甘肅省武威市第十八中學(xué)屆高三上學(xué)期第三次月考物理試題

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精甘肅省武威市第十八中學(xué)2018屆高三上學(xué)期第三次月考物理試題一、選擇題(1—7題單選，8—10題多選)1。關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說法錯誤的是()A.在用實(shí)驗(yàn)探究加速度、力和質(zhì)量三者之間關(guān)系時,應(yīng)用了控制變量法B。在利用速度時間圖像推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動位移公式時應(yīng)用的是微元法C。在定義電場強(qiáng)度時應(yīng)用了比值法,因而電場強(qiáng)度與電場力和試探電荷的電量無關(guān)D.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，建立質(zhì)點(diǎn)概念是應(yīng)用近似替代法【答案】D【解析】試題分析：在研究物體加速度與質(zhì)量和力的關(guān)系時用到了控制變量法,故選項(xiàng)A正確；在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動位移時間公式過程中用到了微元法,故選項(xiàng)B正確；電場強(qiáng)度是電場力與試探電荷所帶電荷量之比，故選項(xiàng)C正確；質(zhì)點(diǎn)概念的建立應(yīng)用了理想化模型法,故選項(xiàng)D錯誤.考點(diǎn):本題考查物理學(xué)史問題.2。如圖所示，一個重為30N的物體，放在傾角的斜面上靜止不動，若用F=5N的豎直向上的力提物體，物體仍靜止，下述結(jié)論正確的是(）A。物體受到的摩擦力減小5NB。物體對斜面的作用力減小5NC.斜面受到的壓力減小5ND.物體受到的合外力減小5N【答案】A【解析】試題分析：無拉力時對物體受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力,如圖所示根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有：，,有拉力F作用后，再次對物體受力分析，受到拉力、重力、支持力和靜摩擦力,如圖所示,根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：KS5U.。。KS5U...KS5U。..KS5U..。KS5U.。.KS5U。.。KS5U..。KS5U.。?？键c(diǎn):本題考查了物體的彈性和彈力；摩擦力的判斷與計(jì)算3.如圖所示,在不計(jì)滑輪摩擦和繩子質(zhì)量的條件下，當(dāng)小車勻速向左運(yùn)動時,物體M的受力和運(yùn)動情況是（)A.繩的拉力等于M的重力B。繩的拉力大于M的重力C。物體M向上做勻速運(yùn)動D。物體M向上做勻加速運(yùn)動【答案】B【解析】試題分析:汽車向左勻速運(yùn)動，其速度可分解為沿繩長方向和垂直于繩子分析的兩個分運(yùn)動，沿繩長方向的分速度，所以ｖ′增大，即物體Ｍ向上做加速運(yùn)動，又因?yàn)椋觥渥兓痪鶆?，所以不是勻加速運(yùn)動，故選項(xiàng)CD錯誤；由于物體M做加速運(yùn)動,所以繩子的拉力大于重力，故選項(xiàng)B正確．考點(diǎn)：本題考查運(yùn)動的合成與分解及受力分析．4。如圖所示，兩個質(zhì)量不同的小球用長度不等的細(xì)線拴在同一點(diǎn),并在同一平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，則它們的（）A.周期不相同B.線速度的大小相等C.角速度的大小相等D。向心加速度的大小相等【答案】C【解析】小球做圓周運(yùn)動的向心力由重力和繩子拉力的合力提供，繩與豎直方向的夾角為θ，對小球受力分析有：在豎直方向有：Tcosθ?mg=0①在水平方向有：Tsinθ=ma==②由①②得：mgtanθ=ma==因?yàn)樾∏蛟谕黄矫鎯?nèi)做圓周運(yùn)動,則由題意知，小球圓周運(yùn)動半徑r=htanθ,其中h為運(yùn)動平面到懸點(diǎn)的距離。AC、運(yùn)動的角速度ω=，角速度與夾角θ無關(guān)，都相同。根據(jù)T=2π/ω知，周期相同，故A錯誤,C正確;B、運(yùn)動的線速度,知轉(zhuǎn)動半徑不同θ不同，線速度不同，B錯誤；D、向心加速度a=gtanθ,向心加速度不同，故D錯誤。