2024屆湖南省瀏陽市六校聯(lián)考高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2024屆湖南省瀏陽市六校聯(lián)考高二物理第一學(xué)期期中聯(lián)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，O、P、Q三點(diǎn)不在一條直線上，OP<OQ，在O處有一正點(diǎn)電荷．若P、Q兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度分別為EP、EQ，則（）A．EP<EQ，且方向相同 B．EP>EQ，且方向相同C．EP<EQ，且方向不同 D．EP>EQ，且方向不同2、一根長為L，橫截面積為S的金屬棒，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流I，則自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為A．neSLm B． C． D．3、下列各組物理量中均為矢量的是（）A．路程和位移B．速度和加速度C．力和功D．電場強(qiáng)度和電勢4、下面是某同學(xué)對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與場源電荷所帶電荷量有關(guān)B．根據(jù)電勢差的定義式可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場力做功為1J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢差為1VC．根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷所帶的電荷量成反比D．根據(jù)電容的定義式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比5、關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，速度和加速度都在改變B．只要物體做圓周運(yùn)動(dòng)，它所受的合外力一定指向圓心C．做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，受到的合外力可以是恒力D．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)物體，只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，6、電路如圖所示.接通電路后三個(gè)燈的電阻都相等.那么三個(gè)燈消耗的電功率P1、P2、P3之間的關(guān)系是（）A．P1=P2=P3B．P1=P2＞P3C．P1=P2=12PD．P3=4P1=4P2二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，下板接地，兩極板間的A處固定了一個(gè)帶負(fù)電的電荷q.若將電容器的上板稍上移一些，其他條件不變，則()A．電容器的帶電荷量減少B．電容器兩極板間的場強(qiáng)減小C．板間A處的電勢升高D．電荷q的電勢能變大8、如圖所示，帶有正電荷的A粒子和B粒子同時(shí)從勻強(qiáng)磁場的邊界上的P點(diǎn)以等大的速度，以與邊界成30°和60°的夾角射入磁場，又都恰好不從另一邊界飛出，設(shè)邊界上方的磁場范圍足夠大，下列說法中正確的是（

