2022-2023學(xué)年北京順義區(qū)牛欄山一中高三(上)期中物理試卷及答案

2022北京牛欄山一中高三（上）期中物理一、單選題（本題共14個(gè)小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題意的，每小題3分，共24分）1.由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，當(dāng)所帶電荷量分別q和q，其間距為r時(shí)，它們之間靜電12qr22F=k力的大小為，式中k為靜電力常量。在國(guó)際單位制中，k的單位是（B.2/(N·m2)C.N·m2/C）A.N·m2/C2D.N·C2/m22.如圖所示，用三段不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩OAOB、OC共同懸掛一重物使其靜止，其中OA與豎直方向的夾角為30°，OB沿水平方向，AB端固定．若重物的質(zhì)量是，則A.OA繩的拉力等于2mgB.OB繩的拉力等于mg/2C.OC繩的拉力小于OB繩的拉力D.OA繩的拉力大于OB繩的拉力3.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸方向傳播，某時(shí)刻的波形圖如圖所示，已知位于x=處的質(zhì)點(diǎn)正向下運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播B.x3m處的質(zhì)點(diǎn)的振幅為零=C.x=2m處的質(zhì)點(diǎn)此刻加速度為零D.該時(shí)刻以后，x2.5m=處的質(zhì)點(diǎn)比x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置4.如圖所示為一種自動(dòng)跳閘的閘刀開(kāi)關(guān)示意圖，O是轉(zhuǎn)動(dòng)軸，A是絕緣手柄，C是閘刀卡口，M、N接電源線．閘刀處于垂直紙面向里B＝．1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，CO間距離10cm．當(dāng)磁場(chǎng)力為0．2N時(shí)，閘刀開(kāi)關(guān)會(huì)自動(dòng)跳開(kāi)．則要使閘刀開(kāi)關(guān)能跳開(kāi)，通過(guò)絕緣手柄CO中的電流的大小和方向?yàn)锳.電流大小為20A，電流方向O→CB.電流大小為20A，電流方向C→OC.電流大小為2A，電流方向O→CD.電流大小為2A，電流方向C→O5.塔尖裝有一避雷針，某次雷雨天氣閃電擊中避雷針，避雷針發(fā)生尖端放電現(xiàn)象，如圖甲。若避雷針?lè)烹姇r(shí)的電場(chǎng)線分布如圖乙所示，在空間取一條水平線abc和一條圓弧線adc，ac連線的中垂線，電場(chǎng)線關(guān)于直線bd對(duì)稱，以下說(shuō)法正確的是（）A.b、d兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.同一負(fù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)能在bd點(diǎn)大C.a、c兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同D.b點(diǎn)電勢(shì)等于a、c6.2017年4月7日出現(xiàn)了“木星沖日的天文奇觀，木星離地球最近最亮．當(dāng)?shù)厍蛭挥谔?yáng)和木星之間且三者幾乎排成一條直線時(shí)，天文學(xué)稱之為“木星沖日”．木星與地球幾乎在同一平面內(nèi)沿同一方向繞太陽(yáng)近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．不考慮木星與地球的自轉(zhuǎn)，相關(guān)數(shù)據(jù)見(jiàn)下表．則質(zhì)量半徑與太陽(yáng)間距離地球木星mRr約320m約R約5rA.木星表面的重力加速度比地球表面的重力加速度大B.木星運(yùn)行的速度比地球運(yùn)行的速度大C.木星運(yùn)行的加速度比地球運(yùn)行的加速度大D.在木星表面附近發(fā)射飛行器的速度至少為7.9km/s7.如圖所示，OX與MN是勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩條平行直線，其中MN為磁場(chǎng)的下邊界，速率不同的同種帶電粒子沿OX方向射入磁場(chǎng)，從MN邊界穿出時(shí)，其中速度為v的AMN垂直，速度為v的B粒子12其速度方向與MN成60°角，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力，則A、B兩粒子穿越磁場(chǎng)所需時(shí)間的比為（）A.1：2B.21C.23D.3：28.兩個(gè)完全相同的質(zhì)量均為m的滑塊A和B，放在光滑水平面上，滑塊A與輕質(zhì)彈簧相連，彈簧另一端固定在墻上?