2024屆廣西南寧市馬山縣金倫中學(xué)、華僑、新橋、羅圩中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中達標(biāo)測試試題含解析

2024屆廣西南寧市馬山縣金倫中學(xué)、華僑、新橋、羅圩中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中達標(biāo)測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、把一個導(dǎo)體放入勻強電場中，靜電平衡時（）A．把一個負電荷從A移動到B，電場力做正功B．三點的場強相比，EA=EB=ECC．三點的電勢相比，φA>φB>φCD．導(dǎo)體內(nèi)感應(yīng)電荷的電場方向向左2、將帶正電的甲球放在乙球的左側(cè)，兩球在空間形成了如圖所示的穩(wěn)定的靜電場，實線為電場線，虛線為等勢線。A、B兩點與兩球球心的連線位于同一直線上，C、D兩點關(guān)于直線AB對稱，則()A．乙球一定帶負電B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷在A點具有的電勢能比其在B點具有的電勢能小D．把負電荷從C點移至D點，電場力做的總功為零3、目前世界上正在研究一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，它可以把氣體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能。如圖所示為它的發(fā)電原理圖.將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的離子，從整體上來說呈電中性）噴射入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，磁場中有兩塊正對面積為S，相距為d的平行金屬板，與外電阻R相連構(gòu)成電路.設(shè)氣流的速度為v，氣體的電導(dǎo)率（電阻率的倒數(shù)）為g，則流過外電阻R的電流強度I及電流方向為A．I=，A→R→BB．I=，B→R→AC．I=，A→R→BD．I=，B→R→A4、游客乘坐過山車，在圓弧軌道最低點處獲得的向心加速度達20m/s2，g取10m/s2，那么此位置的座椅對游客的作用力相當(dāng)于游客重力的()A．4倍 B．3倍 C．2倍 D．1倍5、如圖所示，在水平直導(dǎo)線正下方，放一個可以自由轉(zhuǎn)動的小磁針．現(xiàn)給直導(dǎo)線通以向右的恒定電流，不計其他磁場的影響，則下列說法正確的是（）A．小磁針保持不動B．小磁針的N極將向下轉(zhuǎn)動C．小磁針的N極將垂直于紙面向外轉(zhuǎn)動D．小磁針的N極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動6、如圖所示，滑輪A可沿傾角的足夠長軌道下滑，滑輪下用輕繩掛著一個重力為G的物體B，下滑時，物體B相對于A靜止，繩與豎直方向夾角為，則下滑過程中(不計空氣阻力)A．A、B的加速度為 B．A、B的加速度為C．繩的拉力為 D．滑輪A與軌道之間一定有摩擦二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域ABCD處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形的某一條邊平行，一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的小球由AC邊的中點，以垂直于該邊的水平初速度v0進入該正方形區(qū)域，當(dāng)小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為()A．m＋qEL B．m＋qELC．m D．m－qEL8、如圖所示，和為平行的虛線，上方和下方都是垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度相同的勻強磁場，AB兩點都在上．帶電粒子從A點以初速與成斜向上射出，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)后正好過B點，經(jīng)過B點時速度方向也斜向上，不計重力．下列說法中正確的是（）A．帶電粒子經(jīng)過B點時的速度一定跟在A點的速度相同；B．若將帶電粒子在A點時的初速度變大（方向不變），它仍能經(jīng)過B點；C．若將帶電粒子在A點時的初速度方向改為與成角斜向上，它就不一定經(jīng)過B點；D．粒子一定帶正電荷；9、在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示．圖中－x1～x1之間為曲線，且關(guān)于縱軸對稱，其余均為直線，也關(guān)于縱軸對稱．下列關(guān)于該電場的論述正確的是()A．x軸上各點的場強大小相等B．從-x1到x1場強的大小先減小后增大C．一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在-x1點的電勢能D．一個帶正電的粒子在－x1點的電勢能小于在-x2點的電勢能10、如圖所示，把四個相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，且兩個電路的總功率相等．則這兩個電路中的U甲、U乙、R甲、R乙之間的關(guān)系，正確的是()A．U甲>2U乙 B．U甲＝2U乙C．R甲＝4R乙 D．R甲＝2R乙三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在學(xué)校實驗室中測繪一只“2.5V，0.5W”小燈泡的伏安特性曲線，實驗室備有下列實驗器材：A．電壓表V(量程0～3～15V，內(nèi)阻很大)B．電流表A(量程0～0.6A～3A，內(nèi)阻約為)C．變阻器R1(0～，0.6A)D．變阻器R2(0～2000，0.1A)E．電池組E(電動勢為3V，內(nèi)阻約為0.3)F．開關(guān)S，導(dǎo)線若干(1)實驗中應(yīng)選用的滑動變阻器為____________；（填“R1”或“R2”）(2)請根據(jù)你所設(shè)計電路圖，用筆畫線代替導(dǎo)線，將下圖中的實物圖連成完整的實驗電路。（在答題卷上連線）______________(3)在實驗中，電流表示數(shù)比小燈泡中的電流_______；﹙填“偏大”、“偏小”或“相等”﹚(4)下圖是實驗中得到的I-U圖像，若I-U圖像中的虛線Ⅰ或Ⅱ表示小燈泡真實的伏安特性曲線，與實驗中得到的實線相比，虛線______（填Ⅰ或Ⅱ）才是其真實的伏安特性曲線。12．（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。（1）為了完成本實驗，下列必須滿足的條件是_______。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C．入射球和被碰球大小必須相同D．入射球每次必須從軌道同一位置由靜止?jié)L下（2）實驗中測得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影。實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測物理量滿足表達式_______時，即說明兩球碰撞過程動量守恒；如果滿足表達式_______時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一電荷量為q(q＞0)、質(zhì)量為m的帶電粒子在勻強電場的作用下，在t＝0時由靜止開始運動，場強隨時間變化的規(guī)律如圖所示．不計重力．求在t＝0到t＝T的時間間隔內(nèi)：(1)粒子位移的大小和方向；(2)粒子沿初始電場反方向運動的時間．14．（16分）直流電動機在生產(chǎn)、生活中有著廣泛的應(yīng)用．如圖所示，一直流電動機M和電燈L并聯(lián)之后接在直流電源上，電動機內(nèi)阻r1＝0.5Ω，電燈燈絲電阻R＝9Ω(阻值認為保持不變)，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r2＝1Ω，開關(guān)S閉合，電動機正常工作時，電壓表讀數(shù)為9V．求：(1)流過電源的電流；(2)流過電動機的電流；(3)電動機對外輸出的機械功率．15．（12分）如圖所示，豎直平行正對放置的帶電金屬板A、B，B板中心的小孔正好位于平面直角坐標(biāo)系xOy的O點；y軸沿豎直方向；在x＞0的區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強電場，電場強度大小為V/m；比荷為1.0×105C/kg的帶正電的粒子P從A板中心O′處靜止釋放，其運動軌跡恰好經(jīng)過M(4，3)點；粒子P的重力不計，試求：（1）金屬板AB之間的電勢差UAB；（2）若在粒子P經(jīng)過O點的同時，在y軸右側(cè)勻強電場中某點靜止釋放另一帶電粒子Q，使P、Q恰能在運動中相碰；假設(shè)Q的質(zhì)量是P的2倍、帶電情況與P相同；粒子Q的重力及P、Q之間的相互作用力均忽略不計；求粒子Q所有釋放點坐標(biāo)(x，y)滿足的關(guān)系。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．達到靜電平衡后，整個的導(dǎo)體是等勢體，所以將負電荷在AB間移動時，電場力不做功；故A錯誤；