故選：C.點(diǎn)睛：抓住小球圓周運(yùn)動的向心力由重力和繩的拉力的合力提供，且在同一平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，由受力分析確定．5.2016年11月24日，我國成功發(fā)射了天鏈一號04星，天鏈一號04星是我國發(fā)射的第4顆地球同步衛(wèi)星,它與天鏈一號02星、03星實(shí)現(xiàn)組網(wǎng)運(yùn)行,為我國神舟飛船，空間實(shí)驗(yàn)室天宮二號提供數(shù)據(jù)中繼與測控服務(wù)，如圖，1是天宮二號繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的軌道，2是天鏈一號繞地球穩(wěn)定運(yùn)行的軌道,下列說法正確的是（）A.天鏈一號04星的最小發(fā)射速度是B。天鏈一號04星的運(yùn)行速度小于天宮二號的運(yùn)行速度C.為了便于測控，天鏈一號04星相對于地面靜止于北京飛控中心的正上方D。由于技術(shù)進(jìn)步，天鏈一號04星的運(yùn)行速度可能大于天鏈一號02星的運(yùn)行速度【答案】B【解析】由于第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星飛船環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動時的最大速度，同時又是最小的發(fā)射速度,可知飛船的發(fā)射速度大于第一宇宙速度7。9km/s．飛船的發(fā)生時速度大于第二宇宙速度11。2km/s時,就脫離地球束縛．所以飛船的發(fā)射速度要小于第二宇宙速度,同時要大于第一宇宙速度，介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間，故A錯誤；由萬有引力提供向心力得:可得，可知軌道半徑比較大的天鏈一號04星的運(yùn)行速度小于天宮二號的運(yùn)行速度．故B正確;天鏈一號04星位于赤道正上方，不可能位于北京飛控中心的正上方，故C錯誤；根據(jù)題意，天鏈一號04星與天鏈一號02星都是地球同步軌道數(shù)據(jù)中繼衛(wèi)星,軌道半徑相同，所以天鏈一號04星與天鏈一號02星具有相同的速度，故D錯誤；6。如圖所示,水平傳送帶在電動機(jī)帶動下始終保持以速度v勻速運(yùn)動，某時刻質(zhì)量為m的物塊無初速地放在傳送帶的左端,經(jīng)過一段時間物塊能與傳送帶保持相對靜止。已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為。若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?對于物塊放上傳送帶到物塊與傳送帶相對靜止的過程，下列說法中正確的是（）A.物塊所受摩擦力的方向水平向左B。物塊運(yùn)動的時間為C.物塊相對地面的位移大小為D。物塊相對傳送帶的位移大小為【答案】D【解析】試題分析：物塊相對傳送帶向左滑動，摩擦力方向水平向右，即物塊所受合外力為，加速度,物塊運(yùn)動的時間,物塊相對地面的位移大小，物塊相對傳送帶的位移大小，故ABC錯誤,D正確.故選D?！军c(diǎn)睛】根據(jù)相對運(yùn)動方向求得摩擦力方向；由受力分析求得合外力,即可由牛頓第二定律求得加速度,然后根據(jù)勻變速運(yùn)動規(guī)律求得運(yùn)動時間、位移,然后由幾何關(guān)系求得相對位移．7。跳臺滑雪運(yùn)動員的動作驚險(xiǎn)而優(yōu)美，其實(shí)滑雪運(yùn)動可抽象為物體在斜坡上的平拋運(yùn)動。如圖所示，設(shè)可視為質(zhì)點(diǎn)的滑雪運(yùn)動員從傾角為的斜坡頂端P處，以初速度水平飛出，運(yùn)動員最后又落到斜坡上A點(diǎn)處,AP之間距離為L，在空中運(yùn)動時間為t，改變初速度的大小，L和t都隨之改變。關(guān)于L、t與的關(guān)系，下列說法中正確的是（）A。L與成正比B。L與成反比C。t與成正比D.t與成反比【答案】C【解析】滑雪運(yùn)動可理解為物體在斜坡上的平拋運(yùn)動，設(shè)水平位移x，豎直位移為y，結(jié)合幾何關(guān)系，有：水平方向上，豎直方向上，聯(lián)立得:，則，即t與成正比，C正確,D錯誤;由水平方向位移公式得,即L與成正比，AB錯誤，選C．