甘肅省武威市2024屆物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

甘肅省武威市2024屆物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，、、為真空中三個帶電小球，球帶正電，且電量為+Q，用絕緣支架固定，小球帶負電，、c兩小球用絕緣細線懸掛，處于平衡狀態(tài)時三小球球心等高，且、和、間距離相等，懸掛小球的細線向左傾斜，懸掛小球的細線豎直。則A．、、三小球帶電量相同B．、兩小球帶異種電荷C．小球帶電量為?4QD．小球帶電量為?2Q2、兩電阻R1、R2的伏安特性曲線如圖所示，可知電阻大小之比R1:R2等于()A．1:3 B．3:1 C． D．3、關(guān)于電源電動勢，以下說法中正確的是A．電源的電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，所以當(dāng)電源接入電路時，電動勢將發(fā)生變化B．在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端電壓表的讀數(shù)是電源的電動勢C．電源電動勢是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量D．電動勢越大，說明靜電力在電源內(nèi)部從負極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多。4、如圖所示，有三個質(zhì)量相等的分別帶正電、負電和不帶電的粒子從兩水平放置的金屬板左側(cè)中央以相同的水平初速度v0先后射入電場中，最后在正極板上打出A、B、C三個點，則A．三種粒子在電場中運動時間相同B．三種粒子到達正極板時速度相同C．三種粒子到達正極板時落在A、C處的粒子機械能增大，落在B處粒子機械能不變D．落在C處的粒子帶正電，落在B處的粒子不帶電，落在A處的粒子帶負電5、如圖所示,R1、R2為定值電阻,L為小燈泡,R3為光敏電阻(其電阻隨光照增強而減小),當(dāng)照射光強度增大時(

)A．電壓表的示數(shù)減小B．電源的輸出功率可能變大C．小燈泡的功率減小D．電路的路端電壓增大6、下列說法中正確的是()A．由知，一段導(dǎo)體的電阻與它兩端的電壓成正比，與通過它的電流強度成反比B．由知，通過一段導(dǎo)體的電流強度與加在它兩端的電壓成正比C．比較幾只電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的電阻阻值較大D．導(dǎo)體中的電流越大，電阻就越小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標(biāo)系內(nèi)，如圖所示，根據(jù)圖線可知A．反映Pr變化的圖線是B．電源電動勢為8VC．電源內(nèi)阻為4ΩD．當(dāng)電流為0.5A時，外電路的電阻為6Ω8、在如圖所示的4種情況中，a、b兩點的場強相同，電勢不同的是（）A．帶電平行板電容器兩極板間的a、b兩點B．離點電荷等距的a、b兩點C．達到靜電平衡時導(dǎo)體內(nèi)部的a、b兩點D．兩個等量異種電荷連線上，與連線中點O等距的a、b兩點9、下列四組三個共點力的合力可能是0的有（）A． B．C． D．10、一個T型電路如圖所示，電路中的電,.另有一測試電源，電動勢為100V，內(nèi)阻忽略不計．則()A．當(dāng)cd端短路時，ab之間的等效電阻是40 B．當(dāng)ab端短路時，cd之間的等效電阻是40C．當(dāng)ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓為80V D．當(dāng)cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓為80V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學(xué)在一次“測定某特殊電阻元件的電阻”的實驗中，用游標(biāo)卡尺測量電阻元件的長度為L，用螺旋測微器測量金屬絲直徑d。電阻元件長L為______cm，金屬絲的直徑d為______mm；（2）該同學(xué)用多用表歐姆檔粗測電阻，選用“×100”倍率的電阻擋估測元件電阻，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角過大。因此他選擇“×10”倍率的電阻擋。并歐姆調(diào)零，再進行測量，之后多用表的示數(shù)如下圖所示，測量結(jié)果為R=_______Ω。12．（12分）驗證機械能守恒定律的實驗裝置如圖甲所示，打點計時器所接交流電源的頻率為50Hz，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，所用重物和夾子的總質(zhì)量m=1kg。在實驗中得到一條點跡清晰的紙帶，對紙帶中連續(xù)的四個計時點A、B、C、D的測量結(jié)果如圖乙所示。（1）為盡可能減小實驗誤差，打點計時器應(yīng)選用____________________（選填“電磁打點計時器”或“電火花計時器”）。（2）從打點計時器打下B點到打下C點的過程中，重物（包括夾子）的重力勢能的減少量為______J，動能的增加量為_________J。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，已知E

