遼寧省沈陽市榮芝中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理下學(xué)期摸底試題含解析

遼寧省沈陽市榮芝中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理下學(xué)期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要.以下符合事實的是（

）A.奧斯特第一次提出了電場的概念B.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律C.庫侖總結(jié)出了點電荷間相互作用的規(guī)律D.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕參考答案：bc2.宇航員在探測某星球時，發(fā)現(xiàn)該星球半徑為R，表面均帶負(fù)電且電量為Q，星球表面無大氣。在一次實驗中，宇航員將一帶負(fù)電、電量為q(q《Q)、質(zhì)量為m的小球置于距星球表面h高處，該小球恰好處于懸浮狀態(tài)。則下列說法中正確的是（

）

A、若宇航員將此小球帶到距該星球表面2h高處，無初速釋放，則此帶電小球仍將處于懸浮狀態(tài)

B、若宇航員將此小球從該星球表面豎直上拋，則小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動

C、若宇航員將此小球從該星球表面水平拋出，則小球?qū)⒗@星球表面做勻速圓周運動

D、若宇航員將此小球從該星球表面水平拋出，則小球?qū)⒆銎綊佭\動最后落到星球表面參考答案：AB3.（單選）同步衛(wèi)星是指相對于地面不動的人造地球衛(wèi)星（）A．它可以在地面上任一點的正上方，且離地心的距離可按需要選擇不同值B．它可以在地面上任一點的正上方，但離地心的距離是一定的C．它只能在赤道的正上方，但離地心的距離可按需要選擇不同值D．它只能在赤道的正上方，且離地心的距離是一定的參考答案：考點：同步衛(wèi)星．分析：了解同步衛(wèi)星的含義，即同步衛(wèi)星的周期必須與地球相同．物體做勻速圓周運動，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向軌道平面的中心．通過萬有引力提供向心力，列出等式通過已知量確定未知量解答：解：它若在除赤道所在平面外的任意點，假設(shè)實現(xiàn)了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的．所以同步衛(wèi)星只能在赤道的正上方．因為同步衛(wèi)星要和地球自轉(zhuǎn)同步，即ω相同，根據(jù)F==mω2r，因為ω是一定值，所以r也是一定值，所以同步衛(wèi)星離地心的距離是一定的．故D正確，ABC錯誤；故選：D．點評：地球質(zhì)量一定、自轉(zhuǎn)速度一定，同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，這就決定了它的軌道高度和線速度．4.如圖，同一平面內(nèi)的a、b、c、d四點處于勻強電場中，電場方向與此平面平行，M為a、c連線的中點，N為b、d連線的中點。一電荷量為q（q>0）的粒子從a點移動到b點，其電勢能減小W1：若該粒子從c點移動到d點，其電勢能減小W2，下列說法正確的是（

）

A.此勻強電場的場強方向一定與a、b兩點連線平行B.若該粒子從M點移動到N點，則電場力做功一定為C.若c、d之間的距離為L，則該電場的場強大小一定為D.若W1=W2，則a、M兩點之間的電勢差一定等于b、N兩點之間的電勢差參考答案：BD點睛：對勻強電場的電場特征要了解，利用電場力做功與電勢差之間的關(guān)系求解。5.修建房屋時，常用如圖所示的裝置提運建筑材料，當(dāng)人向右運動的過程中，建筑材料A被緩緩提起，此過程中，設(shè)人對地面的壓力為FN，人受到地面的摩擦力，人拉繩的力為F，則下列說法中正確的是（

）A.FN、Ff和F都增大B.FN、Ff增大，F(xiàn)不變C.FN、Ff和F都減小D.FN增大，F(xiàn)f減小，F(xiàn)不變參考答案：B建筑材料A被緩緩提起，說明A處于一系列的平衡狀態(tài)，向上做勻速運動，繩上的拉力大小F始終等于，設(shè)繩與水平方向的夾角為，以人為研究對象，豎直方向上有，由牛頓第三定律得=，F(xiàn)f，由于人向右運動，所以逐漸減小，所以FN、Ff逐漸增大。選項B正確。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.某人用多用電表按正確步驟測量一電阻的阻值，當(dāng)選擇歐姆擋“×10”擋測量時，指針指示位置在第11和第12刻度線的正中間（如圖甲所示），則其電阻值

