2022年福建省龍巖市某校高考物理模擬試卷

2022年福建省龍巖市某校高考物理模擬試卷

一、單選題（本大題共4小題，共16.0分）

1.2021年4月，日本政府決定將福島核廢水排放入大海，引起國際社會(huì)的廣泛關(guān)注。

核廢水即使經(jīng)處理，但還是含有瓶、錮-90、鈉-137、碘-129等放射性元素。其

中盤7cs是最具危害的放射性元素，半衰期為30年。它能通過0衰變放射出0射線，

衰變得到的新核用X表示。則下列說法正確的是（）

A.葩核發(fā)生B衰變的衰變方程為民7csT翌7x+91e

B.20個(gè)的核經(jīng)過60年，一定還有5個(gè)鈉核未發(fā)生衰變

C.鈉核發(fā)生0衰變時(shí)，0射線來自原子核外的電子電離

D.婢X的比結(jié)合能比斕Cs小

2.分子勢能Ep隨分子間距離r變化的圖像如圖所示，取r趨近于無窮大時(shí)Ep為零.若甲

分子固定在坐標(biāo)原點(diǎn)0處，乙分子從匕處由靜止釋放，下列說法正確的是（）

A.分子力對(duì)乙先做負(fù)功后做正功

B.當(dāng)兩個(gè)分子相距為r=上時(shí)，乙分子的速度最大

C.當(dāng)兩個(gè)分子相距為r=上時(shí)，它們之間的分子力表現(xiàn)為引力

D.當(dāng)兩個(gè)分子相距為r=r1時(shí)，它們之間的分子力表現(xiàn)為引力

3.如圖所示，截面為;圓弧的柱狀物體A靜置于粗糙水平地面上，A

的左端緊靠豎直墻，光滑圓球B置于A與豎直墻之間，整個(gè)系統(tǒng)

處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將A向右移動(dòng)少許，整個(gè)系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)?/p>

態(tài)，下列說法正確的是（）

A.物體A對(duì)地面的壓力減小

B.圓球B對(duì)墻的壓力增大

C.物體A與圓球B之間的作用力大小不變

D.物體A受到的摩擦力減小

4.木塊A、B的質(zhì)量分別為5kg和6kg,它們與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25。

夾在A、B之間的輕質(zhì)彈簧被壓縮了2cm,彈簧的勁度系數(shù)為400N/m,初始時(shí)兩木

塊在水平地面上靜止不動(dòng)?，F(xiàn)用與水平方向成60。的拉力F=6N作用在木塊B上，如

圖所示。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度取g=10m/s2,則在力F作用

后（）

A.木塊A所受摩擦力的方向向左B.木塊A所受摩擦力大小是12.5N

C.木塊B所受摩擦力大小是11ND.木塊B所受摩擦力大小是15N

二、多選題（本大題共4小題，共24.0分）

5.某同學(xué)通過查閱手機(jī)說明，知道手機(jī)攝像頭附近有一個(gè)小孔，小孔位置內(nèi)部處安裝

/降噪麥克風(fēng)。進(jìn)一步翻閱技術(shù)資料得知：降噪麥克風(fēng)通過降噪系統(tǒng)產(chǎn)生與外界噪

音相位相反的聲波，與噪音疊加從而實(shí)現(xiàn)降噪的效果。如圖是理想情況下的降噪過

程，實(shí)線對(duì)應(yīng)環(huán)境噪聲，虛線對(duì)應(yīng)降噪系統(tǒng)產(chǎn)生的等幅反相聲波。則（）

降噪孔

A.降噪過程實(shí)際上是聲波發(fā)生了衍射B.降噪過程實(shí)際上是聲波發(fā)生了干涉

C.降噪聲波與環(huán)境噪聲的頻率相等D.a點(diǎn)經(jīng)過一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)位置

6.如圖所示，在x軸上放有兩個(gè)電荷量分別為q1和q2的點(diǎn)電荷，其中q1位于x軸的坐標(biāo)

