湖南省常德市武陵區(qū)芷蘭實驗學校歷史班2024屆物理高二第一學期期中調研模擬試題含解析

湖南省常德市武陵區(qū)芷蘭實驗學校歷史班2024屆物理高二第一學期期中調研模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量相等的兩個小球A和B緊貼倒圓錐筒的光滑內壁各自做水平面內的勻速圓周運動，則（）A．A球受到的支持力較大B．B球受到的支持力較大C．A球運動的線速度較大D．B球運動的線速度較大2、生活中有許多諺語和歇后語都蘊含著豐富的物理知識，下列最能說明“物體間力的作用是相互的”這一規(guī)律的是A．秤砣雖小，能壓千斤 B．人往高處走，水往低處流C．水滴石穿——非一日之功 D．雞蛋碰石頭——不自量力3、如圖所示，一輕質彈簧固定在墻上，一個質量為m的木塊以速度v0從右側沿光滑水平面向左運動并與彈簧發(fā)生相互作用。設相互作用的過程中彈簧始終在彈性限度范圍內，那么，到彈簧恢復原長的過程中彈簧對木塊沖量I的大小和彈簧對木塊做的功W的大小分別是（）A．I=0，W=mv02 B．I=mv0，C．I=2mv0，W=0 D．I=2mv0，4、電阻R1與R2并聯在電路中，通過R1與R2的電流之比為1∶2，則當R1與R2串聯后接入電路中時，R1和R2兩端電壓之比U1∶U2為（）A．1∶2 B．1∶4C．2∶1 D．4∶15、對于由點電荷Q產生的電場，下列說法中正確的是()A．電場強度的定義式仍成立，即E＝F/Q，式中的Q就是產生電場的點電荷B．在真空中電場強度的表達式為，式中的Q就是產生電場的點電荷C．在真空中E＝kq/r2，式中的q是試探電荷D．以上說法都不對6、水平轉臺兩個質量相等的物體A和B，A、B與轉軸距離分別為、，當轉盤和物塊繞豎直轉軸勻速轉動時，物塊與轉盤始終保持相對靜止（）A．A線速度比B線速度大 B．A角速度比B角速度大C．當轉速增大時，A比B先滑動 D．當轉速增大時，B比A先滑動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用如圖所示的裝置研究光電效應現象．所用光子能量為2.75eV的光照射到光電管上時發(fā)生了光電效應，電流表G的示數不為零；移動變阻器的觸點，發(fā)現當電壓表的示數大于或等于1.7V時，電流表示數為0，則下列說法正確的是（）A．光電子的最大初動能始終為1.05eVB．光電管陰極的逸出功為1.05eVC．當滑動觸頭向a端滑動時，反向電壓增大，電流增大D．改用能量為2.5eV的光子照射，移動變阻器的觸點c，電流表G中也可能有電流8、如圖所示是一種通過測量電容器電容的變化來檢測液面高低的儀器原理圖．電容器的兩個電極分別用導線接到指示器上，指示器可顯示出電容的大小，下列關于該儀器的說法正確的是（）A．該儀器中電容器的電極分別是芯柱和導電液體B．芯柱外套的絕緣層越厚，該電容器的電容越大C．如果指示器顯示出電容增大，則說明容器中液面升高D．如果指示器顯示出電容減小，則說明容器中液面升高9、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，在距離兩板等距的M點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)。若將a板向下平移一小段距離，但仍在M點上方，穩(wěn)定后，下列說法中正確的是A．液滴將向下加速運動B．M點電勢升高，液滴在M點的電勢能將減小C．M點的電場強度變小了D．在a板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功相同10、如圖所示的電路中，電源的電動勢恒定．要想使燈泡變暗，可以()A．增大R1B．減小R1C．增大R2D．減小R2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一種供實驗使用的小型電池電動勢約為9V，內阻約為40Ω，電池允許最大輸出電流為50mA，為了準確測定這個電池的電動勢和內阻，用圖甲（a）所示的實驗電路進行測量（圖中電壓表內阻很大，可不考慮它對測量的影響），R為電阻箱，阻值范圍為0~9999Ω，R0是保護電阻。