；瑝KB以v0的速度向滑塊A運(yùn)動(dòng)，如圖所示，兩滑塊相碰后一起運(yùn)動(dòng)不再分開(kāi)，下述正確的是（）1202A.彈簧最大彈性勢(shì)能為B.彈簧最大彈性勢(shì)能為1802C.兩滑塊相碰后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.兩滑塊（包括彈簧）相碰后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)機(jī)械能守恒9.如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的一面墻上有A、B、C三個(gè)完全相同的窗戶。將一個(gè)小球斜向上拋出，小球在空中依次飛過(guò)A、B、C三個(gè)窗戶，圖中曲線為小球在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡，軌跡所在的平面靠近豎直墻面，且與墻面平行。不計(jì)空氣阻力的影響，以下說(shuō)法中正確的是（）A.小球通過(guò)窗戶A所用的時(shí)間最長(zhǎng)C.小球通過(guò)窗戶C動(dòng)量變化量最大B.小球通過(guò)窗戶C的平均速度最大D.小球通過(guò)窗戶A克服重力做的功最多10.一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為＋q的小球，由長(zhǎng)為l的細(xì)線吊在天花板下，空間有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。現(xiàn)小球恰好以速率v0在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道平面與地面的距離為h，細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，如圖所示。已知重力加速度大小為g，空氣阻力忽略不計(jì)。下列選項(xiàng)正確的是（）A.小球的向心加速度大小為a=gtanθB.由題中數(shù)據(jù)不能求得磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小C.某時(shí)刻剪斷細(xì)線，小球?qū)⒆銎綊佭\(yùn)動(dòng)D.剪斷細(xì)線后，小球落到地面時(shí)速度大小為02+2gh已知磁敏電阻在沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)電阻很小，在有磁場(chǎng)時(shí)電阻很大，并且磁場(chǎng)越強(qiáng)阻值越大，為了探測(cè)有無(wú)磁場(chǎng)，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計(jì)了如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r不變，在沒(méi)有磁場(chǎng)時(shí)，調(diào)節(jié)變阻器R使電燈發(fā)光，當(dāng)探測(cè)裝置從無(wú)磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)（設(shè)電燈L）A.電燈L變亮B.電流表示數(shù)增大C.變阻器R的功率增大D.磁敏電阻兩端的電壓減小12.如圖所示，一平行板電容器充電后與電源斷開(kāi)，負(fù)極板接地，兩板間的P點(diǎn)固定一個(gè)帶正電的檢驗(yàn)電荷。用C表示電容器的電容，E表示兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，φ表示P點(diǎn)的電勢(shì)，W表示正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能。若正極板保持不動(dòng)，將負(fù)極板緩慢向左平移一小段距離l，上述各物理量與負(fù)極板移動(dòng)距離x0的關(guān)系圖像中正確的是（）A.B.C.D.13.為了測(cè)定某平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)，某同學(xué)進(jìn)行了如下操作：取電場(chǎng)內(nèi)某一位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O建立x軸，選取x軸上到O點(diǎn)距離為r的P點(diǎn)，以O(shè)為圓心、r為半徑作圓，如圖甲所示，從P點(diǎn)起沿圓周逆時(shí)針測(cè)量圓上各點(diǎn)的電勢(shì)和轉(zhuǎn)過(guò)的角度，可以用此數(shù)據(jù)繪制?圖，當(dāng)半徑r分別取r0、2r、0r0=時(shí)，分別繪制出如圖乙中所示的三條曲線，三條曲線均在時(shí)達(dá)到最大值，最大值分別為、00、，下列說(shuō)法正確的是（0）0r0A.曲線①對(duì)應(yīng)的r取值為B.