2024屆山東省泰安市第四中學物理高二上期中學業(yè)水平測試試題含解析

2024屆山東省泰安市第四中學物理高二上期中學業(yè)水平測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，通電直導線置于勻強磁場中，導線與磁場方向垂直．若僅將導線中的電流增大為原來的2倍，則導線受到安培力的大小將（）A．減小為原來的1/4 B．減小為原來的1/2C．增大為原來的4倍 D．增大為原來的2倍2、用伏安法測燈泡電阻時，若將電流表和電壓表的位置接成如圖所示電路，可能出現(xiàn)的情況是()A．電流表燒壞B．電壓表示數(shù)為零C．燈泡不亮D．燈泡燒壞3、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離A．帶點油滴將沿豎直方向向上運動 B．P點的電勢將降低 C．帶點油滴的電勢能將減少 D．若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大4、三根完全相同的長直導線互相平行，它們的截面處于一個正方形abcd的三個頂點a、b、c處，導線中通有大小相同的電流，導線a、c中電流同向且與b中電流方向相反，如圖所示。已知每根通電導線在其周圍產生的磁場的磁感應強度大小與該導線的距離成反比，通電導線b在d處所產生的磁場的磁感應強度大小為B，則三根通電導線產生的磁場在d處的合磁感應強度大小為A．BB．2BC．3BD．05、如圖所示，兩個質量分別為、的物塊A和B通過一輕彈簧連接在一起并放置于水平傳送帶上，水平輕繩一端連接A，另一端固定在墻上，A、B與傳送帶間動摩擦因數(shù)均為傳送帶順時針方向轉動，系統(tǒng)達到穩(wěn)定后，突然剪斷輕繩的瞬間，設A、B的加速度大小分別為和，彈簧在彈性限度內，重力加速度為，則A．， B．，C．， D．，6、如圖所示，MN、PQ是水平方向的勻強磁場的上下邊界，磁場寬度為L．一個邊長為a的正方形導線框（L>2a）從磁場上方下落，運動過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行．線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如右圖所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應電流i隨時間t變化的圖象可能是以下的哪一個（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、平行板電容器C與兩個可變電阻器R1、R2以及電源連成如圖所示的電路．閉合開關S待電路穩(wěn)定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷．要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是A．只增大R1B．只減小R1C．只減小R2D．只減小a、b兩極板間的距離8、兩個相同的金屬小球所帶電量不同，小球間相距一定距離時有相互作用的庫侖力．如果將它們相互接觸一下，再放到原來的位置，則兩金屬小球之間庫侖力的變化情況是:A．如果相互接觸前庫侖力是引力，則相互接觸后庫侖力仍是引力B．如果相互接觸前庫侖力是引力，則相互接觸后庫侖力是斥力C．如果相互接觸前庫侖力是斥力，則相互接觸后庫侖力一定增大D．如果相互接觸前庫侖力是斥力，則相互接觸后庫侖力一定減小9、如圖所示，A、B、C三個物體放在旋轉圓臺上相對靜止，它們跟圓臺間的最大靜摩擦力均等于各自重力的k倍，A的質量為2m，B和C的質量均為m，A、B離軸的距離為R，C離軸的距離為2R，則當圓臺旋轉時()A．穩(wěn)定時B所受的摩擦力最小B．穩(wěn)定時A、B所受的摩擦力相等C．當圓臺轉速增大時，A比B先滑動D．當圓臺轉速增大時，C比B先滑動10、下列物理量是標量的是A．重力勢能 B．加速度 C．電場強度 D．電流強度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究小組收集了兩個電學元件：電阻R0(約為2kΩ)和手機中的鋰電池(電動勢E標稱值為3.7V，允許最大放電電流為100mA)。實驗室備有如下器材：A．電壓表V(量程3V，電阻RV約為4.0kΩ)B．電流表A1(量程100mA，電阻RA1約為5Ω)C．電流表A2(量程2mA，電阻RA2約為50Ω)D．滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)E．電阻箱R2(0～999.9Ω)F．開關S一只、導線若干(1)為了測定電阻R0的阻值，小明設計了一電路，與其對應的實物圖如圖，圖中的電流表A應選________(選填“A1”或“A2”)，請將實物連線補充完整______(2)為測量鋰電池的電動勢E和內阻r，小紅設計了如圖甲所示的電路圖．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出－圖象，如圖乙所示．若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則該鋰電池的電動勢E=______，內阻r=______。(用k、b表示)12．（12分）用如圖所示的電路測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內阻．蓄電池的內阻非常小，為防止滑動變阻器電阻過小時因電流過大而損壞器材，電路中用了一個保護電阻R1．除蓄電池、滑動變阻器、開關、導線外，可供使用的實驗器材還有：①電流表（量程1.6A、3A）②電壓表（量程3V、15V）③保護電阻甲（阻值1Ω、額定功率5W）④保護電阻乙（阻值11Ω、額定功率11W）電流表應選__________量程，電壓表應選__________量程，保護電阻選__________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）帶有等量異號電荷、相距10cm的平行板A和B之間有一個勻強電場（如圖），電場強度E=2×104V/m，方向向下。電場中C點距B板3cm，D點距A板2cm，E點距B板2cm。(1)C、D兩點哪點電勢高？兩點的電勢差UCD等于多少？(2)如果令B板接地（即電勢φB=0），則C的電勢φc是多少？如果令A板接地，則C的電勢又是多少？(3)一個電子從c點先移到E點，再移動到D點，靜電力做多少功？14．（16分）將電量為－4×10-6C的電荷沿一條電場線由A點移到B點電場力做功－2.4×10-5J，再由B點移到C點電場力做功1.2×10-5J，求：(1)電荷從A到B電勢能變化了多少？電勢差UAB=？(2)電荷從B到C電勢能變化了多少？電勢差UBC=？(3)若=0，則=？=？15．（12分）2016年3月，期待已久的三明沙縣機場正式通航。若飛機由靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為3m/s2。求：（1）飛機4s末的速度大小v（2）飛機4s內的位移大小s。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

