2023年江蘇省鹽城市高考物理二模試卷(含答案解析)

2022年江蘇省鹽城市高考物理二模試卷依據(jù)近代物理學(xué)問，你認(rèn)為以下說法中正確的選項(xiàng)是( )在原子核中，結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越結(jié)實(shí)B.235??+1??→140????+94????21??是核裂變反響92 0 54 38 0C.氡的半衰期為3.816個(gè)氡原子核，經(jīng)過7.64個(gè)氡原子核D.一個(gè)氫原子從??=46種不同頻率的光子“雙星系統(tǒng)”是指在相互間萬(wàn)有引力的作用下O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)孤立星球組成的系統(tǒng)。如下圖，假設(shè)無視其他星球的影響，可以將AB星球看成“雙星系統(tǒng)”。AT，A星球和B星球之間的距離為L(zhǎng)B星球外表重力加速度為g半徑為R引力常量為不考慮B星球的自轉(zhuǎn)。則( )A星球和B星球的質(zhì)量之和為4????3 B.A星球的質(zhì)量為4????3???2??????3 ????2 ??C.A星球和B星球的動(dòng)量大小相等 D.A星球和B星球的加速度大小相等如下圖，一端封閉的玻璃管，開口向下豎直插在水銀槽里，管內(nèi)封有長(zhǎng)度分別為??1和??2起時(shí)，管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度( )A.??1變小，??2變大C.??1、??2都變小

B.??1變大，??2變小D.??1、??2都變大如下圖，固定光滑直桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m，帶電量為+??的小球和兩根原長(zhǎng)均為L(zhǎng)2L的A、B兩點(diǎn)，空間存在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。直桿與水平面的夾角為??，兩彈簧的勁度系數(shù)均3????sin??B點(diǎn)4??P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，QA?? 5點(diǎn)4??，小球在Q點(diǎn)由靜止釋放，重力加速度為g。則( )5124頁(yè)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為????sin??5??Q點(diǎn)的加速度大小為6??sin??5小球運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能為12??????sin??25B點(diǎn)距離為1??5之上，在一端夾入兩張紙片，從而在兩玻璃外表之間形成一個(gè)劈形空氣薄膜，當(dāng)光從上方入射后，從上往下看到的干預(yù)條紋如下圖?，F(xiàn)從所示裝置中抽去一張紙片，從上往下看到的干預(yù)條紋是()B.C. D.隨著經(jīng)濟(jì)進(jìn)展，用電需求大幅增加，當(dāng)電力供給緊急時(shí)，有關(guān)部門就會(huì)對(duì)局部用戶進(jìn)展拉閘限電。如圖是遠(yuǎn)距離輸電的原理圖，假設(shè)發(fā)電廠輸出電壓恒定不變，輸電線的電阻為R，兩個(gè)變壓器均為抱負(fù)變壓器。在某次拉閘限電后(假設(shè)全部用電器可視為純電阻)電網(wǎng)中數(shù)據(jù)發(fā)生變化，以下說法正確的選項(xiàng)是( )降壓變壓器的輸出電壓??4減小了C.輸電線上損失的功率減小了

