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文檔簡介
重慶地區(qū)2024屆物理高二上期中檢測試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是()A.電場強度為零的點,電勢也一定為零B.電場強度處處相等的區(qū)域內(nèi),電勢也一定處處相等C.電流在磁場中某處不受磁場力作用,則該處的磁感應強度不一定為零D.由B=F/IL可知,B與F成正比,與IL成反比2、下面幾個速度中,表示平均速度的是A.子彈擊中目標時的速度是800m/sB.氣象臺報道,某臺風的移動速度是30m/sC.汽車表盤上顯示某時汽車速度是80km/hD.運動員在百米比賽終點時速度為10.89m/s3、如圖是電阻R1和R2的伏安特性曲線,把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域,現(xiàn)把R1和R2并聯(lián),則并聯(lián)后的總電阻R的伏安特性曲線所在區(qū)域描述正確的是A.特性曲線在Ⅰ區(qū)B.特性曲線在Ⅱ區(qū)C.特性曲線在Ⅲ區(qū)D.特性曲線在這三個區(qū)域以外4、地球的周圍存在地磁場,能有效地改變射向地球的宇宙射線的方向,使它們不能到達地面,從而保護地球上的生命。假設(shè)有一束帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來(如圖,地球由西向東轉(zhuǎn),虛線表示地球自轉(zhuǎn)軸,上方為地理北極),不考慮粒子受到的其他力的作用,只在地磁場的作用下,粒子在進入地球周圍的空間時,其偏轉(zhuǎn)方向以及速度大小的變化情況是()A.相對于預定地點向東偏轉(zhuǎn),速度變大B.相對于預定地點向西偏轉(zhuǎn),速度變大C.相對于預定地點向東偏轉(zhuǎn),速度大小不變D.相對于預定地點向西偏轉(zhuǎn),速度大小不變5、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷),它們之間庫侖力的大小為F.現(xiàn)將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B兩小球相互接觸后拿走,A、B兩小球間距離保持不變,則兩小球間庫侖力的大小為A.F B.F C.F D.F6、圖甲是回旋加速器的示意圖,其核心部分是兩個D形金屬盒.D形盒與高頻電源相連,且置于垂直于盒面的勻強磁場中.帶電粒子在磁場中的動能Ek隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示,若忽略帶電粒子在電場中的加速時間,則下列說法中正確的是()A.t4-t3<t3-t2<t2-t1B.Ek4-Ek3=Ek3-Ek2=Ek2-Ek1C.電場的變化周期等于t1D.僅增大加速電壓,射出的粒子動能會變大二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、在靜電場中,將一電子由a點移到b點,電場力做功5eV,則下列結(jié)論錯誤的是()A.電場強度的方向一定是由b到aB.a(chǎn)、b兩點間的電勢差Uab為5VC.電子的電勢能減少了5eVD.因零電勢點未確定,故不能確定a、b兩點的電勢8、如圖所示,平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極,一帶正電小球懸掛在電容器的內(nèi)部,閉合電鍵S給電容器充電,這時懸線偏離豎直方向θ角,若()A.電鍵S斷開,將A板向B板靠近,則θ增大B.電鍵S斷開,將A板向B板靠近,則θ不變C.保持電鍵S閉合,將A板向B板靠近,則θ變小D.保持電鍵S閉合,將A板向B板靠近,則θ增大9、如圖所示,電路中的變壓器為一理想變壓器,S為單刀雙擲開關(guān),P是滑動變阻器的滑動觸頭,原線圈兩端接電壓恒定的交變電流,則能使原線圈的輸入功率變大的是A.