2024屆貴州省畢節(jié)市織金一中高二物理第一學(xué)期期中預(yù)測(cè)試題含解析

2024屆貴州省畢節(jié)市織金一中高二物理第一學(xué)期期中預(yù)測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下面關(guān)于三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小、電勢(shì)高低的比較，正確的是A．EA=EC>EB，φA=φC>φBB．EA=EC>EB，φA>φB>φCC．EB>EA>EC，φA=φC>φBD．EB>EC>EA，φA=φC>φB2、一個(gè)電容為C的電容器，當(dāng)所帶電量為Q時(shí)，兩板間電勢(shì)差為U，如果電量增大為2Q，則A．電容變?yōu)?C，電勢(shì)差保持不變B．電容變?yōu)?C，電勢(shì)差變?yōu)?UC．電容保持不變，電勢(shì)差變?yōu)?UD．電容保持不變，電勢(shì)差保持不變3、下列關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)的說法，正確的是（）A．布朗運(yùn)動(dòng)反映了分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)B．布朗運(yùn)動(dòng)是指在顯微鏡中看到的液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C．懸浮顆粒越大，同一時(shí)刻與它碰撞的液體分子越多，布朗運(yùn)動(dòng)越顯著D．當(dāng)物體溫度達(dá)到0°C時(shí)，物體分子的熱運(yùn)動(dòng)就會(huì)停止4、有一個(gè)正充電的電容器，若使它帶的電荷量減少了2×10－6C，則其電壓降為原來的，則()A．電容器原來帶的電荷量是3×10－6CB．電容器原來帶的電荷量是4.5×10－6CC．電容器電容是5FD．電容器原來的電壓是5×10－7V5、如圖所示，籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí)，通常要先伸出兩臂迎接，手接觸到球后，兩臂隨球迅速引至胸前，這樣做可以()A．減小球的動(dòng)量的變化量B．減小球?qū)κ肿饔昧Φ臎_量C．減小球的動(dòng)量變化率D．延長(zhǎng)接球過程的時(shí)間來減小動(dòng)量的變化量6、如圖所示，a、c、b為同一條電場(chǎng)線上的三點(diǎn)，c為ab中點(diǎn)，a、b電勢(shì)分別為，則()A．c點(diǎn)的電勢(shì)一定為4VB．a(chǎn)、b、c三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．正電荷從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)電勢(shì)能一定減少D．正電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)動(dòng)能一定增加二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說法中正確的是().A．某帶電體所帶的電荷量可能為3×10-19CB．電場(chǎng)是一種理想模型，實(shí)際上并不存在C．沿等勢(shì)面移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力一定不做功D．兩個(gè)相互作用的電荷間的庫(kù)侖力總是大小相等，方向相反8、如圖所示，四個(gè)圖象描述了對(duì)給定的電容器充電時(shí)，電容器電量Q、電壓U