升壓變壓器的輸出電流??2增加了D.發(fā)電廠輸出的總功率增加了abc區(qū)域內(nèi)存在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，邊界的夾角為30°bLSbc邊向磁場(chǎng)內(nèi)224頁(yè)放射速度大小不同的帶負(fù)電的粒子、粒子質(zhì)量為m、電量大小為q，以下說法正確的選項(xiàng)是( )bc射出的粒子速度方向各不一樣b點(diǎn)的最短距離為??3垂直邊界ab射出的粒子的速度大小為??????2??垂直邊界ab射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為????3????如下圖，圓形虛線框內(nèi)有一垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，Oa、Ob、Oc、Od是以不同速率對(duì)準(zhǔn)圓心入射的正電子或負(fù)電子的運(yùn)動(dòng)徑跡；a、b、d三個(gè)出射0°05°的夾角，則以下推斷正確的選項(xiàng)是()沿徑跡Oc運(yùn)動(dòng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短沿徑跡Oc、Od運(yùn)動(dòng)的粒子均為正電子沿徑跡Oa、Ob運(yùn)動(dòng)的粒子速率比值為√33Ob、Od9：8aabbcca?????????????????。????=??0，????=4??0，則以下說法正確的選項(xiàng)是( )324頁(yè)A.????=3??0B.????=3????C.ab，氣體對(duì)外做功D.ca，氣體從外界吸熱mOO點(diǎn)與B????>????，????=?AB點(diǎn)時(shí)彈簧仍處gA2g，則在環(huán)向下運(yùn)動(dòng)的過程中()B0C處的速度大小為√2???BC始終做加速運(yùn)動(dòng)B、C兩點(diǎn)之間如下圖，三條水平虛線??1、??2、??3之間有寬度為L(zhǎng)的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ、Ⅱ，兩區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等方向相反，正方形金屬線框abcd的質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，開頭ab邊與邊界??1重合，對(duì)線框施加拉力F使其勻加速通過磁場(chǎng)區(qū)，以順時(shí)針方向電流為正，以下關(guān)于感應(yīng)電流i和拉力F隨時(shí)間變化的圖像可能正確的選項(xiàng)是( )424頁(yè)B.C. D.利用DIS電流傳感器可以測(cè)量電容器的電容R放電，AIt變化的圖象，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積，數(shù)值上等于電容器的帶電量??(DIS系統(tǒng)軟件計(jì)算)，Q與充電電UC。524頁(yè)圖甲、圖乙為放電法測(cè)量電容的兩種電路原理圖，先使開關(guān)S與1端相連，充電完畢后，讀出電壓表的示數(shù).然后把開關(guān)打向2端，記錄圖象，測(cè)量出電容器的帶電量Q在甲乙兩圖中試驗(yàn)系統(tǒng)誤差較大的是 (選填“甲或“乙”)，緣由是 對(duì)試驗(yàn)的影響，使電容測(cè)量值 (選填“偏大”、“偏小”或“不變”)。??????系統(tǒng)軟件記錄的放電電流隨時(shí)間度變化的圖象可能是圖丙中的 。某同學(xué)選擇了正確的試驗(yàn)電路圖，經(jīng)過試驗(yàn)操作獲得了多組數(shù)據(jù)，如表所示：1 2 3 4 5 6??/?? 10.813.716.820.023.827.0??/×104??0.921.20??.221.702.082.41請(qǐng)依據(jù)以上數(shù)據(jù)，在圖丁中作出?? ??圖象，由圖象可得該電容器的電容是 ????(結(jié)果保存兩位有效數(shù)字)。在圖戊的方框內(nèi)作出能轉(zhuǎn)變電容器充電電壓的電路原理圖。624頁(yè)該同學(xué)在完成電容的測(cè)量試驗(yàn)后，把一多用表的選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋，正確調(diào)A、BV，C是用活塞密封的氣筒，它的工作體積為0.5??C與AB通過兩只單向氣閥a、bCabb翻開、a關(guān)閉。最初A、B兩容器內(nèi)氣體的壓強(qiáng)均為大氣壓強(qiáng)??0，活塞位于氣筒C的最右側(cè)。(氣筒與容器連接局部的氣體體積無視不計(jì)，整個(gè)裝置溫度保持不變，氣體可視為抱負(fù)氣體。)1A內(nèi)氣體的壓強(qiáng)??1；12次打氣后B內(nèi)氣體壓強(qiáng)之比。位對(duì)光的折射率發(fā)生變化。現(xiàn)在用一個(gè)玻璃球模擬眼球，RMN，球心為O，QMO的中點(diǎn)，PQMNP點(diǎn)。一束單色PPQ反向延長(zhǎng)線成30°方向射入。該單色光在左、右半球的折射率分別為??1=√3和??2=√2C。(1)通過計(jì)算說明此單色光能否從右半球射出？(2)計(jì)算此單色光在玻璃球中傳播第一次到達(dá)右半球與空氣交界面所用時(shí)間。724頁(yè)abcd和足夠長(zhǎng)的粗糙傾斜軌道de37°，cdde平滑連接。在ab的最右端靜止一個(gè)質(zhì)量??=4????cdab間動(dòng)摩擦因數(shù)??1=0.05，質(zhì)量????=1????的滑塊Q靜止在cdde軌道上距斜面底端??=8??處?kù)o止釋放一質(zhì)量????=3????PPQ發(fā)生彈性正碰，碰撞時(shí)間無視不計(jì)，PQ1sQ滑上長(zhǎng)木板，經(jīng)過3sQ從木板上飛出，飛出后0.5??落地(假設(shè)落地后靜止)P、Q與斜面和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為??2=Qg??277。求：(1)P、Q碰撞后獲得的速度大?。?2)木板的長(zhǎng)度；(3)P、Q靜止時(shí)距木板左側(cè)的距離。1O動(dòng)桿上下平行移動(dòng)，桿上套有兩個(gè)小球a、b，質(zhì)量????=1????、????=2????，a球帶電量??=+1??，baab球相距??=0.10??。O帶動(dòng)桿以??0=5??/??824頁(yè)度??=1??的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，小球和桿始終在磁場(chǎng)中，球發(fā)生的碰撞均為彈性碰撞，且碰撞過程中電荷量不發(fā)生轉(zhuǎn)移。a、b第一次發(fā)生碰撞后的速度分別是多少？假設(shè)在桿的最右端恰好發(fā)生第十次碰撞，則桿的長(zhǎng)度是多少？2所示，將該裝置固定不動(dòng)，并在右端固定一個(gè)半徑為??=√3??的四分a球一個(gè)b球落到圓弧形軌道上動(dòng)能的最小值，并求出此時(shí)給a球的沖量I的大小。(??取10??/??2)924頁(yè)答案和解析【答案】B【解析】解：A、比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大的原子核，核A錯(cuò)誤；B、該方程是中子轟擊釉核，生成兩個(gè)中等質(zhì)量的原子核的反響，是重核的裂變，故B正確；C16個(gè)氡原子核，經(jīng)過7.64C錯(cuò)誤；D、一個(gè)處于??=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可產(chǎn)生3種不同頻率的光子，即4→3，3→2，2→1D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B。規(guī)律；一個(gè)氫原子，不是一群氫原子。此題考察了衰變的特點(diǎn)、比結(jié)合能等根底學(xué)問點(diǎn)，關(guān)鍵要生疏教材，牢記這些根底學(xué)問【解析】解：ABCB星球質(zhì)量為M，B外表某物體的質(zhì)量為m，無視自轉(zhuǎn)的影響，則有??????=????，解得??=????2，BO點(diǎn)的距離為