（填“大于”、“等于”或“小于”）115Ω．如果要用這只多用電表測量一個約2000Ω的電阻，為了使測量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是

（填“×10”、“×100”或“×1k”）．用多用電表測量性能良好的晶體二極管的電阻（如圖乙所示），交換兩表筆前后兩次測得的電阻差異明顯，那么多用電表測得電阻較小的一次，其

（填“紅”或“黑”）表筆相連的一端為二極管的A極．參考答案：小于；×100；

紅【考點】用多用電表測電阻．【分析】歐姆表表盤刻度左密右疏，從而估算圖中指針的示數(shù)；選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋應(yīng)盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)誤差較?。欢O管的特點是：正向電阻很小，反向電阻很大【解答】解：歐姆表表盤刻度左密右疏，則115Ω應(yīng)該在第11和第12刻度線的正中間偏左，則在指針指示位置在第11和第12刻度線的正中間其電阻值小于115Ω；盡量使指針指在中央刻度附近讀數(shù)，測量一個約2000Ω的電阻則應(yīng)使指針指在20的位置，選擇開關(guān)選取×100檔；多用電表測得電阻較小的一次應(yīng)是電流從B（二極管正極）流入，而電流從多用電表黑表筆（接內(nèi)部電源正極）流出，故黑表筆接的是B極，則紅表筆接的是A極，故答案為：小于；×100；

紅．7.（4分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生如圖所示的狀態(tài)變化，狀態(tài)A與狀態(tài)B的體積關(guān)系為VA_

_VB(選填“大于”、“小于”或“等于”)；若從A狀態(tài)到C狀態(tài)的過程中氣體對外做了100J的功，則此過程中_______(選填“吸熱”或“放熱”)參考答案：

答案：小于（2分）吸熱（2分）8.靜止的電了經(jīng)電場加速后，撞擊原了使其由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)，電子的加速電壓至少為_________V；用大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷釋放的光了，照射某種金屬，有兩種頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則該金屬的逸出功一定小于__________eV。參考答案：

(1).10.2

(2).12.09【分析】由高能級向低能級躍遷，輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，當(dāng)光子的能量大于逸出功，即可發(fā)生光電效應(yīng)；【詳解】使處于的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)，所需要的能量最小，即：則電子的加速電壓至少為：；根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律可知，從躍遷到和從躍遷到時釋放的兩種頻率的光子能產(chǎn)生光電效應(yīng)，則從躍遷到時釋放出光子的能量為：，則可知該金屬的逸出功W0一定小于。【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與能極差的關(guān)系，即，以及知道光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件。9.某探究小組為了測定重力加速度，設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置．工型擋光片懸掛于光電門的正上方，釋放擋光片后，工型擋光片豎直下落，它的兩臂A、B依次通過光電門，光電計時器記錄A、B分別通過光電門的時間．（1）用圖乙游標(biāo)卡尺測量工型擋光片的兩臂A、B的寬度d1和d2，某次用20分度的游標(biāo)卡尺測量A的寬度d1時如圖所示，則臂A的寬度d1為_____mm．（2）若計時器顯示臂A、B通過光電門的時間分別為t1和t2，則臂A、B通過光電門的速度表達(dá)式分別為____、____．（3）若測得臂A、B之間的距離為L（L遠(yuǎn)大于d1、d2），用以上測量量表示當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_(dá)式為____．參考答案：

(1).（1）3.35，

(2).（2）

(3).

(4).（3）．試題分析：游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；根據(jù)極短時間內(nèi)平均速度等于瞬時速度，求出壁A、B通過光電門的速度；結(jié)合速度位移公式求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋猓海?）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.05×7mm=0.35mm，則最終讀數(shù)為3.35mm．（2）極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度的大小，可知壁A通過光電門的速度，．（3）根據(jù)速度位移公式得，，解得g=．故答案為：（1）3.35，（2），（3）．點評：解決本題的關(guān)鍵知道極短時間的平均速度等于瞬時速度的大小，以及掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，注意不需要估讀．10.有兩個單擺做簡諧運動，位移與時間關(guān)系是：x1=3asin(4πbt+π/4)和x2=9asin(8πbt+π/2)，其中a、b為正的常數(shù)，則它們的：①振幅之比為__________；②擺長之比為_________。參考答案：①1：3