）A．A、B兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為1B．A、B兩粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為3C．A、B兩粒子的m/q之比為1D．A、B兩粒子的m/q之比為39、如圖所示，傾角為θ的絕緣斜面固定在水平面上，當(dāng)質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的滑塊沿斜面下滑時(shí)，在此空間突然加上豎直方向的勻強(qiáng)電場，已知滑塊受到的電場力小于滑塊的重力．則：A．若滑塊勻速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊將加速下滑B．若滑塊勻速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊仍勻速下滑C．若滑塊勻減速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊仍減速下滑，但加速度變小D．若滑塊勻加速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊仍以原加速度加速下滑10、如圖所示，在真空中有兩個(gè)等量的正電荷q1和q2，分別固定在A、B兩點(diǎn)，DCE為AB連線的中垂線，現(xiàn)將一個(gè)正電荷q由c點(diǎn)沿CD移到無窮遠(yuǎn)，則在此過程中（）A．電勢能逐漸減小B．電勢能逐漸增大C．q受到的電場力逐漸減小D．q受到的電場力先逐漸增大后逐漸減小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中，所用器材有：小電珠（2.5V，0.6W），滑動(dòng)變阻器，電流表，學(xué)生電源，開關(guān)，導(dǎo)線若干．①利用小電珠的標(biāo)稱值可估算出小電珠正常工作時(shí)的電阻值約為________Ω．（計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）②請根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理圖A完成實(shí)物圖B中的連線_______．③開關(guān)閉合前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P置于________端．為使小電珠亮度增加，P應(yīng)由中點(diǎn)向__________端滑動(dòng)．④下表為電壓等間隔變化測得的數(shù)據(jù)，為了獲得更準(zhǔn)確的實(shí)驗(yàn)圖象，必須在相鄰數(shù)據(jù)點(diǎn)_______間多測幾組數(shù)據(jù)（請?zhí)顚憽癮b”“bc”“cd”“de”或“ef”）．?dāng)?shù)據(jù)點(diǎn)abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244⑤下列圖象能正確表示小燈泡的伏安特性曲線的是_______．12．（12分）將一銅片和一鋅片分別插入一個(gè)蘋果內(nèi)，就構(gòu)成了簡單的“水果電池”，其電動(dòng)勢約為1.5V．可是這種電池并不能點(diǎn)亮額定電壓為1.5V、額定電流為0.3A的手電筒上的小燈泡，原因是流過小燈泡的電流太小了，經(jīng)實(shí)驗(yàn)測得還不足3mA．為了較精確地測定該水果電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，提供的實(shí)驗(yàn)器材有：A．電流表A1(量程0～3mA，內(nèi)阻約為0.5Ω)B．電流表A2(量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ω)C．電壓表V(量程0～1.5V，內(nèi)阻約為3kΩ)D．滑動(dòng)變阻器1(阻值0～10Ω，額定電流為1A)E．滑動(dòng)變阻器2(阻值0～3kΩ，額定電流為1A)F．電鍵，導(dǎo)線若干G．水果電池（1）實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______(均用序號字母表示)．（2）請?jiān)谔摼€框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，（有錯(cuò)不給分）．（________）（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)，經(jīng)描點(diǎn)、連線得到水果電池的路端電壓隨電流變化的圖象如圖所示，由圖可知：水果電池的電動(dòng)勢＝____V，內(nèi)阻r＝________Ω.（保留3位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）水平放置的兩塊平行金屬板長L，兩板間距d，兩板間電壓為U，且上板帶正電，一個(gè)電子沿水平方向以速度v0從兩板中間射入，如圖所示，已知電子質(zhì)量為m，電荷量為e.(電子的重力不計(jì))（1）求電子飛出電場時(shí)側(cè)位移y.（2）求電子飛出電場時(shí)的速度大小v1.（3）電子離開電場后，打在屏上的P點(diǎn)，若平行金屬板右端到屏的距離為s，求OP的長．14．（16分）反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似．已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢φ隨x的分布如圖所示．一質(zhì)量m=1.0×10﹣20kg，電荷量q=1.0×10﹣9C的帶負(fù)電的粒子從（﹣1，0）點(diǎn)由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運(yùn)動(dòng)．忽略粒子的重力等因素．求：（1）x軸左側(cè)電場強(qiáng)度E1和右側(cè)電場強(qiáng)度E2的大小之比；（2）該粒子運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能Ekm；（3）該粒子運(yùn)動(dòng)的周期T．15．（12分）如圖所示，粗糙弧形軌道和兩個(gè)光滑半圓軌道組成翹尾巴的S形軌道．光滑半圓軌道半徑為R=0.2m，兩個(gè)光滑半圓軌道連接處C、D之間留有很小的空隙，剛好能夠使小球通過，C、D之間距離可忽略．粗糙弧形軌道最高點(diǎn)A與水平面上B點(diǎn)之間的高度為h=1.5m．從A點(diǎn)靜止釋放一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，小球沿翹尾巴的S形軌道運(yùn)動(dòng)后從E點(diǎn)水平飛出，落到水平地面上，落點(diǎn)到與E點(diǎn)在同一豎直線上B點(diǎn)的距離為s=1m．已知小球質(zhì)量為m=0.8kg，不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2，求：（1）小球從E點(diǎn)水平飛出時(shí)的速度大??；（2）小球運(yùn)動(dòng)到半圓軌道的B點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力；（3）小球沿翹尾巴S形軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)克服摩擦力做的功．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

點(diǎn)電荷周圍的電場的方向由正點(diǎn)電荷指向外，可知P與Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向不同；由點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的公式：，可知因?yàn)榫嚯xOP<OQ，所以EP>EQ，故D正確，ABC錯(cuò)誤．2、C【解題分析】

