2024屆甘肅省張掖市山丹縣一中物理高一上期末聯(lián)考試題含解析

2024屆甘肅省張掖市山丹縣一中物理高一上期末聯(lián)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，第一個(gè)2s、第二個(gè)2s和第5s內(nèi)的位移之比為（）A.1:3:5 B.2:6:5C.2:8:7 D.4:12:92、下列4個(gè)物理量，屬于標(biāo)量的是A.加速度 B.力C.時(shí)間 D.速度3、一汽車以54km/h的速度行駛，突然發(fā)現(xiàn)前面有障礙物，司機(jī)立即剎車。已知?jiǎng)x車時(shí)汽車的加速度大小為3m/s2，則從開(kāi)始剎車計(jì)時(shí)，汽車經(jīng)6s的位移大小為（）A.35m B.36mC.37.5m D.45m4、如圖所示，將一個(gè)力F=10N分解為兩個(gè)分力，已知一個(gè)分力F1的方向與F成30角，另一個(gè)分力F2的大小為6N，則在該力的分解中A.有唯一解B.有兩解C.有無(wú)數(shù)組解D.無(wú)解5、以20m/s的初速度從地面豎直上拋一物體（g取10m/s2），以下說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)過(guò)程加速度不斷變化 B.從拋出到上升至最高點(diǎn)時(shí)間為1sC.上升的最大高度為25m D.從上拋至落回原處的時(shí)間為4s6、一名人類宇航員到達(dá)某類地行星，在行星上完成自由落體運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)，讓一個(gè)質(zhì)量為1kg的小球從一定的高度自由下落，測(cè)得在第5s內(nèi)的位移是18m，則（）A.若改用2kg小球，會(huì)在更短時(shí)間內(nèi)落地B.小球在第5s內(nèi)的平均速度是C.該星球上的重力加速度為D.小球在5s內(nèi)的位移是50m7、一人站在電梯內(nèi)體重計(jì)上，電梯靜止時(shí)體重計(jì)示數(shù)500N．若電梯運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，他看到體重計(jì)的示數(shù)為600N，則電梯的運(yùn)動(dòng)可能為（）A.加速向上，加速度大小為2m/s2 B.減速向上，加速度大小為2m/s2C.加速向下，加速度大小為2m/s2 D.減速向下，加速度大小為2m/s28、如圖所示，一質(zhì)量為1kg的滑塊在傾角為30°的斜面上，從a點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，到b點(diǎn)接觸到一個(gè)輕彈簧，滑塊壓縮彈簧到c點(diǎn)開(kāi)始彈回，測(cè)得c點(diǎn)彈簧的彈性勢(shì)能為6J，ab=1m，bc=0.2m，g=10m/s2，那么在a→c的這一過(guò)程中（）A.滑塊的動(dòng)能在c點(diǎn)最大B.滑塊重力勢(shì)能減少了6JC.滑塊和彈簧系統(tǒng)的機(jī)械能守恒D.滑塊克服彈簧的彈力做了-6J的功9、下列關(guān)于摩擦力的敘述中正確的是（）A.滑動(dòng)摩擦力的大小與物體間的正壓力大小成正比B.滑動(dòng)摩擦力的大小與接觸面的性質(zhì)有關(guān)，與接觸面面積的大小也有關(guān)C.靜摩擦力的大小與物體間的正壓力大小成正比D.最大靜摩擦力隨物體間正壓力增大而增大10、甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在同一直線上運(yùn)動(dòng)，其位移-時(shí)間（x-t）圖像如圖所示，其中甲質(zhì)點(diǎn)的圖像為直線，乙質(zhì)點(diǎn)的圖像為經(jīng)過(guò)原點(diǎn)的曲線，兩圖像交點(diǎn)A、B的坐標(biāo)如圖所示。下列說(shuō)法正確的是A.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)從同一位置出發(fā)B.0~t1時(shí)間內(nèi)，甲質(zhì)點(diǎn)在乙質(zhì)點(diǎn)前面C.在t2時(shí)刻，甲質(zhì)點(diǎn)的瞬時(shí)速度小于乙質(zhì)點(diǎn)的瞬時(shí)速度D.t1~t2時(shí)間內(nèi)乙質(zhì)點(diǎn)的平均速度與甲質(zhì)點(diǎn)勻速運(yùn)動(dòng)的速度相等11、如圖所示，繩與桿均不計(jì)重力，A端用絞鏈固定，滑輪O在A點(diǎn)正上方(滑輪大小及摩擦均可忽略)，B端吊一重物P，現(xiàn)施加拉力FT將B緩慢上拉(均未斷)，在桿達(dá)到豎直前（）A.繩子拉力越來(lái)越大 B.繩子拉力越來(lái)越小C.桿的彈力越來(lái)越小 D.