【點(diǎn)睛】滑雪運(yùn)動可理解為物體做平拋運(yùn)動,根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律：水平方向上勻速直線運(yùn)動，豎直方向上自由落體運(yùn)動，并結(jié)合幾何知識列式聯(lián)立可求解．8。在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上做初速度為零、加速度為a的勻加速運(yùn)動，同時人頂著直桿以速度水平勻速移動，經(jīng)過時間t,猴子沿桿向上移動的高度為h，人頂桿沿水平地面移動的距離為x，如圖，關(guān)于猴子的運(yùn)動情況,下列說法中正確的是（)A。相對地面的運(yùn)動軌跡為直線B.相對地面做勻變速曲線運(yùn)動C。t時刻猴子對地速度的大小為D.t時間內(nèi)猴子對地的位移大小為【答案】BD【解析】試題分析：猴子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向上做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動的合成，知合速度與合加速度不在同一條直線上，所以猴子運(yùn)動的軌跡為曲線,故A錯誤;猴子在水平方向上的加速度為0，在豎直方向上有恒定的加速度，根據(jù)運(yùn)動的合成，知猴子做曲線運(yùn)動的加速度不變,做勻變速曲線運(yùn)動，故B錯誤;時刻猴子在水平方向上的速度為，和豎直方向上的分速度為，所以合速度，故C錯誤;在時間內(nèi)猴子在水平方向和豎直方向上的位移分別為和，根據(jù)運(yùn)動的合成，知合位移，故D正確。考點(diǎn)：運(yùn)動的合成和分解【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道猴子參與了水平方向上的勻速直線運(yùn)動和豎直方向上的勻加速直線運(yùn)動，會運(yùn)用運(yùn)動的合成分析物體的運(yùn)動軌跡和運(yùn)動情況。9。如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中,衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q點(diǎn)通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ，則(）A.該衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于,且小于B。該衛(wèi)星的發(fā)射速度大于C。衛(wèi)星在軌道Ⅰ上任何一點(diǎn)的速度都比軌道Ⅱ上任何一點(diǎn)的速度大D.衛(wèi)星在Q點(diǎn)加速由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ,故軌道Ⅱ在Q點(diǎn)的速度大于軌道Ⅰ在Q點(diǎn)的速度【答案】BD【解析】試題分析：第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的最大速度，也是在地面附近發(fā)射人造衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，根據(jù)離心運(yùn)動的條件可知，則該衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于，而同步衛(wèi)星仍繞地球做勻速圓周運(yùn)動，故在P點(diǎn)的速度小于．故AB正確．在軌道Ⅰ上的Q點(diǎn)速度較小，萬有引力大于所需要的向心力，會做近心運(yùn)動,要想進(jìn)入圓軌道Ⅱ，需加速，使萬有引力等于所需要的向心力．所以在軌道I經(jīng)過Q點(diǎn)的速度小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過Q點(diǎn)時的速度，故C錯誤，D正確。故選ABD.【點(diǎn)睛】10.有三個質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場強(qiáng)方向射入，分別落到極板A、B、C處，如圖所示，則下列說法正確的有(）A。落在A處的微粒帶正電,B處的不帶電，C處的帶負(fù)電B。三個微粒在電場中運(yùn)動時間相等C。三個微粒到達(dá)極板時的動能D.