云南省保山市普通高中畢業(yè)生市級(jí)統(tǒng)一檢測(cè)理科綜合（物理部分）

保山市2019年普通高中畢業(yè)生市級(jí)統(tǒng)一檢測(cè)理科綜合（物理部分）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1417題只有一項(xiàng)符合題目要求；第1821題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.關(guān)于近代物理發(fā)展的成果，下列說(shuō)法正確的是A.只要增加入射光的強(qiáng)度，光電效應(yīng)就可以發(fā)生B.氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時(shí)會(huì)輻射特定頻率的光子C.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，則其半衰期將減小D.α射線、β射線、γ射線都是高速電子流【答案】B【解析】【分析】【詳解】能否發(fā)生光電效應(yīng)，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，只與入射光的頻率有關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；氫原子從激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時(shí)會(huì)輻射特定頻率的光子，光子的能量等于兩個(gè)能級(jí)的能級(jí)差，選項(xiàng)B正確；放射性物質(zhì)的半衰期與外部因素（溫度、壓強(qiáng)等）無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；α射線是氦核，β射線是高速電子流，γ射線是高速光子流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.2.如圖所示，A、B、C三個(gè)物體處于平衡狀態(tài)，則關(guān)于A、B、C三個(gè)物體的受力個(gè)數(shù)，下列說(shuō)法正確的是A.A物體受到4個(gè)力的作用 B.B物體受到3個(gè)力的作用C.C物體受到3個(gè)力的作用 D.C物體受到4個(gè)力的作用【答案】C【解析】【分析】根據(jù)受力分析的步驟，先重力，后彈力，最后是摩擦力，并結(jié)合平衡知識(shí)解答.【詳解】物體C受重力，B的支持力和摩擦力3個(gè)力的作用，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；物體B受重力，A的支持力，C的壓力和摩擦力4個(gè)力的作用，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體A受重力，地面的支持力以及B的壓力3個(gè)力的作用，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；故選C.3.如圖所示，豎直面內(nèi)分布有水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子沿直線從位置a向上運(yùn)動(dòng)到位置b，在這個(gè)過(guò)程中，帶電粒子A.只受到電場(chǎng)力和重力作用 B.帶正電C.做勻速直線運(yùn)動(dòng) D.機(jī)械能增加【答案】A【解析】【分析】根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)情況確定受力情況，由此確定電性和機(jī)械能的變化．【詳解】帶電粒子沿直線從位置a向上運(yùn)動(dòng)到位置b，合力方向與速度方向共線，受力情況如圖所示；粒子受到電場(chǎng)力和重力作用，故A正確；粒子受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線方向相反，故粒子帶負(fù)電，故B錯(cuò)誤；粒子受到的合力方向與速度方向相反，粒子做勻減速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，故D錯(cuò)誤．故選A．【點(diǎn)睛】本題主要是考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解答本題要能夠根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)情況確定受力情況，做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)合力與速度方向共線．4.使物體成為衛(wèi)星的最小發(fā)射速度稱(chēng)為第一宇宙速度v1，而使物體脫離星球引力所需要的最小發(fā)射速度稱(chēng)為第二宇宙速度v2，v2與的關(guān)系是v2=v1，已知某星球半徑是地球半徑R的，其表面的重力加速度是地球表面重力加速度g的，不計(jì)其他星球的影響，則該星球的第二宇宙速度為A B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根據(jù)mg=m求解第一宇宙速度，然后根據(jù)v2=v1求解第二宇宙速度．【詳解】該星球表面的重力加速度g'=，由mg'=可得星球的第一宇宙速度，該星球的第二宇宙速度v2=v1=，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D.【點(diǎn)睛】通過(guò)此類(lèi)題型，學(xué)會(huì)知識(shí)點(diǎn)的遷移，比如此題：把地球第一宇宙速度的概念遷移的某顆星球上面．5.