②4：111.如圖所示為甲、乙、丙三個物體在同一直線上運動的s-t圖象，比較前5s內(nèi)三個物體的平均速度大小為____________；比較前10s內(nèi)三個物體的平均速度大小有′____′____′（填“>”“=’“<”）參考答案：>

>

=

=12.如圖所示為根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的路端電壓U隨電流I變化的圖線，由圖可知，該電池的電動勢E=1.50V，內(nèi)阻r=0.625Ω．參考答案：考點：測定電源的電動勢和內(nèi)阻．專題：實驗題；恒定電流專題．分析：U﹣I圖象中圖象與縱坐標(biāo)的交點表示電源的電動勢；因為縱坐標(biāo)不是從零點開始的，圖象與橫坐標(biāo)的交點不為短路電流；根據(jù)公式即可求出內(nèi)電阻．解答：解：由圖可知，電源的電動勢為：E=1.50V；當(dāng)路端電壓為1.00V時，電流為0.80A；由E=U+Ir可得：Ω．故答案為：1.5，0.625點評：測定電動勢和內(nèi)電阻的實驗中為了減小誤差采用了圖象分析法，要根據(jù)實驗原理得出公式，并結(jié)合圖象的斜率和截距得出正確的結(jié)果．13.汽車以15m/s的初速度作勻減速直線運動，若在第二秒內(nèi)通過的位移是7.5m，則汽車的加速度大小為______m/s2，在剎車之后的1s內(nèi)、2s內(nèi)、3s內(nèi)汽車通過的位移之比為______。參考答案：5

；

5：8：9三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（2014?宿遷三模）學(xué)?？萍脊?jié)上，同學(xué)發(fā)明了一個用彈簧槍擊打目標(biāo)的裝置，原理如圖甲，AC段是水平放置的同一木板；CD段是豎直放置的光滑半圓弧軌道，圓心為O，半徑R=0.2m；MN是與O點處在同一水平面的平臺；彈簧的左端固定，右端放一可視為質(zhì)點、質(zhì)量m=0.05kg的彈珠P，它緊貼在彈簧的原長處B點；對彈珠P施加一水平外力F，緩慢壓縮彈簧，在這一過程中，所用外力F與彈簧壓縮量x的關(guān)系如圖乙所示．已知BC段長L=1.2m，EO間的距離s=0.8m．計算時g取10m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力．壓縮彈簧釋放彈珠P后，求：（1）彈珠P通過D點時的最小速度vD；（2）彈珠P能準(zhǔn)確擊中平臺MN上的目標(biāo)E點，它通過C點時的速度vc；（3）當(dāng)緩慢壓縮彈簧到壓縮量為x0時所用的外力為8.3N，釋放后彈珠P能準(zhǔn)確擊中平臺MN上的目標(biāo)E點，求壓縮量x0．參考答案：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．考點： 動能定理的應(yīng)用；機械能守恒定律．專題： 動能定理的應(yīng)用專題．分析： （1）根據(jù)D點所受彈力為零，通過牛頓第二定律求出D點的最小速度；（2）根據(jù)平拋運動的規(guī)律求出D點的速度，通過機械能守恒定律求出通過C點的速度．（3）當(dāng)外力為0.1N時，壓縮量為零，知摩擦力大小為0.1N，對B的壓縮位置到C點的過程運用動能定理求出彈簧的壓縮量．解答： 解：（1）當(dāng)彈珠做圓周運動到D點且只受重力時速度最小，根據(jù)牛頓第二定律有：mg=解得．v==m/s（2）彈珠從D點到E點做平拋運動，設(shè)此時它通過D點的速度為v，則s=vtR=gt從C點到D點，彈珠機械能守恒，有：聯(lián)立解得v=代入數(shù)據(jù)得，V=2m/s（3）由圖乙知彈珠受到的摩擦力f=0.1N，根據(jù)動能定理得，且F1=0.1N，F(xiàn)2=8.3N．得x=代入數(shù)據(jù)解得x0=0.18m．答：（1）彈珠P通過D點時的最小速度為；（2）通過C點時的速度為m/s；（3）壓縮量為0.18m．點評： 本題考查了動能定理、機械能守恒定律、牛頓第二定律的綜合，涉及到圓周運動和平拋運動，知道圓周運動向心力的來源，以及平拋運動在豎直方向和水平方向上的運動規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵．15.（09年大連24中質(zhì)檢）（選修3—3）（5分）在圖所示的氣缸中封閉著溫度為100℃的理想氣體．一重物用繩索經(jīng)滑輪與缸中活塞相連接．重物和活塞均處于平衡狀態(tài)，這時活塞離缸底的高度為20cm．如果缸內(nèi)氣體變?yōu)?℃，問：

