2021年四川省自貢市中考物理真題試卷（含答案）

2021年四川省自貢市中考物理真題試卷（含答案）

一、選擇題（本大題包括20小題，共40分。每小題只有一個選項符合題意。）

1.（2分）（2021?自貢）小軍同學對教室中一些物理量的估測，合理的是（）

A.黑板擦受到的重力約為15N

B.課桌的高度約為8dm

C.教室內(nèi)一盞日光燈的功率約為400W

D.教室內(nèi)的大氣壓強約為l（）3pa

2.（2分）（2021?自貢）下列關(guān)于聲現(xiàn)象的說法中，正確的是（）

A.吹奏長笛時，笛聲是由空氣柱的振動產(chǎn)生的

B.同一樂器，彈奏的頻率不同，發(fā)聲的音色就不同

C.聲波在空氣中的傳播速度約為340m/s,比水中傳播快

D.上課時，聽到窗外嘈雜的噪聲后關(guān)上窗戶，是從聲源處減弱噪聲

形成

4.（2分）（2021?自貢）關(guān)于信息的傳遞和能源，下列說法中正確的是（）

A.電能是廣泛使用的一次能源

B.手機通信是利用電磁波來傳遞信息的

C.北斗衛(wèi)星是利用超聲波來進行定位的

D.因為能量在轉(zhuǎn)化過程中是守恒的，所以能源是“取之不盡，用之不竭”的

5.（2分）（2021?自貢）下列光學作圖中，錯誤的是（）

6.（2分）（2021?自貢）關(guān)于四沖程內(nèi)燃機，下列說法正確的是（）

A.汽油機和柴油機都是內(nèi)燃機，吸入汽缸的物質(zhì)相同

B.汽油機和柴油機都是通過火花塞點火的

C.燃料在汽缸內(nèi)猛烈燃燒，燃料熱值迅速減小

D.壓縮沖程主要是通過做功的方式增大缸內(nèi)氣體的內(nèi)能

7.（2分）（2021?自貢）在科學發(fā)展的歷程中，許多學者、科學家做出了杰出的

貢獻，下列敘述正確的是（）

①沈括最早記述了“地理的兩極和地磁兩極不重合”的現(xiàn)象；

②牛頓最早利用實驗測量出了大氣壓的數(shù)值；

③奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；

④伽利略通過實驗分析得出，物體的運動不需要力來維持。

A.只有①、②正確B.只有①、④正確

C.只有②、③正確D.只有①、③正確

8.（2分）（2021?自貢）將重為7牛的物體放入盛水的容器中，物體漂浮在水面

上且溢出3牛的水，物體受到的浮力（）

A.一定等于3牛B.一定等于7牛

C.可能等于3牛D.可能等于4牛

9.（2分）（2021?自貢）如圖所示是在一個標準大氣壓下完成的托里拆利實驗,

原來玻璃管豎直，后來讓玻璃管傾斜，水銀充滿全管，有關(guān)尺寸如圖所示。

下列說法中錯誤的是（）

A.玻璃管傾斜后，水銀對玻璃管上端有壓強

B.外界大氣壓強等于76cm高水銀柱所產(chǎn)生壓強

C.玻璃管豎直時，上端無水銀的部分肯定是真空

D.玻璃管傾斜后，若不慎將上端碰出一小孔，則水銀會向上噴出

10.（2分）（2021?自貢）如圖所示，水平桌面上有甲、乙兩個相同容器，分別

裝有密度為卬、P2的兩種不同液體，將兩個相同的小球分別放在兩容器中，

小球靜止時，兩容器液面相平，兩個小球受到的浮力分別為R、F2,則下列

判斷中正確的是（）

①FAF2

②pi>P2

③甲容器底部受到液體的壓強大于乙容器底部受到液體的壓強

甲乙

A.②③B.①②C.①③D.①②③

11.（2分）（2021?自貢）如圖所示的實例中，利用了“流體壓強與流速關(guān)系”

工作的是（）

吸盤掛鉤

飛機機翼上面凸起D.

12.（2分）（2021?自貢）如圖所示，有三個實心圓柱體甲、乙、丙，放在水平

地面上，其中甲、乙高度相同，乙、丙的底面積相同，三者對地面的壓強相

等,下列判斷正確的是（）

Q

Z

Z

D

甲

A.plti=pz.>p內(nèi)B.p甲=pz,=piq

（2.111甲=01乙=111丙口.?。?甲>01乙=111丙

13.（2分）（2021?自貢）將規(guī)格完全相同的滑輪，用繩子繞成圖中的甲、乙滑

輪組。使用甲、乙滑輪組分別勻速提升重力為Gi、G2的兩物體，升高相同的

高度。繩自由端施加的拉力大小分別為Fi和F2,物重GI>G2,不計繩重和摩

擦。則下列判斷正確的是（）

A.拉力Fi一定大于F2

B.乙滑輪組的機械效率較高

C.甲、乙滑輪組的有用功相同

D.甲的額外功與有用功的比值較小

14.（2分）（2021?自貢）一位攝影愛好者采用在同一張底片上多次曝光的方法，

拍攝了極限跳傘運動員從懸崖上跳下的過程。從運動員離開懸崖時開始，每

隔0.3s曝光一次，得到了一張記錄運動員在打開降落傘之前的一段下落情況

的照片，如圖。已知運動員從a點到d點可視為沿豎直方向運動，通過ab、

be和cd的時間間隔均為0.6s,空氣阻力不能忽略。對于運動員從a點到d點

的下落過程，下列分析中正確的是（）

A.運動員下落過程中的速度的大小保持不變

B.運動員所受的重力在ab段所做的功等于在cd段所做的功

C.運動員所受的重力在ab段做功比在cd段做功慢

D.運動員下落過程中減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能

15.（2分）（2021?自貢）如圖甲電路，閉合開關(guān)S后，兩個燈泡都能發(fā)光，乙

圖為電流表Ai指針的位置，如果電流表A2讀數(shù)是0.6A,則下列說法錯誤的

是（）

A.電流表Ai的讀數(shù)是0.3A

B.燈泡Li和L2并聯(lián)