三個微粒在電場中運(yùn)動的加速度【答案】AD【解析】試題分析:三個微粒的初速度相等，水平位移，根據(jù)水平方向上做勻速直線運(yùn)動,由得，三個微粒在豎直方向上的位移相等，根據(jù)，可知,即B僅受重力，A所受的電場力向上，C所受的電場力向下,所以B不帶電，A帶正電，C帶負(fù)電．故AD正確，B錯誤．根據(jù)動能定理，三個微粒重力做功相等，A電場力做負(fù)功，C電場力做正功，所以C的動能變化量最大，A動能變化量最小,初動能相等,所以三個微粒到達(dá)極板時的動能．故C錯誤．故選AD.【點(diǎn)睛】三個質(zhì)量相等的微粒在電場中都做類平拋運(yùn)動，根據(jù)水平位移的大小比較出運(yùn)動的時間，根據(jù)豎直位移相等，比較出粒子在豎直方向上的加速度,從而判斷出電荷的電性．根據(jù)動能定理比較三個微粒到達(dá)極板時的動能．二、實(shí)驗(yàn)題11.某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證牛頓第二定律，請回答下列有關(guān)此實(shí)驗(yàn)的問題：（1)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)前準(zhǔn)備了圖中所示的實(shí)驗(yàn)裝置及下列輔助器材：

A。交流電源、導(dǎo)線B.天平(含配套砝碼）C.秒表D.刻度尺E。細(xì)線、砂和小砂桶其中不必要的器材是

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(填代號）.（2）打點(diǎn)計(jì)時器在小車拖動的紙帶上打下一系列點(diǎn)跡，以此記錄小車的運(yùn)動情況。其中一部分紙帶上的點(diǎn)跡情況如圖甲所示，已知打點(diǎn)計(jì)時器打點(diǎn)的時間間隔T=0。02s，測得A點(diǎn)到B、C點(diǎn)的距離分別為、，則在打下點(diǎn)跡B時，小車運(yùn)動的速度=_____；小車做勻加速直線運(yùn)動的加速度a=____。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）在驗(yàn)證“質(zhì)量一定，加速度a與合外力F的關(guān)系”時，某學(xué)生根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的a-F圖象,其中圖線不過原點(diǎn)的原因是______________，圖線在末端彎曲的原因是_____________________.【答案】(1）。C（2）.0.680（3).1.61(4）.平衡摩擦力過度（5).砂和小砂桶的總質(zhì)量m不遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量M【解析】試題分析：（1)在實(shí)驗(yàn)中，打點(diǎn)計(jì)時器可以測量時間，所以不需要秒表．上述器材中不必要的為C．（2）B點(diǎn)的速度等于AC段的平均速度，則有：，根據(jù)得：(3）由圖可知當(dāng)小車的拉力為0時,小車的加速度大于0,說明合外力大于0，說明平衡摩擦力過度，即木板與水平面的夾角太大;該實(shí)驗(yàn)中當(dāng)小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼質(zhì)量時，才能近似認(rèn)為細(xì)線對小車的拉力大小等于砝碼盤和砝碼的總重力大小，隨著F的增大，即隨著鉤碼質(zhì)量增大，逐漸的鉤碼質(zhì)量不再比小車質(zhì)量小的多，因此會出現(xiàn)較大誤差,圖象會產(chǎn)生偏折現(xiàn)象.【點(diǎn)睛】根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定測量的物理量，從而確定所需的器材．利用勻變速直線運(yùn)動的兩個推論求B點(diǎn)的速度和加速度．結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理分析圖象產(chǎn)生誤差的原因。三、計(jì)算題(3小題)12。如圖所示，將質(zhì)量m＝1kg的圓環(huán)套在固定的傾斜足夠長的直桿上，桿的傾角為，環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑。對環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上與桿夾角為的拉力，使圓環(huán)由靜止開始沿桿加速向上運(yùn)動，已知環(huán)與桿間動摩擦因數(shù)。