內蒙古物理高一第一學期期末調研試題含解析

內蒙古物理高一第一學期期末調研試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對靜止，A上表面水平。則滑塊A、B在斜面上向上運動時，下列有關滑塊B受力的示意圖中正確的是（）A. B.C. D.2、一質點做初速度為零的勻加速直線運動，從開始運動的連續(xù)三段相等時間內，已知第一段時間內的位移是2m，則第三段時間內的位移是A.2m B.6mC.10m D.14m3、在物理學史上，正確認識運動和力的關系且推翻“力是維持物體運動的原因”這個觀點的物理學家和建立慣性定律的物理學家分別是（）A.伽利略、牛頓 B.伽利略、愛因斯坦C.亞里士多德、伽利略 D.亞里士多德、伽利略4、甲乙兩個物體，甲的重力是乙的3倍，他們從同一高度處同時自由下落（不計空氣阻力），則下列說法中正確的是（）A.甲比乙先著地 B.甲乙同時著地C.甲的加速度比乙大 D.無法確定誰先著地5、一物體放在斜面上，當斜面傾角緩慢增大時，物體始終相對斜面靜止，則下列說法中正確的是()A.物體對斜面的壓力的大小不變B.物體的重力沿斜面方向的分力逐漸減小C.物體重力沿垂直斜面方向的分力變大D.物體對斜面的作用力不變6、關于速度、加速度概念，下列說法中理解錯誤的是：A.速度是描述物體運動快慢的物理量，速度大表示物體運動得快B.物體做勻速運動時，速度v與運動的位移x成正比，與運動時間t成反比C.物體的加速度大，表示物體速度變化快D.加速度的方向與速度變化的方向一定相同7、如圖所示，把重為20N的物體放在傾角為300的粗糙斜面上，并靜止，物體右端與固定在斜面上的輕彈簧相連接，彈簧與斜面平行，若物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，則彈簧對物體的彈力大小可能是（）A.30N B.25NC.20N D.08、游樂園中，游客乘坐能加速或減速運動的升降機，可以體會超重與失重的感覺．下列描述正確的是（）A.當升降機加速上升時，游客是處在失重狀態(tài)B.當升降機減速下降時，游客是處在超重狀態(tài)C.當升降機減速上升時，游客是處在失重狀態(tài)D.當升降機加速下降時，游客是處在超重狀態(tài)9、質量分別為1kg和2kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質彈簧相連，如圖所示，今用大小為F=9N的力作用在A上使AB相對靜止一起向左勻加速運動，則下列說法正確的是（）A.彈簧的彈力大小等于8NB.彈簧的彈力大小等于6NC.突然撤去F瞬間，A的加速度大小為0D.突然撤去F瞬間，B的加速度大小為3m/s210、如圖甲所示，某人正通過定滑輪將質量為m的貨物提升到高處．滑輪的質量和摩擦均不計，貨物獲得的加速度a與繩子對貨物豎直向上的拉力F之間的關系如圖乙所示．g表示當?shù)氐闹亓铀俣?，由圖可以判斷（）A.圖線與縱軸的交點M的值aM＝﹣gB.圖線與橫軸的交點N的值C.圖線的斜率等于物體的質量mD.圖線的斜率等于物體質量的倒數(shù)11、一運動員雙手握住單杠，使身體懸空靜止，當兩手間距增大時，每只手臂所受的拉力T及兩手臂所受力的合力F的大小變化情況是A.T不變 B.T增大C.F不變 D.F增大12、兩個共點力的大小分別為3.0N和5.0N，這兩個力的合力大小可能為：（）A.1.6 B.2.0NC.4.3N D.8.1N二．填空題(每小題6分，共18分)13、完成以下“驗證力的平行四邊形定則”實驗的主要步驟：（1）如圖甲，用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結點O的位置、兩彈簧測力計的讀數(shù)F1、F2以及________________（2）如圖乙，用一只彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條的結點拉到__________，記下細繩套的方向（如圖丙中的c），讀得彈簧測力計的示數(shù)F=_______（3）如圖丙，按選定的標度作出了力F1、F2的圖示，請在圖丙中：a．按同樣的標度作出力F的圖示；b．按力的平行四邊形定則作出F1、F2的合力F′14、如圖所示，在“探究平行四邊形定則”實驗中，橡皮條一端固定于A點（1）同時使用兩個彈簧測力計通過細繩套將橡皮條的另一端拉到O點，記錄兩個測力計的讀數(shù)F1和F2及兩細繩的方向．彈簧測力計的示數(shù)如圖所示，其示數(shù)為_____N（2）只用一個測力計通過細繩拉橡皮條，使結點也拉到O點，記下此時測力計的讀數(shù)F和細繩的方向．