，AmO點(diǎn)的距??2 ?? 12????=??)21????=??221=21??=2??1=??2 ?? ??2 ??????

。又由于

+

=??，聯(lián)立解得??+??=4??2??3，A星球質(zhì)量??=4??2??3?????2A、2 1 2

????2

????2 ??B錯(cuò)誤，C正確。D、AB星球的引力大小一樣，質(zhì)量不同，所以加速度大小不等，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。雙星系統(tǒng)，兩星球向心力相等，角速度相等，結(jié)合萬(wàn)有引力公式列式求解。此題考察雙星系統(tǒng)，兩星角速度相等，是解題關(guān)鍵。1024頁(yè)【答案】D??2度。即??2??1的體積增大，于是??1內(nèi)氣體??1內(nèi)的氣體壓強(qiáng)始終是??2錯(cuò)誤，??2也會(huì)體積增大；ABC錯(cuò)誤，D正確；應(yīng)選：D。先假設(shè)將玻璃管豎直向上緩慢提升時(shí)，??2??2內(nèi)氣體的壓強(qiáng)不變。那么其體積就不變。就只有??1的體積增大，于是??1內(nèi)氣體壓強(qiáng)變小。但是??1內(nèi)的氣體壓強(qiáng)始終是??2??2也會(huì)體積增大，壓強(qiáng)減小。解決此類問題常常利用假設(shè)法，假設(shè)水銀柱未移動(dòng)，然后利用波意耳定律分析，找出沖突即可解決問題?！敬鸢浮緾【解析】解：??.依題意，小球在距B點(diǎn)4??P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，小球受到兩根彈簧的彈5力合力大小為??=2??????對(duì)小球由共點(diǎn)力平衡可得