（1）按實驗要求，把圖甲（b）中的實驗器材按實驗電路圖進行正確連線______（2）在實驗中當電阻箱調到圖乙所示位置后，閉合開關K，電壓表示數9.0V，變阻箱此時電阻為______Ω。（3）斷開開關，調整電阻箱阻值，再閉合開關，讀取電壓表示數，多次測量后，做出如丙圖所示線，則該電池電動勢E=______V，內阻r=______Ω。12．（12分）某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：A．直流電源（6V，內阻不計）B．電流表G（滿偏電流3mA，內阻）C．電流表A（，內阻未知）D．滑動變阻器R（，5A）E．滑動變阻器Rˊ（，）F．定值電阻R0（阻值）G．開關與導線若干（1）根據題目提供的實驗器材，請你設計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內）_____（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用_____．（填寫器材序號）（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動勢E=6.0V，內阻忽略不計．調節(jié)滑動變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子元件R1的阻值為_____，R3接入電路的阻值為_____（結果保留兩位有效數字）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在豎直平面內存在豎直方向的勻強電場．長度為l的輕質絕緣細繩一端固定在O點，另一端連接一質量為m、電荷量為+q的小球（可視為質點），初始時小球靜止在電場中的a點，此時細繩拉力為2mg，g為重力加速度．(1)求電場強度E和a、O兩點的電勢差U；(2)若小球在a點獲得一水平初速度，使其在豎直面內做圓周運動，求小球運動到b點時細繩拉力F的大小.14．（16分）如圖所示，半徑R=0.45m固定的光滑四分之一圓弧軌道，其末端水平且距離地面高度h=0.10m．將質量M=0.7kg、長度l=0.50m的木板B緊靠軌道末端放置在水平地面上，木板B的上表面與軌道末端等高且平滑對接，質量m=0.3kg的小滑塊A從圓弧軌道的頂端由靜止滑下，經過軌道末端沿水平方向沖上木塊B，在木板B的上表面滑行一段時間后從B的右端滑出．已知小滑塊A與木板B上表面間的動摩擦因素μ1=0.40，地面與木板B間的動摩擦因素μ1=0.05，重力加速度g=10m/s1．求：（1）小滑塊A滑到圓弧軌道最低點時速度vA的大??；（1）小滑塊A滑到圓弧軌道最低點時軌道對它的支持力FN的大小；（3）木板B停止運動時，它的右端與小滑塊A的落地點間水平距離△x．15．（12分）高速公路上，為防止汽車連續(xù)下坡或轉彎時剎車失靈發(fā)生事故，道路旁常建有斜向上的“緩沖坡”．如圖所示，一質量為m的貨車沖上緩沖坡做勻減速直線運動，已知其初速度為v0，經過時間t速度減為零．求貨車的(1)加速度大小a；(2)最大上行距離L．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：AB、對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖筒對小球的支持力N=，與軌道半徑無關，則由牛頓第三定律得知，小球對筒的壓力也與半徑無關，即有球A對筒壁的壓力等于球B對筒壁的壓力．故AB錯誤；CD、根據牛頓第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的轉動半徑較大，A線速度較大．故C正確，D錯誤．故選C2、D【解題分析】