原點(diǎn)，電荷q2的右側(cè)各點(diǎn)電勢叩隨x變化的關(guān)系如圖曲線所示，其余部分的電勢變

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化情況沒有畫出，其中B點(diǎn)電勢為零，BD段中的電勢最低點(diǎn)為C點(diǎn)，則下列說法正

確的是（）

A.A點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向向左

B.從B點(diǎn)到D點(diǎn)的電場強(qiáng)度先增大后減小

C.兩點(diǎn)電荷的電荷量的大小關(guān)系為方>q2

D.將一帶負(fù)電的試探電荷從C點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力做負(fù)功

7.兩個(gè)帶等量異種電荷的粒子分別以速度Va和Vb的射入勻

XXX

強(qiáng)磁場，兩粒子的入射方向與磁場邊界的夾角分別為60°w

xx

和30。，磁場寬度為d,兩粒子同時(shí)由A點(diǎn)出發(fā)，同時(shí)到達(dá)B"C"

\bxxx

點(diǎn)，如圖所示，不計(jì)粒子重力及粒子間的相互作用，則（）SO。、*x

A.a粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電

B.兩粒子運(yùn)動(dòng)周期之比Ta：B=2：1

C.兩粒子的質(zhì)量之比2：1

D.兩粒子的軌道半徑之比1：V3

8.在大型物流系統(tǒng)中，廣泛使用傳送帶來搬運(yùn)貨物。如圖甲所示，傾角為。的傳送帶

以恒定的速率逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，皮帶始終是繃緊的，將m=1kg的貨物放在傳送帶

上的A端，經(jīng)過1.2s到達(dá)傳送帶的B端。用速度傳感器分別測得貨物與傳送帶的速度

v隨時(shí)間t變化的圖像如圖乙所示。已知重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,可

知（）

A.貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.05

B.A、B兩點(diǎn)間的距離為1.2m

C.貨物從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，傳送帶對(duì)貨物做功-11.2J

D.貨物從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8J

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

9.騎行一族在野外可用以下簡單的方法快速制取少量的冰塊。如

圖所示，把自行車應(yīng)急充氣用的鋼制二氧化碳?xì)馄糠诺窖b有少

量水的杯子中，打開氣閥，瓶內(nèi)高壓氣體持續(xù)放氣一段時(shí)間后,

杯中的水便結(jié)成了冰。在此過程中，二氧化碳?xì)怏w對(duì)外界做

（選填“正”、“負(fù)”）功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體

的分子平均動(dòng)能，故溫度降低。

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共10.0分）

10.學(xué)校物理興趣小組利用如圖所示的裝置測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

ABCDEF

圖2

（1）圖中的電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器可能接的是電壓為（選填“6”或“220”）V的交

流電源。

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí):下列操作正確的是

A.釋放紙帶的同時(shí)接通電源

B.先接通電源，后釋放紙帶

C.先釋放紙帶，后接通電源

（3）用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，分別測出紙帶上的A點(diǎn)到B、C、D、

E、F點(diǎn)的距離Xi、x2>X3、X4、x5,以A點(diǎn)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，算出鉤碼的位移x與對(duì)應(yīng)

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運(yùn)動(dòng)時(shí)間t的比值，，并作出:-1圖像。若作出的;一t圖像的斜率為k,在縱軸上的截

距為b,則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打A點(diǎn)時(shí)鉤碼的速度大小VA=，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却?/p>

小g=。

11.某同學(xué)測量電流表Gi內(nèi)阻L的電路如圖甲所示，供選擇的儀器如下：

①待測電流表Gi（Os5mA,內(nèi)阻約300。）

②電流表G2（0~10mA,內(nèi)阻約100。）

③定值電阻Ri（300Q）

④定值電阻”（10。）

⑤滑動(dòng)變阻器區(qū)3（0~10000。）

⑥滑動(dòng)變阻器R4（0~20Q）

⑦干電池（1.5V）

⑧開關(guān)及導(dǎo)線若干

（1）定值電阻應(yīng)選,滑動(dòng)變阻器應(yīng)選;（在空格內(nèi)填寫序號(hào)）

（2）完成實(shí)物圖連接；

（3）補(bǔ)全實(shí)驗(yàn)步驟：

①按電路圖連接電路，將滑動(dòng)觸頭移至最端（填“左”或“右”）;