(????+????)sin??=??解得A錯(cuò)誤；

??=????5??QP點(diǎn)大小相等，方向相反，依據(jù)牛頓其次定律，有??+(????+????)sin??=????求得B錯(cuò)誤；

??=12??sin??5QPQP過程中，依據(jù)動(dòng)能定理可得(????+????)??sin??=??????1124頁(yè)由幾何關(guān)系可求得聯(lián)立求得

4 2??=2???2×5??=5??C正確；

=12??????sin??25依題意，可推斷知小球從Q點(diǎn)靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，P點(diǎn)為平衡位置，依據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，小球運(yùn)動(dòng)最低點(diǎn)到P點(diǎn)距離為2??，所以小球運(yùn)動(dòng)到5B點(diǎn)距離為??′=?????2??=2??5 5D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。小球從P點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)的過程中彈簧彈力做功為零，依據(jù)動(dòng)能定理求解求解最大動(dòng)能；依據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的位置離B點(diǎn)距離。動(dòng)能定理、牛頓其次定律等進(jìn)展解答?！敬鸢浮緽【解析】解：設(shè)劈尖的角度為??，第n級(jí)明條紋對(duì)應(yīng)的劈尖膜厚度為????，第??+1級(jí)明條紋對(duì)應(yīng)的劈尖膜厚度為????+1l依據(jù)干預(yù)與光程差的關(guān)系有2????+1?2????=??依據(jù)幾何關(guān)系，則有：??sin??=????+1?????即為：??sin????2抽去一張紙片后，??lB正確，ACD錯(cuò)誤。應(yīng)選：B。2倍，當(dāng)光程差????=????時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，故相鄰亮條紋之間的空氣層的厚度差為1??，再結(jié)合2三角函數(shù)，即可分析．1224頁(yè)相鄰兩明條紋的間距與光程差的關(guān)系．【解析】解：AB、拉閘限電后，用電器削減，用戶并聯(lián)支路削減，用戶端總電阻增加，降壓變壓器副線圈電流??4減小，降壓變壓器原副線圈匝數(shù)不變，則降壓變壓器原線圈電??2=??3????減小，由于發(fā)電廠輸出電壓??1恒定，輸送電壓??2也恒定，依據(jù)??2=????+??3可知??3增加，??4AB錯(cuò)誤；2C、輸電線損失的功率????=??2??，??2R不變，則輸電線上損失的功率減小了，故2C正確；D、??2減小，??1??1??=??1??1減D錯(cuò)誤。程中的功率、電壓的損失與哪些因素有關(guān)，明確整個(gè)過程中的功率、電壓關(guān)系。對(duì)于遠(yuǎn)距離輸電問題，肯定要明確整個(gè)過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其留意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)?！敬鸢浮緽【解析】解：??.bc邊上，假設(shè)粒子能從邊界bc射出，粒子的速度方向肯定豎直向下，故方向均一樣，故A錯(cuò)誤；B.abbcb點(diǎn)的距離最短，由幾何關(guān)系可得(????1)sin30??1b點(diǎn)的最短距離為????=???2??1聯(lián)立解得：??????3B正確；C.ab射出的粒子，軌道半徑為??2=??由洛倫茲力作為向心力可得：??????=????2??2解得粒子的速度大小為：??=????????1324頁(yè)C錯(cuò)誤；D.粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為??=2????????ab射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為??=D錯(cuò)誤。應(yīng)選：B。

30°360°

??=

????粒子豎直向上進(jìn)入磁場(chǎng)，軌跡圓心肯定在bc邊上，假設(shè)粒子能從邊界bc射出，粒子的速度周期公式解得時(shí)間。徑，要留意圓周運(yùn)動(dòng)的周期性以及多解性?！敬鸢浮緾【解析】解：Aqm均相等，依據(jù)??=2????可知四????種粒子的周期相等，而沿徑跡Oc??=Oc運(yùn)動(dòng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，故A項(xiàng)錯(cuò)誤：BOc，OdB項(xiàng)錯(cuò)誤；

??2??