C.電流表Ai一定連接“-、3”接線柱

D.通過燈Li的電流為0.9A

16.（2分）（2021?自貢）如圖所示，下列描繪物理現(xiàn)象或規(guī)律正確的是（）

甲乙丙丁

A.甲圖中閉合開關(guān)后看到的現(xiàn)象稱為電磁感應現(xiàn)象

B.乙圖展示了電動機的原理

C.丙圖也可把拉線開關(guān)與燈的位置互換

D.丁圖用毛皮摩擦橡膠棒，橡膠棒帶負電是由于毛皮束縛電子的能力比較強

17.（2分）（2021?自貢）如圖所示，是科技小組設(shè)計的監(jiān)測河水流速變化的裝

置原理圖，機翼狀的探頭始終浸沒在水中，通過連桿帶動滑動變阻器的滑片P

上下移動，電源電壓保持不變。閉合開關(guān)S,當水流的速度變大時（）

A.電壓表的示數(shù)變大

B.電流表的示數(shù)變小

C.電路消耗的總功率變小

D.電流表示數(shù)與電壓表示數(shù)的比值變大

18.（2分）（2021?自貢）如圖甲是身高測量儀，體檢者站在絕緣平臺上，能自

動顯示身高，電路原理如圖乙，Ro為定值電阻，下列有關(guān)分析中正確的是（）

甲乙

A.電流表示數(shù)顯示身高，身高越高示數(shù)越大

B.電壓表示數(shù)顯示身高，身高越高示數(shù)越大

C.身高越高，R消耗的電功率越小

D.身高越高，電路消耗的總功率越大

19.（2分）（2021?自貢）如圖所示是“探究電流通過導體時產(chǎn)生熱量的多少與

哪些因素有關(guān)”的實驗裝置。兩個透明容器中密封著等量的空氣，下列說法

錯誤的是（）

A.U形管液面高度變化是因為容器中氣體熱脹冷縮的緣故

B.通電后透明容器中氣體的內(nèi)能增大是通過做功的方式改變的

C.圖甲中，通電一段時間后左右兩邊容器內(nèi)電阻產(chǎn)生的熱量之比是1：2

D.圖乙所示的裝置可以用來探究電流通過導體產(chǎn)生的熱量多少跟電流大小的

關(guān)系

20.（2分）（2021?自貢）如圖電路中，電源電壓為12Vo在a,b間接入燈Li

“4V2W”，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P使燈Li正常發(fā)光。斷開開

關(guān)取下燈Li,保持滑片P的位置不變，在a、b間接入“4V4W”燈L2后閉

合開關(guān)，不考慮溫度對燈絲電阻的影響，則正確的（）

B.電壓表的示數(shù)保持4V不變

C.燈L2的實際功率為1.44W

D.滑動變阻器接入電路的電阻為8Q

二、填空題（本大題包括6小題，共12分。）

21.（2分）（2021?自貢）每年6月6日是“愛眼日”，如圖1所示中的圖

（選填“甲”或“乙”）是近視眼的成像示意圖；CCTV“廣而告之”欄目曾

播放過一段公益廣告（如2圖所示），圖中通過插座接入電路的用電器同時工

作時，很有可能燒斷保險絲，這說明電路中電流過大的原因之一是。

圖1圖2

22.（2分）（2021?自貢）在探究“物質(zhì)的放熱能力與哪些因素有關(guān)”時，分別

用質(zhì)量均為1kg的水和某種液體進行對比實驗（水的比熱容較大），并用圖像

對實驗數(shù)據(jù)進行了處理，如圖所示，實驗過程中，水和某種液體在相同時間

內(nèi)放出的熱量相等，分析圖像可以得出：（選填“甲”或“乙”）物質(zhì)

是某種液體，某種液體的比熱容為J/（kg?°C）。

23.（2分）（2021?自貢）有一種電熱水壺有“燒水”和“保溫”兩個擋，如圖

所示是其內(nèi)部簡化電路圖，已知Ro=44Q,Ri=1056H,當S接1時，電熱水

壺處于（選填“燒水”和“保溫”）擋，當S接2時，通電2min該電

熱水壺產(chǎn)生的熱量是Jo

Ri

-----°220vo------

24.（2分）（2021?自貢）如圖所示，A、B、C、D是四個接線柱，要使Li、L2

并聯(lián)，應用導線分別連接兩接線柱和連接兩接線柱。

25.（2分）（2021?自貢）甲、乙兩輛小車在平直的路面上向東運動，小林測出

它們運動的路程和時間，并由所測數(shù)據(jù)作出了相應的s-t圖像，如圖所示。

由圖可知V,，v乙（選填“>”、"=”或"V"），以甲車為參照物，乙車

向（選填“東”或“西”）運動。

26.（2分）（2021?自貢）用圖甲所示的滑輪組運送貨物上樓，每件貨物重為100N,

每次運送的量不定，圖乙記錄了在整個過程中滑輪組的機械效率隨貨物重力

增加而變化的圖像，則動滑輪重為N；當某次運送4件貨物時，滑

輪組的機械效率為%（不考慮繩重和摩擦）。

三、簡述、作圖、實驗題（本大題包括5小題，共33分。）

27.（2021?自貢）圖是建筑工人用鉆孔機鉆孔的情景，鉆孔時鉆頭會發(fā)熱，要不

斷給鉆頭澆水降溫以保護鉆頭。請用學過的熱學知識解釋鉆孔時鉆頭發(fā)熱和

澆水能給鉆頭降溫的原因。

28.（2021?自貢）小邱同學在踐行我市中小學生“研學旅行”活動中，赴大邑縣

“建川博物館”進行了一次遠行研學。他所用的拉桿旅行箱示意圖如下所示。

裝有物品的旅行箱整體可視為杠桿，。為支點，B為重心，A為拉桿的端點。

在A點沿圖示方向施加拉力F,旅行箱靜止。請完成下列問題：

①畫出拉力F的力臂L。

②要使作用在A點的拉力減小，保持其他條件不變，下列做法可行的是

（選填符合要求的選項標號）。

A.縮短拉桿的長度

B.使拉力方向順時針改變20°

C.將箱內(nèi)較重的物品靠近O點擺放，重心由B變至B'