“秤砣雖小，能壓千斤”利用的是杠桿原理，A錯誤；“人往高處走，水往低處流”是因為水受到重力作用，B錯誤；“水滴石穿——非一日之功”是指力的作用效果，C錯誤；“雞蛋碰石頭——不自量力”表明力的作用是相互的，D正確故選D。3、C【解題分析】

在木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程中，彈簧對木塊做負功，在彈簧將木塊彈出的過程中，彈簧對木塊做正功，且正功與負功的絕對值相等，故在整個相互作用的過程中彈簧對木塊做的總功W=0木塊將以-v0的速度被彈回，由動量定理可得，在整個相互作用的過程中彈簧對木塊沖量的大小故選C。【點晴】解決本題關鍵將整個相互作用過程分為木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程和彈簧將木塊彈出的過程進行分析，注意動量為矢量，有大小和方向。4、C【解題分析】

當R1、R2并聯接入電路中時，電壓相等，則R2：R1=I1：I2=1：2電阻R1、R2串聯在電路中時，電流相等，則U1：U2=R1：R2=2：1故C正確，ABD錯誤。故選C。5、B【解題分析】

電場強度公式，適用于所有的電場，E為場源電荷產生的場強，q為試探電荷；點電荷的場強公式，其中E就是式中Q產生的場強；【題目詳解】A、電場強度的定義式，適用于任何電場，式中Q所指的試探電荷，故A錯誤；

B、在真空中，電場強度的表達式為：，式中Q就是產生電場的電荷即場源電荷，該公式適用點電荷電場，故B正確，CD錯誤．【題目點撥】本題考查的就是學生對基本公式使用條件及物理量的物理意義，在平時要注意多積累．6、D【解題分析】

AB．兩物塊隨轉盤一起轉動，角速度相等，由可知，因B的轉動半徑大，則B的線速度比A的線速度大，故AB均錯誤；CD．當物塊隨轉盤轉動即將相對滑動時，由最大靜摩擦力提供向心力，有可知臨界角速度為因B的轉動半徑大，則B物體的臨界角速度較小，即B比A先滑動，故C錯誤，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】該裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現當電壓表的示數大于或等于1.7V時，電流表示數為0，知道光電子的最大初動能為1.7eV，根據光電效應方程EKm=hγ-W0，W0=1.05eV．故A錯誤，B正確；當滑動觸頭向a端滑動時，反向電壓增大，則到達集電極的電子的數目減小，電流減小，故C錯誤；改用能量為2.5eV的光子照射，2.5eV仍然大于1.7eV，仍然可以發(fā)生光電效應，電流表G也有電流，即使移動變阻器的觸點c，電流表G中也可能有電流，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．8、AC【解題分析】

由電容器的定義可知，該儀器中的芯柱和導電液體相當于電容器的兩個極板，故A正確；絕緣層厚度越厚，則電容器的d越大，則電容越小，B錯誤；設芯柱的半徑為r，芯柱外套的絕緣層厚度為d，則該裝置的電容值為C=εrS/4πkd=εr·2πrh/4πkd∝h，C增大，液面升高，C正確D錯誤．9、BD【解題分析】試題分析：原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變，將a板向下平移時，由a板下移時，兩板間的距離減小，由E=Ud分析可知：板間電場強度增大，粒子受到的電場力增大，故液滴將向上加速運動，故A．C錯誤；下極板接地，電勢為零，M點的電勢等于M與b之間的電勢差。由U=Ed可知，因E增大，d不變，則M點的電勢增大；因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B錯誤；因兩板間的電勢差不變，由考點：電容器的動態(tài)分析、帶電粒子在混合場中的運動【名師點睛】本題分析時，要抓住平行板電容器的與電源保持相連，電容器板間電壓保持不變，根據E=U10、AD【解題分析】

如圖所示，燈泡與電阻R2并聯，然后R1串聯．要使燈泡變暗，應使流過燈泡的電流變?。绢}目詳解】A.增大R1，電路總電阻增大，干路總電流減小，燈泡和R2并聯的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，A正確B.減小R1，電路總電阻減小，干路總電流增大，燈泡和R2并聯的電壓就增大，所以燈泡的電流增大，燈泡變亮，B錯誤C.增大R2，電路總電阻增大，干路總電流減小，則電壓內阻r和R1的電壓都減小，并聯部分的電壓增大，加在燈泡兩端的電壓變大，流過電燈泡的電流增大，燈泡變亮，C錯誤D.減小R2，電路總電阻減小，干路總電流增大，則電壓內阻r和R1的電壓都增大，并聯部分的電壓減小，加在燈泡兩端的電壓減小，流過電燈泡的電流減小，燈泡變暗，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解題分析】

（1）[1]實物電路圖如圖所示（2）[2]由圖所示，電阻箱阻值為（3）[3]由閉合電路歐姆定律可得圖像的縱截距表示電動勢，故電動勢大小為[4]圖像斜率的絕對值表示內阻，所以12、D

104【解題分析】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內阻的電流表G與定值電阻R0串聯測電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω，電壓表內阻為10+1990=2000Ω，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示：（2）為方便實驗操作，同時分壓接法時，要求用小電阻，故滑動變阻器應選D．（3）兩元件串聯，流過它們的電流始圖相等，電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說明它們的電壓和電流相等，由圖乙可知，此時電阻兩端的電壓為U=2.5V，I=0.25A，根據歐姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根據串并聯電路特點，可知，此時流過R3的電流為：I′=2I=0.5A，兩端的電壓為：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入電阻的