(jīng)停止，所以，=4s時汽車位移為a2為=二也=45m,A錯誤；BC.根據(jù)位移與時間的關(guān)系與勻變速直線運動位移公式2ax=vor+at2?對比x=30r-5r2?可得v0=30m/s?a=-10m/s2?由分析得v0=30m/s??=-10m/s2>BC錯誤；D.汽車剎車2s后的速度為卩］=卩。+皿=10m/s,D正確。故選D。8、 答案：C解析：ABC.由工=財+?已可知，將等式變形為4=3+丄"，由圖像的兩個交點可0 2 t2t2得v0=20m/s,a=-8m/s2?機動車做初速度為20m/s,加速度為Bm/s?的勻減速運動，故AB錯誤C正確；D.由v=vQ+at,可判斷，機動車在2.5s時停止運動，由7O2v2-v02=2ar，貝U機動車在前3秒的位移"芻m=25m,故D錯誤。故選C。2x89、 答案：C解析：由勻變速直線運動中間時刻瞬時速度等于該時間段的平均速度可得，最后Is的平均速度是最后0.5s的初速度可得卩=j=羊=l()m/s，則蘋果落地時的速度為1125v=v+^=10+0.5xl0=15m/s,由寸=2gh，可得，=11.25m，上竺=4.5,可得掉下2.5樓層為第五層，故C正確，ABD錯誤。故選C。10、答案：AB解析：A.開始系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧彈力等于厶的重力沿斜面下的分力滿足〃桔sin0=炫，當(dāng)B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故響辨小，由于開始是彈簧是壓縮的壓縮量為珀上升〃后彈簧被拉伸互，故滿足F_kdd=x2+x{y故根據(jù)牛頓第二定律得F-m}gs\nO-kx2-ma＞解得。= ,A正m\確；B.根據(jù)功能關(guān)系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量，即\E?=Fd-m}gdsinmy2，B正確；C.A動能的增加量為合外力做功，不僅是拉力做功，C錯誤；D.A機械能增加量是除了重力之外的力做功之外，對于A除了重力之外的力還有彈簧彈力做功，D錯誤。故選ADO11、 答案：BD解析：a.彈簧被彈開的過程動量守恒，則皿叫=%嶺，;四，此+!〃吃卩；=穌，解得片=lm/s,v2=2m/s?選項A錯誤；B.兩物體被彈開后，根據(jù)v=at=pgt?貝Ut=—,甲、乙滑行的時間之比為血=4.幽=1x2=。，選項B正確；C.甲滑行過嗯 t乙卩2口卩212程中產(chǎn)生的熱量為Qu?啊*=?x2xl2j=lj,選項C錯誤；D.甲、乙停止運動時相距Ax=-^+-^-=—-—+—-—=0.9m,選項D正確。故選BD。2#印g2卩乙g2x0.1x102x0.5x1012、 答案：AC解析：A.以滑輪2為研究的對象，受力如圖若將。向右移動少許，兩個繩子之間的夾角月增大，由于人對滑輪的拉力不變，兩個繩子之冋的夾角變大，根據(jù)2Fcos4=q，繩子的拉力F一定變大，A正確；B.對斜面體、物體。、物體人整體受力分析，受重力、支持力、細線的拉力和地面的靜摩擦力，如圖所示

根據(jù)平衡條件，有Fn=G『Fcos%=G『*Fn與角度8無關(guān),恒定不變，B錯誤；C.以c為研究的對象水平方向Ff=Fsinafc向右移動少許，F(xiàn)變大,。變大，sina變大，橫桿對輕環(huán)c的摩擦力將變大，C正確；D.若原來物塊。有下降趨勢，繩子拉力增大，?？赡苡猩仙厔荩蚰Σ亮Υ笮『头较蚨疾荒艽_定，D錯誤。故選AC。13、答案：（1）6；7；（2）1.00；1.20；（3）2.00；偏大解析：（1）從紙帶上的數(shù)據(jù)分析得知：在點計數(shù)點6之前，兩點之間的位移逐漸增大，是加速運動，在計數(shù)點7之后，兩點之間的位移逐漸減小，是減速運動，所以物塊在相鄰計數(shù)點6和7之間某時刻開始減速。（2）根據(jù)某段的平均速度等于中時刻的速度，則計數(shù)點5對應(yīng)的速度%11.01+9.00in_2/ ,=^-= xlOm/s=1.00m/s;2T2x0.111.01+9.00-5.01—7.01(2x0.1)2在計數(shù)點1到6物塊加速，在6到11.01+9.00-5.01—7.01(2x0.1)2xl（）-2m/s2a2.00m/s2,計數(shù)點6對應(yīng)的速度v6=v5+aT=1.20m/s;（3）由紙帶可知，計數(shù)點7往后做減速運動，根據(jù)逐差法得"輦=地理2"輦=地理2皿待“OOM；(2x0.1)2在減速階段產(chǎn)生的加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受的阻力，所以計算結(jié)果比動摩擦因素的真實值偏大。