29.（2021?自貢）放有條形磁體的小車靜止在水平地面上，閉合開關(guān)S,條形磁

體因受磁力向左運動，請在圖中括號里標明電源左端的極性和電磁鐵右端的

磁極。

30.（2021?自貢）在“探究凸透鏡成像規(guī)律”的實驗中。

||||||||||||||||||||iinin

O

102030405060708090cm

小”）的實像，生活中（選填“照相機”“投影儀”或“放大鏡”）利

用這一原理制成的。

（2）如圖乙，線段AB為凸透鏡成像的物距倒數(shù)和像距倒數(shù)的關(guān)系，則凸透

鏡焦距為cm。

（3）當光屏上呈現(xiàn)清晰的像時，不改變圖甲中蠟燭和透鏡位置：

①若將凸透鏡換成焦距相同鏡面較小的凸透鏡，再次實驗，光屏上所成的像

與原來相比（選填“變小”“變暗”或“變不完整”）了。

②若將凸透鏡換成鏡面大小相同、焦距稍小的凸透鏡，再次實驗，則需將屏

（選填“向左”或“向右”）移動才能成清晰的像，光屏上所成的像與原來的

像比（選填“變大”或“變小”）了。

31.（2021?自貢）如圖所示，在“探究滑動摩擦力大小與什么因素有關(guān)”的實驗

（1）實驗過程中，用彈簧測力計沿水平方向拉著物塊A做勻速直線運動，此

時滑動摩擦力大?。ㄟx填“大于”、“等于”或“小于”）彈簧測力計

示數(shù)。在利用圖甲裝置進行實驗時，運動過程中木塊A的速度突然變大，則

木塊A受到的滑動摩擦力將（選填“變大”、“不變”或“變小”）。

（2）在甲、乙、丙所示圖中，分別用Fi=lN,F2=2N,F3=1.5N的拉力，

拉著物塊A勻速前進，為研究滑動摩擦力大小與接觸面粗糙程度的關(guān)系，應

該比較兩次實驗。

（3）大量實驗進一步證明：在接觸面粗糙程度相同時，滑動摩擦力大小與壓

力大小成正比，在丙圖中物塊A上疊放一塊與A相同的物塊B,用彈簧測力

計拉著物塊A,使物塊B隨A一起做勻速直線運動（如丁圖所示），此時彈簧

測力計示數(shù)為F4,則F4=N；此運動過程中，物塊B受到的摩擦力為

No

32.（2021?自貢）小健同學選用電源電壓為6V的鉛蓄電池組、電流表、電壓表

等器材測量定值電阻R、的阻值，他已連接了部分電路，如圖甲所示，請你接

著完成下列步驟：

(1)用筆畫線代替導線完成實物圖的連接。

(2)電路連接完整后閉合開關(guān)S,移動滑片P時發(fā)現(xiàn)電壓表無示數(shù)，電流表

有示數(shù)且不斷變化，則電路故障可能是o

(3)排除故障后再次閉合開關(guān)S,移動滑片P,當電壓表示數(shù)為3.6V時，電

流表的示數(shù)如圖乙所示，這時電路中的電流為A,電阻Rx

的阻值為fio通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組Rx的電壓和

電流值，最后算出Rx阻值的平均值，這樣做的目的是。

(4)利用上面已連好的電路，還可以完成的實驗是o

(5)在完成R阻值的測量后，將電阻Rx換成小燈泡，繼續(xù)調(diào)節(jié)滑動變阻器，

測得多組小燈泡的電壓和電流值，根據(jù)前后所得數(shù)據(jù)描繪出電阻R*及小燈泡

的U-I圖像，如圖丙、丁所示，其中(選填“丙”或“丁”)

圖是小燈泡的U-I圖像。

四、計算題(本大題包括2小題，共15分解答時應寫出必要的文字說明，方程

式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必

須明確寫出數(shù)值和單位。)

33.(2021?自貢D如圖甲是食堂為餐具消毒、烘干的保潔消毒柜，其內(nèi)部電路如

圖乙所示，Si為溫控開關(guān)，S2為門控開關(guān)，R為石英加熱管。消毒柜的總功

率為1250W,其中臭氧發(fā)生器的功率為150W。求：

(1)正常工作時通過石英加熱管R的電流為多大？

(2)在貨架上放100kg的不銹鋼餐具，將其從26℃加熱到70℃,若電流產(chǎn)

生的熱量有20%損失，消毒柜石英加熱管需要正常工作多長時間？[c輛=0.46

X103J/(kg?℃)]

34.(2021?自貢)如圖甲所示，有一體積、質(zhì)量忽略不計的彈簧，其兩端分別固

定在容器底部和正方體形狀的物體上。已知物體的邊長為10cm。彈簧沒有發(fā)

生形變時的長度為10cm,彈簧受到拉力作用后，伸長的長度4L與拉力F的

關(guān)系如圖乙所示。向容器中加水，直到物體上表面與液面相平，此時水深24cm。

求：

(1)物體受到的水的浮力。

(2)物體的密度。

(3)打開出水孔，緩慢放水，當彈簧處于沒有發(fā)生形變的自然狀態(tài)時，關(guān)閉

出水孔。求放水前后水對容器底部壓強的變化量。

參考答案

一、選擇題（本大題包括20小題，共40分。每小題只有一個選項符合題意。）

1.（2分）（2021?自貢）小軍同學對教室中一些物理量的估測，合理的是（）

A.黑板擦受到的重力約為15N

B.課桌的高度約為8dm

C.教室內(nèi)一盞日光燈的功率約為400W

D.教室內(nèi)的大氣壓強約為l（）3pa

【分析】首先要對選項中涉及的幾種物理量有個初步的了解，對于選項中的

單位，可根據(jù)需要進行相應的換算或轉(zhuǎn)換，排除與生活實際相差較遠的選項，

找出符合生活實際的答案。

【解答】解:A、黑板擦受到的重力約為1.5N,故A錯誤；

B、課桌的高度約為80cm,即8dm,故B正確；

C,日光燈的功率約為40W,故C錯誤；

D、教室內(nèi)的大氣壓強約為標準大氣壓，即約為105pa,故D錯誤。

故選:Bo

【點評】此題考查對生活中常見物理量的估測，結(jié)合對生活的了解和對物理

單位的認識，找出符合實際的選項即可。

2.（2分）（2021?自貢）下列關(guān)于聲現(xiàn)象的說法中，正確的是（）

A.吹奏長笛時，笛聲是由空氣柱的振動產(chǎn)生的

B.同一樂器，彈奏的頻率不同，發(fā)聲的音色就不同

C.聲波在空氣中的傳播速度約為340m/s,比水中傳播快

D.上課時，聽到窗外嘈雜的噪聲后關(guān)上窗戶，是從聲源處減弱噪聲

【分析】（1）聲音都是由物體振動產(chǎn)生的。

（2）音色反映的是聲音的品質(zhì)與特色，它跟發(fā)聲體的材料和結(jié)構(gòu)有關(guān)，音調(diào)

的高低與發(fā)聲體振動的頻率有關(guān)。

（3）一般情況下，固體傳聲速度大于液體傳聲速度，液體傳聲速度大于氣體

傳聲速度，聲音在空氣中傳播速度小于水中的傳播速度。

（4）減弱噪聲的途徑：在聲源處、在傳播過程中、在人耳處。

【解答】解：A、吹奏長笛時，笛聲是由笛子內(nèi)部的空氣柱振動產(chǎn)生的，故A

正確。

B,同一樂器，彈奏的頻率不同，發(fā)聲的音調(diào)就不同，故B錯誤。

C、聲音在空氣中的傳播速度小于在水中的傳播速度，故C錯誤。

D、關(guān)上窗戶是在傳播過程中減弱噪聲的，故D錯誤。

故選：Ao

【點評】本題考查了聲的產(chǎn)生、傳播、聲音的特性、聲速等，屬于基礎(chǔ)知識,

掌握基礎(chǔ)知識很重要。

3.（2分）（2021?自貢）如圖所示的四種現(xiàn)象中，其物態(tài)變化屬于液化的是（）

形成

【分析】物態(tài)變化指的是物體由一種狀態(tài)變?yōu)榱硪环N狀態(tài)的過程，所以判斷

物態(tài)變化就要明確物體是從何種狀態(tài)變?yōu)榱撕畏N狀態(tài)，從而確定變化名稱。

【解答】解：A.霜的形成是由氣態(tài)的水蒸氣直接變成固態(tài)的霜，屬于凝華現(xiàn)