B．達到靜電平衡后，整個的導(dǎo)體內(nèi)部場強為零，所以A與B點的電場強度都是0，而C點的電場強度不是0，故B錯誤；C．AB處在同一等電勢點上，電勢相等，且AB的電勢高于C點的電勢；故C錯誤；

D．由于原電場向右，則感應(yīng)電場的方向與原電場方向相反，即感應(yīng)電荷的電場方向向左；故D正確；

故選D。2、D【解題分析】

由圖可得，電場線從左側(cè)入乙球，電場線又從乙球的右側(cè)出來，指向無窮遠處，所以乙球整體可能不帶電。故A錯誤；因為電場強度是矢量，C點與D點方向不同，所以電場強度不同，故B錯誤。由圖可得A比B點處于離正電荷更近的等勢面上，所以A點的電勢高于B點的電勢，正電荷在A點具有的電勢能比其在B點具有的電勢能大，所以C錯誤。CD在同一電勢能面上，移動電荷不做功，所以D正確。故選D?！绢}目點撥】遇到涉及電場線和等勢線的題目，要抓住電場線與等勢線處處垂直的特點，以及沿電場線方向電勢逐漸降低，然后再討論．3、C【解題分析】根據(jù)左手定則知正電荷向上偏,負電荷向下偏,上極板帶正電,下極板帶負電,所以流過外電阻R的電流方向為A→R→B.最終電荷處于平衡有：qvB=qEd,解得電動勢E=Bdv.內(nèi)電阻,根據(jù)閉合電路歐姆定律有：=，故C正確，ABD錯誤。故選：C.點睛：正、負粒子進入磁場，受洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則判斷出正負電荷的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定極板的正負極，確定出電流在外電路中的流向．最終電荷受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出電動勢的大小，從而根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流的大小．4、B【解題分析】