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b，以不同的速率對(duì)準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖．若帶電粒子只受磁場(chǎng)力的作用，粒子a在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為T(mén)a，粒子a在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為ta=Ta，粒子b在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)周期為T(mén)b，粒子b在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=Tb，則下列說(shuō)法正確的是A.粒子a和粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期關(guān)系為T(mén)a=TbB.粒子a和粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期關(guān)系為T(mén)a>TbC.粒子a和粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)速度關(guān)系va=vbD.粒子a和粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)速度關(guān)系va=3vb【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)可判斷兩粒子的周期關(guān)系；根據(jù)可求解兩粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角，從而確定半徑關(guān)系，根據(jù)確定速度關(guān)系．【詳解】根據(jù)可知，兩粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)的周期相同，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；設(shè)圓形磁場(chǎng)的半徑為r，因ta=Ta可知a在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度是1200；由幾何關(guān)系可知，運(yùn)動(dòng)半徑；同理因tb=Ta可知b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)過(guò)的角度是600；由幾何關(guān)系可知，運(yùn)動(dòng)半徑；根據(jù)可知粒子a和粒子b在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)速度關(guān)系，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故選AC.【點(diǎn)睛】帶電粒子在磁場(chǎng)、質(zhì)量及電量相同情況下，運(yùn)動(dòng)的半徑與速率成正比，從而根據(jù)運(yùn)動(dòng)圓弧來(lái)確定速率的大??；運(yùn)動(dòng)的周期均相同的情況下，轉(zhuǎn)過(guò)的圓弧的圓心角可用運(yùn)動(dòng)的時(shí)間來(lái)確定6.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈分別接有定值電阻R1、R2，且R1=R2，原、副線圈的匝數(shù)比n1︰n2=2︰1，交流電源電壓為U，則A.R1兩端的電壓為UB.R2兩端的電壓為UC.R1和R2消耗的功率之比為1︰2D.R1和R2消耗的功率之比為1︰4【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，然后結(jié)合歐姆定律即可求出．根據(jù)P=U2/R求解功率比．【詳解】設(shè)R1=R2=R，原線圈電流為I，則根據(jù)匝數(shù)比可知副線圈電流為2I；此時(shí)初級(jí)電壓為：UIR；則根據(jù)匝數(shù)比可知，次級(jí)電壓為(UIR)；根據(jù)歐姆定律可知：，解得IR=U，即R1兩端的電壓為U；R2兩端的電壓為U，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)P=U2/R可知R1和R2消耗的功率之比為1︰4，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選BD.7.有一半圓形軌道在豎直平面內(nèi)，如圖所示，O為圓點(diǎn)，AB為水平直徑，有一小球從A點(diǎn)以不同速度向右平拋，不計(jì)空氣阻力，在小球從拋出到落到軌道這個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.初速度越小的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)B.初速度不同的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間可能相同C.落在半圓形軌道最低點(diǎn)的時(shí)間最長(zhǎng)D.小球落到半圓形軌道的瞬間，速度方向可能垂直撞擊半圓形軌道【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與水平初速度無(wú)關(guān)；做平拋運(yùn)動(dòng)的物體的速度的反向延長(zhǎng)線經(jīng)過(guò)水平位移的中點(diǎn)．