2021屆四川省成都二十中高考物理模擬試卷(含答案解析)

2021屆四川省成都二十中高考物理模擬試卷

一、單選題（本大題共8小題，共30.0分）

1.如圖所示，在足夠長的水平地面上有兩輛相同的小車甲和乙，4、B兩點相距為5m,小車甲從8

點以大小為4m/s的速度向右做勻速直線運動的同時，小車乙從A點由靜止開始以大小為2m/s2

的加速度向右做勻加速直線運動.一段時間后，小車乙與小車甲相碰（碰撞時間極短），碰后兩

車粘在一起，整個過程中，兩車的受力不變（不計碰撞過程）.下列說法正確的是（）

.1

AB

A.小車乙追上小車甲用時4s

B.小車乙在追上小車甲之前它們的最遠(yuǎn)距離為8nl

C.碰后瞬間兩車的速度大小為7m/s

D.在碰前兩車距離越來越小

2.請閱讀下列材料，回答下列各題.

中國造出可往返太空的班車衛(wèi)星

2016年12月28日新浪軍事網(wǎng)報道：在歷時6天的2016年珠海航展上，中國航天科技集團(tuán)公司

五院展出了一項名為“可重復(fù)使用的返回式空間環(huán)境利用衛(wèi)星”（以下簡稱“班車衛(wèi)星”）.未來,

這種班車衛(wèi)星可能不僅僅用于空間科學(xué)實驗，還將用于太空旅游等多個方面，如班車一樣，來

回運送旅客.按計劃，該班車衛(wèi)星預(yù)計于2017年底開始運營，標(biāo)志著我國天地往返的商業(yè)航天

運營模式即將開啟.

（1）下列說法中正確的是（）

A.材料中“6天”指的是時刻

B.班車衛(wèi)星往返地空一次的位移和路程都是0

C.班車衛(wèi)星圍繞地球運動一周的平均速度不為0

D.在研究班車衛(wèi)星圍繞地球運動軌跡時，班車衛(wèi)星可以看成質(zhì)點

（2）設(shè)地球的質(zhì)量為M,半徑為R,班車衛(wèi)星的質(zhì)量為小，萬有引力常量為G.當(dāng)班車衛(wèi)星離地面高

度為九時，其受到地球的萬有引力大小為（）

（3）當(dāng)班車衛(wèi)星圍繞地球做圓周運動時，其運行速度u滿足（

A.v<7.9km/sB.7.9km/s<v<11.2km/s

C.11.2km/s<v<16.7km/sD.v>16.7km/s

（4）班車衛(wèi)星發(fā)射時，假設(shè)衛(wèi)星在豎直方向上先做加速運動，然后再做減速運動，在該過程中衛(wèi)

星（）

A.一直處于失重狀態(tài)

B.一直處于超重狀態(tài)

C.先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)

D.先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)

3.一個物塊以60/的初動能從傾角為30。的固定斜面（足夠長）底端向上

運動，其加速度大小為:g,以斜面底端為零勢能面，則此物塊（）

A.到達(dá)最高點時重力勢能為50/

B.滑回底端時的動能為2Q/

C.上滑過程中動能與勢能相等時機(jī)械能為50/

D.下滑過程中動能與勢能相等時機(jī)械能為30/

4.如圖所示，用細(xì)繩4B懸掛一質(zhì)量為小的光滑球，細(xì)繩與豎直墻壁間的夾角為0,AA

細(xì)繩質(zhì)量不計，則細(xì)繩對球的拉力和墻壁對球的彈力大小分別為（重力加速度為鄉(xiāng),

9）（）/，

A.mgcosO；mgsind

B.mgtand；mgcotd

C-翳;m9tand

D-篝mgc°te

5.如圖所示，有兩個相同材料物體組成的連接體在斜面上運動，當(dāng)作用力F—m

定時，62所受繩的拉力（）$9"

A.與。有關(guān)

B.與斜面動摩擦因數(shù)有關(guān)

C.與系統(tǒng)運動狀態(tài)有關(guān)

D.僅與兩物體質(zhì)量有關(guān)

二、多選題（本大題共4小題，共23.0分）

6.質(zhì)量為2kg的物體由靜止開始自由下落，經(jīng)2s后落地，不計空氣阻力（取g=10m/s2）,則下列

說法中正確的是（）

A.2秒內(nèi)物體動能增加了400/B,在2秒末重力的功率是400w

C.2秒內(nèi)重力的功率是400wD.2秒內(nèi)機(jī)械能減小了400/

7.如圖，固定直桿AB與水平面成一定傾角為a,在桿上套一質(zhì)量為m的小滑%”