由電流的微觀表達(dá)式可得，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為故C正確。3、B【解題分析】位移、速度、加速度、力和電場強(qiáng)度都是既有大小又有方向的物理量，都是矢量；而路程、功和電勢都是只有大小無方向的物理量，都是標(biāo)量；故選項(xiàng)B正確.4、A【解題分析】根據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式：可知，Q是場源電荷，所以電場中某點(diǎn)電場強(qiáng)度與場源電荷的電量成正比，與該點(diǎn)到場源電荷距離的平方成反比，故A正確；根據(jù)電勢差的定義式：知，帶電量為1C正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場力做功為1J，即電場力做功為-1J，則A、B點(diǎn)的電勢差為-1V，故B錯(cuò)誤；電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以不能理解成電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和試探電荷的電量成反比，故C錯(cuò)誤；電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，取決于電容器本身的性質(zhì)，并不與電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比，故D錯(cuò)誤。所以A正確，BCD錯(cuò)誤。5、C【解題分析】

做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，速度不斷變化，而加速度可以不變，如平拋運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的合外力不一定是其向心力，指向圓心的合力是向心力，故B錯(cuò)誤；做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，受到的合外力可以是恒力，如平拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；物體只要受到垂直于初速度方向的力作用且力的大小不變，就一定能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤．所以C正確，ABD錯(cuò)誤．6、D【解題分析】

L1、L2并聯(lián)所以電壓相等，兩個(gè)燈的電阻又相等，所以電流也相等，即I1=I2，而I3=I1+I2=2I1，根據(jù)P=I2R可知：P3=4故選D?！绢}目點(diǎn)撥】關(guān)鍵是由串并聯(lián)電路的特點(diǎn)求出三個(gè)燈泡電流之間的關(guān)系，再根據(jù)P=I2二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解題分析】

平行板電容器與電池組相連，兩端的電勢差不變，當(dāng)A極板上移后，d增大，根據(jù)C=?S4πkd，電容C減小，則由Q=CU可知，電荷量減?。还蔅、因電勢差不變，根據(jù)E=Ud可知，兩極板間的場強(qiáng)減小，故C、因電場強(qiáng)度E減小，而P點(diǎn)到下極板間距也不變，得出A點(diǎn)的電勢減小，故C錯(cuò)誤；D、因A點(diǎn)電勢減小，電荷帶負(fù)電，則根據(jù)EA=qφ故選：ABD?！绢}目點(diǎn)撥】電容器始終與電源連接，兩端的電勢差不變，A極板向上移動(dòng)一小段距離穩(wěn)定后，電容發(fā)生變化，根據(jù)Q=CU判斷帶電量的變化，根據(jù)E=Ud，判斷電場強(qiáng)度的變化，可以根據(jù)U=Ed判斷P點(diǎn)與正極板間電勢差的變化，從而得出解決本題的關(guān)鍵知道電容器與電源始終相連，兩端間的電勢差不變.電容器與電源斷開，電容器的電量保持不變．8、BD【解題分析】試題分析：由題意知，粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)，得：，由幾何關(guān)系可得：對粒子B：Rcos60°+R=d，對粒子A有：rcos30°+r=d，聯(lián)立解得：，所以A錯(cuò)誤；B正確；再根據(jù)，可得A、B兩粒子mq之比是32+3，故C錯(cuò)誤；D正確?？键c(diǎn)：本題考查帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)9、BC【解題分析】