??可CrOa，Ob運(yùn)動(dòng)的粒子軌道半徑分別為

=

=√3??，依據(jù)??????=????2??可得????=????=√3C項(xiàng)正確：???? ???? 3D、由前述分析可知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為偏轉(zhuǎn)角之比所以????=????=60°=4D項(xiàng)錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。

????

????

45° 31424頁(yè)速度與半徑的關(guān)系。洛倫茲力供給向心力解得半徑關(guān)系，同時(shí)依據(jù)周期與圓心角解得運(yùn)動(dòng)時(shí)間。【答案】D【解析】解：??.ab屬于等容過程，氣體體積不變，由肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體狀態(tài)方程可得????=????又??????0解得：????2??0A錯(cuò)誤；

????bc屬于等溫過程，氣體溫度不變，由肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體狀態(tài)方程可得：????????=????????=B錯(cuò)誤；ab，氣體體積不變，所以氣體不會(huì)對(duì)外做功，故C錯(cuò)誤；cacbbacb，溫度不變，即氣體內(nèi)能????不變；體積增大，所以氣體對(duì)外做功，即??<0由熱力學(xué)第肯定律可得????=??+??ba，體積不變，即??=0溫度上升，即????>0由熱力學(xué)第肯定律可得????=??+??可知?dú)怏w要從外界吸取熱量。所以從狀態(tài)caD正確。應(yīng)選：D。積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第肯定律答題。的溫度打算即可解題，解題時(shí)要抓住在????圖象中等容線為過原點(diǎn)的直線?！敬鸢浮緿1524頁(yè)【解析】解：A、環(huán)在B處時(shí)，水平方向受到彈簧的拉力和桿的支持力，二力平衡。豎BgA錯(cuò)誤；B、由于????>????AC彈簧的彈性勢(shì)能增加，依據(jù)環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：?????=1????2+△????，△????>0，則????<√2???B錯(cuò)誤；2 ??C環(huán)從A處開頭運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為2g，依據(jù)牛頓其次定律得： ，A處時(shí)彈簧拉力的豎直向下的重量設(shè)桿上A點(diǎn)關(guān)于B點(diǎn)的對(duì)稱性為D點(diǎn)(??點(diǎn)在B、C之間)，則環(huán)在D點(diǎn)時(shí)，依據(jù)牛頓其次定律得： ，得??=0，所以環(huán)從B到D做加速運(yùn)動(dòng)，環(huán)從D到C做減速運(yùn)動(dòng)，在D點(diǎn)時(shí)速度最大，故C錯(cuò)誤，D正確。應(yīng)選：D。分析環(huán)在BCBC確定速度最大的位置。解決此題的關(guān)鍵要正確分析環(huán)的受力狀況，確定其加速度，來推斷其運(yùn)動(dòng)狀況，要知道環(huán)的加速度為零時(shí)速度最大?！敬鸢浮緽【解析】解：由于線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)ab邊向右運(yùn)動(dòng)0～??過程中，經(jīng)過的時(shí)間為??1=√2??；0?2????2=√4??=√2×√2??，0～3????3=??√6??=√32??。

?? ???? ??ABab邊向右運(yùn)動(dòng)0～??的過程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：??1=??????=????????，依據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流：??1=??1=????????，方向?yàn)檎较颍?? ??設(shè)線框完全進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為??1，??～2??的過程中，前后兩邊都切割磁感應(yīng)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：??2=2??????1+2????????′，依據(jù)右手定則可知電流為負(fù)方向；?? ??2??～??cd邊切割磁感應(yīng)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為：??3=??????2+????????′′A錯(cuò)誤、B正確；?? ??CDF，0～???

=????=??2??2????+??????1624頁(yè)??～2??過程中，拉力??′=4??2??2????′+4??2??2??1+?????? ??2??～3??過程中，拉力??″=??2??2????″+??2??2??2+????CD錯(cuò)誤。應(yīng)選：B。

?? ??依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流隨時(shí)間的變化狀況牛頓其次定律得到拉力隨時(shí)間的變化狀況，由此分析?？v坐標(biāo)與橫坐標(biāo)的關(guān)系式，由此進(jìn)展解答，這是電磁感應(yīng)問題中常用的方法和思路?！敬鸢浮?1)乙、電壓表分流、偏?。?2)??；8.9(8.6～9.0均正確)；