電場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向0r0C.坐標(biāo)原點(diǎn)O的電勢(shì)為0D.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為14.如圖所示，下端封閉上端開(kāi)口、內(nèi)壁光滑的細(xì)玻璃管豎直放置，管底有一帶電的小球．整個(gè)裝置以水平向右的速度勻速運(yùn)動(dòng)，垂直于磁場(chǎng)方向進(jìn)入方向水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，由于外力的作用，玻璃管在磁場(chǎng)中的速度保持不變，最終小球從上端開(kāi)口飛出，小球的電荷量始終保持不變，則從玻璃管進(jìn)入磁場(chǎng)到小球運(yùn)動(dòng)到上端開(kāi)口的過(guò)程中，關(guān)于小球運(yùn)動(dòng)的加速度大小a、沿豎直方向的速度vyF以及管壁對(duì)小球的彈力做功的功率P隨時(shí)間t()A.B.D.C.二、填空題（每空2分，共18分）15.物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。例如：（1）實(shí)驗(yàn)儀器。用螺旋測(cè)微器測(cè)某金屬絲的直徑，示數(shù)如圖1所示，則該金屬絲的直徑為_(kāi)__________mm。（2）數(shù)據(jù)分析。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在隨物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的紙帶上打點(diǎn)，紙帶的一部分如圖2示，B、C、D為紙帶上標(biāo)出的連續(xù)3個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為a=50Hz的交流電源上，則物體運(yùn)動(dòng)的加速度___________m/s2（3）實(shí)驗(yàn)原理。某同學(xué)用單擺測(cè)量重力加速度的大小，他測(cè)量擺線的長(zhǎng)度l和對(duì)應(yīng)的周期T，得到多組數(shù)b2g=據(jù)，作出了lT2圖像，如圖所示。他認(rèn)為根據(jù)圖線可求得重力加速度?3，則若忽略測(cè)量數(shù)據(jù)2?1的偶然誤差，從理論上分析，他求得的重力加速度g___________真實(shí)值（選填“大于”“等于”或“小___________。16.同學(xué)們用如圖1所示的電路測(cè)量?jī)晒?jié)干電池串聯(lián)而成的電池組的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電壓表，電阻箱（阻值范圍0（1）某同學(xué)開(kāi)始做實(shí)驗(yàn)，先把變阻箱阻值調(diào)到最大，再接通開(kāi)關(guān)，然后改變電阻箱，隨之電壓表示數(shù)發(fā)R?生變化，讀取R和對(duì)應(yīng)的U，并將相應(yīng)的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)化為坐標(biāo)點(diǎn)描繪在R圖中。請(qǐng)將圖23中電阻UR?箱和電壓表所示的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)化為坐標(biāo)點(diǎn)描繪在圖5所示的坐標(biāo)系中（描點(diǎn)用“+R線___________；圖U（2）根據(jù)圖4中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的圖線可以得出該電池組電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值E___________，內(nèi)電阻測(cè)量=Vr=值___________Ω2位有效數(shù)字）（3）該實(shí)驗(yàn)測(cè)得電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻都存在誤差，造成該誤差主要原因是___________。（4）不同小組的同學(xué)分別用不同的電池組（均由同一規(guī)格的兩節(jié)干電池串聯(lián)而成）完成了上述的實(shí)驗(yàn)后，發(fā)現(xiàn)不同組的電池組的電動(dòng)勢(shì)基本相同，只是內(nèi)電阻差異較大。同學(xué)們選擇了內(nèi)電阻差異較大的甲、PP分別隨路端電壓U2乙兩個(gè)電池組進(jìn)一步探究，對(duì)電池組的內(nèi)電阻熱功率以及總功率變化的關(guān)系進(jìn)行1P?UP?U了猜想，并分別畫(huà)出了如圖5和2圖像。若已知乙電池組的內(nèi)電阻較大，則下列各圖中1可能正確的是___________三、計(jì)算題（本題共4個(gè)小題，共40分。