由安培力公式F=BIL知，當電流增大為2倍后，導線受安培力大小也將增大為原來的2倍，故選項D正確，其余錯誤．2、C【解題分析】

由于電壓表內阻很大，故電路中電流很小，故燈泡不亮；電流表中示數(shù)很小，不會燒壞；此時電壓表相當于直接接在電源兩端，故此時電壓表的示數(shù)接近220V；故選C。3、B【解題分析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故A錯誤．B、場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．故B正確．C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故C錯誤．D、根據(jù)Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯誤；故選B．【題目點撥】本題運用分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化．4、A【解題分析】

設正方體邊長為L，通電導線b在d處所產生的磁場的磁感應強度大小為B，則ac在d處所產生的磁場的磁感應強度大小為;根據(jù)右手定則可知，三條直導線在d點產生的磁場方向如圖，則d點的合磁場為A．B，與結論相符，選項A正確；B．2B，與結論不相符，選項B錯誤；C．3B，與結論不相符，選項C錯誤；D．0，與結論不相符，選項D錯誤；5、C【解題分析】

對物塊B分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，則．以兩個物塊組成的整體為研究對象，則繩子的拉力：．突然剪斷輕繩的瞬間，繩子的拉力減小為1，而彈簧的彈力不變，則A受到的合外力與T大小相等，方向相反，A的加速度B在水平方向仍然受到彈簧的拉力和傳送帶的摩擦力，合外力不變，仍然等于1，所以B的加速度仍然等于1．故選項A正確．【題目點撥】本題要注意以下問題：（1）整體法與隔離法在受力分析中的應用（2）細繩的彈力可以突變，彈簧如果兩端都被約束，則彈力不能突變；如果一端自由，一端被約束，則彈力就可以突變．6、B【解題分析】

由題意可知，線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，由法拉第電磁感應定律可知，線框勻速進入磁場，由于L＞2a，當完全進入磁場后，因磁通量不變，則沒有感應電流，線框只受到重力，使得線框速度增加，當出磁場時，速度大于進入磁場的速度，由法拉第電磁感應定律可知，出磁場的感應電流大于進磁場的感應電流，導致出磁場時的安培力大于重力，導致線框做減速運動，根據(jù)牛頓第二定律，BIL-mg=ma，則做加速度在減小的減速運動，故B正確，ACD錯誤；故選B．【題目點撥】由題意可知，線框進入磁場時，做勻速直線運動，根據(jù)L＞2a，則可知，出磁場時，速度與進入磁場的速度相比較，從而確定線框的運動性質，進而由法拉第電磁感應定律，可求得感應電流的大小如何變化，即可求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