保持P的位置不變,S由b切換到aB.保持P的位置不變,S由a切換到bC.S擲于b位置不動,P向上滑動D.S擲于b位置不動,P向下滑動10、兩列頻率相同、振幅均為的簡諧橫波、分別沿和軸方向在同一介質(zhì)中傳播,兩列波的振動方向均沿軸.某時刻兩波的波面如圖所示,實線表示波的波峰、波的波谷;虛線表示波的波谷、波的波峰.、、為三個等間距的質(zhì)點,為、中間的質(zhì)點.下列判斷正確的是()A.質(zhì)點的振幅為B.質(zhì)點始終靜止不動C.圖示時刻質(zhì)點的位移為0D.圖示時刻質(zhì)點的振動方向沿軸三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)現(xiàn)有一個靈敏電流表,它的滿偏電流,內(nèi)阻,若要將它改裝成量程為5A的電流表,應并聯(lián)一個_______Ω的電阻,改裝后的電流表測量電流時,指針指在表盤上的原來處,則被測電流的大小是__________A.12.(12分)在把電流表改裝成電壓表的實驗中,把量程Ig=300μA,內(nèi)阻約為100Ω的電流表G改裝成電壓表.(1)采用如圖所示的電路測電流表G的內(nèi)阻Rg,可選用器材有:A.電阻箱:最大阻值為999.9Ω;B.電阻箱:最大阻值為99999.9Ω;C.滑動變阻器:最大阻值為200Ω;D.滑動變阻器,最大阻值為2kΩ;E.電源,電動勢約為2V,內(nèi)阻很小;F.電源,電動勢約為6V,內(nèi)阻很小;G.開關(guān)、導線若干?為提高測量精度,在上述可供選擇的器材中,可變電阻R1應該選擇___;可變電阻R2應該選___;電源E應該選擇___.(填入選用器材的字母代號)(2)測電流表G內(nèi)阻Rg的實驗步驟如下:a.連接電路,將可變電阻R1調(diào)到最大;b.斷開S2,閉合S1,調(diào)節(jié)可變電阻R1使電流表G滿偏;c.閉合S2,調(diào)節(jié)可變電阻R2使電流表G半偏,此時可以認為電流表G的內(nèi)阻Rg=R2設(shè)電流表G內(nèi)阻Rg的測量值為R測,真實值為R真,則R測___R真?(填“大于”、“小于”或“相等”)(3)若測得Rg=105.0Ω,現(xiàn)串聯(lián)一個9895.0Ω的電阻將它改裝成電壓表,用它來測量電壓,電流表表盤指針位置如圖所示,則此時所測量的電壓的值應是___V.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)在水平放置且相距2cm的平行帶電金屬板間的勻強電場中,有一個質(zhì)量為m=10-4g,電量q=-10-8C的帶電液滴,恰在兩板間的正中央處于靜止狀態(tài)。問:(1)哪塊板帶正電?(答上極板或下極板)板間電場強度多大?(2)若板間電場強度突然增為原來的2倍,液滴將做什么運動?到達極板時的速度多大?(結(jié)果可用根號表示)14.(16分)如圖所示,足夠長的U形導體框架的寬度l=0.5m,電阻忽略不計,其所在平面與水平面成θ=37°角,磁感應強度B=0.8T的勻強磁場方向垂直于導體框平面,一根質(zhì)量m=0.2kg,有效電阻R=2Ω的導體棒MN垂直跨放在U形框架上,導體棒與框架間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,導體棒由靜止開始沿框架下滑到剛開始勻速運動,通過導體棒截面的電量共為Q=2C.求:(1)導體棒勻速運動的速度;(2)導體棒從開始下滑到剛開始勻速運動這一過程中,導體棒的電阻產(chǎn)生的焦耳熱.(sin
37°=0.6,cos