解答時(shí)應(yīng)畫(huà)出必要的受力圖，寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明和原始方程。只寫(xiě)出最后答案不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中要明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）17.如圖所示，一質(zhì)量m=2kg的木箱靜止在粗糙水平面上。從t=0F=10N開(kāi)始，木箱受到、與水平面的夾角為=37的恒定拉力，沿水平面勻加速運(yùn)動(dòng)。已知木箱與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，=。（1）畫(huà)出木箱受力的示意圖；（2）求木箱的加速度a的大??；（3）求2s末，拉力F的瞬時(shí)功率。18.離子注入是芯片制造中的一道重要工序，簡(jiǎn)化的注入過(guò)程原理如圖所示。靜止于A處的離子質(zhì)量為m，電荷量為q經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后，沿圖中圓弧虛線通過(guò)磁分析器，然后從M點(diǎn)垂直CD進(jìn)入矩形CDQS有界勻強(qiáng)電場(chǎng)中，最后恰好打在Q點(diǎn)。已知磁分析器截面是四分之一圓環(huán)，內(nèi)部為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里；勻強(qiáng)電場(chǎng)沿水平方向，中，離子重力不計(jì)。DQ=d，=2d。整個(gè)裝置處于真空（1）在圖中標(biāo)出勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向，并簡(jiǎn)要說(shuō)明判斷依據(jù)；（2）求離子在此分析器中軌跡的半徑R；（3）求矩形區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小E。19.對(duì)于不同類型的物體和運(yùn)動(dòng)情況，測(cè)量速率的方法往往是不同的，當(dāng)然測(cè)量速度的方法也受到歷史的局限性和實(shí)驗(yàn)室提供的儀器的限制。(1)歷史上，由于測(cè)量條件的限制，伽利略無(wú)法用直接測(cè)量運(yùn)動(dòng)速度的方法來(lái)尋找自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。因此他設(shè)想用斜面來(lái)“沖淡”重力，“放慢”運(yùn)動(dòng)，而且把速度的測(cè)量轉(zhuǎn)化為對(duì)路程和時(shí)間的測(cè)量，并把自由落體運(yùn)動(dòng)看成為沿傾角為90°的斜面下滑運(yùn)動(dòng)的外推。假設(shè)一個(gè)時(shí)間單位為T(mén)，一個(gè)長(zhǎng)度單位d，實(shí)驗(yàn)中記錄了小球沿光滑斜面在不同時(shí)間內(nèi)相對(duì)于起始點(diǎn)的距離，如下表所示，則分析表中數(shù)據(jù)可知，小球在t=3T時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于多少？（用已知量T、d表示即可）時(shí)間距離00Td2T4d3T9d4T5T6T16d25d36d(2)帶電粒子的速度可以利用速度選擇器進(jìn)行測(cè)量。如下圖所示，真空環(huán)境中平行放置的金屬板間距為d，兩板間有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，帶電粒子以某一速度兩金屬板的左側(cè)中間沿平行于金屬板面的方向射入兩板間，當(dāng)板間電壓為U時(shí)，帶電粒子恰好沿直線（圖中虛線）穿越兩板，不計(jì)帶電粒子的重力，求它的速度大?。?3)由于中子不帶電，因此中子的速度無(wú)法直接使用速度選擇器進(jìn)行測(cè)量，可以采用碰撞的方法進(jìn)行間接測(cè)量。低速中子與靜止的原子核發(fā)生相互作用，有一定概率會(huì)與原子核發(fā)生彈性正碰。假設(shè)一群低速中子的速度大小相同，甲、乙原子核質(zhì)量分別為M、M，這群中子中的兩個(gè)中子分別與靜止的甲、乙兩原12子核發(fā)生彈性正碰后，利用電偏轉(zhuǎn)或磁偏轉(zhuǎn)的方法測(cè)量得甲、乙原子核被碰后的速度大小分別為vv，12求這群中子的速度大??？20.蹦極是極限運(yùn)動(dòng)的一種。為保證安全，要研究下落最大距離與人的質(zhì)量、彈性繩彈性系數(shù)、阻力等諸多因素的關(guān)系。實(shí)際情況比較復(fù)雜，可簡(jiǎn)化為如下模型：彈性繩視為輕彈簧，質(zhì)量可忽略不計(jì)，彈力的大1=E=2小F，彈性勢(shì)能，其中x是彈性繩的形變量，k是勁度系數(shù)；人視為質(zhì)點(diǎn)，始終在一豎直p2線上運(yùn)動(dòng)。