和電容C三者的關(guān)系，正確的圖象有（）A． B． C． D．9、如圖所示，一質(zhì)量力m.帶電量力q的微粒，從兩平行金屬板正中央沿與勻強(qiáng)電場(chǎng)雷直方向射入。不計(jì)重力。當(dāng)入射速度為v時(shí)，它恰好旁過電場(chǎng)而不碰金屬板，現(xiàn)使微粒入時(shí)速度為，仍恰恰好穿過電場(chǎng)。保持其他量不變時(shí)，可行的方法是()A．使粒子帶電荷量為原來的倍B．使兩板間電壓減為原來的倍C．使兩板間距離增為原來的2倍D．便兩板間距離增為原來的倍10、如圖所示,一個(gè)帶負(fù)電的小金屬環(huán)套在粗糙絕緣細(xì)桿AB上,桿與水平面的夾角為θ,桿的下方O點(diǎn)處固定一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷,OA=OB．現(xiàn)使小環(huán)以初速度v0從A點(diǎn)沿桿上滑,到達(dá)B點(diǎn)時(shí)其速度恰好為零,小環(huán)滑回A點(diǎn)時(shí)速度為v。下列說法中正確的是A．小環(huán)上滑過程中先做勻加速再做勻減速運(yùn)動(dòng)B．小環(huán)上滑時(shí)間小于下滑時(shí)間C．小環(huán)下滑過程,減少的重力勢(shì)能等于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能D．從A點(diǎn)出發(fā)到再回到A點(diǎn)的過程,小環(huán)克服摩擦力做的功等于小環(huán)損失的動(dòng)能三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“研究平拋運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，為了確定小球在不同時(shí)刻在空中所通過的位置，實(shí)驗(yàn)時(shí)用了如圖所示的裝置．先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平整的木板表面釘上白紙和復(fù)寫紙．將該木板豎直立于水平地面上，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡A；將木板向遠(yuǎn)離槽口的方向平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B；將木板再向遠(yuǎn)離槽口的方向平移距離x，小球再?gòu)男辈凵暇o靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C．若測(cè)得木板每次移動(dòng)距離x＝10.00cm，A、B間距離y1＝5.02cm，B、C間距離y2＝14.82cm．請(qǐng)回答以下問題(g＝9.80m/s2)(1)為什么每次都要使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放？_____________．(2)根據(jù)以上直接測(cè)量的物理量來求得小球初速度的表達(dá)式為v0＝_______．(用題中所給字母表示)(3)小球初速度的值為v0＝________m/s．12．（12分）某物理學(xué)習(xí)小組的同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測(cè)量盡可能減小實(shí)驗(yàn)誤差，備有下列器材：A．直流電源（6V，內(nèi)阻不計(jì)）B．電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻）C．電流表A（，內(nèi)阻未知）D．滑動(dòng)變阻器R（，5A）E．滑動(dòng)變阻器Rˊ（，）F．定值電阻R0（阻值）G．開關(guān)與導(dǎo)線若干（1）根據(jù)題目提供的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)你設(shè)計(jì)出測(cè)量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內(nèi)）_____（2）在實(shí)驗(yàn)中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_____．（填寫器材序號(hào)）（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動(dòng)勢(shì)E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計(jì)．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時(shí)電子元件R1的阻值為_____，R3接入電路的阻值為_____（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，R為電阻箱，V為理想電壓表．當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R1=2Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1=4V；當(dāng)電阻箱讀數(shù)為R2=5Ω時(shí)，電壓表讀數(shù)為U2=5V．求：（1）電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；（2）當(dāng)電阻箱R讀數(shù)為多少時(shí)，電源的輸出功率最大？最大值為多少？14．（16分）如圖所示，一均勻帶電+Q細(xì)棒，在過中點(diǎn)c垂直于細(xì)棒的直線上有a、b、d三點(diǎn)，且ab=bc=cd=L，在a點(diǎn)處有一電荷量為q的固定點(diǎn)電荷．已知b點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)為零，則d點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)的大小為多少(k為靜電力常量)15．（12分）空間有一與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，紙面內(nèi)的A、B、C三點(diǎn)位于以O(shè)點(diǎn)為圓心，半徑R＝0.2m的圓周上，并且，如圖所示．現(xiàn)把電荷量的試探電荷從A移到B，電場(chǎng)力做功;從B移到C，電場(chǎng)力做功為．求：（1）AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB與BC兩點(diǎn)的電勢(shì)差UBC;（2）該勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)方向和大小．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分布知，A點(diǎn)的電場(chǎng)線比C點(diǎn)密，B點(diǎn)的電場(chǎng)線比A點(diǎn)密，則EB＞EA＞EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢(shì)線，則A點(diǎn)的電勢(shì)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)。所以φA=φC＞φB．A．EA=EC>EB，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．EA=EC>EB，φA>φB>φC，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．EB>EA>EC，φA=φC>φB，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．EB>EC>EA，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2、C【解題分析】電容的大小是電容器本身決定的，與電容器極板上的電量無關(guān)，電量增大為2Q，電量不變；給定的電容器電容C一定，則，電量增大為2Q，電勢(shì)差增大為2U．故選C.3、A【解題分析】

AB．布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，但它反映的是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確，B錯(cuò)誤；C．布朗運(yùn)動(dòng)與懸浮顆粒的大小有關(guān)，顆粒也大，布朗運(yùn)動(dòng)越不明顯，故C錯(cuò)誤；D．分子的運(yùn)動(dòng)是永不停息的，當(dāng)物體溫度達(dá)到0°C時(shí)，物體分子的熱運(yùn)動(dòng)不會(huì)停止。故D錯(cuò)誤。故選A。【題目點(diǎn)撥】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，形成的原因是由于液體分子對(duì)懸浮微粒無規(guī)則撞擊引起的。布朗運(yùn)動(dòng)與懸浮顆粒的大小和液體的溫度有關(guān)。4、A【解題分析】

平行板電容器的電荷量減少，電壓減少為原來的，由知電容器電容恒定不變，故電量減少為原來的，即減少了原來的，知電容器原來的帶電荷量，A正確B錯(cuò)誤；根據(jù)題意無法知道電壓或者減小電壓的具體值，故無法求解電容器，CD錯(cuò)誤．5、C【解題分析】試題分析：籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí)，不能改變動(dòng)量的變化量，A、D錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)量定理，也不能改變沖量，B錯(cuò)誤；由于延長(zhǎng)了作用時(shí)間，動(dòng)量的變化慢了，C正確；故選C?？键c(diǎn)：動(dòng)量定理。6、C【解題分析】

A．當(dāng)該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，由于沿電場(chǎng)方向相同距離兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等，則c點(diǎn)的電勢(shì)一定為4V．當(dāng)該電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，在c點(diǎn)處的電勢(shì)不一定為4V．故A錯(cuò)誤。B．一條電場(chǎng)線無法判斷電場(chǎng)線的疏密，就無法比較場(chǎng)強(qiáng)的大小，故B錯(cuò)誤。C．由題，a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，根據(jù)正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大可知，正電荷從c點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)電勢(shì)能一定減少，故C正確。D．正電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，除了受電場(chǎng)力，其他受力做功情況不清楚，所以合力做功情況也不清楚，即不能確定動(dòng)能的變化，故D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解題分析】