【詳解】平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間由高度決定，與水平初速度無(wú)關(guān)，初速度小時(shí)，與半圓接觸時(shí)下落的距離不一定比速度大時(shí)下落的距離小，故A錯(cuò)誤；速度不同的小球下落的高度可能相等，如碰撞點(diǎn)關(guān)于半圓過(guò)O點(diǎn)的豎直軸對(duì)稱(chēng)的兩個(gè)點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故B正確；落在圓形軌道最低點(diǎn)的小球下落的距離最大，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，選項(xiàng)C正確；若小球落到半圓形軌道的瞬間垂直撞擊半園形軌道，即速度方向沿半徑方向，則速度方向與水平方向的夾角是位移方向與水平方向夾角的2倍．因?yàn)橥晃恢盟俣确较蚺c水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的兩倍，兩者相互矛盾，則小球的速度方向不會(huì)沿半徑方向．故D錯(cuò)誤．故選BC．8.如圖所示，質(zhì)量為m的半圓軌道小車(chē)靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB長(zhǎng)度為2R，現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點(diǎn)正上方h高處由靜止釋放，然后由A點(diǎn)經(jīng)過(guò)半圓軌道后從B沖出，在空中能上升的最大高度為h(不計(jì)空氣阻力)，則A.小球和小車(chē)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒B.小車(chē)向左運(yùn)動(dòng)的最大距離為RC.小球離開(kāi)小車(chē)后做斜上拋運(yùn)動(dòng)D.小球第二次能上升的最大高度h<h1<h【答案】ABD【解析】【分析】水平地面光滑，系統(tǒng)水平方向動(dòng)力守恒，則小球離開(kāi)小車(chē)后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，下來(lái)時(shí)還會(huì)落回小車(chē)中，根據(jù)動(dòng)能定理求出小球在小車(chē)中滾動(dòng)時(shí)摩擦力做功．第二次小球在小車(chē)中滾動(dòng)時(shí)，對(duì)應(yīng)位置處速度變小，因此小車(chē)給小球彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功變小，據(jù)此分析答題．【詳解】小球與小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A正確系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得：mvmv′=0，，解得小車(chē)的位移：x=R，故B正確；小球與小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，小球由A點(diǎn)離開(kāi)小車(chē)時(shí)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零，小球與小車(chē)水平方向速度為零，小球離開(kāi)小車(chē)后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；小球第一次車(chē)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：mg（h0h0）Wf=0，Wf為小球克服摩擦力做功大小，解得：Wf=mgh0，即小球第一次在車(chē)中滾動(dòng)損失的機(jī)械能為mgh0，由于小球第二次在車(chē)中滾動(dòng)時(shí)，對(duì)應(yīng)位置處速度變小，因此小車(chē)給小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于mgh0，機(jī)械能損失小于mgh0，因此小球再次離開(kāi)小車(chē)時(shí)，能上升的高度大于：h0h0=h0，而小于h0，故D正確；故選ABD．三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第2題第32題為必考題，每道試題考生都必須作答；第33題~第38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。9.如圖所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系：先安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫(xiě)紙，記下重垂線所指的位置O．接下來(lái)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點(diǎn)由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復(fù)多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點(diǎn)圈在里面，其圓心就是小球落點(diǎn)的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點(diǎn)由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點(diǎn)的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測(cè)量三個(gè)落地點(diǎn)的平均位置M、P、N離0點(diǎn)的距離，即線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度．