河北師大附中2024屆物理高二上期中質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

河北師大附中2024屆物理高二上期中質(zhì)量檢測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于路程和位移的關(guān)系中，以下說(shuō)法中正確的是A．物體通過(guò)的路程不同，位移一定不同B．物體通過(guò)的路程一定大于或等于位移的大小C．物體向某一方向做直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的路程就是位移D．物體沿某一直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)的路程等于位移的大小2、湯姆生用來(lái)測(cè)定電子比荷的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．從真空管中K極發(fā)射的一束電子初速度近似為零經(jīng)KA間的電場(chǎng)加速后，穿過(guò)中心的小孔沿中心軸的方向進(jìn)入到兩塊平行極板P和P間的區(qū)域最后打在熒光屏的中心O點(diǎn)處，形成一個(gè)亮點(diǎn)．已知KA間加速電壓大小為U，電子電荷量大小為e、質(zhì)量為m．下列說(shuō)法正確的是A．電子到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為B．若在PP間加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則亮點(diǎn)將出現(xiàn)在點(diǎn)下方C．若在間加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，則電子通過(guò)間的時(shí)間比不加電場(chǎng)時(shí)長(zhǎng)D．若在間同時(shí)加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則亮點(diǎn)仍可能出現(xiàn)在點(diǎn)3、如圖所示,A,B為兩塊豎直放置的平行金屬板,G是靜電計(jì),開(kāi)關(guān)S合上后,靜電計(jì)指針張開(kāi)一個(gè)角度.下述做法可使指針張角增大的是()A．使A,B兩板靠近些B．使A,B兩板正對(duì)面積錯(cuò)開(kāi)些C．?dāng)嚅_(kāi)S后,使B板向左平移減小板間距離D．?dāng)嚅_(kāi)S后,使A,B板錯(cuò)位正對(duì)面積減小4、一個(gè)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖中曲線AB所示，平行的虛線a、b、c、d表示該電場(chǎng)中的四個(gè)等勢(shì)面．不計(jì)粒子重力，下列說(shuō)法中正確的是()A．該粒子一定帶正電B．四個(gè)等勢(shì)面中a等勢(shì)面的電勢(shì)一定最低C．該粒子由A到B過(guò)程中動(dòng)能一定逐漸減小D．該粒子由A到B過(guò)程中電勢(shì)能一定逐漸減小5、如圖所示，a、b、c、d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中的四個(gè)等勢(shì)面，一個(gè)電子射入電場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線MN所示，由此可知（）A．電子在N的動(dòng)能小于在M的動(dòng)能B．電子在N的電勢(shì)能小于在M的電勢(shì)能C．電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左D．電場(chǎng)中，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)6、如圖所示，甲、乙兩人各站在靜止小車的左右兩端，車與地面之間無(wú)摩擦，當(dāng)她倆同時(shí)相向運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)小車向右運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法不正確的是（）A．乙的動(dòng)量必定大于甲的動(dòng)量B．乙對(duì)小車的沖量必定小于甲對(duì)小車的沖量C．甲、乙和車組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒D．甲、乙動(dòng)量總和必定不為零二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，其方向與水平方向成∠α=30°斜向右上，在電場(chǎng)中有一質(zhì)量為m、電量為q的帶電小球，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線掛于O點(diǎn)，當(dāng)小球靜止于M點(diǎn)時(shí)，細(xì)線恰好水平.現(xiàn)用外力將小球拉到最低點(diǎn)P，然后無(wú)初速度釋放，則以下判斷正確的是A．小球從P點(diǎn)釋放后到達(dá)M點(diǎn)時(shí)，速度剛好為零B．小球從P到M過(guò)程中，合外力對(duì)它做了的功C．小球從P到M過(guò)程中，小球的機(jī)械能增加了D．若小球可以做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則小球在P點(diǎn)釋放的初速度至少為8、如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計(jì)．