求（1)F作用t=2s時圓環(huán)的速度是多大?（2)2s后撤去力F,求圓環(huán)繼續(xù)沿桿上滑的最大距離是多少？【答案】（1）,（2）16m.【解析】試題分析：(1）根據(jù)牛頓第二定律求出圓環(huán)向上滑動的加速度，結(jié)合速度時間公式求出圓環(huán)的速度．(2）撤去拉力后，結(jié)合牛頓第二定律求出圓環(huán)的加速度,結(jié)合速度位移公式求出圓環(huán)繼續(xù)上滑的最大距離．（1)對圓環(huán)受力分析,如圖所示由牛頓第二定律得：由平衡條件得：滑動摩擦力公式聯(lián)立解得：2s時圓環(huán)的加速度由運(yùn)動學(xué)公式得：2s時圓環(huán)的速度代入數(shù)據(jù)解得：由牛頓第二定律得:由平衡條件得：滑動摩擦力公式聯(lián)立解得:2s后圓環(huán)的加速度圓環(huán)繼續(xù)沿桿上滑的最大距離【點(diǎn)睛】掌握解決動力學(xué)兩類基本問題的方法和思路：一已知物體的運(yùn)動求物體的受力,二是已知物體的受力求物體的運(yùn)動情況．解決這兩類問題的關(guān)鍵是橋梁根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a．13。如圖所示，傾角為的斜面長,在斜面底端正上方的O點(diǎn)將一小球以速度水平拋出，與此同時釋放在頂端靜止的滑塊，經(jīng)過一段時間后，小球恰好能夠以垂直斜面的方向擊中滑塊(小球和滑塊均視為質(zhì)點(diǎn),重力加速度,)。求：(1）拋出點(diǎn)O離斜面底端的高度;（2）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)。【答案】(1）1.7m，（2）0.125（1）將小球在P點(diǎn)的速度分解,如圖所示由幾何關(guān)系得：解得：又解得：則平拋運(yùn)動的水平位移平拋運(yùn)動的豎直位移根據(jù)幾何關(guān)系解得：所以拋出點(diǎn)O離斜面底端的高度（2）根據(jù)幾何關(guān)系滑塊勻加速運(yùn)動的位移根據(jù)位移公式解得：對滑塊,根據(jù)牛頓第二定律:解得：代入數(shù)據(jù)解得:【點(diǎn)睛】該題是平拋運(yùn)動和牛頓第二定律等基本規(guī)律的應(yīng)用，主要抓住撞到斜面上時水平速度和豎直方向速度關(guān)系、位移關(guān)系和幾何關(guān)系解題。14。如圖甲，質(zhì)量M=0.99kg的小木塊靜止放置在高h(yuǎn)=0。8m的平臺,小木塊距平臺右邊緣d=2m,質(zhì)量m=0。01kg的子彈沿水平方向射入小木塊，留在其中一起向右運(yùn)動，小木塊和子彈作用時間極短，可忽略不計(jì),一起向右運(yùn)動的圖象如圖乙．最后,小木塊從平臺邊緣飛出落在距平臺右側(cè)水平距離x=0。8m的地面上，，求：（1）小木塊從平臺邊緣飛出的速度;(2）小木塊平臺運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量;(3）子彈射入小木塊前的速度．【答案】（1)，（2）6J,（3）．【解析】試題分析：(1）小木塊從平臺滑出后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律列式求解；（2）先根據(jù)速度位移公式可得到圖象的表達(dá)式，求出加速度；再根據(jù)牛頓第二定律求解出滑動摩擦力，最后根據(jù)功能關(guān)系求解熱量；（3）子彈射木塊過程，系統(tǒng)動量守恒,根據(jù)動量守恒定律求解．（1)設(shè)小木塊以速度v從平臺滑出,做平拋運(yùn)動豎直方向有：解得：水平方向有：解得:（2)因?yàn)樾∧緣K在平臺上滑動過程中做勻減速運(yùn)動根據(jù)，可得圖象的斜率解得:小木塊在平臺上滑動的加速度大小根據(jù)牛頓第二定律得:摩擦力故小木塊在滑動過程中產(chǎn)生的熱量：（3)由圖象可得小木塊剛開始滑動時的速度為子彈射入木塊的過程中，根據(jù)動量守恒定律得:解得：【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是由圖象得到減速過程加速度，由平拋運(yùn)動得到初速度，然后根據(jù)運(yùn)動學(xué)規(guī)律、牛頓第二定律和動量守恒定律等相關(guān)知識列式求解．四、選考題（4小題)15。下列說法正確的是________A。