2023高中考試江蘇物理真題試卷答案

學(xué)霸網(wǎng)收集整理學(xué)霸網(wǎng)收集整理2023年高考江蘇卷物理真題學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________一、單選題1．電梯上升過(guò)程中，某同學(xué)用智能手機(jī)記錄了電梯速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖所示。電梯加速上升的時(shí)段是（

）A．從20.0s到30.0s B．從30.0s到40.0sC．從40.0s到50.0s D．從50.0s到60.0s【答案】A【詳解】根據(jù)v-t圖像可知，在20.0～30.0s過(guò)程中，電梯加速上升，在30.0～40.0s過(guò)程中電梯勻速上升，40.0～50.0s過(guò)程中電梯減速上升，50.0～60.0s過(guò)程中電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。2．如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．L形導(dǎo)線通以恒定電流I，放置在磁場(chǎng)中．已知ab邊長(zhǎng)為2l，與磁場(chǎng)方向垂直，bc邊長(zhǎng)為l，與磁場(chǎng)方向平行．該導(dǎo)線受到的安培力為（

）A．0 B．BIl C．2BIl D．5【答案】C【詳解】因?yàn)閎c段與磁場(chǎng)方向平行，因此不受安培力；ab段與磁場(chǎng)方向垂直，則受安培力為Fab=BI?2l=2BIl，因此該導(dǎo)線受到的安培力為2BIl。故選C。3．如圖所示，密閉容器內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B。該過(guò)程中（

）A．氣體分子的數(shù)密度增大B．氣體分子的平均動(dòng)能增大C．單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)單位面積器壁的作用力減小D．單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的氣體分子數(shù)減小【答案】B【詳解】A．根據(jù)pVT=C，可得p=CVT，因此從A到B為等容線，即從A到BB．從A到B氣體的溫度升高，因此氣體分子的平均動(dòng)能變大，B正確；C．從A到B氣體的壓強(qiáng)變大，氣體分子的平均速率變大，因此單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)單位面積的器壁的碰撞力變大，C錯(cuò)誤；D．氣體的分子密度不變，從A到B氣體分子的平均速率變大，因此單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的氣體分子數(shù)變大，D錯(cuò)誤。故選B。4．設(shè)想將來(lái)發(fā)射一顆人造衛(wèi)星，能在月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道上穩(wěn)定運(yùn)行，該軌道可視為圓軌道．該衛(wèi)星與月球相比，一定相等的是（

）A．質(zhì)量 B．向心力大小C．向心加速度大小 D．受到地球的萬(wàn)有引力大小【答案】C【詳解】根據(jù)GMmr2=ma，可得a=GMr2，因?yàn)楣蔬xC。5．地球表面附近空氣的折射率隨高度降低而增大，太陽(yáng)光斜射向地面的過(guò)程中會(huì)發(fā)生彎曲。下列光路圖中能描述該現(xiàn)象的是（

）A． B．C． D．【答案】A【詳解】因?yàn)榈厍虮砻娓浇諝獾恼凵渎孰S高度降低而增大，則太陽(yáng)光斜射向地面的過(guò)程，總是由折射率較小的空氣射向折射率較大的空氣，即由光疏介質(zhì)斜射入光密介質(zhì)，光線始終會(huì)向靠近法線的方向偏折，法線為豎直方向上，故光線始終會(huì)向豎直方向偏折，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6．用某種單色光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，在屏上觀察到的干涉條紋如圖甲所示，改變雙縫間的距離后，干涉條紋如圖乙所示，圖中虛線是亮紋中心的位置。則雙縫間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的（

）A．13倍 B．12倍 C．2倍 D．【答案】B【詳解】根據(jù)雙縫干涉的條紋間距與波長(zhǎng)關(guān)系有Δx=Ldλ，公積金題圖知x乙=2x甲故選B。7．如圖所示，“嫦娥五號(hào)”探測(cè)器靜止在月球平坦表面處。已知探測(cè)器質(zhì)量為m，四條腿與豎直方向的夾角均為θ，月球表面的重力加速度為地球表面重力加速度g的16。每條腿對(duì)月球表面壓力的大小為（

A．mg4 B．mg4cosθ C．【答案】D【詳解】對(duì)“嫦娥五號(hào)”探測(cè)器進(jìn)行受力分析有FN=mg月，因此對(duì)一條腿有FN1=14故選D。8．如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，OC導(dǎo)體棒的O端位于圓心，棒的中點(diǎn)A位于磁場(chǎng)區(qū)域的邊緣?，F(xiàn)使導(dǎo)體棒繞O點(diǎn)在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。O、A、C點(diǎn)電勢(shì)分別為φO、φA、φCA．φO>φC B．φC>φA C．φO=φA D．【答案】A【詳解】根據(jù)右手定則可知，在OA段電流的方向從A點(diǎn)流向O點(diǎn)，在電源內(nèi)部，電流從負(fù)極流向正極，則O點(diǎn)的電勢(shì)大于C點(diǎn)的電勢(shì)，在AC段，導(dǎo)體棒沒(méi)有切割磁感線，則不產(chǎn)生電流，因此A點(diǎn)的電勢(shì)和C點(diǎn)的電勢(shì)相等，因此φO＞φA=φC，A正確，故選A。9．在“探究氣體等溫變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。利用注射器選取一段空氣柱為研究對(duì)象。下列改變空氣柱體積的操作正確的是（