(1)對(duì)于上述操作，下列說(shuō)法正確的是___________(填序號(hào))．A.每次小球釋放的高度可以不同B.斜槽軌道末端必須水平C.小球1質(zhì)量應(yīng)大于小球2的質(zhì)量D.斜槽軌道盡量光滑可以減小誤差(2)上述實(shí)驗(yàn)除需測(cè)量線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量有___________(填序號(hào))A.A、B兩點(diǎn)間的高度差h1B.點(diǎn)離地面的高度h2C.小球1和小球2的質(zhì)量m1和m2(3)當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式______________________(用所測(cè)物理量的字母表示)時(shí)，即說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律．【答案】(1).BC(2).C(3).【解析】【分析】【詳解】（1）（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理以及注意事項(xiàng)對(duì)各個(gè)選項(xiàng)進(jìn)行判斷，并確定需要測(cè)量的物理量．（3）小球碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平位移關(guān)系和速度的關(guān)系，求出初速度與距離的表達(dá)式，從而得出動(dòng)量守恒的表達(dá)式；【點(diǎn)睛】（1）每次小球釋放的高度必須相同，以保證到達(dá)底端的速度相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；斜槽軌道末端必須水平，以保證兩球正碰，選項(xiàng)B正確；小球1的質(zhì)量應(yīng)大于小球2的質(zhì)量，以防止入射球反彈，選項(xiàng)C正確；斜槽軌道沒(méi)必要必須光滑，只要小球到達(dá)底端的速度相同即可，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.（2）根據(jù)動(dòng)量守恒得，m1?OP=m1?OM+m2?ON，所以除了測(cè)量線段OM、OP、ON的長(zhǎng)度外，還需要測(cè)量的物理量是小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2．故選C．

（3）因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運(yùn)動(dòng)的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式m1?OP=m1?OM+m2?ON，說(shuō)明兩球碰撞遵守動(dòng)量守恒定律．10.為了測(cè)量某待測(cè)電阻Rx的阻值(約為30Ω)．有以下一些器材可供選擇：A.電流表：A1(量程0~50mA，內(nèi)阻約10Ω)B.電流表：A2(量程0~3A，內(nèi)阻約0.12Ω)C.電壓表：V1(量程0~3V，內(nèi)阻很大)D.電壓表：V2(量程0~15V，內(nèi)阻很大)E.電源：E(電動(dòng)勢(shì)約為3V，內(nèi)阻約為0.2Ω)F.滑動(dòng)變阻器R1(0~10Ω、允許最大電流2.0A)G.滑動(dòng)變阻器R2(0~1kΩ、允許最大電流0.5A)H.定值電阻R3(20Ω，允許最大電流1.0A)L.定值電阻R4(5Ω，允許最大電流1.0A)J定值電阻R，(100Ω，允許最大電流1.0A)單刀單擲開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干(1)電流表應(yīng)選___________，電壓表應(yīng)選___________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選___________．(請(qǐng)?zhí)顚?xiě)對(duì)應(yīng)儀器的序號(hào))(2)某同學(xué)利用如圖所示的電路圖測(cè)量電阻Rx的阻值，某次測(cè)量中，電壓表示數(shù)為U時(shí)，電流表示數(shù)為I，則計(jì)算待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式為Rx=___________．【答案】(1).A(2).C(3).F(4).3【解析】【分析】（1）根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)選擇電壓表，根據(jù)通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；（2）根據(jù)歐姆定律即可計(jì)算出待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式．【詳解】（1）電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓表選C；通過(guò)待測(cè)電阻的最大電流約為：，選量程為3A的電流表讀數(shù)誤差太大；選擇量程為50mA又太小，故可用定值電阻R3=20Ω的電阻與待測(cè)電阻串聯(lián)，此時(shí)電路最大電流為：，則完全可以，此時(shí)電流表應(yīng)選擇A．為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選：F．