閉合電鍵，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I；在滑動(dòng)變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過(guò)程中A．U先變大后變小 B．I先變小后變大C．U與I比值先變大后變小 D．U變化量與I變化量比值等于R39、如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為光敏電阻，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開(kāi)關(guān)S后，若增大照射光強(qiáng)度，則（）A．小燈泡的功率增大B．電容器上的電荷量增加C．電源的輸出功率增大D．兩表示數(shù)變化量的比值||不變10、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡L能正常發(fā)光．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，下列判斷正確的是()A．燈泡L變亮B．電源內(nèi)部消耗的功率減小C．流過(guò)R0的電流方向?yàn)閺挠蚁蜃驞．電容器C的電荷量增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)要測(cè)定一個(gè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，有下列器材供使用一個(gè)待測(cè)的蓄電池、兩塊規(guī)格不同的電流表：電流表A1（量程0~2mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω），電流表A2（量程0~0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω），滑動(dòng)變阻器R1（0~30Ω,1.0A），電阻箱R0（0~9999.9Ω），開(kāi)關(guān)和若干導(dǎo)線該同學(xué)想利用其中的一個(gè)電流表和電阻箱改裝成一塊電壓表，其量程為0~3V，并設(shè)計(jì)了如圖所示的甲、乙兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是_______（選填“甲”或“乙”）電路；應(yīng)將R0的阻值調(diào)為_(kāi)_________Ω。該同學(xué)根據(jù)合理電路所繪出的I1-I2圖象（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)）。根據(jù)該圖線可得被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=______________V，內(nèi)阻r=____________Ω.（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）12．（12分）小明同學(xué)認(rèn)為合力一定大于分力。小紅同學(xué)通過(guò)“探究力的合成”的實(shí)驗(yàn)作出力的圖示，如圖所示。由圖可知，F(xiàn)1、F2、F中，最小的是_______，合力為_(kāi)_____；由此可以判斷，小明的認(rèn)識(shí)是_______的（選填“正確”或“不正確”）；若保持分力大小不變，僅使它們之間的夾角變小，合力會(huì)_______（選填“變大”“變小”或“不變”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，三個(gè)點(diǎn)電荷q1、q2、q3固定在一直線上，q1與q2間距離為L(zhǎng)，q2與q3間距離的3L，每個(gè)電荷所受靜電力的合力均為零，求q1、q2、q3的電荷量之比。14．（16分）我校物理興趣小組同學(xué)決定舉行遙控賽車比賽，比賽路徑如圖所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的賽車從起點(diǎn)A出發(fā)，沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)L后，由B點(diǎn)進(jìn)入半徑為R的光滑豎直半圓軌道，并通過(guò)半圓軌道的最高點(diǎn)C，才算完成比賽。B是半圓軌道的最低點(diǎn)，水平直線軌道和半圓軌道相切于B點(diǎn)。已知賽車質(zhì)量m＝0.5kg，通電后以額定功率P＝2W工作，進(jìn)入豎直圓軌道前受到的阻力恒為Ff＝0.4N，隨后在運(yùn)動(dòng)中受到的阻力均可不計(jì)，L＝10.00m，R＝0.32m，（g取10m/s2）。求：（1）要使賽車完成比賽，賽車在半圓軌道的C點(diǎn)速度至少多大？（2）要使賽車完成比賽，賽車在半圓軌道B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力至少多大？（3）要使賽車完成比賽，電動(dòng)機(jī)至少工作多長(zhǎng)時(shí)間？（4）若電動(dòng)機(jī)工作時(shí)間為t0＝5s，當(dāng)R為多少時(shí)賽車既能完成比賽且飛出的水平距離又最大，水平距離最大是多少？15．（12分）桌面上放著一個(gè)單匝矩形線圈，線圈中心上方一定高度上有一豎直的條形磁鐵，此時(shí)線圈內(nèi)的的磁通量為0.04Wb．把條形磁鐵豎直放在線圈內(nèi)的桌面上時(shí)，線圈內(nèi)的磁通量為0.12Wb．分別計(jì)算以下兩個(gè)過(guò)程中線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．（1）把條形磁鐵從圖中位置在0.5s內(nèi)放到線圈內(nèi)的桌面上；（2）換用10匝的矩形線圈，線圈面積和原單匝線圈相同，把條形磁鐵從圖中位置在0.1s內(nèi)放到線圈內(nèi)的桌面上