塊，桿底端B點處有一彈性擋板，桿與板面垂直，滑塊與擋板碰撞后原速/

率返回.現(xiàn)將滑塊拉到4點由靜止釋放，與擋板第一次碰撞后恰好能上升/r/

至MB的中點，己知重力加速度為g,由此可以確定（）"

A.滑塊下滑和上滑過程加速度的大小即、a2

B.滑塊與桿之間動摩擦因數(shù)〃

C.滑塊第k次到達(dá)擋板時的時間鬃

D.滑塊第k次與擋板碰撞后速度以

8.如圖，MN是正點電荷電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子（重力”/

不計）從a到b的軌跡如圖示。下列說法正確的是：（）

A.從a到b運動過程中，動能逐漸減??；

B.正點電荷一定位于N點右側(cè)

C.帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度

D.a點電勢小于b點電勢。

9.如圖所示，4BC。是某一均勻足夠大介質(zhì)區(qū)域，P、Q是振動情況完全相同的兩個波源，從t=。

時開始振動，其簡諧運動表達(dá)式均為x=（Hsin（20袱）加，介質(zhì)中M點與P、Q兩波源間的距離

分別為47n和5m,兩波源形成的簡諧橫波分別沿PM、QM方向傳播，波速都是10/n/s.則以下說

法正確的是（）

rB

D!：C

A.兩列簡諧橫波的波長為2=1m

B.兩列波到達(dá)P點疊加后為振動加強(qiáng)點

C.介質(zhì)中M點的振動方程為x=0.2s譏（207it）m

D.當(dāng)t=0.525s時，介質(zhì)中M點的位移為最大值

E.在介質(zhì)中，沒有與M點的振動情況相同的點

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

10.如圖所示是飲水器的自動控制電路.左邊是對水加熱的容器，內(nèi)有密封絕緣的電熱絲發(fā)熱器和

接觸開關(guān)S「只要有水浸沒Si，它就會導(dǎo)通；水面低于Si時，不會加熱.飲水器的使用原理是同

時滿足水位高于Si及水溫較低，飲水器對水加熱.

（1）%是一個熱敏電阻，低溫時呈現(xiàn)高電阻，右邊P是一個（選填“與”、“或”、“非”）邏

輯門，接在0?5U電源之間，圖中/是一個繼電器，可以控制發(fā)熱器工作與否.Ry是一個可變電

阻，低溫時％應(yīng)（選填“遠(yuǎn)大于”、“遠(yuǎn)小于”）Ry.

（2）為了提高加熱起始溫度，變阻器Ry應(yīng)該調(diào)的（選填“大一些”或“小一些”）.

11.某同學(xué)為了探究物體在斜面上運動時摩擦力與斜面傾角的關(guān)系，設(shè)計實驗裝置如圖.長直平板

一端放在水平桌面上，另一端架在一物塊上.在平板上標(biāo)出4、B兩點，B點處放置一光電門,

用光電計時器記錄滑塊通過光電門時擋光的時間，

35

①用游標(biāo)卡尺測測最滑塊的擋光長度d,用天平測量滑塊的質(zhì)量m；

②用直尺測量4、B之間的距離s,4點到水平桌面的垂直距離九1，B點到水平桌面的垂直距離殳；

③將滑塊從A點靜止釋放.由光電計時器讀出滑塊的擋光時間t；

④重復(fù)步驟③數(shù)次，井求擋光時間的平均值E

⑤利用所測數(shù)據(jù)求出摩擦力/和斜面傾角的余弦值cosa；

⑥多次改變斜面的傾角，重復(fù)實驗步驟②③④⑤做出/-cosa關(guān)系曲線.

（1）用測量的物理量完成下列各式（重力加速度為g）

①斜面傾角的余弦cosa=；

②滑塊通過光電門時的速度u=；

③滑塊運動時的加速度a=：

④滑塊運動時所受到的摩擦阻力/=；

（2）測量滑塊擋光長度的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖所示，讀得d=.