14、答案：（1）B；（2）竺里，箜過；（3）叫也=辦工，4/?解析：（1）彈射裝置在將兩小球彈射出金屬管過程中，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為兩小球的動能，則穌=；處"+］巧修，題中己測出了兩球質(zhì)量皿、明，兩管口離地面的高度如再測出兩球落點P、。到對應(yīng)管口N的水平距離凡、易，即可算出兩球離開管口的速度，從而計算出彈簧的彈性勢能，故選B。（2）小球離開管口做平拋運動時，有人=捉2,x=vti則兩球離開管口的速度E,*gh、臨,則彈性勢能的表達式與=；岫+；蛔=突祟盤。（3）若彈射過程中兩小球組成的系統(tǒng)動量守恒，則（3）若彈射過程中兩小球組成的系統(tǒng)動量守恒，則即mixi=m2x2°15、答案：（1）x=2lx（2）0=45。；（3）礦=4+gmg解析：（1）設(shè)小球做平拋運動到達B點的時間為f,由平拋運動規(guī)律/=撲工=吋%=7^聯(lián)立解得x=2l（2）小球到達B點時豎直分速度卩；=2劉則tan。=四日。解得。=45。(3)設(shè)小球到B達點時速度大小為*,則有vfi=V2v0設(shè)軌道對小球的支持力為F,根據(jù)由牛頓第三定律可知，小球?qū)A軌道的壓力大小為mg16、答案：(1)F=0.5N；(2)tan0=2.4解析：(1)小球在桌面上運動時，把運動沿AD.DC兩個方向進行分解，在OC方向上(vosin6O°)"=2aLF=ma解得F=0.5N(2)小球離開桌面后，在豎直方向上是自由落體運動落地瞬間速度的豎直分量5=g，落地瞬間速度的水平分量卩水平=7(v0cos60°)2+(?r)2tan0=E卩水平聯(lián)立解得tan9=2.417、答案：(1)戶=18N;(2)0；(3)Q=12J解析：（1）假設(shè)01S內(nèi)，物塊與木板無相對滑動共同加速，則撤去F后，木板的卩-，圖像是一條傾斜直線，或者物塊從木板右端滑出，均不符合題意，可見此過程中物塊與木板相對滑動。在，=11.5s內(nèi)，物塊加速、木板減速，設(shè)此過程中物塊和木板的加速度大小分別為％和％，則式中/=ls>f]=1.5s,卩]=3m/s、v2=8m/s分別為木板在4、上時的速度大小。設(shè)物塊和木板的質(zhì)量為物塊和木板間、木板與地面間的動摩擦因數(shù)分別為外、外，由牛頓第二定律得印％=g（卩1+2婦mg=/四聯(lián)立得耳=0.20以2=0.40在0Is內(nèi)，設(shè)木板的加速度為％、對木板，根據(jù)牛頓第二定律可得F-（"gg+2jj2mg）=其中聯(lián)立解得F=18N（2）4=1.5s以后，物塊和木板仍有相對滑動，設(shè)此過程中物塊和木板的加速度大小分別為％和對物塊和木板分別由牛頓第二定律可得向=ma\設(shè)木板停下時刻為f,由運動學(xué)公式得

聯(lián)立解得t2聯(lián)立解得t2=2s故在撤去拉力至木板停下的過程中，物塊先勻加速A/,=/,-/=0.5s后,△上二上-匕二。，、這段時間內(nèi)，摩擦力對其沖量為〃四政_印華也2=0（3）匕內(nèi)，物塊和木板相對于地面的運動距離分別為s產(chǎn)主2%又勻減速聯(lián)立可得，物塊相對于木板的位移的大小為s=s2-s,=4.5mf,至物塊最終停下時間內(nèi)，物塊和木板相對于地面的運動距離分別為s.2%卩；聯(lián)立可得物塊相對于木板的位移的大小為s=S]-s；=1.5m則此過程中木板與物塊間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=/Jxmg（s+s）=12J22m18、答案：（1）卩p=4m/s, =12m/s；（2）匕=24m；（3）sp22m解析：（1）滑塊P在下滑到底端的過程中，由動能定理得mpgsin37°?L一pi2mPgcos37°L=—mpv^一0代入數(shù)據(jù)可得V]=8m/s滑塊P、。發(fā)生彈性正碰，碰撞過程中