福建省廈門市2024屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

福建省廈門市2024屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用兩根等長的輕繩將一質(zhì)量為60kg的物塊懸掛在水平天花板上，如圖所示。已知兩輕繩夾角為60°，取g＝10m/s2，則每根輕繩對物塊的拉力大小為（）A．2003NB．3003NC．300N2、如圖所示，用兩根輕質(zhì)細絕緣線把兩個等質(zhì)量的帶電小球懸掛起來，球帶電，球帶電，且兩球間的庫侖力小于球的重力，即兩根線都處于豎直繃緊狀態(tài)，現(xiàn)加一水平向右的勻強電場，平衡時，表示兩小球平衡狀態(tài)的是（）A． B． C． D．3、用圖甲所示的電路來測量電池的電動勢和內(nèi)阻，根據(jù)測得的數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的U-I圖像，由圖像可知（

）。①電池電動勢的測量值是1.4Ω②電池內(nèi)阻的測量值是3.5Ω③外電路發(fā)生短路時的電流為0.40A④電壓表的示數(shù)為1.2V時，電流表的示數(shù)為I’=0.20AA．①② B．①④ C．②③ D．②④4、如圖所示，A、B是一條電場線上的兩點，若在A點釋放一初速為零的電子，電子僅受電場力作用，沿電場線從A運動到B。則()A．電場強度的方向向左B．A點場強一定大于B點場強C．電場力做負功D．電勢能增加5、如圖所示裝置，電源的電動勢為E=8V，內(nèi)阻r1=0.5Ω，兩光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，間距為d=0.2m，導(dǎo)體棒ab用等長絕緣細線懸掛并剛好與導(dǎo)軌接觸，ab左側(cè)為水平直軌道，右側(cè)為半徑R=0.2m的豎直圓弧導(dǎo)軌，圓心恰好為細線懸掛點，整個裝置處于豎直向下的、磁感應(yīng)強度為B=0.5T的勻強磁場中。閉合開關(guān)后，導(dǎo)體棒沿圓弧運動，已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量為m=0.06kg，電阻r2=0.5Ω，不考慮運動過程中產(chǎn)生的反電動勢，則（）A．導(dǎo)體棒ab所受的安培力方向始終與運動方向一致B．導(dǎo)體棒在擺動過程中所受安培力F=8NC．導(dǎo)體棒擺動過程中的最大動能0.8JD．導(dǎo)體棒ab速度最大時，細線與豎直方向的夾角θ=6、在圖的電路中，表示電感器的是（）A．甲B．乙C．丙D．丁二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，直線b為電源的U﹣I圖象，直線a為電阻R的U﹣I圖象，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的效率分別是（）A．電源的輸出功率為4W B．電源的輸出功率為2WC．電源的效率約為33.3% D．電源的效率約為67%8、在兩個正對的平行金屬板中間夾上一層絕緣物質(zhì)，就形成一個最簡單的電容器，叫做平行板電容器，以下說法正確的是：A．電容器的作用是發(fā)熱； B．電容器的作用是儲存電荷；C．兩板正對面積越大，電容越大； D．兩板間距離越大，電容越大．9、如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，內(nèi)阻為2Ω，四個電阻的阻值已在圖中標出．閉合開關(guān)S，下列說法正確的有A．路端電壓為10VB．電源的總功率為10WC．a(chǎn)、b間電壓的大小為5VD．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流為1A10、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三條電場線，實線為一帶電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A．帶點質(zhì)點在P點的加速度大于在Q點的加速度B．帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C．帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時小D．帶電質(zhì)點一定帶負電三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在探究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實驗中，某同學(xué)猜測電容可能與極板間的距離d、極板的正對面積S及插入極板間的介質(zhì)有關(guān)．他將一個已經(jīng)充電的平行板電容器與靜電計連接如圖所示．已知靜電計指針張角隨著電容器兩極間的電勢差的增大而增大．實驗時保持電容器極板所帶的電量不變，且電容器B板位置不動．（填“增大”、“減小”或“不變”）(1)將A板向左平移，靜電計指針張角________；(2)將A板豎直向上平移，則靜電計指針張角________；(3)在A、B板間插入電介質(zhì)，則靜電計指針張角________．12．（12分）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖，由圖可知其長度為mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在勻強電場中如圖所示分布著A、B、C三點，當把一個電量q=10﹣5C的正電荷從A沿AB線移到B點時，電場力做的功為零；從B移到C時，電場力做功為﹣1.73×10﹣3J，試判斷該電場的方向，算出場強的大?。?4．（16分）質(zhì)量為m的帶電液滴，在電場強度為E，方向豎直向上的勻強電場中處于靜止狀態(tài)，試求：（1）該液滴的帶電性質(zhì)和所帶的電荷量；（2）當場強方向保持不變，而大小突然減為原來的一半時，求液滴的加速度。15．（12分）如圖甲所示，A、B為兩塊相距很近的平行金屬板，A、B間電壓為UAB＝－U0，緊貼A板有一電子源，不停地飄出質(zhì)量為m，帶電荷量為e的電子(可視為初速度為0)．在B板右側(cè)兩塊平行金屬板M、N間加有如圖乙所示的電壓，電壓變化的周期T＝L，板間中線與電子源在同一水平線上．已知板間距d＝L，極板長L，距偏轉(zhuǎn)板右邊緣S處有熒光屏，經(jīng)時間t統(tǒng)計(t?T)只有50%的電子能打到熒光屏上．(板外無電場)，求：(1)電子進入偏轉(zhuǎn)板時的速度；(2)時刻沿中線射入偏轉(zhuǎn)板間的電子剛射出偏轉(zhuǎn)板時與板間中線的距離；(3)電子打在熒光屏上的范圍Y．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