四、計算題（本大題共3小題，共42.0分）

12.如圖甲所示，某同學(xué)用輕繩通過定滑輪提升一重物，運用傳感器（未在圖中畫出）測得此過程中

不同時刻被提升重物的速度〃與對輕繩的拉力F,并描繪出。-3圖象.假設(shè)某次實驗所得的圖象

F

如圖乙所示，其中線段與0軸平行，它反映了被提升重物在第一個時間段內(nèi)吟的關(guān)系；線

F

段BC的延長線過原點，它反映了被提升重物在第二個時間段內(nèi)。和J的關(guān)系；第三個時間段內(nèi)拉

F

力產(chǎn)和速度對勻為C點所對應(yīng)的大小保持不變，因此圖象上沒有反映.取重力加速度g=10m/s2,

繩重及一切摩擦和阻力均可忽略不計.

(1)求重物速度增加到"=l.Om/s時，拉力做功的功率；

(2)重物速度從0增加到%=3.0m/s的過程中通過的總路程為3.15m,求此過程所經(jīng)歷的時間.

13.如圖所示，一質(zhì)量為小、帶電荷量為q的帶電粒子貼著力板沿水平方向4I....——n

以速度先射入勻強(qiáng)電場，然后從4端飛出。已知平行正對放置的兩極板_________________

Bi1

之間的長均為3兩極板間的距離為d,加在兩極板上的電壓為U；.求：

(不計帶電粒子重力)

(1)帶電粒子在極板間運動的時間。

(2)帶電粒子在極板間運動時的加速度大小。

14.如圖所示，折射率n=魚的透明介質(zhì)的橫截面由等腰直角三角形

力OC和圓心為0、半徑為R的四分之一圓弧BC組成。一束單色光

從M點以a=45。入射角由真空射入透明介質(zhì)中，已知M點與AB之

間距離為?，光在真空中的傳播速度為c.求：

(1)這種透明介質(zhì)對于真空的臨界角C；

(2)通過計算，畫出光在透明介質(zhì)中傳播的光路圖；

(3)單色光在透明介質(zhì)中的傳播時間(有光折射時，不考慮反射)。

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、設(shè)小車乙經(jīng)過t時間追上小車甲，有：vt+5=iat2,代入數(shù)據(jù)解得t=5s,故A錯

誤.

80、小車乙做初速度為零的勻加速直線運動，小車甲做勻速直線運動，速度相等前，兩者之間的距

離逐漸增大，速度相等后，兩者之間的距離逐漸減小，速度相等時，相距最遠(yuǎn)，設(shè)速度相等經(jīng)歷的

時間為打，

有：at1=〃，解得：%=，=1s=2s,此時小車甲的位移為：=4x2m=8m,小車乙的

位移為：at4m則相距的最大距離為：Ax=x1+5—x=故錯誤.

x2=|i=3x2x=4m,29zn.

C、小車乙經(jīng)過t=5s追上小車甲，此時小車乙的速度%=at=2x5m/s=10m/s,兩車碰撞的過

程中動量守恒，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得，m%+nw=2nn7,代入數(shù)據(jù)解得i/=

7?n/s.故C正確.

故選：C.

根據(jù)位移關(guān)系，結(jié)合運動學(xué)公式求出小車乙追上小車甲的時間，當(dāng)兩車速度相等時，相距最遠(yuǎn)，結(jié)

合速度時間公式求出速度相等的時間，根據(jù)運動學(xué)公式求出兩車相距的最大距離.根據(jù)速度時間公

式求出求出兩車相遇前乙車的速度，結(jié)合動量守恒定律求出碰撞后的速度大小.

本題考查了動量守恒和追及問題的綜合運用，抓住位移關(guān)系，結(jié)合運動學(xué)公式求出追及的時間是解

決本題的關(guān)鍵，知道甲乙兩車碰撞的過程中動量守恒.

2.答案：

【小題1】D【小題2】D【小題3】A【小題4】D

解析：

時間間隔就是兩個時間點之間的部分，6天指的是時間；位移指起點指向終點的有向線段，路程指物

體運動的軌跡的長度；平均速度等于物體通過的位移與所用時間的比值；在研究物體運動時，不需

要考慮物體的形狀與大小，則可以看成質(zhì)點。

本題考查運動學(xué)的幾個基本概念，基礎(chǔ)題。

A.材料中“6天”指的是時間，故A錯誤；

員班車衛(wèi)星往返地空一次的位移為零，路程不為零，故B錯誤;

C.班車衛(wèi)星圍繞地球運動一周的位移為0,平均速度為0,故c錯誤;