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解題分析】由A地到B地有不同的到達(dá)路徑，但是兩點(diǎn)之間的位移是一定的，故物體通過(guò)的路程不相等時(shí)位移可能相等，故A錯(cuò)誤．路程一定是大于或等于位移的大小，故B正確；路程是標(biāo)量沒(méi)有方向，位移是矢量，有方向，故在任何時(shí)候不能直接說(shuō)路程和位移相同，故C錯(cuò)誤．只有物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)的路程才等于位移的大小，故D錯(cuò)誤．故選B．點(diǎn)睛：必須要知道位移和路程的區(qū)別，首先是位移是矢量，路程是標(biāo)量；其次位移描述位置變化，路程描述路徑長(zhǎng)度．2、D【解題分析】

由動(dòng)能定理可求得電子到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度；在PP間加電場(chǎng)或磁場(chǎng)時(shí)，通過(guò)分析受力得出電子的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，從而分析各個(gè)選項(xiàng)．【題目詳解】由動(dòng)能定理得：，解得：，故A錯(cuò)誤；若在PP間加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電子在PP間受到的電場(chǎng)力向上，電子將向上偏轉(zhuǎn)，所以亮點(diǎn)將出現(xiàn)在點(diǎn)上方，故B錯(cuò)誤；若在PP間加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電子在PP間運(yùn)動(dòng)時(shí)水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間，不變，故C錯(cuò)誤；若在間同時(shí)加向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電子進(jìn)入PP間受到的電場(chǎng)力向上，洛倫茲力向上，若滿足，則電子將做勻速運(yùn)動(dòng)，亮點(diǎn)仍出現(xiàn)在點(diǎn)，故D正確；故選D．【題目點(diǎn)撥】本題是帶電粒子在電場(chǎng)、復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，類平拋運(yùn)動(dòng)根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解法研究，電子在復(fù)合場(chǎng)中，是速度選擇器的原理，難度適中．3、D【解題分析】

靜電計(jì)是檢測(cè)電壓的儀器，電壓增大可增大指針張角，斷開(kāi)S后電容器電量不變，使B板向左平移一些，電容器的電容增大，由U=Q/C可知電壓減小，C錯(cuò)；同理D對(duì)；當(dāng)電容器極板與電源相連時(shí)兩極板電壓不變，張角不變，AB錯(cuò)4、D【解題分析】A、電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，所以電場(chǎng)沿豎直方向，從帶電粒子的軌跡AB可知，電場(chǎng)力豎直向上，由于不知電勢(shì)的高低，因而無(wú)法確定電場(chǎng)線的方向，故粒子的電性無(wú)法確定，故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)電場(chǎng)力與速度的夾角，可知電場(chǎng)力做正功，粒子的動(dòng)能增大，而電勢(shì)能則減小，故C錯(cuò)誤，D正確．故選：D．5、AD【解題分析】

AB．根據(jù)電場(chǎng)線方向與等勢(shì)線垂直可知，電場(chǎng)線方向必定在豎直方向，則電子所受的電場(chǎng)力必定在豎直方向。電子從M到N做曲線運(yùn)動(dòng)，所受的電場(chǎng)力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，所以可知電子所受的電場(chǎng)力方向應(yīng)豎直向下，與速度方向的夾角為鈍角，對(duì)電子做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增加，所以電子在N的動(dòng)能小于在M的動(dòng)能，在N的電勢(shì)能大于在M的電勢(shì)能，故A正確，B錯(cuò)誤；C．電子帶負(fù)電，電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，所以可知電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，得知a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，故D正確。故選AD?！绢}目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)電子的軌跡彎曲方向和電場(chǎng)線方向判斷出電場(chǎng)力方向，運(yùn)用動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系進(jìn)行分析。6、B【解題分析】

C.甲乙兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選項(xiàng)C正確；AD.根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mAvA+mBvB+m車v車=0；小車向右運(yùn)動(dòng)，則說(shuō)明甲與乙兩人的總動(dòng)量向左，說(shuō)明乙的動(dòng)量大于甲的動(dòng)量，即兩人的總動(dòng)量不為零，故AD正確；B.因小車的動(dòng)量向右，說(shuō)明小車受到的總沖量向右，而乙對(duì)小車的沖量向右，甲對(duì)小車的沖量向左，故乙對(duì)小車的沖量一定大于甲對(duì)小車的沖量；故B錯(cuò)誤；本題選不正確的，故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解題分析】