象，故A錯誤；

B.露珠消失是由液態(tài)的露珠變成氣態(tài)的水蒸氣，屬于汽化現(xiàn)象，故B錯誤；

C.冰雪消融是由固態(tài)的冰變成液態(tài)的水，屬于熔化現(xiàn)象，故C錯誤；

D.“水霧”的形成是由氣態(tài)的水蒸氣變成液態(tài)的水，屬于液化現(xiàn)象，故D正

確。

故選：Do

【點評】本題考查生活中水的物態(tài)變化現(xiàn)象，比較基礎(chǔ)，難度不大。

4.（2分）（2021?自貢）關(guān)于信息的傳遞和能源，下列說法中正確的是（）

A.電能是廣泛使用的一次能源

B.手機通信是利用電磁波來傳遞信息的

C.北斗衛(wèi)星是利用超聲波來進行定位的

D.因為能量在轉(zhuǎn)化過程中是守恒的，所以能源是“取之不盡，用之不竭”的

【分析】（1）一次能源是指能從自然界直接獲取的能源。

（2）手機、衛(wèi)星等都是利用電磁波來傳遞信息的。

（3）能量的轉(zhuǎn)移或轉(zhuǎn)化是有方向性的。

【解答】解：A.我們所使用的電能是經(jīng)過消耗煤炭、風能等一次能源獲得的，

屬于二次能源。故A錯誤。

B.手機是利用電磁波來實現(xiàn)與基站的信息交互的。故B正確。

C.聲波無法在真空中傳播，所以北斗衛(wèi)星無法利用超聲波來將信息傳遞給地面,

也就無法實現(xiàn)定位功能。故C錯誤。

D.能量是守恒的，但是能量的轉(zhuǎn)移或轉(zhuǎn)化具有方向性，散失的能量不會自動

聚集起來供我們再次利用，所以能源不是“取之不盡，用之不竭”的。故D

錯誤。

故選:Bo

【點評】二次能源是消耗一次能源來獲得的；可再生與不可再生均是相對于

一次能源來說的。

5.（2分）（2021?自貢）下列光學作圖中，錯誤的是（）

平面鏡成像

【分析】（1）根據(jù)光的反射定律分析;

（2）根據(jù)平面鏡成像特點分析；

（3）根據(jù)光的折射規(guī)律分析；

（4）根據(jù)光的色散現(xiàn)象分析。

【解答】解:

A、光線發(fā)生反射時，反射角等于入射角，由圖可知，反射角為40°,入射

角為90°-40°=50°,反射角與入射角不相等，故A錯誤；

B、平面鏡所成的像與物體關(guān)于鏡面是對稱的，所成的像是虛像，故B正確;

C、光線從空氣中斜射入水中時，折射角小于入射角，故C正確；

D、在光的色散中，紅光的偏轉(zhuǎn)程度最小，紫光的偏折程度最大，故D正確。

故選：Ao

【點評】本題考查了光路圖的辨別，難度不大。

6.（2分）（2021?自貢）關(guān)于四沖程內(nèi)燃機，下列說法正確的是（）

A.汽油機和柴油機都是內(nèi)燃機，吸入汽缸的物質(zhì)相同

B.汽油機和柴油機都是通過火花塞點火的

C.燃料在汽缸內(nèi)猛烈燃燒，燃料熱值迅速減小

D.壓縮沖程主要是通過做功的方式增大缸內(nèi)氣體的內(nèi)能

【分析】（1）柴油機和汽油機都是利用內(nèi)能做功的機器，都是熱機，因為燃

料都是在氣缸內(nèi)燃燒，又都叫做內(nèi)燃機，工作過程中，汽油機吸入的是空氣

和汽油的混合物，柴油機吸入的是空氣；

（2）在點火方式上，汽油機是點燃式，柴油機是壓燃式；

（3）某種質(zhì)量物質(zhì)完全燃燒放出的熱量和質(zhì)量的比值叫熱值；熱值是燃料的

一種特性，它只與燃料的種類有關(guān)，與燃料的質(zhì)量、燃燒程度等均無關(guān)；

（4）改變內(nèi)能的方法有兩個：做功和熱傳遞。

【解答】解：

A、柴油機和汽油機都屬于內(nèi)燃機，工作過程中，汽油機吸入的是空氣和汽油

的混合物，柴油機吸入的是空氣，故A錯誤；

B、汽油機是通過火花塞點火的，而柴油機是通過壓燃式點火的，故B錯誤;

C、燃料在汽缸內(nèi)猛烈燃燒，燃料熱值保持不變，故C錯誤；

D、壓縮沖程中，活塞壓縮氣體，對氣體做功，氣體的內(nèi)能變大，故D正確。

故選：Do

【點評】此題考查的是我們對于熱機有關(guān)的物理概念或規(guī)律的認識，屬于基

礎(chǔ)題。

7.（2分）（2021?自貢）在科學發(fā)展的歷程中，許多學者、科學家做出了杰出的

貢獻，下列敘述正確的是（）

①沈括最早記述了“地理的兩極和地磁兩極不重合”的現(xiàn)象;