(3)如下圖 ；多用表指針先快速偏轉(zhuǎn)大角度，后漸漸回到原位置【解析】【分析】依據(jù)電源的極性結(jié)合電容器充、放電狀況進(jìn)展分析；通過橫軸與縱軸的數(shù)據(jù)，求出一個(gè)格子對(duì)應(yīng)的電量，再結(jié)合圖象所包含的面積，算1724頁(yè)(3)R無關(guān)，由??=????打算，依據(jù)電流強(qiáng)度的定義式進(jìn)展分析。(5)?????圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示通過的式。【解答】通過兩個(gè)電路的比較，不同之處在于電壓表的接法，圖乙中的電壓表無論充放電均A未記錄該分流大小，所以產(chǎn)生了系統(tǒng)誤差。這樣電容器的一些電量通過了電壓表，導(dǎo)致電量的測(cè)量值偏小，由??=??可知，電容測(cè)量值偏小。??放電電流剛開頭時(shí)很大，隨著電荷量的減小而減小得越來越慢，C圖象符合要求。(3)先在圖丁中把表格中的點(diǎn)描出來，再把這些點(diǎn)畫成一條直線，偏離直線太遠(yuǎn)的點(diǎn)舍去，結(jié)果如下圖，那么圖象的斜率就是電容??△??8.9????；

=0??=9×6??=28.0按要求對(duì)圖甲對(duì)進(jìn)展改進(jìn)后，又能調(diào)壓，又能測(cè)電容的電路圖如下圖；多用表的選擇開關(guān)調(diào)到歐姆擋，正確調(diào)零后把紅黑表筆同時(shí)與電容器的兩極接觸，所以多用電表的指針先快速偏轉(zhuǎn)大角度，后漸漸回到原來位置。故答案為：(1)乙、電壓表分流、偏??；(2)??；1824頁(yè)(3)8.9(8.6～9.0均正確)；如下圖 ；多用表指針先快速偏轉(zhuǎn)大角度，后漸漸回到原位置011+抽氣過程溫度不變，由玻意耳定律有??0??=??1(1+0.5)??33②設(shè)第一次打氣完畢時(shí)B20??0.5??1??=??2??A內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為????，對(duì)其次次抽氣過程，由玻意耳定律有??1??=????(0.5+1)??B內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為????，對(duì)其次次打氣過程，由玻意耳定律有??2??+0.5??????=??????解得??2=6???? 701A內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為2??；03②、現(xiàn)在讓氣筒以工作體積完成抽氣、打氣各兩次，第12次打氣后容器B內(nèi)氣體壓強(qiáng)之比為6。71924頁(yè)【解析】AA內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；AB內(nèi)氣體的壓強(qiáng)，由此求解壓強(qiáng)之比。個(gè)狀態(tài)參量，分析抱負(fù)氣體發(fā)生的是何種變化，利用抱負(fù)氣體的狀態(tài)方程列方程求解，留意抽氣問題和打氣問題的處理方法，能夠利用“分態(tài)式”的方法進(jìn)展解答?！敬鸢浮拷猓?1)如下圖，依據(jù)幾何關(guān)系可知單色光P點(diǎn)的入射角為：??=30°+30°=60°Pr，依據(jù)折射定律有代入數(shù)據(jù)解得：

sin??=sin??

??=30°即折射光線沿PQ方向，由幾何關(guān)系可知單色光在右半球與空氣交界面的入射角為??′=30°單色光在交界面發(fā)生全反的射臨界角C滿足sin??=代入數(shù)據(jù)解得：

1??2??=45°則??′<??，即單色光在交界面不會(huì)發(fā)生全反射，能夠從右半球射出。(2)單色光在左、右半球的傳播速度分別為??1=

??，??2=??1

????2依據(jù)幾何關(guān)系可知單色光在左、右半球的傳播距離相等，均為??=????=√3??2所以單色光在玻璃球中傳播第一次到達(dá)右半球與空氣交界面所用時(shí)間為??=