=8V，r

=4Ω，R1=2Ω，R2的變化范圍是0-10Ω。求：①電源的最大輸出功率；②R1上消耗的最大功率；③R2上消耗的最大功率14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L=8cm，板間距為d=8cm，A板電勢比B板高300V。一質(zhì)量為m=10–20kg、電荷量為q=10–10C的帶正電粒子（重力不計）以v0=2×106m/s的初速度沿兩板中心線RO射入電場中；粒子飛出板間電場，經(jīng)過MN、PS間的無電場區(qū)域后，進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域，該電場不受界面PS影響；粒子最后垂直打在放置于中心線處的熒光屏bc上。已知PS⊥RO，MN、PS相距12cm，O點與界面PS相距9cm，靜電力常量k=9×109N·m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離。（2）試粗略畫出粒子運動全過程的軌跡。（3）求點電荷Q的電性及電荷量大小。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15．（12分）在光滑水平面上有一質(zhì)量m＝1.0×10-3kg電量q＝1.0×1O-10C的帶正電小球，靜止在O點，以O(shè)點為原點，在該水平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，現(xiàn)突然加一沿x軸正方向，場強大小E＝2.0×106v／m的勻強電場，使小球開始運動經(jīng)過1.0s，所加電場突然變?yōu)檠貀軸正方向，場強大小仍為E＝2.0×106V/m的勻強電場再經(jīng)過1.0s，所加電場又突然變?yōu)榱硪粋€勻強電場，使小球在此電場作用下經(jīng)1.0s速度變?yōu)榱悖蟠穗妶龅姆较蚣八俣茸優(yōu)榱銜r小球的位置．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

根據(jù)受力平衡條件可知，因球帶正電，處的合場強為零，則一定帶負電；處的合場強向左，所以球一定帶負電；對小球進行分析，、間的距離是、間的兩倍，由庫侖定律，則有：解得：對小球進行分析，由庫侖定律，則有：解得：A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤。2、A【解題分析】

電阻可得：A．1:3，與結(jié)論相符，選項A正確；B．3:1，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；3、C【解題分析】解：電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，不會因為接入電路而發(fā)生變化,電動勢越大,電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大.A錯誤、C正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir,得知,當(dāng)I=0時,U=E,即電源沒有接入外電路時兩極間的電壓等于電源電動勢.故B錯誤；電動勢越大說明非靜電力在電源內(nèi)部把單位電荷量的正電荷在電源內(nèi)從負極移到正極時非靜電力做的功越多,D錯誤。4、D【解題分析】試題分析：根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移h相等：h=at2，解得：；由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，根據(jù)得到正電荷運動時間最長，負電荷運動時間最短，不帶電的小球所用時間處于中間；故A錯誤．3種粒子下落過程有重力和電場力做功，它們的初動能相同，根據(jù)動能定理合力做功越多則末動能越大，而重力做功相同，A粒子帶負電，電場力做正功；B粒子不帶電，電場力不做功；C粒子帶正電電場力做負功；所以動能EkC＜EkB＜EkA，故BC錯誤．三粒子水平方向做勻速直線運動，水平位移：x=v0t，由于初速度相同，所用時間越長則水平位移越大，所用A粒子帶負電，B粒子不帶電，C粒子帶正電，故D正確．故選D.考點：帶電粒子在復(fù)合場中的運動．【名師點睛】此題是帶電粒子在復(fù)合場中的運動問題；確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析．5、B【解題分析】

由光敏電阻的性質(zhì)分析電路中電阻的變化，由閉合電路歐姆定律可得出電路中總電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化，同時還可得出路端電壓的變化以及各部分電壓和電流的變化；【題目詳解】A、當(dāng)光照強度增大，故光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，故R1兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)增大，故A錯誤；B、當(dāng)電源的內(nèi)阻和外電路總電阻相等時，電源的輸出功率最大，光照強度增大后，外電路總電阻減小，可能趨近于電源內(nèi)阻，故電源的輸出功率可能變大，故選項B正確；C、因電路中總電流增大，故內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，同時兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過的電流減小，由于總電流增大，則流過燈泡的電流一定增大，故由可知，小燈泡消耗的功率增大，故CD錯誤．【題目點撥】閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進行，分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)．6、B【解題分析】

A．導(dǎo)體的電阻與它兩端的電壓和通過它的電流強度無關(guān)，選項A錯誤；B．由知，通過一段導(dǎo)體的電流強度與加在它兩端的電壓成正比，選項B正確；C．比較幾只電阻的I-U圖象可知，電流變化相同時，電壓變化較小的電阻阻值較小，選項C錯誤；D．導(dǎo)體的電阻由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體中的電流無關(guān)，選項D錯誤；故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】試題分析：電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr=I2r，Pr-I圖象是拋物線，而且是增函數(shù)，則反映Pr變化的圖線是c．故A正確．直流電源的總功率PE=EI，P-I圖象的斜率等于電動勢E，則有．故B錯誤．圖中I=2A時，電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr與電源的總功率相等，則有Pr=I2r，得到．故C錯誤．當(dāng)電流為1．5A時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，代入解得R=6Ω．故D正確．故選AD．考點：電功和電功率；閉合電路的歐姆定律【名師點睛】本題考查電功和電功率以及閉合電路的歐姆定律；要根據(jù)電源的總功率公式PE=EI求解電動勢，根據(jù)發(fā)熱功率的解析式I2r，求解電源的內(nèi)阻。8、AD【解題分析】