本步驟中將結點也拉到O點，是為了____________________________.（3）關于本實驗，下列說法正確的是_____A．實驗過程中橡皮條必須在兩細繩套的角分線上B．橡皮條的伸長量越大越好C．拉兩個細繩套時，兩拉力夾角越大越好D．拉細繩套時，拉力應盡量與木板平行15、某人在地面上最多能舉起質量為60kg的物體，而在一個做勻變速運動的升降機內卻最多能舉起質量為80kg的物體，以向上為正方向，則此升降機的加速度為___________m/s2（重力加速度g＝10m/s2），升降機的運動方向是___________（選填“向上”、“向下”或“向上或向下”）三．計算題(22分)16、（12分）一種巨型娛樂器械可以使人體驗超重和失重.一個可乘十多個人的環(huán)形座艙套裝在豎直柱子上,由升降機送上幾十米的高處,然后讓座艙自由落下.落到一定位置時,制動系統(tǒng)啟動,到地面時剛好停下.已知座艙開始下落時的高度為75,當落到離地面30m的位置時開始制動,座艙均勻減速.重力加速度取10,不計空氣阻力.（1）求座艙下落的最大速度;（2）求座艙下落的總時間;（3）若座艙中某人用手托著重30N的鉛球,求座艙下落過程中球對手的壓力.17、（10分）某校物理興趣小組，為了了解高空墜物的危害，將一只雞蛋從高樓上靜止釋放，讓其自由下落，經過4s雞蛋剛好著地．（忽略空氣阻力的作用，g取10m/s2）求：（1）雞蛋釋放時距離地面的高度；（2）雞蛋在下落過程中的平均速度大??；（3）雞蛋在下落過程中第4s內位移大小

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解析】整體向上做勻減速直線運動，加速度方向沿斜面向下，則B的加速度方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第二定律知，B的合力沿斜面向下，則B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力。A．該圖與結論相符，選項A正確；B．該圖與結論不相符，選項B錯誤；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選A。2、C【解析】設加速度為，每段時間為，則第一段時間內的位移：，又根據(jù)勻變速直線運動推論得：，聯(lián)立解得：故選C【點睛】由運動學公式及推論求解3、A【解析】亞里士多德認為力是維持物體運動的原因，伽利略運用邏輯推理和實驗相結合的方法推翻了亞里士多德的觀點，認為力不是維持物體速度的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因；牛頓提出了物體的運動定律，其中牛頓第一定律即為慣性定律；故A正確，BCD錯誤；故選：A；4、B【解析】自由落體運動的加速度都是g，與物體的重力大小無關，則當兩物體從同一高度處同時自由下落時，用時間相同，則甲乙同時落地。故選B5、D【解析】設斜面的傾角為α，物體的重力為G，作出物體的受力如圖，根據(jù)平衡條件得當斜面傾角α增大，cosα減小，sinα增大，則N減小，f增大，重力沿斜面的分量與靜摩擦力相等，即增大，根據(jù)牛頓第三定律得知，物體對斜面的壓力減小，根據(jù)共點力平衡條件，物體對斜面的作用力與重力大小相等，故D正確。故選D。6、B【解析】A項：速度是描述物體運動快慢的物理量，速度大表示物體運動得快，故A正確；B項：物體做勻速運動即速度不變，故B錯誤；C項：加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，故C正確；D項：由公式可知，加速度方向與速度變化的方向一定相同，D正確本題選錯誤的，故選B7、CD【解析】將重力按照作用效果分解為平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，當最大靜摩擦力平行斜面向下和平行斜面向上時，分別求解出對應的彈簧彈力，得到彈簧彈力的作用范圍【詳解】將重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力為mgsin30°=10N，垂直斜面的垂直分力為mgcos30°=10N；當最大靜摩擦力平行斜面向下時，物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，彈簧彈力為拉力，等于22N；當最大靜摩擦力平行斜面向上時，物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，彈簧彈力為推力，等于2N；故彈簧彈力可以是不大于2N推力或者不大于22N的拉力，也可以沒有彈力；由上分析，可知，故CD正確，AB錯誤；故選CD【點睛】本題關鍵是根據(jù)平衡條件求解出物體即將上滑和即將下滑的兩種臨界情況的彈簧彈力8、BC【解析】當升降機加速上升時，乘客有向上的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的．