由題意可知考查力的平衡和牛頓第二定律應(yīng)用，根據(jù)平衡條件和牛頓第二定律分析可得?！绢}目詳解】A.若滑塊勻速下滑，，加上豎直向上的電場后，滑塊受到豎直向上的電場力作用，設(shè)電場力為F，滑塊繼續(xù)勻速度運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.若滑塊勻速下滑，，加上豎直向下的電場后，滑塊受到豎直向下的電場力作用，設(shè)電場力為F，，說明滑塊仍勻速下滑，故B正確。C.若滑塊勻減速下滑，加上豎直向上的電場后，滑塊仍減速下滑，合力減小，加速度變小，故C正確；D.若滑塊勻加速下滑，加上豎直向下的電場后，滑塊受到的合力增大，加速度增大，故D錯(cuò)誤?！绢}目點(diǎn)撥】滑塊原來勻速運(yùn)動(dòng)，受力平衡，加上電場后合力為零，仍做勻速運(yùn)動(dòng)。若滑塊向下做勻加速、勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律列出方程求出開始時(shí)的加速度，加電場力后受力分析根據(jù)牛頓第二定律列出方程求出后來加速度，比較先后加速度的大小可得。10、AD【解題分析】解：AB，由題，q1、q2是兩個(gè)等量的正電荷，作出中垂線CD上電場線如圖，根據(jù)順著電場線電勢降低，可知正電荷q由C點(diǎn)沿CD移至無窮遠(yuǎn)的過程中，電勢不斷降低，電場力做正功，其電勢能不斷減?。蔄正確，B錯(cuò)誤．CD、根據(jù)電場的疊加可知，C點(diǎn)的場強(qiáng)為零，而無窮遠(yuǎn)處場強(qiáng)也為零，所以由C點(diǎn)沿CD移至無窮遠(yuǎn)的過程中，場強(qiáng)先增大，后減小，q受到的電場力先逐漸增大，后逐漸減?。蔆錯(cuò)誤，D正確．故選AD．【點(diǎn)評】對于等量同種和等量異種電荷電場線、等勢面的分布情況要掌握，這是考試的熱點(diǎn)．特別是抓住電荷連線的中垂線電場線與等勢面的特點(diǎn)．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10ababA【解題分析】①根據(jù)，帶入數(shù)據(jù)可得：②由原理圖可知，電路采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，電流表采用外接法；則先連接分壓電路，再并聯(lián)測量電路；答案如圖所示：③為了測量安全，開始時(shí)測量電路的電壓應(yīng)為零；由圖可知，測量電路與左側(cè)并聯(lián)；故開始時(shí)滑片應(yīng)滑到a側(cè)；與測量部分并聯(lián)電阻越大，則燈泡兩端電壓越大，則應(yīng)將滑片向b端移動(dòng)．④因ab兩段上電流變化較大，故為了更精確的畫出I-U圖象，在ab段內(nèi)應(yīng)多測幾組數(shù)據(jù)．⑤因燈泡電阻隨溫度的升高而增大，故在I-U圖象中應(yīng)為斜率越來越小的曲線；故選A12、AE1.35450【解題分析】

(1)[1]電流約為3mA，故電流表選擇A；[2]電源的內(nèi)阻大約若選用0～10Ω的滑動(dòng)變阻器，移動(dòng)滑片，電流基本不變，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選E；(2)[3]由題意可知水果電池內(nèi)阻較大，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，相對于電源來說，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，電路圖如圖所示(3)[4]由圖示電源U-I圖線可知，圖象與縱軸截距為1.35，則電源電動(dòng)勢[5]圖線斜率的絕對值即為內(nèi)阻四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）.【解題分析】

（1）電子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則：水平方向有：L=v0t豎直方向有：由①②③得電子偏離金屬板的側(cè)位移為：（2）在豎直方向的分速度為：在水平方向的分速度為：vx=v0所以：（3）電子飛出電場后，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則：所以14、(1)1:2（2）（3）【解題分析】試題分析：（1）由圖可知：左側(cè)電場強(qiáng)度：V/m=2111V/m①右側(cè)電場強(qiáng)度：V/m="4111V/m"②所以：E1：E2=1:2（2）粒子運(yùn)動(dòng)到原點(diǎn)時(shí)速度最大，根據(jù)動(dòng)能定理有：qE1x=Ekm③其中x=1．11m聯(lián)立