電勢是標(biāo)量，電場強度是矢量，標(biāo)量只要大小相等，標(biāo)量就相等，而矢量，大小、方向均相同，矢量才相同．根據(jù)電場線的分布判斷．【題目詳解】a、b處于勻強電場中，場強相同，電勢不同，沿著電場線電勢逐漸降低，a點電勢高于b點電勢，即a、b兩點電勢不等，故A正確；a、b處于同一等勢面上，電勢相等，而電場強度方向不同，故電場強度不同，故B錯誤．處于靜電平衡狀態(tài)下的金屬內(nèi)部a，b兩點，電場強度均為零，整個導(dǎo)體是等勢體，電勢相等，故C錯誤；根據(jù)電場線的分布情況可知a、b兩點場強相同，a、b間的電場線從正電荷到負電荷，沿著電場線電勢逐漸降低，故a、b兩點電勢不等，故D正確；故選AD．【題目點撥】對于典型的電場的電場線分布要掌握，抓住特點，有助于解答關(guān)于電場強度、電勢高低判斷的問題．9、BD【解題分析】

A、3N、4N的合力范圍為1N≤F≤7N，8N不在合力范圍之內(nèi)，所以三個力的合力不可能為零，故A錯誤；B、4N、7N的合力范圍為3N≤F≤11N，8N在合力范圍之內(nèi)，所以三個力的合力能為零，故B正確；C、3N、5N的合力范圍為1N≤F≤8N，1N不在合力范圍之內(nèi)，所以三個力的合力不可能為零，故C錯誤；D、7N、9N的合力范圍為1N≤F≤16N，16N在合力范圍之內(nèi)，所以三個力的合力能為零，故D正確；故選BD．【題目點撥】關(guān)鍵根據(jù)平行四邊形定則得出合力的范圍：|F1-F1|≤F≤F1+F1．10、AC【解題分析】當(dāng)cd端短路時，ab間電路的結(jié)構(gòu)是：電阻并聯(lián)后與串聯(lián)，等效電阻為，A正確；當(dāng)ab端短路時，cd之間電路結(jié)構(gòu)是：電阻并聯(lián)后與串聯(lián)，等效電阻為，B錯誤．當(dāng)ab兩端接通測試電源時，cd兩端的電壓等于電阻兩端的電壓，為，C正確；當(dāng)cd兩端接通測試電源時，ab兩端的電壓等于電阻兩端的電壓，為，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、11.0501.996300【解題分析】

（1）[1][2]．由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：110mm+10×0.05mm=110.50mm=11.050cm；

由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：1.5mm+49.6×0.01mm=1.996mm；

（2）[3]．由圖示表盤可知，電阻阻值為：R=30.0×10Ω=300Ω；12、電火花計時器0.7430.719【解題分析】

（1）[1]打點計時器可以用電火花打點計時器，這樣能減少摩擦阻力的影響，而且效果好；（2）[2][3]從B到C過程，重物的重力勢能減少量，利用勻變速直線運動的推論得：，，從B到C過程，重物動能增加量；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①4W②3.56W③2.67W【解題分析】當(dāng)電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大．當(dāng)電路中電流最大時，R1消耗的功率最大．將R1看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)?shù)刃щ娫吹膬?nèi)阻與R2相等時R2消耗的功率最大．根據(jù)功率公式和歐姆定律求解．【解答】①由分析可知：當(dāng)內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大，此時R2=2Ω②R1是定植電阻，電流越大功率越大，所以當(dāng)R2=0時R1③把R1也看成電源的一部分，等效電源的內(nèi)阻為6Ω，所以當(dāng)R2=6Ω時，R答：①電源的最大輸出功率為4W；②R1上消耗的最大功率為3.56W；③R2上消耗的最大功率為2.67W14、（1）3cm（2）見下圖（3）帶負電，1.04×10–8C【解題分析】

（1）粒子在板間做類平拋運動，有：y=at2L=v0ta=聯(lián)立解得：y==3cm（2）第一段是拋物線（類平拋運動），第二段是直線（勻速直線運動），第三段是圓?。▌蛩賵A周運動），軌跡如圖所示（3）要使帶正電粒子經(jīng)過界面PS后向上偏轉(zhuǎn)，點電荷Q一定帶負電粒子在MN、PS間做勻速直線運動，設(shè)其到達界面PS時偏離中心線RO的距離為Y由類平拋運動速度的反向延長線經(jīng)過水平位移中點，有：=得：Y=12cm粒子從板間電場飛出時沿電場方向的分速度：vy=v0=1.5×106m/s粒子經(jīng)過界面PS時的速度：v==2.5×106m/s方向與RO夾角：θ=arctan=37°由：=粒子經(jīng)過界面PS的位置與O點的連線和速度方向垂直，又粒子垂直打在放置于中心線處的熒光屏bc上故粒子在點電荷形成的電場中運動軌跡為圓弧，做勻速圓周運動，半徑r=15cm由牛頓第二定律有：=解得：Q=1.04×1