）

A．把柱塞快速地向下壓B．把柱塞緩慢地向上拉C．在橡膠套處接另一注射器，快速推動(dòng)該注射器柱塞D．在橡膠套處接另一注射器，緩慢推動(dòng)該注射器柱塞【答案】B【詳解】AB、該實(shí)驗(yàn)過(guò)程中要保證氣體的溫度保持不變，所以實(shí)驗(yàn)中藥緩慢的推動(dòng)活塞，目的是盡可能保證氣體在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中溫度保持不變，A錯(cuò)誤，B正確；CD、實(shí)驗(yàn)中為了方便讀取封閉氣體的體積，不需要再橡膠套處接另一注射器，CD錯(cuò)誤。故選B。10．達(dá)·芬奇的手稿中描述了這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)：一個(gè)罐子在空中沿水平直線向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，沿途連續(xù)漏出沙子。若不計(jì)空氣阻力，則下列圖中能反映空中沙子排列的幾何圖形是（）A． B．C． D．【答案】D【詳解】罐子在空中沿水平直線向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間Δt內(nèi)水平方向增加量aΔt2，豎直方向做在自由落體運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間故選D。11．滑塊以一定的初速度沿粗糙斜面從底端上滑，到達(dá)最高點(diǎn)B后返回到底端。利用頻閃儀分別對(duì)上滑和下滑過(guò)程進(jìn)行拍攝，頻閃照片示意圖如圖所示。與圖乙中相比，圖甲中滑塊（）

A．受到的合力較小 B．經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的動(dòng)能較小C．在A、B之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短 D．在A、B之間克服摩擦力做的功較小【答案】C【詳解】A．因?yàn)轭l閃照片時(shí)間間隔相同，對(duì)比圖甲和乙可知圖甲中滑塊加速度大，是上滑階段；根據(jù)牛頓第二定律可知圖甲中滑塊收到的合力較大；A錯(cuò)誤；B．經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，兩種情況下滑塊的重力勢(shì)能相等，因此兩種情況下重力做的負(fù)功相等，但前后摩擦力做的功小于后者摩擦力做的功，則圖甲中滑塊經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的動(dòng)能較大，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)閳D甲中滑塊加速度大，根據(jù)v2-v02=2ax，分析可知圖甲在D．由于無(wú)論上滑或下滑均受到滑動(dòng)摩擦力大小相等，故圖甲和圖乙在A、B之間克服摩擦力做的功相等，D錯(cuò)誤；故選C。二、實(shí)驗(yàn)題12．小明通過(guò)實(shí)驗(yàn)探究電壓表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響．所用器材有：干電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V，內(nèi)阻不計(jì)）2節(jié)；兩量程電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ；量程0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）1個(gè)；滑動(dòng)變阻器（最大阻值50Ω）1個(gè)；定值電阻（阻值50Ω）21個(gè)；開(kāi)關(guān)1個(gè)及導(dǎo)線若干．實(shí)驗(yàn)電路如題1圖所示．

（1）電壓表量程應(yīng)選用________（選填“3V”或“15V”）．（2）題2圖為該實(shí)驗(yàn)的實(shí)物電路（右側(cè)未拍全）．先將滑動(dòng)變阻器的滑片置于如圖所示的位置，然后用導(dǎo)線將電池盒上接線柱A與滑動(dòng)變阻器的接線柱________（選填“B”“C”“D”）連接，再閉合開(kāi)關(guān)，開(kāi)始實(shí)驗(yàn)．

（3）將滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)到合適位置后保持不變，依次測(cè)量電路中O與1，2，…，21之間的電壓．某次測(cè)量時(shí)，電壓表指針位置如題3圖所示，其示數(shù)為_(kāi)_______V．根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)作出電壓U與被測(cè)電阻值R的關(guān)系圖線，如題4圖中實(shí)線所示．