。.在研究班車衛(wèi)星圍繞地球運動軌跡時，不需要考慮衛(wèi)星的形狀與大小，班車衛(wèi)星可以看成質(zhì)點，

故。正確。

故選￡＞。

班車衛(wèi)星距離地心的距離為R+h,根據(jù)萬有引力定律可得班車衛(wèi)星所受地球的萬有引力大小。

本題考查萬有引力定律，注意距離的分析。

班車衛(wèi)星距離地心的距離為R+h,根據(jù)萬有引力定律

班車衛(wèi)星所受地球的萬有引力大小尸=豁。故。正確。

故選Do

貼近地球表面做圓周運動的衛(wèi)星的速度為第一字宙速度；半徑越大，環(huán)繞速度越小，班車衛(wèi)星的運

行速度小于第一字宙速度。

本題考查萬有引力定律的應(yīng)用，注意區(qū)分宇宙速度。

貼近地球表面做圓周運動的衛(wèi)星的速度為第一字宙速度，大小等于7.9km/s；班車衛(wèi)星離地面有一定

高度，根據(jù)萬有引力提供向心力，得"=舟，半徑越大，環(huán)繞速度越小，所以班車衛(wèi)星的運行速

度小于第一字宙速度，故4正確。

故選A。

直線運動中，物體做加速運動時，加速度方向和運動方向相同，物體做減速運動時，加速度方向和

運動方向相反；加速度方向向上，超重；加速度方向向下，失重。

本題考查超重和失重，關(guān)鍵在于加速度方向的分析。

衛(wèi)星在豎直方向上先做加速運動，加速度方向向上，超重，然后再做減速運動，加速度方向向下，

失重。故。正確。

故選D。

3.答案：B

解析：解：4、設(shè)物塊上滑的最大距離為s。物塊上滑過程，由動能定理得：一mas=O-a0,其中

a=：g，解得mgs=1Eko=gx60/=80/,物塊到達(dá)最高點時重力勢能為Ep=?ngssin30。=80x

0.5/=407,故A錯誤；

B、設(shè)物塊受到的滑動摩擦力大小為人根據(jù)牛頓第二定律得mgsin3(T+f=ma,解得f=

物塊下滑過程，由動能定理得物塊滑回底端時的動能：Ek-mgssin30°-fs=^mgs-^mgs=

=；x80/=20/,故B正確；

C、設(shè)上滑過程中物塊上滑的距離為Si時動能與勢能相等，根據(jù)動能定理得：-Mas】=：rnW-Eko,

此時重力勢能為Epl=Mgs/譏30。，結(jié)合動能與勢能相等得：Epl-,聯(lián)立解得mgs】==

|X60/=48/,此時機(jī)械能為％=Epi+之小說=2mgSiS譏30。=mgs1=48/,故C錯誤；

Q、設(shè)物塊從最高點下滑距離為S2時動能與勢能相等，從最高點下滑到此位置的過程，根據(jù)動能定理

得：mgs2sin30°-fs2=jmvf＞此時重力勢能為Ep2=m^(s-s2)sin30°,結(jié)合動能與勢能相等得：

Ep2=\rnvl，聯(lián)立解得mgs?=^mgs=|x80/=等/,此時機(jī)械能為=Ep2+^mvj=2mg(s-

s2')sin30°-mgs—mgs2=80/—等/=y/,故。錯誤。

故選：B.

根據(jù)動能定理求出物塊上滑的最大距離，即可求得物塊到達(dá)最高點時重力勢能；已知物塊的加速度，

由牛頓第二定律求出物塊受到的摩擦力大小，根據(jù)動能定理求物塊回底端時的動能；根據(jù)動能定理

和動能和勢能相等關(guān)系分別列式，求解動能與勢能相等時機(jī)械能。

本題考查動能定理和牛頓第二定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況和能量的

轉(zhuǎn)化情況，利用牛頓第二定律求解摩擦力大小，靈活選取研究過程，分段運用動能定理列方程。

4.答案:C

解析：解：小球的受力如圖所示.根據(jù)平衡條件可知，A-

繩子對圓球的拉力大小T=黑2\

N=mgtanG；

故選：C.

對球受力分析，根據(jù)共點力平衡求出繩子拉力和墻壁對球的彈力.

本題是簡單的力平衡問題，關(guān)鍵是分析物體的受力情況，作出受力的示意圖，要培養(yǎng)良好的作圖習(xí)

慣.

5.答案：D

解析：解：對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，a=匕他生經(jīng):飛上廣叱應(yīng)陽絲=一gsme—

mi+m2m1+m2

Hgcosdo

隔離對Hi?分析，有：T-m2gsm。-nm2gcos0=m2a,解得7=m：；],知繩子的拉力與"無關(guān)’與

動摩擦因數(shù)無關(guān)，與運動狀態(tài)無關(guān)，僅與兩物體的質(zhì)量有關(guān)。故。正確，4、8、C錯誤。

故選：D.