②牛頓最早利用實驗測量出了大氣壓的數(shù)值；

③奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；

④伽利略通過實驗分析得出，物體的運動不需要力來維持。

A.只有①、②正確B.只有①、④正確

C.只有②、③正確D.只有①、③正確

【分析】本題考查物理學史，應記住一些物理學家及他們的貢獻，可逐一對

題干中的描述做出判斷。

【解答】解：①沈括最早記述了“地理的兩極和地磁兩極不重合”的現(xiàn)象，

即發(fā)現(xiàn)了磁偏角，說法正確；

②托里拆利最早利用實驗測量出了大氣壓的數(shù)值，而不是牛頓測出的，說法

錯誤；

③奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，說法錯誤；

④伽利略通過理想斜面實驗分析得出，物體的運動不需要力來維持，說法正

確。

綜上所述，只有①、④正確。

故選：Bo

【點評】物理學史也是物理考試中經(jīng)常出現(xiàn)的一類題型，要求學生熟記著名

科學家的貢獻。

8.（2分）（2021?自貢）將重為7牛的物體放入盛水的容器中，物體漂浮在水面

上且溢出3牛的水，物體受到的浮力（）

A.一定等于3牛B.一定等于7牛

C.可能等于3牛D.可能等于4牛

【分析】根據(jù)物體的浮沉條件，判斷物體受到的浮力大小。

【解答】解:物體的重力G=7N,在水中靜止時處于漂浮狀態(tài)，由物體的浮

沉條件可知，物體受到的浮力為：F;?=G=7No

故選:Bo

【點評】此題考查學生對物體的浮沉條件的應用，此題有排出水的重力3N是

干擾條件，學生容易選其他答案。

9.（2分）（2021?自貢D如圖所示是在一個標準大氣壓下完成的托里拆利實驗,

原來玻璃管豎直，后來讓玻璃管傾斜，水銀充滿全管，有關(guān)尺寸如圖所示。

下列說法中錯誤的是（）

A.玻璃管傾斜后，水銀對玻璃管上端有壓強

B.外界大氣壓強等于76cm高水銀柱所產(chǎn)生壓強

C.玻璃管豎直時，上端無水銀的部分肯定是真空

D.玻璃管傾斜后，若不慎將上端碰出一小孔，則水銀會向上噴出

【分析】在托里拆利實驗中，玻璃管內(nèi)外水銀面高度差取決于外界大氣壓的

大小，在正常測量時，外界大氣壓不變，水銀柱的高度差就不會改變。

【解答】解：由圖知，玻璃管豎直時，水銀柱高為76cm,傾斜后水銀高為74cm。

A、大氣壓不變，仍能支持76cm的水銀柱，而傾斜后水銀充滿全管，水銀高

為74cm,水銀柱產(chǎn)生壓強減小，所以水銀對玻璃管上端有壓強，故A正確；

B、由圖知，玻璃管豎直時，水銀柱高為76cm,所以外界大氣壓強等于76cm

高水銀柱所產(chǎn)生壓強，故B正確；

C、玻璃管傾斜后能夠充滿全管，說明上端無水銀的部分肯定是真空，若不是

真空，管內(nèi)水銀不會充滿全管，故C正確；

D、玻璃管傾斜后，上端碰出一小孔，試管上端也存在大氣壓強，管內(nèi)水銀在

重力作用下會下降，而不會向上噴，故D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查了托里拆利實驗的原理，能知道玻璃管傾斜時水銀柱的長

度大于水銀柱的豎直高度是本題的關(guān)鍵。

10.（2分）（2021?自貢）如圖所示，水平桌面上有甲、乙兩個相同容器，分別

裝有密度為pi、P2的兩種不同液體，將兩個相同的小球分別放在兩容器中，

小球靜止時，兩容器液面相平，兩個小球受到的浮力分別為Fi、F2,則下列

判斷中正確的是（）

①FAF2

②Pl>p2

③甲容器底部受到液體的壓強大于乙容器底部受到液體的壓強

甲乙

A.②③B.①②C.①③D.①②③

【分析】（1）根據(jù)物體浮沉條件判斷小球在兩種液體中所受浮力與其重力的

關(guān)系，進而得出小球在兩種液體中所受浮力的大小關(guān)系；

（2）根據(jù)小球在甲、乙兩杯中的狀態(tài)判斷兩種液體與小球的密度關(guān)系，進而

得出兩種液體的密度關(guān)系；

（3）利用p=p誠gh比較甲、乙兩燒杯底受到液體的壓強大小。

【解答】解：

①因為物體漂浮或懸浮時，受到的浮力和自身的重力相等，所以兩個相同的

小球在兩杯中受到的浮力都等于小球的重力，則：FI=F2,故①錯誤；

③由圖可知，小球在甲、乙兩杯中分別處于漂浮和懸浮狀態(tài)，根據(jù)浮沉條件

可知，pl>p球，p2=p球.所以pl>p2,故②正確；

③兩杯中液面相平，P1>P2,所以根據(jù)p=p淞gh可知，燒杯底受到液體的壓

強：pi>p2?故③正確。

故選：Ao

【點評】本題考查了物體浮沉條件和液體壓強公式的應用，一定要掌握物體

浮沉情況與密度的關(guān)系，同時要搞清不同狀態(tài)下（漂浮、懸?。┪矬w所受重

力與浮力的大小關(guān)系。

11.（2分）（2021?自貢）如圖所示的實例中，利用了“流體壓強與流速關(guān)系”

工作的是（）

【分析】(1)連通器的特點：上端開口下端連通的容器。連通器里只有一種

液體，在液體不流動的情況下，連通器各容器中液面總是相平的；

(2)吸盤掛鉤利用了大氣壓強的作用；

(3)流速越大，壓強越??；流速越小，壓強越大；

(4)液體壓強隨深度的增加而增大，據(jù)此解釋為什么修大壩時上窄下寬。

【解答】解：

A、茶壺的壺嘴和壺身上端開口下端連通，構(gòu)成了連通器，沒有利用流體壓強

與流速關(guān)系，故A不符合題意；

B、用力擠壓吸盤，吸盤內(nèi)空氣減少，外部大氣壓把吸盤緊緊壓住，所以用吸

盤掛鉤掛物體，利用了大氣壓強的作用，故B不符合題意；

C、在氣體和液體中，流速越大的位置，壓強越??；飛機的機翼做成上面凸起，

下面平直，由此飛機在飛行時，機翼上方的空氣流速大，壓強較小，機翼下

方的空氣流速小，壓強大，所以飛機受到一個向上的升力，故C符合題意；

D、液體壓強隨深度的增加而增大，大壩修得上窄下寬是為了使底部能承受更

大的壓強，故D不符合題意。

故選：Co

【點評】本題考查了一些生活實例與所運用的物理知識的聯(lián)系，體現(xiàn)了物理

知識在生活中的應用，有一定綜合性，但難度不大。

12.(2分)(2021?自貢)如圖所示，有三個實心圓柱體甲、乙、丙，放在水平

地面上，其中甲、乙高度相同，乙、丙的底面積相同，三者對地面的壓強相

等，下列判斷正確的是()

r

on

}

乙

丙

甲

A.p甲=「/L>p丙B.p甲=p乙=p丙

C.111甲=111乙=111丙D.111甲>111乙=111丙

【分析】(1)甲、乙、丙都是實心圓柱體’對水平地面的壓強p/我二號

知道甲、乙、丙高度關(guān)系，三者對地面的壓強相等，利用p=pgh比較甲、乙、

丙的密度大小關(guān)系；

(2)知道甲、乙的底面積大小關(guān)系，可得體積關(guān)系，知道密度關(guān)系，可求質(zhì)

量關(guān)系；知道乙、丙的底面積大小關(guān)系，對地面的壓強相等，利用p=￡=g=

SS

里可得乙丙的質(zhì)量關(guān)系，進而得出三圓柱體的質(zhì)量關(guān)系。

S

【解答】解：

(1)因為甲、乙、丙都是實心圓柱體，

所以對水平地面的壓強p=I=￡=log=_PVg=pShg=pgh.