A.當(dāng)小球靜止于點(diǎn)時(shí)，細(xì)線恰好水平，說(shuō)明重力和電場(chǎng)力的合力方向水平向右，點(diǎn)為等效最低點(diǎn)，因此小球從點(diǎn)釋放后到達(dá)點(diǎn)時(shí)，球在點(diǎn)速度最大，故A錯(cuò)誤；B.因拉力不做功，而電場(chǎng)力與重力合力為：合這個(gè)方向上位移為，所以合外力對(duì)它做功為：合合故B正確；C.由動(dòng)能定理知?jiǎng)幽茉黾恿繛椋褐亓?shì)能增加量為，則機(jī)械能增加量等于動(dòng)能增加量和重力勢(shì)能增加量之和，機(jī)械能的增加量為：故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)球能越過(guò)跟就對(duì)稱的點(diǎn)，即可做個(gè)完全的圓周運(yùn)動(dòng)，球的等效重力加速度：根據(jù)牛頓第二定律，則有：根據(jù)動(dòng)能定理，則有：解得：故D正確。8、BC【解題分析】由圖可知電壓表測(cè)量的是電源的電壓，由于電源內(nèi)阻忽略不計(jì)，則電壓表的示數(shù)總是不變，故A錯(cuò)誤；在滑動(dòng)變阻器的滑片P由a端滑到b端的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器的電阻先增大后減小，由于電壓不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流表示數(shù)先減小后增大，U與I的比值就是接入電路的的電阻與的電阻的和，所以U與I比值先變大后變小，故C正確；由于電壓表示數(shù)沒(méi)有變化，所以U變化量與I變化量比值等于0，故D錯(cuò)誤；【題目點(diǎn)撥】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的兩部分并聯(lián)在電路中時(shí)，在最中間時(shí)，電阻最大，滑片從一端移動(dòng)到另一端的過(guò)程中，電阻先增大后減小，9、AD【解題分析】

A．增大光強(qiáng)，電阻R2的電阻變小，電路中的總電阻變小，總電流變大，根據(jù)P=I2R可知，小燈泡的功率增大，選項(xiàng)A正確；B．電容器兩端電壓為燈泡與R2串聯(lián)后的分壓，因?yàn)榭傠娏髟龃?，所以?nèi)電阻和定值電阻R1的分壓均變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I（r+R1）可知，燈泡與R2串聯(lián)后的分壓變小，電容器兩端電壓變小，由Q=CU可知電容器上的電荷量減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．電源的輸出功率為：，由已知條件無(wú)法知道外電路總電阻與電源內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率無(wú)法確定，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．兩表測(cè)量的數(shù)據(jù)表示定值電阻兩端的電壓和流過(guò)定值電阻的電流，根據(jù)歐姆定律可知，兩表示數(shù)變化量的比值||不變，等于定值電阻的阻值，選項(xiàng)D正確．10、BD【解題分析】

AB、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值R增大，電流I=ER+RL+r減小，燈泡L的功率PL=IB、電源內(nèi)部消耗的功率PQ=ICD、路端電壓U=E-Ir增大，則電容器C的電荷量Q=CU增大，電容器C充電，流過(guò)R0的電流方向?yàn)閺淖笙蛴?，故C錯(cuò)誤，D正確；故選BD?！绢}目點(diǎn)撥】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、甲14901.48-1.500.840-0.849【解題分析】（1）上述器材中雖然沒(méi)有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，電路中電流最大不會(huì)超過(guò)1A，故電流表至少應(yīng)選擇0～0.6A量程，故應(yīng)將2mA電流表G串聯(lián)一個(gè)電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較小，故應(yīng)采用相對(duì)電源來(lái)說(shuō)的外接法，故甲乙兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是甲；要改裝的電壓表量程為0-3V，U=Ig（Rg1+R0），解得：R0（2）圖象與縱軸的交點(diǎn)得最大電流為1.48mA．根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識(shí)得電源兩端電壓為：U=I1（1490+10）=1500I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點(diǎn)得電動(dòng)勢(shì)為：E=1.48mA×1000Ω=1.48V

與橫軸的交點(diǎn)可得出路端電壓為1.1V時(shí)電流是0.45A，

由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可得：r=0.844Ω．

點(diǎn)睛：本題考查電源電