Lk已知，蹦極用彈性繩原長(zhǎng)為，勁度系數(shù)為，重力加速度為。0（1）質(zhì)量為m的人從平臺(tái)由靜止下落，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)彈性繩恰好伸直，繼續(xù)向下到達(dá)最低點(diǎn)B，A、B兩點(diǎn)間距離為d；之后又會(huì)反彈到某個(gè)高度，再下落……最后停在空中。人受到的阻力與速度大小有關(guān)，速度為0時(shí)，阻力為0。a.求人在B點(diǎn)時(shí)的加速度的大小及方向。b.將人、彈性繩和地球視為一個(gè)系統(tǒng)，求從人離開(kāi)平臺(tái)到停在空中的整個(gè)過(guò)程，系統(tǒng)損失的機(jī)械能。m1m，且2（2）實(shí)際上，人在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力較小，可忽略不計(jì)。甲、乙兩人質(zhì)量分別為、1mh1h、。圖2，分別用同一彈性繩蹦極，以平臺(tái)為原點(diǎn)，向下為正方向，兩人下落最大位移分別為22所示為甲下落過(guò)程中加速度a與下落位移h之間的關(guān)系圖。a.請(qǐng)?jiān)趫D2中畫(huà)出乙下落過(guò)程中加速度與下落位移的關(guān)系圖。v?thh圖像求位移的方法，嘗試?yán)胊h圖證明。12b.類比直線運(yùn)動(dòng)中由?參考答案一、單選題（本題共14個(gè)小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題意的，每小題3分，共24分）1.【答案】A【分析】本題考查國(guó)際單位制的轉(zhuǎn)化。【詳解】ABCD.由庫(kù)侖力公式可知：2k=12則k的單位為N·m2/C2A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。2.【答案】D【詳解】以結(jié)點(diǎn)O為研究，受力分析圖如圖所示；23根據(jù)平衡條件，結(jié)合力圖可知：F==;cos3033OB=mgtan300=mgmg=OC；FOA＞FOB，所以D正確，ABC錯(cuò)誤．故選D．3【點(diǎn)睛】本題首先要選擇研究對(duì)象：結(jié)點(diǎn)O；其次關(guān)鍵是作好力圖，就能直觀比較三個(gè)繩子拉力的大小．3.【答案】D【詳解】A．已知位于x=1m處的質(zhì)點(diǎn)正向下運(yùn)動(dòng)，可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B．x=3m處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)的位移為零，但是振幅不為零，故B錯(cuò)誤；C．x=2m處的質(zhì)點(diǎn)位移最大，回復(fù)力最大，則此刻具有最大加速度，故C錯(cuò)誤；D．該時(shí)刻x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，則從該時(shí)刻以后，x=2.5m處的質(zhì)點(diǎn)比x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，故D正確。故選D?！军c(diǎn)睛】根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況判斷波的傳播方向。質(zhì)點(diǎn)的振幅是一固定值，在振動(dòng)過(guò)程中質(zhì)點(diǎn)的位移會(huì)發(fā)生改變。位移最大時(shí)，恢復(fù)力最大，加速度最大。熟練掌握“上坡下，下坡上”判定方法。4.【答案】A【詳解】試題分析：要想開(kāi)關(guān)打開(kāi)，則受到的安培力的方向應(yīng)該是向左，再由左手定則可知，所通電流的方向應(yīng)該是由O到CBD錯(cuò)誤；由F=BIL，可知02N=0．1T×0．1m×I，故電流I=20A，選項(xiàng)A正確．考點(diǎn)：安培力，左手定則．5.【答案】B【詳解】A．由電場(chǎng)線分布的疏密程度可知，b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于d點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；Ep=B．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可知b點(diǎn)電勢(shì)低于d點(diǎn)電勢(shì)，根據(jù)點(diǎn)比在d點(diǎn)大，故B正確；可知，同一負(fù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)能在bC．