（4）在題1圖所示的電路中，若電源電動(dòng)勢(shì)為E，電壓表視為理想電壓表，滑動(dòng)變阻器接入的阻值為R1，定值電阻的總阻值為R2，當(dāng)被測(cè)電阻為R時(shí)，其兩端的電壓U=________（用E、R1、R2、R表示），據(jù)此作出（5）分析可知，當(dāng)R較小時(shí)，U的實(shí)測(cè)值與理論值相差較小，是因?yàn)殡妷罕淼姆至餍?，電壓表?nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果影響較?。∶髡J(rèn)為，當(dāng)R較大時(shí)，U的實(shí)測(cè)值與理論值相差較小，也是因?yàn)橄嗤脑颍闶欠裢馑挠^點(diǎn)？請(qǐng)簡(jiǎn)要說(shuō)明理由______．【答案】3VD1.50ERR1【詳解】（1）實(shí)驗(yàn)所用電源為2節(jié)電動(dòng)勢(shì)約1.5V的干電池串聯(lián)組成，可知電源電動(dòng)勢(shì)約為3V，故電壓表量程應(yīng)選用3V；（2）滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中，由圖2可知滑動(dòng)變阻器的滑片先是置于最左端，為使閉合開(kāi)關(guān)時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，則電池盒上接線柱A與滑動(dòng)變阻器的接線柱D連接；（3）電壓表量程為3V，分度值為0.1V，讀數(shù)要估讀到分度值下一位，故其示數(shù)為1.50V；（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得I=ER1+R2（5）不同意；當(dāng)R較大時(shí)，因?yàn)殡妷罕韮?nèi)阻不能忽略，則電路中的電流I=因此電壓表讀數(shù)為U=ER1+(R2-R)+RRVR+U=ER1(R2+RV)R2三、解答題13．“轉(zhuǎn)碟”是傳統(tǒng)的雜技項(xiàng)目，如圖所示，質(zhì)量為m的發(fā)光物體放在半徑為r的碟子邊緣，雜技演員用桿頂住碟子中心，使發(fā)光物體隨碟子一起在水平面內(nèi)繞A點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。當(dāng)角速度為ω0時(shí)，碟子邊緣看似一個(gè)光環(huán)。求此時(shí)發(fā)光物體的速度大小v0和受到的靜摩擦力大小

【答案】v0=【詳解】根據(jù)線速度的計(jì)算公式可得發(fā)光物體的速度大小為：v物體受到的摩擦力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，發(fā)光體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則根據(jù)牛頓第二定律可得，靜摩擦力大小為f=mω14．“夸父一號(hào)”太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星可以觀測(cè)太陽(yáng)輻射的硬X射線。硬X射線是波長(zhǎng)很短的光子，設(shè)波長(zhǎng)為λ。若太陽(yáng)均勻地向各個(gè)方向輻射硬X射線，衛(wèi)星探測(cè)儀鏡頭正對(duì)著太陽(yáng)，每秒接收到N個(gè)該種光子。已知探測(cè)儀鏡頭面積為S，衛(wèi)星離太陽(yáng)中心的距離為R，普朗克常量為h，光速為c，求：（1）每個(gè)光子的動(dòng)量p和能量E；（2）太陽(yáng)輻射硬X射線的總功率P?！敬鸢浮浚?）p=hλ，E=hcλ【詳解】（1）根據(jù)題意可知每個(gè)光子的動(dòng)量為p=hλ，每個(gè)光子的能量為（2）太陽(yáng)均勻地向各個(gè)方向輻射硬X射線，根據(jù)題意設(shè)t秒發(fā)射總光子數(shù)為n，因此有ntN=4πR2S，可解得太陽(yáng)輻射硬X射線的總功率，P=W15．如圖所示，滑雪道AB由坡道和水平道組成，且平滑連接，坡道傾角均為45°。平臺(tái)BC與緩沖坡CD相連。若滑雪者從P點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，恰好到達(dá)B點(diǎn)。滑雪者現(xiàn)從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，從B點(diǎn)飛出。已知A、P間的距離為d，滑雪者與滑道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力。（1）求滑雪者運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的時(shí)間t；（2）求滑雪者從B點(diǎn)飛出的速度大小v；（3）若滑雪者能著陸在緩沖坡CD上，求平臺(tái)BC的最大長(zhǎng)度L?！敬鸢浮浚?）t=22dg1-μ；（2）【詳解】（1）根據(jù)動(dòng)能定理，滑雪者從A到P過(guò)程中有mgdsin根據(jù)動(dòng)量定理有mgsin45°-μmgcos45°t=m（2）因?yàn)榛┱邚腜點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，恰好能到達(dá)B點(diǎn)，因此從P點(diǎn)到B點(diǎn)合力做功為0，所以當(dāng)從A點(diǎn)下滑時(shí)，到達(dá)B點(diǎn)有vB（3）當(dāng)滑雪者剛好落在C點(diǎn)時(shí)，平臺(tái)BC的長(zhǎng)度最大；滑雪者從B點(diǎn)飛出做斜拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上有vPcos45°聯(lián)立兩式可解得L=216．霍爾推進(jìn)器某局部區(qū)域可抽象成如圖所示的模型。Oxy平面內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。質(zhì)量為m、電荷量為e的電子從O點(diǎn)沿x軸正方向水平入射。入射速度為v0時(shí)，電子沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)；入射速度小于v0時(shí)，電子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中的虛線所示，且在最高點(diǎn)與在最低點(diǎn)所受的合力大小相等。不計(jì)重力及電子間相互作用。

（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；（2）若電子入射速度為v04，求運(yùn)動(dòng)到速度為v02（3）若電子入射速度在0<v<v0范圍內(nèi)均勻分布，求能到達(dá)縱坐標(biāo)y2=mv05eB【答案】（1）v0B；（2）3mv032eB；（【詳解】（1）根據(jù)可知，入射速度為v0時(shí)，電子沿x軸做直線運(yùn)動(dòng)則有Ee=ev0B解得E=