當(dāng)分子間距離增大時，分子勢能可能增大B。熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體C。影響蒸發(fā)快慢以及影響人們對干爽與潮濕感受的因素是空氣的絕對濕度D.溫度降低，物體內(nèi)所有分子運(yùn)動的速度不一定都變小E.一定質(zhì)量理想氣體對外做功，內(nèi)能不一定減少，但密度一定減小【答案】ADE【解析】試題分析：當(dāng)分子間距離增大時，若分子力為引力，分子力做負(fù)功,分子勢能增大；若分子力為斥力，分子力做正功,分子勢能減小，故A正確．根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能使熱量從低溫物體傳遞到高溫物體,而不引起其他變化，但在一定的條件下熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，如空調(diào)．故B錯誤;影響蒸發(fā)快慢以及影響人們對干爽與潮濕感受的因素是空氣的相對濕度，故C項(xiàng)錯誤;溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，是大量分子做無規(guī)則運(yùn)動的統(tǒng)計(jì)規(guī)律,溫度降低，不是物體內(nèi)所有分子運(yùn)動的速度都變?。蔇正確;一定質(zhì)量理想氣體對外做功,因不知道熱傳遞的情況，故內(nèi)能不一定減少，但體積一定增大，密度一定減小，故E正確；故選ADE?！军c(diǎn)睛】本題考查熱力學(xué)多個知識,其中重點(diǎn)是分子動理論、氣態(tài)方程、熱力學(xué)第一、第二定律、液體與固體的相關(guān)性質(zhì)等相關(guān)內(nèi)容.16.如圖所示,豎直放置的圓柱形汽缸內(nèi)有一不計(jì)質(zhì)量的活塞,可在汽缸內(nèi)作無摩擦滑動，活塞下方封閉一定質(zhì)量的氣體。已知活塞截面積為，大氣壓強(qiáng)為，汽缸內(nèi)氣體溫度為，試求：(i)若保持溫度不變，在活塞上放一重物，使汽缸內(nèi)氣體的體積減小一半,這時氣體的壓強(qiáng)和所加重物的重力；（ii）在加壓重物的情況下，要使汽缸內(nèi)的氣體恢復(fù)原來體積，應(yīng)對氣體加熱，使溫度升高到多少攝氏度?！敬鸢浮?i），1000N;（ii）.【解析】試題分析：（i）先根據(jù)理想氣體的等溫變化解得此時氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)，求解所加的物體重力．(ii）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解。（1）若保持溫度不變，在活塞上放一重物，使氣缸內(nèi)氣體的體積減小一半氣體初態(tài)參量為,氣體末態(tài)參量為理想氣體做等溫變化：解得：活塞面積：又解得：所加的重物G=1000N(2）在加壓重物的情況下，保持氣缸內(nèi)壓強(qiáng)不變，要使氣缸內(nèi)的氣體恢復(fù)原來體積，應(yīng)對氣體加熱，已知根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程:解得：

所以【點(diǎn)睛】正確應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程的前提是:判斷此變化過程是屬于等壓、等容、還是等溫變化，受力分析時研究對象的確定．17。圖甲為一列簡諧橫波在t=0。10s時的波形圖,P是平衡位置在x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=2.0m處的質(zhì)點(diǎn)；圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動圖象.下列說法正確的是(）A.這列簡諧波沿x軸正方向傳播B.波的傳播速度為C。從t=0到t=0。25s，波傳播的距離為3mD。從t=0.10s到t=0。15s,質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為10cmE。t=0。15s時，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向與y軸正方向相反【答案】BCE【解析】試題分析：振動圖象的斜率表示速度，由乙圖知，在t=0.10s時Q點(diǎn)的速度方向沿y軸負(fù)方向．