sssss

由圖知甲、乙、丙的高度h甲=八乙<11丙，且三者對地面的壓強相等，所以由P

=pgh可知，三圓柱體的密度關(guān)系：p￥=p2,>p內(nèi)；故A正確，B錯誤；

(2)由圖知甲、乙的底面積SrpVS乙，高度h，H=hs所以V甲VVs因為

p￥=p乙，m=pV,所以甲乙圓柱體的質(zhì)量關(guān)系：m”,<m乙；已知乙、丙的底

面積S^=S內(nèi)，對地面的壓強相等，

則由?可知，乙丙圓柱體的質(zhì)量關(guān)系：m乙=m丙；

SSS

所以三圓柱體的質(zhì)量關(guān)系：m甲Vmz.=m丙；

故CD錯。

故選：Ao

【點評】本題考查了密度公式、壓強公式的應用，本題關(guān)鍵是知道：圓柱體

物體對水平地面的壓強p=—=—=-^=.P面.=P,惋.=pgho

SSSSS

13.(2分)(2021?自貢)將規(guī)格完全相同的滑輪，用繩子繞成圖中的甲、乙滑

輪組。使用甲、乙滑輪組分別勻速提升重力為Gi、G2的兩物體，升高相同的

高度。繩自由端施加的拉力大小分別為Fi和F2,物重GI>G2,不計繩重和摩

擦。則下列判斷正確的是()

Fi

F2

G]G2

甲乙

A.拉力Fi一定大于F?

B.乙滑輪組的機械效率較高

C.甲、乙滑輪組的有用功相同

D.甲的額外功與有用功的比值較小

【分析】在不計摩擦和繩重時，用相同的滑輪組裝不同的滑輪組：

(1)已知物重G、動滑輪重G動以及動滑輪上繩子股數(shù)n的大小關(guān)系，可利

用公式：F』(G+G動)得到繩端拉力F的大小關(guān)系；

(2)已知物重G、物體上升高度h的大小關(guān)系，可利用公式：Wq=Gh得到

有用功的大小關(guān)系；

(3)已知動滑輪重G動、物體上升高度h的大小關(guān)系，可利用公式：W^=G

動h得到額外功的關(guān)系以及額外功與有用功的比值大小關(guān)系；

(4)根據(jù)公式：w總=\￥有+w頷和效率公式：n=-5-=一5—確定機械效

w總w有川額

率的大小。

【解答】解：A、由圖可知，甲、乙動滑輪上繩子股數(shù)n分別為3和2,且物

重GI>G2,動滑輪重6乃相同，由公式：F」(G+G動)可知：Fi與F2的大小

關(guān)系不能確定，故A錯誤；

B、已知物體上升的高度h相同，且物重GI>G2,動滑輪重G動相同，由公式：

WxGh'WkG劭h可知：甲的有用功大于乙的有用功，兩者的額外功相同，

則甲的額外功與有用功的比值較小，故C錯誤、D正確；

再由公式：“=」-=一5—可知：在額外功相同時，甲的有用功大，其效

w總w有+w額

率就高，故B錯誤。

故選：Do

【點評】本題考查滑輪組中拉力、有用功、額外功、效率等公式的應用，有

一定綜合性，難度適中。

14.（2分）（2021?自貢）一位攝影愛好者采用在同一張底片上多次曝光的方法，

拍攝了極限跳傘運動員從懸崖上跳下的過程。從運動員離開懸崖時開始，每

隔0.3s曝光一次，得到了一張記錄運動員在打開降落傘之前的一段下落情況

的照片，如圖。已知運動員從a點到d點可視為沿豎直方向運動，通過ab、

be和cd的時間間隔均為0.6s,空氣阻力不能忽略。對于運動員從a點到d點

的下落過程，下列分析中正確的是（）

A.運動員下落過程中的速度的大小保持不變

B.運動員所受的重力在ab段所做的功等于在cd段所做的功

C.運動員所受的重力在ab段做功比在cd段做功慢

D.運動員下落過程中減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能

【分析】（1）根據(jù)相同時間內(nèi)通過的距離可判斷其速度是否變化；

（2）（3）運動員重力不變，根據(jù)W=Gh,判斷距離的變化，即可判斷做功的

情況；根據(jù)相同時間做功的多少，分析判斷做功的快慢。

（4）在有空氣阻力的情況下，克服空氣阻力會消耗一部分機械能。

【解答】解：

A、由圖知，運動員下落過程中在相同時間內(nèi)通過的距離不同，因此他的速度

的大小是變化的，故A錯誤；

B、由圖知，運動員在ab段與cd段通過的距離不同，且運動員的重力不變,

由公式W=Gh可知，其所受的重力在ab段所做的功不等于在cd段所做的功，

故B錯誤；

C、由圖知，運動員在ab段比在cd段通過的距離短，因此相同時間內(nèi)做功少，

即重力在ab段做功比在cd段做功慢，故C正確；

D、由于空氣阻力不能忽略，所以運動員下落過程中克服空氣阻力會消耗一部

分機械能（會轉(zhuǎn)化為內(nèi)能），所以減少的重力勢能并沒有全部轉(zhuǎn)化為動能，故

D錯誤。

故選：Co

【點評】本題以極限跳傘為內(nèi)容，考查了對物體運動速度的判斷、做功的比

較以及機械能的轉(zhuǎn)化，有一定綜合性，但難度不大。

15.（2分）（2021?自貢）如圖甲電路，閉合開關(guān)S后，兩個燈泡都能發(fā)光，乙

圖為電流表Ai指針的位置，如果電流表A2讀數(shù)是0.6A,則下列說法錯誤的

是（）

A.電流表Ai的讀數(shù)是0.3A

B.燈泡Li和L2并聯(lián)

C.電流表A\一定連接“-、3”接線柱

D.通過燈Li的電流為0.9A

【分析】由電路圖知，兩燈并聯(lián)，電流表Ai測量干路電流，電流表A2測量通

過L2的電流；根據(jù)并聯(lián)電路特點判斷Ai量程并讀數(shù)，由并聯(lián)電路的電流特點

計算Li的電流。

【解答】解：

（1）由圖甲知，電流從正極流出經(jīng)電流表Ai后分成兩支，一支通過Li,另

一支通過L2和A2,所以兩燈并聯(lián)，電流表Ai測干路電流，電流表A2測L2

的電流，故B正確；

（2）因為并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，且電流表A2讀數(shù)是0.6A,

由圖乙知，電流表Ai應選擇。?3A的量程，連接“-、3”接線柱，Ai讀數(shù)