電場(chǎng)線上某點(diǎn)的切線方向即該點(diǎn)的電場(chǎng)方向，由電場(chǎng)線分布可知ac兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故C錯(cuò)誤。D．依題意，分別作出過(guò)、b、c三點(diǎn)的等勢(shì)線，可知a、c點(diǎn)在同一等式線上，電勢(shì)相等，過(guò)b點(diǎn)的等勢(shì)線在過(guò)a、c等勢(shì)線的下方，根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，可知、c點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤；故選B。6.【答案】AMm【詳解】A項(xiàng)：行星對(duì)表面物體的萬(wàn)有引力等于物體在表面時(shí)受到的重力，則G=mg，可得：2RGMg=320，木星質(zhì)量是地球質(zhì)量的倍，木星半徑是地球半徑的倍，則木星表面的重力加速度比地球R2表面的重力加速度大，故A正確；v2GMrB項(xiàng)：由萬(wàn)有引力提供向心力得：G=m，解得：v=，由于木星到太陽(yáng)的距離比地球到r2r太陽(yáng)的距離大，所以木星運(yùn)行的速度比地球運(yùn)行的速度小，故B錯(cuò)誤；MmGMC項(xiàng)：太陽(yáng)對(duì)行星的引力充當(dāng)行星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則G=ma，得：a=木星與太陽(yáng)間距r2r2離比地球與太陽(yáng)間距離大，木星運(yùn)行的加速度比地球運(yùn)行的加速度小，故C錯(cuò)誤；v2GMrD項(xiàng)：繞星球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的飛行器G=m，得：v=木星質(zhì)量是地球質(zhì)量的320倍，r2r木星半徑是地球半徑的倍，所以在木星表面發(fā)射的飛行器的最小速度大于地球表面發(fā)射的飛行器最小速度7.9km/sD錯(cuò)誤．7.【答案】Dm【詳解】粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期的公式為T(mén)=，由此可知，粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與粒子的速度的大小無(wú)關(guān)，所以粒子在磁場(chǎng)中的周期相同，由粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：可知，通過(guò)a點(diǎn)的粒子的偏轉(zhuǎn)角為90°，通過(guò)b點(diǎn)的粒子的偏轉(zhuǎn)角為60°，所以通過(guò)a點(diǎn)的粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)1416T，通過(guò)b點(diǎn)的粒子的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T(mén)，所以從S到a、b所需時(shí)間tt為3：2D正確，12間為ABC錯(cuò)誤．8.【答案】D【詳解】AB．兩滑塊碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，以滑塊的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得mv0=(m+m)v系統(tǒng)向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得1Ep=(+)mmv22解得彈簧的最大彈性勢(shì)能為1E=2P04AB錯(cuò)誤；C．兩滑塊相碰過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，兩滑塊碰撞后一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程系統(tǒng)所受合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，C錯(cuò)誤；D．兩滑塊碰撞過(guò)程機(jī)械能不守恒，碰撞后兩滑塊一起運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，D正確。故選D。9.【答案】C【詳解】A．小球做斜上拋運(yùn)動(dòng)，可以分解成水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向的上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向運(yùn)動(dòng)和豎直方向運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性。小球豎直方向速度逐漸減小，而A、B、C三個(gè)窗戶的豎直高度相等，所以通過(guò)A所用時(shí)間最小，通過(guò)C所用時(shí)間最大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．