桿的彈力不變12、如圖所示，用與豎直方向成θ角（θ＜45°）的傾斜輕繩a和水平輕繩b共同固定一個(gè)小球，這時(shí)繩b的拉力為F1，現(xiàn)保持小球在原位置不動(dòng)，使繩b在原豎直平面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)θ角，繩b的拉力為F2，再逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)θ角固定，繩b的拉力為F3，則()A.B.C.繩a的拉力先減小后增大D.繩a的拉力一直減小二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計(jì)算題(22分)16、（12分）有一質(zhì)量為2kg的小球串在長(zhǎng)為1m的輕桿頂部，輕桿與水平方向成=37°角（1）若靜止釋放小球，1s后小球到達(dá)輕桿底端，則小球到達(dá)桿底時(shí)它所受重力的功率為多少?（2）小球與輕桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為多少？（3）若在豎直平面內(nèi)給小球施加一個(gè)垂直于輕桿方向的恒力，靜止釋放小球后保持它的加速度大小1m/s2，且沿桿向下運(yùn)動(dòng)，則這樣的恒力大小為多少?（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）17、（10分）如圖所示，質(zhì)量為2kg

的物體，在傾角θ=37°足夠長(zhǎng)的斜面上受到水平向右的恒力推力F=40N的作用，從靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）物體受到支持力的大小；（2）物體受到滑動(dòng)摩擦力的大??；（3）物體運(yùn)動(dòng)加速度的大??；（4）3s末，物體速度的大小。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確.全部選對(duì)的得5分，選不全的得3分，有選錯(cuò)的或不答的得0分）1、D【解題分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間公式求出2s內(nèi)、4s內(nèi)和5s內(nèi)的位移之比，從而得出第一個(gè)2s、第二個(gè)2s、第5s三段時(shí)間內(nèi)的位移之比【題目詳解】根據(jù)x＝at2得，則物體在2s內(nèi)、4s內(nèi)、5s內(nèi)的位移之比為4：16：25，則第一個(gè)2s、第二個(gè)2s、第5s三段時(shí)間內(nèi)的位移之比為4：（16-4）：（25-16）=4：12：9．故D正確，ABC錯(cuò)誤．故選D2、C【解題分析】A．加速度既有大小，又有方向，是矢量，不是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；B．力既有大小，又有方向，是矢量，不是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)間只有大小，沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故C正確；D．速度既有大小，又有方向，是矢量，不是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤；故選C。3、C【解題分析】，汽車的剎車時(shí)間為汽車的剎車距離為汽車經(jīng)過(guò)6s時(shí)早已停止了運(yùn)動(dòng)，所以汽車經(jīng)過(guò)6s的位移即為汽車的剎車距離37.5m，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4、B【解題分析】已知合力的大小為10N，一個(gè)分力的方向已知，與F成30°夾角，另一個(gè)分力的最小值為Fsin30°=5N，根據(jù)三角形定則可知分解的組數(shù)【題目詳解】已知一個(gè)分力有確定的方向，與F成30°夾角，知另一個(gè)分力的最小值為Fsin30°=5N，而另一個(gè)分力大小大于5N小于10N，所以分解的組數(shù)有兩組解．如圖．故B正確，ACD錯(cuò)誤．故選B【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵知道合力和分力遵循平行四邊形定則，知道平行四邊形定則與三角形定則的實(shí)質(zhì)是相同的5、D【解題分析】A．物體在豎直上拋運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受重力，則加速度保持不變，故A錯(cuò)誤；B．上升過(guò)程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由v=gt可得上升時(shí)間故B錯(cuò)誤；C．上升的最大高度故C錯(cuò)誤；D．上升和下降過(guò)程為互逆過(guò)程，時(shí)間相等，故從上拋至落回原處的時(shí)間為4s；故D正確；故選D?！