??+??聯(lián)立解得：??=(3+√6)??2??答：(1)此單色光能從右半球射出；

??1 ??22024頁(yè)(2)此單色光在玻璃球中傳播第一次到達(dá)右半球與空氣交界面所用時(shí)間為(3√6)??。2??【解析】(1)依據(jù)折射定律解得折射角依據(jù)幾何關(guān)系與全反射臨界角關(guān)系推斷能否從右半球射出；(2)依據(jù)波速與折射率的關(guān)系結(jié)合波程可解得時(shí)間。光在介質(zhì)中傳播速度的公式?！敬鸢浮拷猓?1)滑塊P在下滑到底端的過程中，由動(dòng)能定理得：????????sin37°??????????cos37°=1??????2?02 1代入數(shù)據(jù)解得：??1=8??/??滑塊P、Q發(fā)生彈性正碰，碰撞過程中動(dòng)量守恒，能量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：??????1=???????? ????????由機(jī)械能守恒定律得：1??????2

=1??????2

1??????22 1 2

?? 2 ??代入數(shù)據(jù)解得：????=4??/??，????=12??/??滑塊P與QQ??=????=????=121??=12??P物體到達(dá)木板右端位置的時(shí)間為????=

??????

=12??=3??43sQQ物體，由牛頓其次定律：??2??????=????????代入數(shù)據(jù)解得：????=2.5??/??2對(duì)木板：??2??????=??1(???? ??)??，木板靜止不動(dòng)，則Q在靜止的木板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由(1)可知，????=3????，P經(jīng)??=3??Q2s后，P滑上長(zhǎng)Q1s后飛出長(zhǎng)木板，Q滑上長(zhǎng)木板??1=2??內(nèi)：????1=??????1?1??????2，????1=???????????1，2 1代入數(shù)據(jù)解得：????1=19??，????1=7??/??Q滑上長(zhǎng)木板??2=1??內(nèi)，由牛頓其次定律得：??2??????=????????，??2?????? ??2????????(?? ???? ????)??=??????，代入數(shù)據(jù)解得：????=2.5??/??2，????=1.5??/??2則??2=1??后，????2=????1???????1，????1=???????????2，????=??????2，2124頁(yè)????2=??????2?1??????2，????1=??????2?1??????2，????1=1??????22 2 2 2 2 22=??1=????=??2=??1=，????1=0.75??故長(zhǎng)木板的長(zhǎng)度??=????1+????2?????1，代入數(shù)據(jù)解得：??=24??(3)由(2)Q飛出長(zhǎng)木板后：????1=????=1.5??/??經(jīng)??3=0.5??Q做平拋運(yùn)動(dòng)后落地：????3=????2??3=4.5×0.5??=2.25??由于μ1<??2，P、Q共速后將一起運(yùn)動(dòng)，無相對(duì)滑動(dòng)由牛頓其次定律得：??1(??????)??=(??????)??代入數(shù)據(jù)解得：??=0.5??/??2由于?????????4=0，解得：??4=3??此時(shí)：????2=??????41????22 4代入數(shù)據(jù)解得：????2=2.25??距木板左側(cè)：????=????3????2，????=??????1????1)代入數(shù)據(jù)解得：????=22??答：(1)P、Q碰撞后獲得的速度大小分別是4??/??、12??/??；木板的長(zhǎng)度是24m；P、Q22m?！窘馕觥?1)P到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小，兩滑塊發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求出碰撞后的速度大小。應(yīng)用牛頓其次定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出木板的長(zhǎng)度。依據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用牛頓其次定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。此題考察動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理等內(nèi)容，相對(duì)較難，分析清楚運(yùn)動(dòng)過程、應(yīng)用牛頓其次定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可解題。16.【答案】解：(1)??球做加速運(yùn)動(dòng)的加速度：??=????0??1×5×1??/??2=5??/??2???? 101第一次碰前速度為????，則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：????0=√2????=√2×5×0.1??/??=1??/??011a、b碰撞后的速度分別????1恒有：

、

0????0

=????????

+????????112224頁(yè)111 1 1????2= ????2+

??22 ????0 2 ????1 2

??1聯(lián)立解得

=?1??/??，????

=2??/??(?表示方向向左)1 3 1 31a、b第一次碰后再經(jīng)時(shí)間??1發(fā)生其次次碰撞，依據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：??????1+11