對整體分析，運用牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離對瓶2分析，運用牛頓第二定律求出拉力的

大小，判斷與什么因素有關(guān)。

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意整體法和隔離法的運用。

6.答案：AB

解析：解：A、2s末物體的速度v=gt=2(hn/s,根據(jù)動能定理得：2秒內(nèi)物體動能增加量AEK=

|mv2=1x2x400=400/.故A正確；

B、在2秒末重力的功率「=巾9。=20*20=400皿，故B正確；

C、2秒內(nèi)重力的功率7=69萬=20*弓=200勿，故C錯誤；

。、物體由靜止開始自由下落，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故。錯誤.

故選：AB

根據(jù)自由落體運動的速度時間公式求出2s末的速度，根據(jù)動能定理求出動能變化量，根據(jù)平均功率

的公式和瞬時功率的公式分別求出重力的平均功率和瞬時功率的大小，自由下落過程中，只有重力

做功，機(jī)械能守恒.

解決本題的關(guān)鍵掌握平均功率和瞬時功率的區(qū)別，并能靈活運用，知道只有重力做功的過程中，機(jī)

械能是守恒的，難度適中.

7.答案:AB

解析：解：4、根據(jù)牛頓第二定律得下滑過程：mgsina-[imgcosa=max；上滑過程：mgsina+

[imgcosa=ma2；

解得：ar=mgsina-figcosa,a2=gsina+林gcosa,所以可求得滑塊下滑和上滑過程加速度的大

小巧、a2-

B、設(shè)4B長為L.對整個過程，運用動能定理得：mgsina-0.5L-林mgcosa(L+0.5L)=0

得：〃=%所以可以求出動摩擦因數(shù)⑷故B正確.

C、由于4B間的距離未知，盡管求出加速度，但不能求出滑塊到達(dá)擋板時的時間，故C錯誤.

。、因為不知道最初滑塊下滑的位移，所以無法求出速度以，故。錯誤；

故選：AB.

滑塊運動分兩個階段，勻加速下滑和勻減速上滑，利用牛頓第二定律可求出兩端加速度，利用動能

定理可求解動摩擦因數(shù)〃。

本題分析時，要靈活選擇研究過程，運用動能定理求解動摩擦因數(shù)是關(guān)鍵，還要抓住連接兩段的橋

梁是碰撞前后速度大小相等.

8.答案:ABD

解析：A、由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場力方向大致向左，

對帶電粒子做負(fù)功，其動能減小，選項A正確；

8、因電場線的方向應(yīng)向左，從N至M,故正點電荷一定位于N點右側(cè)，所以B正確；因為場源電荷

應(yīng)在右側(cè)，故a處的場強(qiáng)小于b處的場強(qiáng)，故粒子在a處的電場力小于b處電場力，根據(jù)牛頓第二定律，

a點的加速度小于b處的加速度；故C錯誤，沿電場線方向電勢越來越低，所以a點電勢小于b點電勢，

D正確。

故選ABD。

9.答案：ABCD

解析：解：4、設(shè)此簡諧橫波的波速為"，波長為九周期為7,由簡諧運動表達(dá)式為x=0.1sm(207rt)m

知，角頻率3=207rrad/s,則周期為7=詈=黑s=0.1s；

由波速公式"=/代入數(shù)據(jù)得;1=1m；故A正確。

B、P點到4、B兩個波源的路程差|AS|=BP_4P=5巾一4ni=1m,因△S=%,所以M點為加

強(qiáng)點。故8正確。

C、P點疊加后為振動加強(qiáng)點，振幅為0.2m,所以介質(zhì)中M點的振動方程為x=0.2s譏(20戊)771,故

C正確。

。、當(dāng)t=0.525s時，代入x=0.2sin(20叫加得介質(zhì)中M點的位移為最大值0.2m,故。正確。

E、在介質(zhì)中，沒有與M點的振動情況相同的點很多，滿足|as1=|=BP-4P=5ni_4m=1伍

都可以，故E錯誤。

故選：ABCDo

由簡諧運動表達(dá)式為x=0.1sin(207rt)m,讀出3,由7=與求得波的周期7,由缽解波長；根

據(jù)P點與4、B兩波源的路程差與波長的關(guān)系，分析P點的振動情況，若路程差是波長的整數(shù)倍，則振

動加強(qiáng)；若路程差是半個波長的奇數(shù)倍，則振動減弱.根據(jù)時間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點M的振動情

況，寫出振動方程.