②閉合開關(guān)，移動(dòng)滑動(dòng)觸頭至某一位置，記錄G】、G2的讀數(shù)k、5

③多次移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，記錄相應(yīng)的G1、G2讀數(shù)11、12；

④以k為縱軸，12為橫軸，作出相應(yīng)圖線，如圖乙所示。

（4）根據(jù)I1-I2圖線的斜率k及定值電阻，寫出待測電流表內(nèi)阻L的表達(dá)式

五、簡答題（本大題共1小題，共4.0分）

12.某同學(xué)假期在公園里游玩時(shí)，看到岸邊不遠(yuǎn)處一白色垃圾漂浮在水面上，遠(yuǎn)處一小

船劃過后，一列水波由遠(yuǎn)處傳來，該同學(xué)想等著水波將臼色垃圾推到岸邊后，再將

其拾起丟入垃圾箱，可是等了很久也不見白色垃圾被水波推向岸邊。觀察發(fā)現(xiàn)，水

波的速度約為1.2m/s,白色垃圾在水中上下振動(dòng)時(shí)，從第1次到達(dá)最高點(diǎn)到第5次到

達(dá)最高點(diǎn)所用的時(shí)間為6s。該水波的周期為s,波長為mo

六、計(jì)算題(本大題共3小題，共42.0分)

13.如圖所示，質(zhì)量m=2kg、電量q=+0.01C的小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))放在光滑水平軌

道上的A點(diǎn)，A點(diǎn)到B點(diǎn)所在的區(qū)間內(nèi)存在方向水平向左的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)E=

700N/C.物體受到與水平面成37。斜向上的拉力F=10N,從A點(diǎn)由靜止開始向右運(yùn)

動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t=12s運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)立即撤去F,此后物體進(jìn)入右邊豎直光滑半圓形

的軌道運(yùn)動(dòng)。g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37。=0.8。

(1)求物體在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a和拉力F所做的功W；

(2)物體剛好能運(yùn)動(dòng)到軌道最高點(diǎn)D點(diǎn)，求半圓形軌道的半徑R。

14.2022北京冬奧會(huì)后，冰壺運(yùn)動(dòng)成為了廣大冰雪愛好者熱捧的一個(gè)運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。下圖

是一個(gè)冰壺大本營的示意圖，內(nèi)環(huán)％=0.61m,中環(huán)R2=1.22m,外環(huán)R3=1.83m。

某次比賽中，紅壺以某一速度和停在Q點(diǎn)的藍(lán)壺發(fā)生正碰之后，質(zhì)量相等的紅、藍(lán)

兩壺分別停在M和N點(diǎn)。設(shè)紅、藍(lán)壺與冰面間的摩擦因數(shù)相同，則：

(1)碰后紅壺和藍(lán)壺的速度大小之比;

(2)紅壺和藍(lán)壺碰撞過程損失的機(jī)械能與碰前瞬間紅壺動(dòng)能之比。

15.游樂場是年輕人都愛去的娛樂場所，某設(shè)計(jì)單位為測試待建滑行軌道的性能，建立

了如圖所示的測試模型。模型左邊是半徑為4.5m的;圓弧軌道，軌道末端B水平，且

與皮帶等高。皮帶保持Vo=lm/s的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，C點(diǎn)是皮帶的最右端，C點(diǎn)右

邊是一放在光滑水平地面上的木板，木板與皮帶等高，且長度為1m,質(zhì)量為1.2kg。

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試驗(yàn)時(shí)，讓質(zhì)量為2kg的物塊甲從A點(diǎn)由靜止釋放，測得甲到B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大

小為56N,甲到達(dá)B點(diǎn)的同時(shí)，在皮帶右側(cè)C點(diǎn)輕輕放置質(zhì)量為0.4kg的物塊乙，甲、

乙碰撞前瞬間甲的速度大小V[=5m/s,甲、乙碰撞后粘成一體繼續(xù)沿皮帶向右滑

行，最后滑上木板。已知甲、乙及甲乙整體與皮帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為由=0.2,