由題意可知考查電容器動態(tài)分析，電量變化。根據(jù)閉合電路歐姆定律、電容決定式分析可得。【題目詳解】A．只增大R1，回路中電流減小，R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故A錯誤；B．只減小R1，回路中電流增大，R2兩端電壓增大，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓增大，由可知電量增大，故B正確；C．只減小R2，回路中的電流增大，內電壓增大，外電壓減小，R1兩端電壓增大，則R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯(lián)，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故C錯誤；D．只減小a、b兩極板間的距離，由可知電容增大，電量減小，電容器兩端電壓不變，由可知電量減小，故D正確；【題目點撥】電容器和電阻R2并聯(lián)，由閉合電路歐姆定律確定電阻R2電壓變化情況，由判斷電容變化，再由求得電量變化情況。8、BC【解題分析】試題分析：A、兩球不管之前電性相同還是相反，接觸后電量先中和再平分，之間的庫侖力肯定是斥力．故A錯誤，B正確．C、設接觸前的電量分別為q1、q2，且q1＞q2，接觸前庫侖力大小，接觸后電量都為，此時的庫侖力大小，，所以F2＞F1．故C正確，D錯誤．故選BC．考點：庫侖定律【名師點睛】解決本題關鍵掌握庫侖定律的公式．以及兩電荷接觸后分開，電量的分配原則是先中和再平分．兩球不管之前電性相同還是相反，接觸后電量先中和再平分，之間的庫侖力肯定是斥力．比較接觸后的庫侖力和接觸前的庫侖力大小，抓住接觸后先中和后平分的原則，列出接觸前后的庫侖力大小表達式進行比較．9、AD【解題分析】A.三個物體所受的摩擦力分別為：FA=2mω2R,FB=mω2R,FC=mω2?2R，所以B物體的靜摩擦力最?。蔄正確，B錯誤；B.三個物體的最大靜摩擦力分別為：fA=μ?2mg,fB=μmg,fC=μmg，當圓盤轉速增大時，C的靜摩擦力先達到最大，最先開始滑動.A和B的靜摩擦力同時達到最大，兩者同時開始滑動．故C錯誤，D正確；故選AD.點睛：物體隨圓盤一起轉動，靜摩擦力提供向心力，向心力大小由物體的質量與半徑?jīng)Q定．當圓盤轉速增大時，提供的靜摩擦力隨之而增大．當需要的向心力大于最大靜摩擦力時，物體做離心運動，開始滑動．10、AD【解題分析】

由題意可知考查對矢量和標量的區(qū)別，根據(jù)矢量、標量的特點分析可得?！绢}目詳解】A.重力勢能只有大小，沒有方向，是標量，故A正確。B.加速度有大小，有方向，合成時遵循矢量運算，是矢量，故B錯誤；C.電場強度有大小，有方向，合成時遵循矢量運算，是矢量，故C錯誤D.電流強度有大小，有方向，合成時遵循代算運算，是標量，故D正確。【題目點撥】矢量有大小、方向，合成時遵循矢量運算，如速度、加速度、位移、力等，標量有大小，無方向，合成時遵循代數(shù)運算，如路程、質量、電流強度等。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2【解題分析】

(1)[1][2]電壓表量程是3V，通過待測電阻的最大電流因此電流表應選電流表A2，待測電阻R0阻值約為2kΩ，滑動變阻器R1(0～40Ω，額定電流1A)，與電阻箱R2(0～999.9Ω)最大阻值均小于待測電阻阻值，變阻器采用限流接法時待測電阻電壓與電流變化范圍較小，不能測多組實驗數(shù)據(jù)，為測多組實驗數(shù)據(jù)，減小實驗誤差，滑動變阻器應采用分壓接法，且則電流表應該采用內接法，實物電路圖如圖所示(2)[3][4]由實驗原理可知則因此圖象的縱軸截距電動勢圖象的斜率則電源內阻12、1.6A3V甲【解題分析】

[1]蓄電池內阻約為1Ω，電路中接有保護電阻，電路電流不超過1A，如果用量程為3A的電流表，誤差較大，因此電流表應選1.6A量程；[2]一節(jié)蓄電池電動勢約為2V，因此電壓表應選3V量程；[3]一節(jié)蓄電池電動勢約為2V，如果選擇乙，由于定