①重物是上升還是下降？說明理由。②這時重物將從原處移動多少厘米？（設(shè)活塞與氣缸壁問無摩擦）（結(jié)果保留一位小數(shù)）參考答案：

解析：

①缸內(nèi)氣體溫度降低，壓強減小，故活塞下移，重物上升。（2分）

②分析可知缸內(nèi)氣體作等壓變化，設(shè)活塞截面積為S㎝2，氣體初態(tài)體積V1=20S㎝3，溫度T1=373K，末態(tài)溫度T2=273K，體積設(shè)為V2=hS㎝3（h為活塞到缸底的距離）

據(jù)

（1分）

可得h=14.6㎝

則重物上升高度

（1分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.質(zhì)量為0.1kg的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對應(yīng)的圖象如圖所示。球與水平地面相碰后離開地面時的速度大小為碰撞前的3/4。該球受到的空氣阻力大小恒為，取=10m/s2,求：（1）彈性球受到的空氣阻力的大?。唬?）彈性球第一次碰撞后反彈的高度。參考答案：(1)由v—t圖像可知:小球下落作勻加速運動，由牛頓第二定律得：解得(2)由圖知：球落地時速度，則反彈時速度設(shè)反彈的加速度大小為a＇，由動能定理得解得17.如圖1所示，足夠長的固定斜面傾角為α，一小物塊從斜面底端開始以初速度v0沿斜面向上運動，若v0=12m/s，則經(jīng)過2s后小物塊達(dá)到最高點．多次改變v0的大小，記錄下小物塊從開始運動到最高點的時間tm，作出tm﹣v0圖象，如圖2所示，（g取10m/s2）則：（1）若斜面光滑，求斜面傾角α．（2）更換另一個傾角α=30°的斜面，當(dāng)小物塊以v0=12m/s沿斜面向上運動時，仍經(jīng)過2s到達(dá)最高點，求它回到原來位置的速度大?。?）更換斜面，改變斜面傾角α，得到的tm﹣v0圖象斜率為k，則當(dāng)小物塊以初速度v0沿斜面向上運動時，求小物塊在斜面上運動的總時間為多少？參考答案：解：（1）由圖可知，，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinα=ma即：可得：解得：α=37°

（2）上升到最高點的加速度為：根據(jù)牛頓第二定律有：解得：上升過程中有：下降過程中有：得：由此可得：（3）由題意可知，，可知，由于物體在斜面上上升過程中有：a=gsinα+μgcosα可得：討論：（a）當(dāng)μ＞tanα，即k＜，物塊上滑到最高點后不會下滑．則t=v0k．（b）當(dāng)μ＜tanα，即k＞，物塊到最高點后會下滑，上升時間t1=v0k．上升的位移為下滑時，，與a=gsinα+μgcosα聯(lián)立得：，則t總=t1+t2=v0k+=kv0（1+）答：（1）若斜面光滑，求斜面傾角α為37°．（2）更換另一個傾角α=30°的斜面，當(dāng)小物塊以v0=12m/s沿斜面向上運動時，仍經(jīng)過2s到達(dá)最高點，它回到原來位置的速度大小．（3）更換斜面，改變斜面傾角α，得到的tm﹣v0圖象斜率為k，則當(dāng)小物塊以初速度v0沿斜面向上運動時，①當(dāng)μ＞tanα，即k＜，物塊上滑到最高點后不會下滑．則小物塊在斜面上運動的總時間為t=v0k②當(dāng)μ＜tanα，即k＞，物塊到最高點后會下滑，總時間為【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)圖象求出加速度，由牛頓第二定律求出斜面傾角α；（2）根據(jù)牛頓第二定律求出上升過程的加速度