甲乙整體與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為4=0.1,重力加速度g=10m/s2o求：

(1)從A滑到B的過程中，甲克服摩擦力做的功Wf；

(2)皮帶的長度1；

(3)甲乙整體到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大小Vc;

(4)判斷甲乙整體能否和木板達(dá)到共速？若能，求出甲乙在木板上滑行的距離；若

不能，為使甲乙和木板能共速，需要在木板右端粘接上至少多長的同種規(guī)格(相同

高度、寬度和材料)的木板。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、0射線是高速電子流，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得葩的衰變方

程為斕CST婷X+￡e,故A正確；

B、半衰期具有統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)大量的原子核適用，對(duì)少數(shù)原子核不適用，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)0衰變的本質(zhì)可知，。衰變中生成的電子是原子核內(nèi)部的一個(gè)中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)

子同時(shí)生成一個(gè)電子，這種轉(zhuǎn)化產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外形成0射線，故C錯(cuò)誤；

D、。衰變是自發(fā)的，衰變的過程中釋放能量存在質(zhì)量虧損，所以新核的比結(jié)合能更大，

即斕X的比結(jié)合能比界Cs的比結(jié)合能大，故D錯(cuò)誤。

故選：A。

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒分析核反應(yīng)方程；半衰期屬于統(tǒng)計(jì)規(guī)律；根據(jù)B衰變的實(shí)

質(zhì)分析；衰變的過程中釋放能量，比結(jié)合能更大。

本題考查了原子核衰變、半衰期、比結(jié)合能等知識(shí)點(diǎn)。對(duì)于這分知識(shí)很多是屬于記憶部

分的，因此需要注意平時(shí)的記憶與積累。

2.【答案】B

【解析】解：AB、全處是平衡位置，上處分子力為引力，所以乙分子從L處由靜止釋放，

分子力先做正功，運(yùn)動(dòng)到「2處速度最大，動(dòng)能最大，分子勢能最小，后做負(fù)功，動(dòng)能減

小，勢能增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、當(dāng)兩個(gè)分子相距為r=4時(shí)，它們之間的分子力為零，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)兩個(gè)分子相距為r=r1時(shí)，它們之間的分子力表現(xiàn)為斥力，故D錯(cuò)誤。

故選：Bo

當(dāng)分子間距離等于平衡距離時(shí)，分子力為零，分子勢能最??；當(dāng)分子間距離小于平衡距

離時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)分子間距離大于平衡距離時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力；根據(jù)分

子力的特點(diǎn)分析其運(yùn)動(dòng)規(guī)律。

解決本題的關(guān)鍵是掌握分子力與分子間距的關(guān)系，知道分子間距離等于平衡距離時(shí)，分

子力為零，分子勢能最小。

3.【答案】D

【解析】解：A、以A、B為整體受力分析如圖1,豎直方向上受重力及地面的支持力，

兩物體重力不變，所以地面對(duì)A的支持力不變，由牛頓第三定律知A對(duì)地面的壓力不變，

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故A錯(cuò)誤;

B、對(duì)小球B受力分

析，作出平行四邊形,

如圖2所示，A移動(dòng)

前后，B受力平衡，

即B球受墻壁及A的

彈力的合力與重力

大小相等，方向相反;

A向右移動(dòng)少許，A對(duì)B的彈力順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，墻對(duì)B的壓力減小，由牛頓第三定律，B對(duì)墻

的壓力變小，故B錯(cuò)誤；

C、由圖2知，A對(duì)B的彈力減小，故C錯(cuò)誤；

D、分析A、B整體，水平方向上墻對(duì)B的壓力和地面對(duì)A的摩擦力等大反向，墻對(duì)B的壓

力減小，則地面對(duì)A的摩擦力減小，故D正確。

故選：Do

先整體分析地面對(duì)A的支持力，再隔離B分析AB間的作用力及墻對(duì)B的彈力，再整體分析

地面對(duì)A的摩擦力。

本題考查了共點(diǎn)力平衡中的連接體問題及動(dòng)態(tài)過程的分析，注意連接體問題的處理方法:

整體與隔離相結(jié)合。

4.【答案】C

【解析】解：A和水平面之間的最大靜摩擦力的大小為：0=|imAg=0.25X5xION=

12.5N

根據(jù)胡克定律可知，彈簧的力大小為：Fi=kx=400x2x10-2N=8N

CD、當(dāng)把與水平方向成60。的拉力F=6N作用在木塊B上時(shí)，木塊B受到重力、地面的支

持力、彈簧對(duì)B向右的彈力，斜向上的拉力以及地面的摩擦力，受力如圖：

豎直方向：N=mBg-Fsin60°=6xION-6xyN?54.8N

水平方向：fB=Fi+Fcos60°=8N+6x1N=UN

此時(shí)B和水平面之間的最大靜摩擦力的大小為：f2=nN=0.25x54.8N=13.7N>fB,

所以木塊B仍然保持靜止，受到的摩擦力為靜摩擦力，大小等于8N,故C正確，D錯(cuò)誤；

AB、木塊A受到重力、地面的支持力、彈簧向左的彈力，若要平衡，則木塊A受到地面

對(duì)A向右的靜摩擦力，大小等于彈力的彈力，為8N,故AB錯(cuò)誤；

故選：Co

分析A、B兩物體受到的最大靜摩擦力，根據(jù)胡克定律求解彈簧的彈力大小，當(dāng)施加外

力F后，判斷AB的運(yùn)動(dòng)情況，如果AB都不動(dòng)，則根據(jù)平衡條件求解兩者受到的靜摩擦力

大小，如果兩物體運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的公式求解摩擦力大小。

解決該題的關(guān)鍵是當(dāng)施加了外力作用后必須先根據(jù)外力與最大靜摩擦力的大小關(guān)系判

斷物體是保持靜止還是運(yùn)動(dòng)，其次掌握靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力的求解方法。

5.【答案】BC

【解析】解：ABC、由圖看出，降噪聲波與環(huán)境聲波波長相等，波速相等，則頻率相同，

疊加時(shí)產(chǎn)生干涉，由于兩列聲波等幅反相，所以能使振幅減為零，起到降噪作用，故A

錯(cuò)誤，BC正確；

D.在聲波的傳播過程中，質(zhì)點(diǎn)只會(huì)在平衡位置附近來回振動(dòng)，并不隨波的傳播方向移動(dòng)，

故D錯(cuò)誤。

故選：BC。

根據(jù)聲波的特點(diǎn)分析出降噪的原理；

質(zhì)點(diǎn)只會(huì)在所在平衡位置附近振動(dòng)，不會(huì)隨著波向前運(yùn)動(dòng)。

本題主要考查了波的干涉現(xiàn)象的相關(guān)應(yīng)用，理解波的干涉特點(diǎn)和傳播特點(diǎn)即可，屬于基

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礎(chǔ)題型。

6.【答案】AC

【解析】答：A、由電勢分布可知，q1帶負(fù)電，q2帶正電，故A點(diǎn)場強(qiáng)方向向左，故A

正確；

B、，從B到C,斜率變小，C點(diǎn)斜率為0,從C到D,斜率變小，所以從B到D,場強(qiáng)先變

小后變大，再變小，故B錯(cuò)誤；

C、曲線斜率表示場強(qiáng)，C點(diǎn)斜率為0,所以Ec=0,由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=k3及疊加

原理可知：qj>q2>故C正確；

D、由圖知，從C到D電勢逐漸升高，因沿電場線方向電勢逐漸降低，所以電場線向左，

負(fù)電荷從C到D,電場力做正功，故D錯(cuò)誤。

故選：AC。

A、由正負(fù)電荷電勢分布特點(diǎn)解答；B、年-x的斜率表示場強(qiáng)，比較斜率變化判斷；C、

找到場強(qiáng)為。點(diǎn)，由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式和疊加原理解答；D、根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸

降低，判斷從C到D的電場線方向，然后判斷電場力做功。

本題重點(diǎn)要知道⑴-X的斜率表示場強(qiáng)，熟記正負(fù)電荷電場線和電勢分布特點(diǎn)，點(diǎn)電荷

場強(qiáng)公式，記住電場線的特點(diǎn)：沿電場線方向電勢逐漸降低。

7.【答案】BC

【解析】解：A.由題意可知a粒子向下偏轉(zhuǎn)，b粒子向上偏轉(zhuǎn)，由

左手定則可知a粒子帶負(fù)電，b粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；

B.作出兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知從A運(yùn)動(dòng)到B,

a粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為60。，b粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為120。，因?yàn)閮?/p>

粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以ta=?=R=?,解得Ta：Tb=2：1,

故B正確；

C.根據(jù)牛頓第二定律有：Bvq=乎，粒子的運(yùn)動(dòng)周期表達(dá)式為T=等=黑，因?yàn)閮?/p>

1Rvqb

粒子的電荷量相等，所以ma：mb=Ta：Tb=2：1,故C正確；

D.根據(jù)幾何關(guān)系可得：?=tan6(r=￥，故D錯(cuò)誤。

Rb1

故選：BC?

根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系求得軌道半徑；根據(jù)幾何關(guān)系得到中心角，即可

由運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同得到周期之比，從而由洛倫茲力做向心力得到質(zhì)量、速度之比。

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的問題，一般根據(jù)幾何關(guān)系求得軌道半徑及中心

角，即可由洛倫茲力做向心力求得速度、運(yùn)動(dòng)時(shí)間等問題。

8.【答案】CD

【解析】解：A、由v-t圖象可知，貨物在傳送帶上先做a】勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大

小為：a==^m/s2=10m/s2,

貨物的速度達(dá)到與傳送帶速度相等前，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsine+f=ma「即：

mgsinQ+|imgcos0=mat…①，

貨物的速度達(dá)到與傳送帶速度相等后，貨物做a2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為：a'=

根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinQ—f=ma2,即：mgsin0—|imgcos0=ma2...(￡)>

代入數(shù)據(jù)由①②解得：cos。=0.8,ri=0.5,故A錯(cuò)誤：

B、物塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到傳送帶速度后，繼續(xù)做加速度較

小的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以物塊由A到B的間距對(duì)應(yīng)圖象所圍梯形的“面積”，為：x=

Jx2x0.2m+1x(2+4)x(1.2-0.2)m=3.2m,故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)功能關(guān)系，由B中可知：f=nmgcose=0.5xlxl0x0.8N=4N,做a】勻加速

直線運(yùn)動(dòng)，由圖象知位移為：X1=1x2x0.2m=0.2m,物體受力分析受摩擦力，方向

向下，摩擦力做正功為：Wfl=fX1=4x0.2J=0.8J,

貨物以加速度a?做勻加速直線運(yùn)動(dòng)過程，由圖象知位移大小為：x2=ix(2+4)x

(1.2—0.2)m=3m,

物體受力分析受摩擦力，方向向上，摩擦力做負(fù)功為：wf2=-fx2=_4X3J=-12J,

所以整個(gè)過程，傳送帶對(duì)貨物做功大小為：W=Wfi+Wf2=0.8J-12J=-11.2J,故C

錯(cuò)正確

D、根據(jù)功能關(guān)系，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對(duì)位移，由C中可

知：f=(imgcosQ=0.5x1x10X0.8N=4N.

做a】勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移為:xx=1x2x0.2m=0.2m,皮帶位移為:x皮=2x0.2m=

0.4m,相對(duì)位移為：Ax1=*皮一Xi=0.4m-0.2m=0.2m,

同理:做a?勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移為:X2=1x(2+4)xlm=3m,x皮2=2xIm=2m,

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相對(duì)位移為：Ax?=X2-x皮2=3m-2m=Im,

故兩者之間的總相對(duì)位移為：Ax=Ax】+AX2=lm+0.2m=1.2m,

貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q=W=fAx=4xl.2J=4.8J,故D正確。

故選：CD,

貨物在傳送帶上先做為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做a2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度-時(shí)間圖線