物體受重力和兩個拉力，拉力與豎直方向的夾角為30°，根據(jù)平衡條件，豎直方向，有：2Tcos30°=mg，代入數(shù)據(jù)解得：T=2003N，故A正確，2、D【解題分析】首先取整體為研究對象，整體受到重力，電場力和上面繩子的拉力，由于兩個電場力的矢量和為：，方向向左，所以上邊繩子向左偏，設(shè)繩與豎直方向的夾角為則由平衡條件得：，再對B電荷研究可知，負電荷受到的電場力水平向右，所以下面的繩子向右偏轉(zhuǎn)，設(shè)下面的繩子與豎直方向夾角為，則：，可見則，故D正確，ABC錯誤．故選D．【題目點撥】以整體為研究對象，根據(jù)平衡條件分析上面繩子的傾斜狀態(tài)，以B為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件判斷下面繩子的傾斜狀態(tài)．3、B【解題分析】

①由圖示圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點坐標值為1.4，則電源的電動勢1.4V，①正確；②電源內(nèi)阻，②錯誤；③由圖示圖象可知，路端電壓為1.00V時，電路電流為0.4A，而短路時，路端電壓為0，③錯誤；④當電壓表示數(shù)為1.2V時，，④正確；A．根據(jù)分析①④正確，A錯誤；B．根據(jù)分析①④正確，B正確；C．根據(jù)分析①④正確，C錯誤；D．根據(jù)分析①④正確，D錯誤；4、A【解題分析】試題分析：根據(jù)電子的運動方向判斷出電場的方向，從而可知電場力做功的正負，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增大．A、電子僅受電場力作用，沿電場線從A運動到B，可知電場力方向水平向右，負電荷所受電場力的方向與電場強度的方向相反，所以電場強度的方向向左；正確B、不知周圍電場線的分布情況，故無法知道電場的強弱；錯誤CD、從A運動到B，電場力做正功，電勢能減?。诲e誤故選A考點：電場力做功與電勢能點評：解決本題的關(guān)鍵掌握電場強度方向的規(guī)定，與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反．以及知道電場力做功與電勢能的變化關(guān)系，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增大．5、D【解題分析】