37°=0.8,g=10m/s2)15.(12分)如圖所示,相距為d的兩平行虛線L1和L2,L1上方和L2下方都是垂直紙面向里的磁感應強度相同的勻強磁場,A、B兩點都在L2上。質(zhì)量為m,電荷量為+q的帶電粒子從A點以初速v0與L2成斜向上射出,經(jīng)過偏轉(zhuǎn)后正好過L2上的B點,經(jīng)過B點時速度方向也斜向上,不計粒子的重力。求:(1)A、B兩點的距離;(2)若另一質(zhì)量為m,電荷量為-q的粒子從A點以同樣的速度射出,粒子是否還能經(jīng)過B點,說明理由(3)若該粒子從A點以v0與L2成斜向上射出,粒子仍能經(jīng)過B點,求兩種出射情況下從A點到達B點的時間之比。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】A、電場強度與電勢沒有關(guān)系,電場強度為零的地方電勢不一定為零,電勢為零的地方電場強度也不一定為零,故A錯誤;B、電場強度處處相等的區(qū)域內(nèi),沿著電場線方向,電勢是降低的,故B錯誤;C、處在電場中的電荷一定受到電場力,但在磁場中運動的電荷不一定有磁場力存在,當運動方向與磁場方向平行時,沒有磁場力作用,因此電流在某點不受磁場力作用,則該點的磁感應強度不一定為零,故C正確;D、磁感應強度之取決于磁場本身,與F和IL沒有關(guān)系,D錯誤.故選C.2、B【解題分析】試題分析:子彈擊中目標時的速度與某一位置對應,為瞬時速度,所以A錯;氣象臺報道,某臺風的移動速度是某一段時間內(nèi)的速度是平均速度,所以B正確;汽車表盤上顯示某時汽車速度是某一時刻的速度,是瞬時速度,所以C錯;運動員在百米比賽終點時速度與某一位置對應,為瞬時速度,所以D錯考點:平均速度;瞬時速度3、A【解題分析】
把R1和R2并聯(lián)在電路中,并聯(lián)的總電阻R比R1和R2都小,I-U圖像中,斜率的倒數(shù)是電阻的大小,則R的伏安特性曲線的斜率大于R1和R2的伏安特性曲線的斜率,所以R的伏安特性曲線應該Ⅰ區(qū),故A正確,BCD錯誤。4、C【解題分析】當帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時,根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向為向東,所以粒子將向東偏轉(zhuǎn).而洛倫茲力一定垂直與速度,不做功,故不改變速度大小.所以C選項是正確的綜上所述本題答案是:C點睛:根據(jù)地球磁場的分布,由左手定則可以判斷粒子的受力的方向,從而可以判斷粒子的運動的方向.5、C【解題分析】
開始時由庫侖定律得:當小球和A接觸后,A球帶電為-Q,再和B球接觸時,先中和后總電量為4Q,故平分后B球帶電為2Q,因此此時:所以A.F與計算不符,故A錯誤。B.F與計算不符,故B錯誤。C.F與計算相符,故C正確。D.F與計算不符,故D錯誤。6、B【解題分析】
A.根據(jù)知,粒子回旋周期不變,在磁場中運動半圓周的時間相等,即在Ek-t圖中應有t4-t3=t3-t2=t2-t1故A錯誤;B.粒子每次經(jīng)過電場時,電場力做功相等,則每次增加的動能相等,即Ek4-Ek3=Ek3-Ek2=Ek2-Ek1則B正確;C.在電場變化的一個周期內(nèi)粒子被加速2次,則電場的變化周期等于t2,選項C錯誤;D.根據(jù)公式,得故最大動能則知粒子獲得的最大動能與D形盒的半徑有關(guān),D形盒的半徑越大,粒子獲得的最大動能越大,與加速電壓無關(guān),故D錯誤;二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AB【解題分析】
A.由于不知道電子運動的軌跡是否與電場線重合,故電場強度的方向不一定由b到a,故A錯誤;B.因為則即a、b兩點的電勢差是-5V,故B錯誤;C.電子由a點移到b點,電場力做功5eV,則電子的電勢能減少了5eV,故C正確;D.電場中某點的電勢大小的確定和零勢點的選取有關(guān),所以零電勢點未確定,是不能確定a、b兩點的電勢,故D正確。本題選錯誤的,故選AB。8、BD【解題分析】