（2）由歐姆定律可知，待測(cè)電阻阻值：Rx=【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖、求電阻表達(dá)式，要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)器材確定滑動(dòng)變阻器與電流表接法是正確設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路的關(guān)鍵．11.如圖甲所示，放置在水平桌面上的兩條光滑導(dǎo)軌間的距離L=1m，質(zhì)量m=lkg的光滑導(dǎo)體棒放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌左端與阻值R=4Ω的電阻相連，其他電阻不計(jì)，導(dǎo)軌所在位置有磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的方向垂直導(dǎo)軌平而向下，現(xiàn)在給導(dǎo)體棒施加一個(gè)水平向右的恒定拉力F，并每隔0.2s測(cè)量一次導(dǎo)體棒的速度，乙圖是根據(jù)所測(cè)數(shù)據(jù)描繪出導(dǎo)體棒的vt圖象．(設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng))求：(1)t=1.2s時(shí)，導(dǎo)體棒的加速度；(2)在前1.6s內(nèi)導(dǎo)體棒的位移x=8m，試計(jì)算1.6s內(nèi)電阻上產(chǎn)生的熱量．【答案】(1)3m/s2(2)【解析】【分析】（1）導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)后，水平方向受到F、安培力兩個(gè)力．由圖象可知，時(shí)間t=1.2s時(shí)導(dǎo)體棒的速度，由牛頓第二定律求得加速度．（2）根據(jù)能量守恒定律求解電阻上產(chǎn)生的熱量．【詳解】（1）由圖象可知，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度達(dá)到10m/s時(shí)開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)安培力和拉力F大小相等，導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度勻速運(yùn)動(dòng)后導(dǎo)體棒上的電動(dòng)勢(shì)①導(dǎo)體棒受的安培力②則③由圖象可知，時(shí)間時(shí)導(dǎo)體棒的速度此時(shí)導(dǎo)體棒上的電動(dòng)勢(shì)④導(dǎo)體棒受的安培力⑤由牛頓定律得⑥解得時(shí)，導(dǎo)體棒的加速度為3m/s2⑦（2）時(shí)導(dǎo)體棒的速度，由能量守恒可得⑧解得【點(diǎn)睛】本題電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題，電磁感應(yīng)與力聯(lián)系的橋梁是安培力，這種類(lèi)問(wèn)題關(guān)鍵在于安培力的分析和計(jì)算．12.如圖，半徑R=0.8m的圓弧形光滑軌道豎直放置，圓弧軌道最低點(diǎn)D與長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平面相切于D點(diǎn)，質(zhì)量M=1.0kg的小滑塊A從圓弧頂點(diǎn)C由靜止釋放，到達(dá)最低點(diǎn)D后，與D點(diǎn)m=0.5kg的靜止小物塊B相碰，碰后A的速度變?yōu)関A=2.0m/s，仍向右運(yùn)動(dòng)．已知兩物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.1，A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，B與E處的豎直擋板相碰時(shí)沒(méi)有機(jī)械能損失，取g=10m/s2．求：(1)碰撞后滑塊B瞬間的速度大??；(2)碰撞后瞬間B對(duì)圓弧的壓力大小；(3)要使兩滑塊不發(fā)生第二次碰撞，DE的長(zhǎng)度L應(yīng)滿足的條件．【答案】(1)(2)(3)【解析】【分析】（1）由機(jī)械能守恒定律求出滑塊的速度，兩滑塊碰撞過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出碰后B的速度．（2）根據(jù)牛頓第二定律求解碰撞后瞬間B對(duì)圓弧的壓力大??；（3）應(yīng)用動(dòng)能定理求出兩物塊的位移，然后求出發(fā)生二次碰撞需要滿足的條件．【詳解】（1）設(shè)小滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的速度為，由機(jī)械能守恒定律有①設(shè)B滑塊被碰后的速度為，以A的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得②代入數(shù)據(jù)解得：③（2）④解得：⑤（3）由于B物塊的速度較大，如果它們能再次相碰一定發(fā)生在B從豎直擋板彈回后，假設(shè)兩物塊能運(yùn)動(dòng)到最后停止，達(dá)到最大的路程，則對(duì)于A物塊，由動(dòng)能定理⑥代入數(shù)據(jù)解得：⑦對(duì)于B物塊，由于B與豎直擋板的碰撞無(wú)機(jī)械能損失，由動(dòng)能定理得⑧代入數(shù)據(jù)解得：⑨兩滑塊剛好第二次發(fā)生接觸的條件⑩要使兩滑塊不發(fā)生第二次碰撞13.下列說(shuō)法正確的是___________A.