本題考查了機(jī)械波的特性，波的振動與傳播的規(guī)律，機(jī)械波的疊加原理及振動方程、振動與波的關(guān)

系.根據(jù)路程與波長的關(guān)系，確定質(zhì)點的振動強(qiáng)弱是常用的方法.

10.答案：與；遠(yuǎn)大于；小一些

解析：

(1)由題，只要有水浸沒品，才會導(dǎo)通加熱；孔是一個熱敏電阻，溫度較低時，才會加熱，兩個條件

同時滿足時，發(fā)熱器才會加熱.可知，P應(yīng)是與門，低溫時勺應(yīng)遠(yuǎn)大于％,.

(2)根據(jù)題意，水溫較低時和水浸沒Si時，QC之間才有高電壓輸出，電磁繼電器有電流通過，將吸動

S2閉合，發(fā)熱器工作加熱.

本題關(guān)鍵要理解邏輯門工作原理，再根據(jù)熱敏電阻燈的特性，分析飲水機(jī)的自動加熱原理.

(1)由圖可知，飲水機(jī)的自動加熱原理是：當(dāng)水溫較低時，勺阻值較大，4為高電勢，且有水浸沒

B也為高電勢，則QC之間才有高電壓輸出，電磁繼電器有電流通過，將吸動S2閉合，發(fā)熱器工作；

當(dāng)水溫較低時和水浸沒Si，兩個條件同時滿足時，QC之間才有高電壓輸出，發(fā)熱器才會工作，故P應(yīng)

是與邏輯門.&是一個熱敏電阻，低溫時&應(yīng)遠(yuǎn)大于Ry.

(2)由原理可知，當(dāng)水溫較低時，勺阻值較大，力為高電勢；為了提高加熱起始溫度，即水的溫度稍

高一些，燈阻值比較小了一點時，A點仍然是高電壓；變阻器Ry應(yīng)該調(diào)的小一些.

故答案為：(1)與，遠(yuǎn)大于；(2)小一些。

11.答案：--(”「電)2a吝：機(jī)”出3.62cm

st2st2DS2st

解析：解：①根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知：

y/s2-(h-h)2

cosa=------1---2-

S

故答案為：立『如心北

S

②由于寬度較小，時間很短，所以瞬時速度接近平均速度，因此有:

故答案為：P

③應(yīng)用運動學(xué)公式/-崎=2a%有：

(7)2=2as,

故解得：

2st

故答案為：

2st2

④根據(jù)牛頓第二定律有：

mgsind-f=ma

將sin。=八「九2,a=帶入得：f=血"匕二"一m-^z

S2sts2st

故答案為：mghlh2-m-^3

s2st

(2)游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3.6cm,游標(biāo)尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，因此其讀數(shù)為為0.1X

2mm=0.2mm=0.02cm,所以最終讀數(shù)為：3.6cm+0.02cm=3.62cm

故答案為:3.62cm.

(1)正確解答本題需要掌握：根據(jù)數(shù)學(xué)知識求解正余弦函數(shù)值；滑塊在通過光電門時，平均速度等于

遮光片的寬度d與其通過的時間之比.由于寬度較小，時間很短，所以瞬時速度接近平均速度；熟練

應(yīng)用運動學(xué)公式/-詔=2以求解物體的加速度大小；應(yīng)用牛頓第二定律求解有關(guān)問題.

(2)游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

熟練應(yīng)用數(shù)學(xué)知識和牛頓第二定律以及運動學(xué)公式解決問題；掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)

加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀.

12.答案：解：(1)由圖讀出"=1.0TH/S時尸=6N

所以拉力做功的功率為P=Fv=6xlW=6W

(2)根據(jù)第三個時間段內(nèi)拉力F和速度u均為C點所對應(yīng)的大小保持不變，知物體的重力mg=FC=4N,

m=OAkg

重物速度從0增加到%=2.0m/s的過程中做勻加速運動，F(xiàn)=6N,由牛頓第二定律得：

F—mg=ma

得：a=5m/s2.

由=得：ti=0.4s

此過程的位移為：X]=竽=等=0.4m

重物速度從%=2.0m/s增加到處=3.0m/s的過程中做變加速運動，拉力的功率一定，且功率為：

2

p=Fv=-^―=12W