绢}目點(diǎn)撥】豎直上拋運(yùn)動(dòng)是加速度大小始終為g，方向豎直向下的勻變速運(yùn)動(dòng)，可分段求解，也可整體法求解，選用適當(dāng)?shù)姆椒ㄇ蠼饧纯桑⒁庀蛏系臏p速運(yùn)動(dòng)可以反向作為向下的勻加速進(jìn)行分析.6、D【解題分析】A．自由落體運(yùn)動(dòng)的快慢與物體質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤。BC．小球在第5s內(nèi)的位移是18m，則第5s內(nèi)的平均速度為：=18m/s，第5s內(nèi)的平均速度等于4.5s末的速度，所以有：故BC錯(cuò)誤。D．小球在前5s內(nèi)的位移是：故D正確。故選D。7、AD【解題分析】電梯靜止時(shí)體重計(jì)示數(shù)500N，表示人的重力為500N，所以人的質(zhì)量為50kg；電梯運(yùn)動(dòng)時(shí)體重計(jì)示數(shù)600N表示體重計(jì)對(duì)人的支持力為600N，由牛頓第二定律N-mg=ma解得方向向上，所以電梯可能加速上升或減速下降。故選AD。8、BC【解題分析】A.滑塊壓縮彈簧到c點(diǎn)開(kāi)始彈回，說(shuō)明c點(diǎn)速度為零，A錯(cuò)誤；B.從a到c，滑塊重力做的功為，故滑塊重力勢(shì)能減小了6J，B正確；C.從a到c的過(guò)程中，滑塊重力勢(shì)能減少了6J，c點(diǎn)彈簧的彈性勢(shì)能為6J，動(dòng)能沒(méi)有變，重力勢(shì)能的減小量等于彈性勢(shì)能的增加量，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故C正確；D.彈簧的彈性勢(shì)能增加6J，滑塊克服彈簧的彈力做了6J的功，D錯(cuò)誤9、AD【解題分析】解：A、滑動(dòng)摩擦力f=μFN求，故滑動(dòng)摩擦力的大小于物體間的正壓力大小成正比，故A正確；B、由公式可知，滑動(dòng)摩擦力與接觸面的面積的大小無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、靜摩擦力只能由力的平衡關(guān)系或牛頓第二定律求出，與正壓力無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、最大靜摩擦力的大小與正壓力成正比，故隨正壓力的增大而增大，故D正確；故選AD【點(diǎn)評(píng)】摩擦力為高中物理的難點(diǎn)之一，關(guān)鍵在于分清摩擦力有兩類，要會(huì)求兩種情況下的摩擦力的大小，并能分析摩擦力的方向10、CD【解題分析】A．從圖中可知兩質(zhì)點(diǎn)從同一位置出發(fā)，但不同時(shí)刻開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．時(shí)間內(nèi)，甲對(duì)應(yīng)的位移小于乙的位移，即乙在甲前面，B錯(cuò)誤；C．圖像的斜率表示運(yùn)動(dòng)的速度，從圖中可知時(shí)刻乙的速度大于甲的速度，C正確；D．時(shí)間內(nèi)，兩質(zhì)點(diǎn)的始末位置都相同，即位移相同，所有時(shí)間又相同，故兩者的平均速度相等，D正確。故選CD。11、BD【解題分析】如下圖所示，對(duì)B點(diǎn)進(jìn)行受力分析：根據(jù)幾何三角形和力學(xué)三角形的相似，得：施加拉力FT將B緩慢上拉的過(guò)程中，h不變，L不變，s變短故可知，桿的彈力FN不變，繩子拉力FT逐漸越來(lái)越小。AC選項(xiàng)與上述分析不符，故本題選BD。12、BD【解題分析】本題考查共點(diǎn)力的平衡及動(dòng)態(tài)平衡【題目詳解】對(duì)小球進(jìn)行受力分析如圖所示，根據(jù)三角形法則有由幾何關(guān)系，可知F2與輕繩a垂直時(shí)，此時(shí)拉力最小，故有，即B選項(xiàng)正確，在輕繩b逐漸向上轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中可以看出輕繩b中的拉力逐漸變小，故D選項(xiàng)正確綜上所述，本題正確答案選BD二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計(jì)算題(22分)16、（1）24W；（2）0.5；（3）36N或4N【解題分析】（1）由s=t得小球到達(dá)桿底時(shí)它所受重力的功率為P=mg?vsin37°=2×10×2×0.6W=24W（2）小球下滑的加速度為a1==2m/s2根據(jù)牛頓第二定律得mgsinθ-f1=ma1解得f1=8N又f1=μN(yùn)1=μmgcosθ解得μ=0.5（3）給小球施加一個(gè)垂直于輕桿方向的恒力后，小球的加速度為1m/s2，由牛頓第二定律，得mgsinθ-f1=ma1解得f1=10N桿以球的彈力大小為N1==20N若F垂直桿向上，則有F1=N1+mgcosθ=20N+16N=36N若F垂直桿向下，則有F2=N1-mgcosθ=20N-16N=4N17、（1）40N(2)10N(