圍成的面積的表示物塊的位移，根據(jù)速度圖象確定勻加速的加速度，通過受力分析，找

到合外力，計(jì)算夾角和摩擦因數(shù)，根據(jù)功的計(jì)算公式和能量守恒定律計(jì)算摩擦生熱。

本題一方面要分析貨物的運(yùn)動(dòng)情況，由圖象結(jié)合求解加速度，再結(jié)合牛頓第二定律分兩

個(gè)過程列式求解摩擦因數(shù)及斜面傾角是關(guān)鍵，求摩擦產(chǎn)生的熱量注意找兩物體的相對(duì)位

移。

9.【答案】正減小

【解析】解：由題意可知，二氧化碳?xì)怏w體積增大，則二氧化碳?xì)怏w對(duì)外界做正功，氣

體還來不及吸熱，氣體的內(nèi)能減小，則氣體分子的平均動(dòng)能減少，故溫度降低。

故答案為：正；減小

根據(jù)體積的變化分析出氣體對(duì)外界的做功類型，結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析出溫度的變化,

從而分析出氣體的分子平均動(dòng)能的變化。

本題主要考查了熱力學(xué)第一定律的相關(guān)應(yīng)用，理解氣體對(duì)外界的做功類型，從而分析出

溫度的變化，同時(shí)要理解溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。

10.【答案】6Bb2k

【解析】解：(1)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接低壓6V交流電源。

(2)為充分利用紙帶，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后再釋放紙帶，

故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：Bo

2

(3)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有x=vAt+|gt

整理得；=[gt+VA

可得VA—b,g=2k

故答案為：(1)6；(2)B；(3)b；2k

(1)根據(jù)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的類型選擇合適的交流電源；

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

(3)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合圖像的物理意義得到速度和加速度。

本題主要考查了自由落體的加速度測量實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合

運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和圖像的物理意義即可完成分析。

11.【答案】③⑥左L=(k-l)Ri

【解析】解：(1)由于Gi的滿偏電流

是G2的一半，根據(jù)并聯(lián)電阻的分流

作用可知G]應(yīng)與阻值相近的定值

電阻并聯(lián)，再與G2串聯(lián)，因待測電

流表的內(nèi)阻約為300Q,則定值電阻

應(yīng)選取心。

滑動(dòng)變阻器R3的阻值太大，不方便

調(diào)節(jié)，應(yīng)選取阻值較小的R4,方便

調(diào)節(jié)，并使用分壓式接法;

(2)采用分壓式接法，實(shí)物圖連接如下圖所示；

(3)為了保護(hù)實(shí)驗(yàn)中電表，開始時(shí)應(yīng)讓電壓從0開始調(diào)節(jié)，故開始時(shí)滑片應(yīng)在最左端。

(4)根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)電路的關(guān)系有：12=I1+膏=喏1]

結(jié)合圖像，則圖像的斜率卜=若，則有：ri=(k-l)R]

故答案為：(1)③、⑥；(2)如圖所不；(4)

左、n=(k-1)RX

(1)根據(jù)定值電阻阻值與待測電流表內(nèi)阻相等可知將二者并聯(lián)后總電流與電流表G2的滿

偏電流相等，所以測量電路應(yīng)是將待測電流表與定值電阻R2并聯(lián)后再與電流表G2串聯(lián);

再根據(jù)變阻器采用分壓式接法時(shí)阻值越小時(shí)調(diào)節(jié)越方便即可選出變阻器R4；

(2)根據(jù)實(shí)物圖的連接要求連接實(shí)物圖；

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(3)(4)根據(jù)物理規(guī)律寫出12與h的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)斜率的概念即可求解，根據(jù)實(shí)

驗(yàn)電路故障分析原因。

解答本題應(yīng)明確：①設(shè)計(jì)電路時(shí)，可先畫出可能的電路圖，然后選擇能求出待測量的

電路即可；②變阻器采用分壓式接法時(shí)，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)；③遇到

根據(jù)圖象求解的問題，首先根據(jù)物理規(guī)律寫出公式，然后整理出關(guān)于阻值與橫軸物理量

的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解.