根據(jù)牛頓第二定律得，N-mg=ma，解得N=mg+ma=10m+20m=30m=3mg，故B正確，ACD錯誤．5、D【解題分析】

通入如圖所示的電流時，根據(jù)安培定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，由于小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，所以小磁針的N極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動，故D正確，ABC錯誤．故選D．6、D【解題分析】

以B為研究對象進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小，根據(jù)力的合成與分解求解繩子拉力大小，如果沒有摩擦力，繩子應(yīng)該與斜面垂直；【題目詳解】A、以B為研究對象，受力情況如圖所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可得合力大小為，

根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為：，AB錯誤；

C、繩子的拉力大小為，C錯誤；

D、由AB相對靜止，則AB具有共同加速度，假設(shè)滑輪不受摩擦力時，對整體分析，其加速度，則輕繩應(yīng)該與斜面垂直，所以滑輪受摩擦力作用，D正確．【題目點撥】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分析、進行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進行解答，注意整體法和隔離法的應(yīng)用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

要考慮電場方向的可能性，如圖，可能平行于AB向左或向右，也可能平行于AC方向，分析電場力做功情況，然后根據(jù)動能定理求解即可．【題目詳解】若電場方向平行AB，則粒子做加速或減速直線運動，則離開電場時電場力做功W=EqL，若做加速運動，則為若為減速運動，則為：電場力與初速度方向相互垂直，小球發(fā)生偏轉(zhuǎn)，電場力一定做正功；假設(shè)受電場力向上，粒子從AB邊離開時，電場力做功為，根據(jù)動能定理得：解得：若從BD邊離開，則電場力做功可能為0到，根據(jù)動能定理可知，粒子動能可能為：到故應(yīng)選BC．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵分析電場力可能的方向，判斷電場力與重力做功情況，再根據(jù)動能定理求解動能，注意找出所有可能的運動情況才能準(zhǔn)確求解，要注意明確電場處在水平地面上，而不是豎直平面．8、AB【解題分析】

畫出帶電粒子運動的可能軌跡，B點的位置可能有下圖四種：A.如圖，粒子B的位置在B2、B3時速度方向也斜向上，速度跟在A點時的速度大小相等，方向相同，速度相同．故A正確；B.根據(jù)軌跡，粒子經(jīng)過邊界L1時入射點與出射點間的距離與經(jīng)過邊界L2時入射點與出射點間的距離相同，與速度無關(guān)，所以當(dāng)初速度大小稍微增大一點，但保持方向不變，它仍能經(jīng)過B點，故B正確；C.如圖，設(shè)L1與L2

之間的距離為d，則A到B2的距離為：，所以，若將帶電粒子在A點時初速度方向改為與L2成60°角斜向上，它就只經(jīng)過一個周期后一定不經(jīng)過B點，故C錯誤；D.如圖，分別是正負電荷的軌跡，正負電荷都可能，故D錯誤。故選AB。【題目點撥】帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動問題，關(guān)鍵是畫出粒子圓周的軌跡．往往要抓住圓的對稱性．9、BD【解題分析】試題分析：φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故A錯誤；從-x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故B正確；由圖可知，場強方向均指向O，根據(jù)對稱性可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在-x1點的電勢能，故C錯誤；電場線指向O點，則負電荷由-x1到-x2的過程中電場力做正功，故電勢能減小，故帶負電的粒子在-x1點的電勢能大于在-x2的電勢能，故D正確；故選BD．考點：電場強度；電勢及電勢能【名師點睛】本題關(guān)鍵要理解φ-t圖象的斜率等于場強，由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化．10、BC【解題分析】

AB．甲乙兩電路的總功率相等，得:,A錯B對；CD．兩電路的功率相等則：，即，C對D錯．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R1偏大Ⅱ【解題分析】(1)在學(xué)校實驗室中測繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓從0開始，滑動變阻器要采用分壓式，滑動變阻器阻值要選小的，故選R1；(2)小燈泡阻值不大，電流表要采用外接法，故實物圖為；(3)在實驗中，電壓表分流使電流表示數(shù)比小燈泡中的電流偏大；(4)電流表要采用外接法，電壓表分流使電流表示數(shù)偏大，故小燈泡電阻測量值偏小，與實驗中得到的實線相比，虛線Ⅱ才是其真實的伏安特性曲線。12、ACDm1·OP=m1·OM＋m2·ON【解題分析】

(1)[1]A．要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B．為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯誤；C．為了使兩球發(fā)生對心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)[2]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則又代入得[3]若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得將代入得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解題分析】

粒子在0～T/4、T/4～T/2、T/2～3T/4、3T/4～T時間間隔內(nèi)做勻變速運動，設(shè)加速度分別為a1、a2、a3、a4，由牛頓第二定