為1.5A,故A錯誤，C正確；

則通過Li的電流Ii=I-l2=1.5A-0.6A=0.9A,故D正確。

故選：Ao

【點評】本題考查了串并聯(lián)電路的識別、并聯(lián)電路電流特點的應用、電流表

的讀數(shù)，關(guān)鍵是正確識別電路的連接方式和電表的作用。

16.（2分）（2021?自貢）如圖所示，下列描繪物理現(xiàn)象或規(guī)律正確的是（）

A.甲圖中閉合開關(guān)后看到的現(xiàn)象稱為電磁感應現(xiàn)象

B.乙圖展示了電動機的原理

C.丙圖也可把拉線開關(guān)與燈的位置互換

D.丁圖用毛皮摩擦橡膠棒，橡膠棒帶負電是由于毛皮束縛電子的能力比較強

【分析】（1）奧斯特實驗說明通電導體周圍有磁場；

（2）電動機中有電源，是根據(jù)通電導體在磁場中受力運動工作的；

（3）在家庭電路中，開關(guān)應該接在火線和用電器之間；

（4）不同的物質(zhì)原子核束縛核外電子的本領(lǐng)有強有弱，兩種物質(zhì)相互摩擦時,

原子核束縛核外電子本領(lǐng)強的奪得電子，因多余電子帶負電；原子核束縛核

外電子本領(lǐng)弱的失去電子，因缺少電子帶正電。摩擦起電的實質(zhì)不是創(chuàng)造了

電，而是電子的轉(zhuǎn)移。

【解答】解:

A、甲圖是奧斯特實驗，說明通電導體周圍有磁場，故A錯誤；

B、圖中由電源，是電動機的原理圖，是根據(jù)通電導體在磁場中受力運動的原

理制成的，故B正確；

C、從安全用電的角度分析，把拉線開關(guān)接在燈和火線之間更能保證用電安全,

故C錯誤；

D、用毛皮摩擦橡膠棒，橡膠棒的原子核束縛核外電子本領(lǐng)強、奪得電子，因

有了多余電子帶負電，毛皮的原子核束縛核外電子的本領(lǐng)弱，就會失去電子，

因缺少電子帶正電。故D錯誤；

故選：B=

【點評】此題考查看奧斯特實驗、電動機原理實驗、安全用電和摩擦起電的

實質(zhì)，是一道綜合題。

17.（2分）（2021?自貢）如圖所示，是科技小組設(shè)計的監(jiān)測河水流速變化的裝

置原理圖，機翼狀的探頭始終浸沒在水中，通過連桿帶動滑動變阻器的滑片P

上下移動，電源電壓保持不變。閉合開關(guān)S,當水流的速度變大時（）

4Ri卜

A.電壓表的示數(shù)變大

B.電流表的示數(shù)變小

C.電路消耗的總功率變小

D.電流表示數(shù)與電壓表示數(shù)的比值變大

【分析】（1）（2）分析電路連接及電表測量的物理量，流體的壓強跟流速有

關(guān)，流速越大的位置（上表面流速大），壓強越小，當水流速度增大時，下表

面壓強大于上表面壓強，R2滑片上移，變阻器連入電路的阻值減??；當水流

速度減小時，上下表面的壓強差減小，R2滑片下移，變阻器連入電路的阻值

增大，結(jié)合串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律分析；

（3）根據(jù)P=UI判斷出水流的速度變大時電路消耗總電功率的變化；

（4）由圖知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路的電流，

電流表與電壓表的比值即為滑動變阻器的電阻的倒數(shù)，由（1）判斷出知電流

表與電壓表的比值的變化。

【解答】解：

AB、根據(jù)電路圖可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路

的電流：

流體的壓強跟流速有關(guān)，流速越大的位置（上表面流速大），壓強越小，當水

流速度增大時，上表面壓強小于下表面壓強，R2滑片上移，變阻器連入電路

的阻值變小，由電阻串聯(lián)的規(guī)律知，電路的總電阻變小，由歐姆定律I=U,

電路的電流變大，電流表示數(shù)變大；根據(jù)U=IR,Ri的電壓變大，由串聯(lián)電

路電壓的規(guī)律，電壓表示數(shù)變小，故AB錯誤；

C、電路的電流變大，根據(jù)P=UI知電路消耗總電功率變大，故C錯誤；

D、由圖知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路的電流，電

流表與電壓表的比值即為滑動變阻器的電阻的倒數(shù)，由（1）知當水流的速度

變大時，滑動變阻器的電阻減小，其倒數(shù)增大，所以電流表與電壓表的比值

變大，故D正確。

故選：Do

【點評】本題考查壓強與流速的關(guān)系及串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律的運用，