12.【答案】1.5；1.8

【解析】解：從第1次到達(dá)最高點(diǎn)到第5次到達(dá)最高點(diǎn)所用的時(shí)間為6s,經(jīng)歷4個(gè)整周期，

則該水波的周期為：T=*s=1.5s；

5—1

由波長、周期和波速的關(guān)系式：A=vT,代入數(shù)據(jù)，可得：A=1.8m

故答案為：1.5,1.8

根據(jù)題目中白色垃圾達(dá)到最高點(diǎn)的時(shí)間特點(diǎn)計(jì)算出周期，結(jié)合公式入=vT計(jì)算出波長的

大小。

本題主要考查了橫波的圖像，理解周期的定義，掌握波長、頻率和波速的關(guān)系即可完成

分析。

13.【答案】解：(1)物體在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律有

Fcos37°—qE=ma

代入數(shù)據(jù)解得：a=0.5m/s2,方向水平向右。

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有AB間距離為XAB=拘2

代入數(shù)據(jù)解得：xAB=36m

拉力F所做的功為W=FXABCOS37°

代入數(shù)據(jù)解得：W=288J

(2)物體在剛好過圓弧軌道最高點(diǎn)D時(shí)有

mg=niQ

由B到D根據(jù)動(dòng)能定理可得

-mg-2cRn=-1mvg2--m1v§2

物體到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為VB=at

聯(lián)立解得：R=0.72m

答:⑴物體在AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度a為0.5m/s2,方向水平向右。拉力F所做的功為288J；

（2）物體剛好能運(yùn)動(dòng)到軌道最高點(diǎn)D點(diǎn)，半圓形軌道的半徑R是0.72m。

【解析】（1）物體在AB段運(yùn)動(dòng)，分析其受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求加速度a。由位移

一時(shí)間公式求出AB間的距離，再由功的計(jì)算公式求拉力F所做的功W；

（2）物體剛好能運(yùn)動(dòng)到軌道最高點(diǎn)D點(diǎn)時(shí)，由重力提供向心力，由牛頓第二定律求出物體

到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的速度大小。由B到D的過程，根據(jù)動(dòng)能定理求半圓形軌道的半徑R。

本題是牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵把握隱含的臨界條件：

物體剛好能運(yùn)動(dòng)到軌道最高點(diǎn)D點(diǎn)時(shí)，由重力提供向心力。

14.【答案】解：（1）設(shè)紅、藍(lán)壺碰撞后瞬間的速度分別為V1、V2,根據(jù)動(dòng)能定理，有：

一|imgsi=0-|mvf

一^mgS2=0--1mv$7

依題意：Si=Rz-Ri，s2=2R2

聯(lián)立以上各式可得：v1：v2=l：2；

（2）設(shè)紅壺碰前速度為Vo，取向右為正方向，碰撞前后動(dòng)量守恒，有：mv（）=mV1+mV?

由于Vi：v2=1：2,可得：Vo：vt=3：1

碰撞中損失的能量：AE=^mvo-（|mvi+gmv分=

碰撞過程損失的機(jī)械能與碰前瞬間紅壺動(dòng)能之比：n=呂=蹩=&

2mv02mV09

答：（1）碰后紅壺和藍(lán)壺的速度大小之比為1：2；

（2）紅壺和藍(lán)壺碰撞過程損失的機(jī)械能與碰前瞬間紅壺動(dòng)能之比為4：9。

【解析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理求解紅、藍(lán)壺碰撞后瞬間的速度；

（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律求解碰撞中損失的能量，由此得到碰撞過程損失

的機(jī)械能與碰前瞬間紅壺動(dòng)能之比。

本題考查動(dòng)量守恒定律、動(dòng)能定理和能量守恒定律的綜合應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚兩壺

的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，要掌握碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒定律。解題時(shí)要注意正方

向的選擇。

15.【答案】解：（1）甲物塊在B點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得：

FN-m甲g=m中黃

由牛頓第三定律知FN=56N