電容器充電后電鍵S斷開,電容器所帶電量不變,根據(jù)推論分析板間場強是否變化,判斷θ如何變化.保持電鍵S閉合,板間電壓不變,將A板向B板靠近,根據(jù)E=Ud分析板間場強如何變化,判斷【題目詳解】A、B、電容器充電后電鍵S斷開,電容器所帶電量不變,兩板正對面積和介電常量都不變,根據(jù)推論E=4πkQεrs得知,板間場強E不變,小球所受電場力不變,則將A板向B板靠近時,θ不變;故AC、D保持電鍵S閉合,板間電壓不變,將A板向B板靠近,板間距離d減小,由板間場強E=Ud分析得到場強增大,小球所受電場力增大,由平衡知識qE=mgtanθ知θ增大;故C故選BD.【題目點撥】電容器所帶電量不變,兩板正對面積和介電常量不變,板間場強不變是重要的推論,要在理解的基礎(chǔ)上加強記憶.9、AC【解題分析】
AB.保持P的位置不變,電阻保持不變,S由b切換到a,則輸出電壓變大,由得功率變大,A正確、B錯誤;CD.S置于b位置不動,則電壓保持不變,P向上滑動,電阻變小,功率變大,P向下滑動,電阻變大,功率變小,C正確、D錯誤.10、CD【解題分析】
A.虛線表示P波的波谷、Q波的波峰,所以a點是P波的波谷、Q波的波峰相遇的點,所以a點的振幅是0,故A錯誤;B.b點為a、c的中點,也是P與Q的中點,所以b點一定是振動的加強點,所以b點的振幅是2A,故B錯誤;C.實線表示P波的波峰、Q波的波谷,所以c點是P波的波峰、Q波的波谷相遇的點,所以c點的振幅是0,圖示時刻質(zhì)點c的位移為0,故C正確;D.a、b、c為三個等間距的質(zhì)點,由于a、c分別位于波峰與波谷處,所以b點在圖示的時刻,是兩列波的平衡位置所在處;波P向右傳播,由圖可知,d點位于波峰與平衡位置之間,由振動與波的傳播方向之間的關(guān)系可知,P波的振動方向向下;同時,Q波向左傳播,d點位于平衡位置與波谷之間,由振動與波的傳播方向之間的關(guān)系可知,P波的振動方向向下。綜合以上可知,圖示時刻質(zhì)點d的振動方向沿?y軸。故D正確。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、0.04、1【解題分析】
所并電阻阻值為;因為,所以指針指在表盤上的原來處,則被測電流的大小是故答案為0.04,112、BAF小于2.30【解題分析】
本實驗通過半偏法測量電流表G的內(nèi)阻,抓住整個電路電流要基本保持不變,確定選擇的器材.通過總電阻的變化,導致總電流的變化,確定半偏法測量電流表內(nèi)阻的誤差.根據(jù)歐姆定律求出改裝后電壓表的電壓.(1)利用半偏法測量電流表G的內(nèi)阻,要保證總電流基本不變,則R1的阻值遠大于R2的阻值,電動勢選擇大一些的.故可變電阻R1應該選擇B;可變電阻R2應該選擇A;電源E應該選擇F.(2)由于并聯(lián)R2后,總電阻減小,則總電流增大,所以通過R2的實際電流大于通過電流表G的電流,則R2的阻值小于電流表G的阻值,所以電流表R測<R真.(3)根據(jù)歐姆定律得:U=Ig(Rg+R)=2.3×10﹣4×(105+9895)=2.30V;【題目點撥】本題考查了實驗器材選擇、實驗誤差分析、電壓表讀數(shù),知道半偏法測電表內(nèi)阻的實驗原理是正確解題的關(guān)鍵,要掌握實驗器材的選擇原則.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)98N/C(2)0.44m/s【解題分析】試題分析:帶電液滴靜止受力平衡,重力與電場力大小相等,方向相反;應用牛頓第二定律結(jié)合運動學關(guān)系式即可解得。(1)電場力與重力平衡,故電場力向上,故上極板帶正電;液滴靜止時,根據(jù)平衡條件,有:qE=mg
解得:E=98N/C(2)液滴向上做勻加速直線運動由牛頓第二定律:2qE-mg=ma解得:a=g由速度位移公式:帶入數(shù)據(jù)解得:v=0.44m/s點睛:本題主要考查了液滴在平行板間的平衡和運動問題,應用牛頓第二定律與勻變速直線運動規(guī)
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