此時升降機對乘客的支持力大于乘客的重力，所以處于超重狀態(tài)．A錯誤．當升降機減速下降時，具有向上的加速度，同理此時乘客也處于超重狀態(tài)．B正確．當升降機減速上升時，具有向下的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的，所以升降機對乘客的支持力小于乘客的重力．此時失重．C正確．當升降機加速下降時，也具有向下的加速度，同理可得此時處于失重狀態(tài)，D錯誤易錯提醒：對超重失重的原因不明，錯誤認為加速運動就超重而減速運動失重而錯選D備考提示：超重與失重的理解是解決本題的關鍵．超重和失重并不是重力發(fā)生的變化，而是測得的支持力發(fā)生了變化，大于實際重力或小于實際重力．對于物體此時在豎直方向受力不再平衡，一定產生加速度，加速度的方向向上時，支持力大于重力，超重，加速度的方向向下時，支持力小于重力，失重．從物體的運動情況判斷加速度的方向．對于加速度方向的判斷，可以根據(jù)速度的大小變化．當速度增大時，加速度的方向與速度方向相同，當速度大小減小時，加速度的方向與速度方向相反9、BD【解析】對整體由牛頓第二定律得：對BF=mBa=2×3=6N撤去F的瞬間，彈簧的彈力不變，由牛頓第二定律，對A：對B：所以BD正確，AC錯誤故選：BD。10、ABD【解析】對貨物受力分析，受重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的一般表達式進行分析，根據(jù)表達式結合圖象運用數(shù)學知識分析物理問題；【詳解】對貨物受力分析，受重力mg和拉力F，根據(jù)牛頓第二定律，有：則整理可以得到：A、當時，，即圖線與縱軸的交點M的值，故A正確；B、當時，，故圖線與橫軸的交點N的值，故B正確；C、圖線的斜率表示質量的倒數(shù)，故C錯誤，D正確【點睛】本題關鍵是根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的一般表達式，并能根據(jù)數(shù)學關系對表達式進行討論是解決問題的關鍵11、BC【解析】對人受力分析如圖所示：運動員所受T的合力F與運動員重力大小相等方向相反，故夾角增大時合力大小不變；手臂間距增大時，相當于在力圖中兩力T之間的夾角θ增大，若力T大小不變，則其合力F隨夾角的增大而減小，現(xiàn)要保持合力F大小不變，當夾角增大時，則T增大，故BC正確，AD錯誤12、BC【解析】本題考查兩個力的合力范圍：【詳解】兩個力合力范圍為，即，故BC正確，AD錯誤二．填空題(每小題6分，共18分)13、①.兩細繩套的方向②.O點位置4.0N③.【解析】根據(jù)驗證力的平行四邊形定則的實驗注意事項分析答題，按照力的圖示法作出力的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出合力【詳解】(1)如圖甲，用兩只彈簧測力計分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，記下結點位置O和兩測力計的示數(shù)F1、F2以及兩細繩套的方向；(2)如圖乙，用一只彈簧測力計鉤住細繩套把橡皮條的結點拉到同一位置O點，記下細繩套的方向，由圖示彈簧測力計可讀得彈簧測力計的示數(shù)F=4.0N；(3)按力的圖示方法作出力F的圖示如圖所示；根據(jù)力的平行四邊形定則，作出F1、F2的合力F′，如圖所示【點睛】本題考查了實驗注意事項、作力的圖示等問題，掌握基礎知識即可正確解題，平時要注意基礎知識的學習，要掌握力的圖示的作圖方法14、①.（1）2.60②.（2）使兩分力的效果與一個合力的效果相同.③.（3）D【解析】第一空.彈簧秤的最小分度為0.1N，根據(jù)彈簧秤指針的指示可知，其讀數(shù)為2.60N；第二空.實驗中兩次應將結點接至同一點，這樣可以使兩次拉力作用的效果相同；第三空.實驗過程中橡皮條不一定必須在兩細繩套的角分線上，選項A錯誤；橡皮條的伸長量不是越大越好，方便作圖即可，故B錯誤；兩條細繩的夾角不是越大越好，以方便作平行四邊形為宜．故C錯誤．拉橡皮條時，橡皮條、細繩和彈簧秤平