難度不大。

18.（2分）（2021?自貢）如圖甲是身高測量儀，體檢者站在絕緣平臺上，能自

動顯示身高，電路原理如圖乙，Ro為定值電阻，下列有關(guān)分析中正確的是（）

絕緣平臺

A.電流表示數(shù)顯示身高，身高越高示數(shù)越大

B.電壓表示數(shù)顯示身高，身高越高示數(shù)越大

C.身高越高，R消耗的電功率越小

D.身高越高，電路消耗的總功率越大

【分析】由電路圖可知，R與Ro串聯(lián)在電路中，電壓表測滑片P下方電阻絲

兩端的電壓，電流表測電路中的電流；

因電壓表在電路中相當于斷路，則當滑片移動時，滑動變阻器接入電路中的

電阻不變，電路的總電阻不變；根據(jù)歐姆定律判定電流表示數(shù)的變化、電壓

表示數(shù)的變化，從而可知用哪種電表的示數(shù)顯示身高；

知道電流的變化情況，且R的阻值不變，根據(jù)P=PR可判斷Ro消耗電功率

的變化；利用P=UI可知總功率的變化。

【解答】解：

由電路圖可知，R與Ro串聯(lián)在電路中，電壓表測滑片P下方電阻絲兩端的電

壓，電流表測電路中的電流；

A、因電壓表在電路中相當于斷路，則當滑片移動時，滑動變阻器接入電路中

的電阻不變；

身高越高時，滑片會向上移動，由于滑動變阻器接入電路的電阻不變，電路

的總電阻不變，由歐姆定律可知，電路中的電流不變，所以電流表示數(shù)不能

顯示身高的變化，故A錯誤；

B、電壓表測滑片下方電阻絲兩端的電壓，身高越高時，滑片下方電阻絲的阻

值越大，由U=IR可知電壓表示數(shù)越大，所以應該用電壓表示數(shù)顯示身高，

且身高越高示數(shù)越大，故B正確；

C、身高越高時，由于電路中的電流不變、R的阻值不變，則根據(jù)P=I2R可

知R消耗的電功率不變，故C錯誤；

D、身高越高時，總電壓不變，電路中電流不變，由P=UI可知，電路消耗的

總功率不變，故D錯誤。

故選:Bo

【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、

電功率公式的應用，關(guān)鍵是分析得出“滑片移動時，滑動變阻器接入電路中

的電阻不變”。

19.（2分）（2021?自貢）如圖所示是“探究電流通過導體時產(chǎn)生熱量的多少與

哪些因素有關(guān)”的實驗裝置。兩個透明容器中密封著等量的空氣，下列說法

錯誤的是（）

甲乙

A.U形管液面高度變化是因為容器中氣體熱脹冷縮的緣故

B.通電后透明容器中氣體的內(nèi)能增大是通過做功的方式改變的

C.圖甲中，通電一段時間后左右兩邊容器內(nèi)電阻產(chǎn)生的熱量之比是1：2

D.圖乙所示的裝置可以用來探究電流通過導體產(chǎn)生的熱量多少跟電流大小的

關(guān)系

【分析】（1）探究電流產(chǎn)生熱量與電阻關(guān)系時，控制電流和通電時間不變；

（2）由焦耳定律可知，電流產(chǎn)生熱量的多少，即可判斷容器內(nèi)空氣吸熱量多

少；

（3）探究電流產(chǎn)生的熱量與電流的關(guān)系，控制電阻和通電時間不變；

（4）電流通過導體產(chǎn)生熱量的多少不能直接觀察，但可以通過液面高度差的

變化來反映，這種研究方法叫轉(zhuǎn)化法.

【解答】解：A.電流通過導體產(chǎn)生的熱量不能直接顯示出來，容器中空氣會

由于熱脹冷縮而出現(xiàn)高度差，由此反映出產(chǎn)生的熱量多少，故選項A說法正

確；

B.容器中氣體的內(nèi)能增大是通過電阻絲將熱量傳遞給氣體的，故氣體內(nèi)能增大

是通過熱傳遞的方式改變的，故選項B說法錯誤；

C.甲圖中電阻之比為：Ri：R2=5Q：1011=1：2；

串聯(lián)電路中電流相等，故電流之比為：L：12=1:1；

9

圖甲中電阻產(chǎn)生熱量之比為：上n=T-乙^R^十=區(qū)R=」，故C正確；

Q22tR22

D.圖乙中容器中電阻相等，根據(jù)串并聯(lián)電路關(guān)系可知，他們的電流不等，并

聯(lián)電阻支路中電流為干路電流的一半，兩邊容器中電阻的電流不同，可以用

來探究產(chǎn)生熱量與電流大小的關(guān)系，故選項D說法正確。

故選：Bo

【點評】本題主要考察探究電流通過導體時產(chǎn)生熱量的多少與哪些因素有關(guān)

的實驗。

20.（2分）（2021?自貢）如圖電路中，電源電壓為12Vo在a,b間接入燈Li

“4V2W”，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P使燈Li正常發(fā)光。斷開開

關(guān)取下燈Li,保持滑片P的位置不變，在a、b間接入“4V4W”燈L2后閉

合開關(guān)，不考慮溫度對燈絲電阻的影響，則正確的（）

ab

B.電壓表的示數(shù)保持4V不變

C.燈L2的實際功率為1.44W

D.滑動變阻器接入電路的電阻為8Q

2

【分析】根據(jù)P=TXT求出兩燈泡的電阻；

R

(1)根據(jù)兩個燈泡電阻的不同分析燈的發(fā)光情況的變化;

(2)根據(jù)燈Li正常發(fā)光，求出電路中的電流，根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電

流、電壓規(guī)律求出滑動變阻器的電阻；

再根據(jù)歐姆定律求出電流，根據(jù)P'2=1"2R2算出燈L2的實際功率。

2

【解答】解：根據(jù)p=工TT知，兩燈泡的電阻分別為：

R

AB、燈Li正常發(fā)光時，其兩端的電壓為4V,保持滑片P的位置不變，接入

燈L2,兩燈的電阻不同，

則ab間的電壓會發(fā)生變化，故燈L2不會正常發(fā)光，故AB錯誤；

CD、燈Li正常發(fā)光時的電流為：I=￡l=2I=0.5A；

I4V

根據(jù)串聯(lián)電路電壓特點可知，滑動變阻器兩端的電壓為:

U'=U-U1=12V-4V=8V,

由歐姆定律得，滑動變阻器接入電路的電阻為：

R'=L=./—=16。,

I0.5A

換上L2后的總電阻為：R=R2+R'=40+16。=20。，

此時電路中的電流為：1"=旦=12V=o.6A,

R200

燈L2的實際功率為：P'2=1"2R2=(0.6A)2X4￡1=1.44W,故C正確，故

D錯誤。

故選：Co

【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到電功率公式和歐姆定律、串聯(lián)

電路特點的應用，要注意燈泡的亮暗取決于實際功率的大小。

二、填空題（本大題包括6小題，共12分。）

21.（2分）（2021?自貢）每年6月6日是“愛眼日”，如圖1所示中的乙圖

（選填“甲”或“乙”）是近視眼的成像示意圖；CCTV“廣而告之”欄目曾

播放過一段公益廣告（如2圖所示），圖中通過插座接入電路的用電器同時工

作時，很有可能燒斷保險絲，這說明電路中電流過大的原因之一是總功率

過大。

【分析】正常的眼睛可以將光線會聚在視網(wǎng)膜上。近視眼會將物體的像呈在

視網(wǎng)膜之前，應該佩戴凹透鏡進行矯正。遠視眼會將物體的像呈在視網(wǎng)膜之

后，應該佩戴凸透鏡進行矯正。

家庭電路中電流過大的原因有兩個：短路和用電器的總功率過大。

【解答】解：甲圖將光線會聚在視網(wǎng)膜后方，因此甲圖表示遠視眼；乙圖將

光線會聚在視網(wǎng)膜前方，因此乙圖表示近視眼；

通過插座接入電路的用電器同時工作時，總功率過大，由P=UI可知，干路

電流會過大，根據(jù)焦耳定律可知，電流過大時，保險絲會產(chǎn)生過多的熱量，

容易燒斷保險絲。

故答案為：乙；總功率過大。

【點評】本題考查了近視眼的成因及造成家庭電路電流過大的原因，屬于基

礎(chǔ)題。

22.（2分）（2021?自貢）在探究“物質(zhì)的放熱能力與哪些因素有關(guān)”時，分別

用質(zhì)量均為1kg的水和某種液體進行對比實驗（水的比熱容較大），并用圖像

對實驗數(shù)據(jù)進行了處理，如圖所示，實驗過程中，水和某種液體在相同時間

內(nèi)放出的熱量相等，分析圖像可以得出：乙（選填“甲”或“乙”）物質(zhì)

是某種液體，某種液體的比熱容為2.1X103j/（kg?C）。

【分析】（1）選同樣的加熱時間，甲和乙吸熱相同，根據(jù)溫度變化的多少判

斷，溫度變化多的比熱容小，溫度變化少的比熱容大，據(jù)此分析判斷；

（2）根據(jù)Q放=0112\1可求出水放出的熱量；根據(jù)放熱公式Qr&=cmZSt求出

某種液體的比熱容。

【解答】解：（1）時間相等時，兩種液體放出的熱量相等，由圖示可以