小球豎直方向速度逐漸減小，水平方向速度不變，所以經(jīng)A的平均速度最大，經(jīng)C的平均速度最小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理?p=mgt經(jīng)過(guò)窗戶C的時(shí)間最長(zhǎng)，則動(dòng)量變化最大，選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)重力做功公式WG=mgh小球通過(guò)A、B、C三個(gè)窗戶重力做功相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。10.【答案】D【詳解】AB．小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，受向下的重力、細(xì)線的拉力和指向圓心的洛倫茲力作用，由牛頓第二定律可知v20mgtan+0B=ma=mlsin則小球的向心加速度大小a>gtan，由題中數(shù)據(jù)可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．某時(shí)刻剪斷細(xì)線，小球因?yàn)橛兴剿俣?，則受到洛倫茲力作用，小球的運(yùn)動(dòng)不是平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．剪斷細(xì)線后，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力不做功，則由機(jī)械能守恒定律12102+mgh=22解得小球落到地面時(shí)速度大小為v=02+2gh選項(xiàng)D正確。故選D?！敬鸢浮緼【詳解】探測(cè)裝置從無(wú)磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)時(shí)，其電阻變大，電路的總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中的總電流I變小，所以電流表的示數(shù)減?。桓鶕?jù)U=E?Ir可知I減小，路端電壓U增大，所以燈泡兩端的電壓增大，則電燈L變亮，故流過(guò)電燈L的電流增大，而總電流I減小，則流過(guò)磁敏電阻的電流減小，因?yàn)樵谶M(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)后沒(méi)有改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，即滑動(dòng)變阻器的有效阻值不變，根據(jù)P=IR2可知變阻器R的功率減小，根據(jù)U=可知R兩端的電壓減小，而路端電壓增大，故磁敏電阻兩端的電壓增大，A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。12.【答案】C【詳解】A．根據(jù)SC=負(fù)極板緩慢向左平移一小段距離，兩板間距d增大，電容隨兩板間距減小，但不是線性關(guān)系，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)QC=U電容器充電后與電源斷開(kāi)，電荷量保持不變，可知兩板間電勢(shì)差增大。根據(jù)UdE=聯(lián)立上式得SE=可知，電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變，故B錯(cuò)誤；C．P點(diǎn)與負(fù)極板間距離x增大，則P點(diǎn)與負(fù)極板間電勢(shì)差為U=Ex=?0=PPP可知，P點(diǎn)電勢(shì)升高，故C正確；D．正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能為W=P可知，正電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能增大，故D錯(cuò)誤。故選C。13.【答案】C=【詳解】AB．三條曲線均在角為時(shí)達(dá)到最大值，說(shuō)明電場(chǎng)線不是沿著x軸，而是沿著與x軸正方向的夾0的直線，而且電場(chǎng)線方向指向左下方。曲線①的最大值在三條圖像中最大，只有半徑越大，P點(diǎn)繞0原點(diǎn)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，逆著電場(chǎng)線走過(guò)的距離才越大，對(duì)應(yīng)的電勢(shì)才越高，所以曲線①對(duì)應(yīng)的r取值為0r0。AB錯(cuò)誤；r、0CD．由上面分析知曲線③對(duì)應(yīng)的r取值為。由題知，曲線③對(duì)應(yīng)的最高電勢(shì)和最低電勢(shì)分別為00，則坐標(biāo)原點(diǎn)在最高電勢(shì)點(diǎn)和最低電勢(shì)點(diǎn)連線的中點(diǎn)。