液體表面存在著張力是因?yàn)橐后w表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離B.一定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，對(duì)外做功，分子平均動(dòng)能增大C.理論上，第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)并不違背能量守恒定律，所以隨著人類(lèi)科學(xué)技術(shù)的進(jìn)步，第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)是有可能研制成功的D.在同等溫度下，干濕泡濕度計(jì)的干、濕兩支溫度計(jì)示數(shù)差越大，說(shuō)明該環(huán)境越干燥E.改進(jìn)內(nèi)燃機(jī)結(jié)構(gòu)，提高內(nèi)燃機(jī)內(nèi)能轉(zhuǎn)化率，最終可能實(shí)現(xiàn)內(nèi)能完全轉(zhuǎn)化為機(jī)械能【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】液體表面存在著張力是因?yàn)橐后w表面層分子間的距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，分子之間的作用力表現(xiàn)為引力，所以液體表面存在表面張力；故A正確；定質(zhì)量的理想氣體，在等壓膨脹過(guò)程中，對(duì)外做功，溫度升高，則分子平均動(dòng)能增大，故B正確；理論上，第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)并不違背能量守恒定律，但是違背熱力學(xué)第二定律，所以即使隨著人類(lèi)科學(xué)技術(shù)的進(jìn)步，第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)也不可能研制成功的，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；干泡溫度計(jì)和濕泡溫度計(jì)組成，由于蒸發(fā)吸熱，濕泡所示的溫度小于干泡所示的溫度．干濕泡溫度計(jì)溫差的大小與空氣濕度有關(guān)，溫度相差越大，說(shuō)明空氣越干燥，故D正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱機(jī)的效率不能達(dá)到百分之百，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；故選ABD.14.粗細(xì)均勻的兩端開(kāi)口的U形細(xì)玻璃管開(kāi)口向下豎直放置時(shí)，在左、右管中各有長(zhǎng)度為L(zhǎng)的水銀柱封閉住總長(zhǎng)是8L的氣柱A，如圖，左、右管之間的距離忽略不計(jì)，左、右管長(zhǎng)度都是6L，兩水銀柱的下表面到管口距離相等．大氣壓保持為p=4ρgL，ρ是水銀的密度，g是重力加速度．把一側(cè)的管囗封住(不計(jì)厚度)，再緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)U形管，使其開(kāi)口向上豎直放置，兩側(cè)水銀柱的長(zhǎng)度不變，求：(i)氣柱溫度始終是27℃，氣柱A的長(zhǎng)度是多少?：(ii)接著對(duì)管內(nèi)氣柱緩慢加熱，當(dāng)氣柱A長(zhǎng)度又是8L時(shí)，管內(nèi)氣柱溫度是多少K?【答案】(i)(ii)【解析】【分析】（?。┐诉^(guò)程中氣體的溫度不變，根據(jù)氣體的初末狀態(tài)的壓強(qiáng)和體積的狀態(tài)參量，由玻意耳定律列式計(jì)算即可．（ⅱ）對(duì)管內(nèi)氣柱A緩慢加熱，氣柱A經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解．【詳解】（ⅰ）設(shè)細(xì)玻璃管橫截面積為S，設(shè)變化后空氣柱的長(zhǎng)度為，變化前氣柱A的體積壓強(qiáng)

①變化后氣柱A的體積

②壓強(qiáng)

③由玻意耳定律得：

④聯(lián)立解得：

⑤（ⅱ）對(duì)管內(nèi)氣柱緩慢加熱，氣柱A經(jīng)歷等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律有

⑥即：解得：【點(diǎn)睛】本題主要考查理想氣體的狀態(tài)方程．以封閉的氣體為研究對(duì)象，找出氣體變化前后的狀態(tài)參量，利用氣體的狀態(tài)方程計(jì)算即可．15.某復(fù)色光由空氣斜射入某介質(zhì)中后分解為a、b兩束單色光，如圖所示．以下說(shuō)法正確的是___________A.a光的頻率比b光大B.a光在該介質(zhì)中的傳播速度比b光大C.光由介質(zhì)射入空氣時(shí)，a光的臨界角比b光小D.a、b通過(guò)相同的單縫衍射實(shí)驗(yàn)裝置，a光的衍射條紋較大E.a、b通過(guò)相同的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，b光的干涉條紋間距較大【答案】ACE【解析】【分析】由題中“某復(fù)色光由空氣斜射入某介質(zhì)中后分解為a、b兩束單色光”可知，根據(jù)光線的偏折程度比較折射率的大小，從而比較出頻率的大小，通過(guò)比較臨界角的大小，根據(jù)波長(zhǎng)的大小，分析衍射現(xiàn)象．通過(guò)雙縫干涉條紋的間距公式比較條紋間距的大?。驹斀狻緼、由圖看出，a光的偏折程度大于b光的偏折程度，則a光的折射率大于b光的折射率，所以a光的