A.最小的電荷量是e=1.6×10-19C，我們把這個(gè)最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，故A錯(cuò)誤。B.電場(chǎng)是客觀存在的特殊的物質(zhì)，故B錯(cuò)誤。C.電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，所以沿等勢(shì)面移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力一定不做功，故C正確。D.根據(jù)牛頓第三定律可知兩個(gè)相互作用的電荷間的庫(kù)侖力總是大小相等，方向相反，故D正確。8、BCD【解題分析】

ABD.根據(jù)可知對(duì)于給定的電容器來說，電容不隨電量Q、電壓U的變化而變化，故A錯(cuò)誤；BD正確；C.根據(jù)可知在給定的電容器狀況下，電荷量隨電壓的增加而增加，故C正確。9、AC【解題分析】

設(shè)平行板長(zhǎng)度為l，寬度為2d，板間電壓為U，恰能穿過一電場(chǎng)區(qū)域而不碰到金屬板上,則沿初速度方向做勻速運(yùn)動(dòng)：垂直初速度方向做勻加速運(yùn)動(dòng)：則：A．使粒子的帶電量減少為原來的，則：所以A正確.B．使兩板間所接電源的電壓減小到原來的一半,則：故B錯(cuò)誤.C．使兩板間的距離增加到原來的2倍，此時(shí)垂直初速度方向距離應(yīng)為2d，則：所以C正確.D．使兩板間的距離增加到原來的4倍，此時(shí)垂直初速度方向距離應(yīng)為4d，則：故D錯(cuò)誤.10、BD【解題分析】

由題中“一個(gè)帶負(fù)電的小金屬環(huán)套在粗糙絕緣細(xì)桿AB上”可知，本題考查庫(kù)侖定律、能量守恒定律，根據(jù)電場(chǎng)力做功情況、能量守恒和動(dòng)能定理可分析本題?！绢}目詳解】A．小環(huán)上滑過程中所受的庫(kù)侖力是變化的，合力是變化的，由牛頓第二定律知小環(huán)的加速度是變化的，不可能做勻變速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由于OA=OB，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，對(duì)于上滑過程，電場(chǎng)力做功為零，由動(dòng)能定理得即下滑過程有由此可得所以上滑過程的平均速度大于下滑過程的平均速度，因此小環(huán)上滑時(shí)間小于下滑時(shí)間，故B正確；C．小環(huán)下滑過程中，電場(chǎng)力做功為零，所以電勢(shì)能變化量為零，則重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和動(dòng)能，所以消化下滑過程中，減少的重力勢(shì)能大于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，故C錯(cuò)誤；D．從A點(diǎn)出發(fā)再回到A點(diǎn)的過程中，重力和電場(chǎng)力做功均為零，由動(dòng)能定理可知，小環(huán)克服摩擦力做功等于小環(huán)損失的動(dòng)能，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、為了保證小球每次做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同；；1.00；【解題分析】

（1）[1]．要保證每次拋出時(shí)的速度相等應(yīng)使小球每次從斜槽上相同的位置自由滑下并且斜槽軌道末端必須保持水平，只要做到這兩點(diǎn)，我們就能得到相等的速度，從而包著在最低位置做平拋運(yùn)動(dòng)；（2，3）[2][3]．水平方向上每次平移x，說明ABC三點(diǎn)的時(shí)間間隔相等設(shè)為t，由于在豎直方向上小球做的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)在相等時(shí)間內(nèi)走過的位移差是一個(gè)定值得兩式可計(jì)算出v0＝代入數(shù)據(jù)得出v0＝1.00m/s．12、D

104【解題分析】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻R0串聯(lián)測(cè)電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω，電壓表內(nèi)阻為10+1990=2000Ω，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示：（2）為方便實(shí)驗(yàn)操作，同時(shí)分壓接法時(shí)，要求用小電阻，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D．（3）兩元件串聯(lián)，流過它們的電流始圖相等，電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說明它們的電壓和電流相等，由圖乙可知，此時(shí)電阻兩端的電壓為U=2.5V，I=0.25A，根據(jù)歐姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)，可知，此時(shí)流過R3的電流為：I′=2I=0.5A，兩端的電壓為：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入電阻的阻值為：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)E=6Vr=1Ω；(2)R=1Ω，P=9W【解題分析】試題分析：運(yùn)用閉合電路歐姆定律，分別研究電阻為R1和R2的情況，列出含有電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方程組求解．當(dāng)電阻箱的阻值等于電源的內(nèi)電阻時(shí)電源的輸出功率最大，再求解Pm．（1）由閉合電路歐姆定律得：，代入得①，，代入得：②，聯(lián)立上式并代入數(shù)據(jù)解得：