所以坐標(biāo)原點(diǎn)O的電勢(shì)為0+022O==0取曲線③最高點(diǎn)電勢(shì)和最低點(diǎn)電勢(shì)來(lái)求電場(chǎng)強(qiáng)度0?02r00r0UE===d故C正確。D錯(cuò)誤。故選C。14.【答案】D【詳解】試題分析：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力如圖所示，F(xiàn)=qvB1由于小球隨玻璃管在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則豎直方向的洛倫茲力是恒力，由牛頓第二定律qvBqvB?mg=ma，a=?g，小球的加速度不隨時(shí)間變化，恒定不變，小球在豎直方向上的加速得：mv=aty度不變，小球做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向的速度隨時(shí)間均勻增加，故AB錯(cuò)誤；小F=qvB=qaBt球在水平方向受到的，小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件得：2yN=qaBtFNF是作用力與反作用力，由牛頓第三定N，玻璃管對(duì)小球的彈力與小球?qū)ΣＡЧ艿淖饔昧=F=F作用做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則N律得：，玻璃管在水平方向上受拉力F與NNF=N=F=qaBt，即，由此可知，拉力F與時(shí)間t成正比，故C錯(cuò)誤；管壁對(duì)小球的彈力做功P=Nv=qavBt的功率，P與t成正比，故D正確；考點(diǎn)：考查了導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】對(duì)小球進(jìn)行受力分析時(shí)關(guān)鍵，根據(jù)小球的受力情況判斷，由牛頓第二定律求出加速度，判斷加速度與速度如何變化；對(duì)玻璃管受力分析，看拉力如何變化；最后由P=Fv判斷管壁對(duì)小球彈力的功率如何變化二、填空題（每空2分，共18分）15.【答案】①.0.754##0.755##0.756②.1.0③.等于.）[1]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為固定刻度與可動(dòng)刻度之和，故圖中所測(cè)金屬絲的直徑為+25.5=（2）[2]根據(jù)逐差法可得物體運(yùn)動(dòng)的加速度為??2CDBC(4.903.90)10a==22T20.12（3）[3][4]根據(jù)單擺的周期公式l+rT=g解得gl=2T?r2則出現(xiàn)圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是將擺線長(zhǎng)當(dāng)作單擺的擺長(zhǎng)，由圖可知gb=22?1解得b2g=2?1可知他求得的重力加速度g等于真實(shí)值。16.【答案】①..③.1.0④.電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大⑤.AC##CA）[1]使大部分點(diǎn)落在直線上，不能落在直線上的點(diǎn)均勻分布在直線兩側(cè)，如圖（2）[2][3]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得UE=U+rR整理得RR=E?rU由圖像可得()6??1RE=k==V=2.8V?0，r=b=ΩR2.5U（3）[4]由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，所以在電路中分流，從而帶來(lái)系統(tǒng)誤差。（4）[5]AB．電池組的內(nèi)電阻熱功率E?U)21=r則對(duì)于相同的U值，則越大，對(duì)應(yīng)的越小，正確，錯(cuò)誤；rPAB1CD．總功率E?U2=EI=Er則對(duì)相同的U值，越大，越小，正確，錯(cuò)誤。rPCD2故選AC。三、計(jì)算題（本題共4個(gè)小題，共40分。解答時(shí)應(yīng)畫(huà)出必要的受力圖，寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明和原始方程。只寫(xiě)出最后答案不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中要明確寫(xiě)出數(shù)值和單位）17.1）（22.6m/s2）41.6W）木箱受重力、支持力、拉力以及摩擦力作用，受力如下圖所示（2）對(duì)木箱受力分析，在豎直方向，根據(jù)平衡條件有FN+Fsinθ-=0在水平方向，根據(jù)牛頓第二定律有Fcosθ-f=ma又因?yàn)槟Σ亮閒=μFN解得加速度為a=2.6m/s2（3）2s末的速度v=at=5.2m/s拉力F的瞬時(shí)功率P=Fvcos=105.20.8W=41.6W18.1）離子經(jīng)過(guò)磁分析器的過(guò)