A.當閉合開關(guān)S后，導(dǎo)體棒中電流方向始終從a到b，所受安培力方向向右，而導(dǎo)體棒沿圓弧擺動，故A錯誤；B.導(dǎo)體棒沿圓弧擺動過程中的電流I==A=8.0A導(dǎo)體棒受到的安培力F=BId=0.5×8.0×0.2N=0.8N故B錯誤；CD.導(dǎo)體棒受到的重力與安培力的合力大小F合=N=1.0N合力與豎直方向的夾角==53°故導(dǎo)體棒ab速度最大時，細線與豎直方向的夾角θ=53°，由動能定理，導(dǎo)體棒在擺動過程中的最大動能Ekm=FR-mgR(1－cos53°)=0.08J故C錯誤，D正確。6、D【解題分析】

圖中甲是電源；乙是電鍵；丙是電阻；丁是電感器；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】試題分析：由圖象A可知電源的電動勢E=3V，短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為U=2V，電流為I=2A，電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)P=UI得P=2×2W=4W，電源的總功率為：P考點：考查了U-I圖像【名師點睛】由圖象A可知電源的電動勢為3V，短路電流為6A，兩圖象的交點坐標即為電阻R和電源構(gòu)成閉合回路時的外電壓和干路電流．電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，效率等于R消耗的功率除以總功率．8、BC【解題分析】

電容器的作用是儲存電荷，選項A錯誤，B正確；根據(jù)可知，兩板正對面積越大，電容越大，選項C正確；根據(jù)可知，兩板間距離越大，電容越小，選項D錯誤；故選BC．9、AC【解題分析】

外阻為R：，則，則外壓U=IR=10V，功率P=EI=12W，則A正確，B錯誤；根據(jù)并聯(lián)電路的特點可求流過a、b電流均為0.5A，所以Uba=0.5×(15-5)=5V，故C正確；a、b間用導(dǎo)線連接后，根據(jù)電路的連接可求外電路電阻為，電流，故D錯【題目點撥】考查串并聯(lián)電路電阻的求解及全電路歐姆定律，計算前要明確電路結(jié)構(gòu)是求解問題的關(guān)鍵；10、AB【解題分析】

A、電場線密的地方表示場強大，故P點的電場強度大，則電場力大，根據(jù)牛頓第二定律可知P加速度也大；故A正確.B、C、根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右方，從P到Q過程中電場力做負功，電勢能增大，動能減小，故P點的電勢能小,動能大，故B正確,C錯誤；D、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于不知道電場的方向，因此無法確定質(zhì)點帶正電還是帶負電，故D錯誤.故選AB.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大增大減小【解題分析】

先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析得到板間電勢差的變化；靜電計是測量電勢差的儀器，根據(jù)兩板間的電電勢差的變化得出張角的變化；【題目詳解】(1)將A板向左平移，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大；(2)將A板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計指針張角增大；(3)將電介質(zhì)插入兩板之間，根據(jù)電容的決定式得知，電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U減小，則靜電計指針張角減小．12、50.15【解題分析】

游標卡尺主尺讀數(shù)為，游標讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：，即為物體的長度．【題目點撥】解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、電場的E的方向與AB垂直斜向下，1000v/m【解題分析】將電荷由A移至B時電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上，又由于是勻強電場，等勢面為平面，故AB面為一等勢面；再將正電荷由B移至C時克服電場力做功可以知道，C點電勢高于B點電勢，場強方向應(yīng)如圖所示．根據(jù)W=qU，可得又由勻強電場中場強與電勢差的關(guān)系E=U/d可得14、（1）帶正電，且q=mgE【解題分析】試題分析：（1）液滴處于靜止狀態(tài)，所受電場力豎直向上，電場也豎直向上，所以應(yīng)帶正電荷，由平衡條件得：qE=mg，得q=mg（2）場強減半后，液滴豎直向下做加速直線運動，由牛頓第二定律，有：mg-q×12E=ma考點：本題考查電場強度、牛頓第二定律、物