2017-2018學年山東省泰安市岱岳區(qū)九年級（上）期末物理試卷（五四學制）

2017-2018學年山東省泰安市岱岳區(qū)九年級（上）期末物理試卷（五四學制）學校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________題號一二三四五總分得分注意：本試卷包含Ⅰ、Ⅱ兩卷。第Ⅰ卷為選擇題，所有答案必須用2B鉛筆涂在答題卡中相應的位置。第Ⅱ卷為非選擇題，所有答案必須填在答題卷的相應位置。答案寫在試卷上均無效，不予記分。一、單選題1、下列有關物理與生活的事例說法正確的是()A.探險隊員在地球的北極時，手中的指南針N極將指向豎直向下B.家庭中的用電器都是串聯(lián)的C.木頭是絕緣體，可以用來挑開垂下的高壓線D.使用銅線代替鋁線做導線，是因為銅的密度較大 2、下列說法正確的是()A.用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近帶正電的物體時會相互排斥B.摩擦起電的實質(zhì)是正電荷發(fā)生了轉移C.金屬導體中自由電子定向移動的方向與電流的方向相反D.兩個燈泡連接在電路中，當開關斷開，兩燈熄滅，則兩燈一定是串聯(lián) 3、家用電吹風由帶扇葉的電動機和電熱絲等組成，為了保證電吹風的安全使用，要求：不吹風時，電熱絲不能發(fā)熱；電熱絲不發(fā)熱時，可以吹冷風。下列電路中符合要求的是()A. B.C. D. 4、冰在熔化過程中，下列判斷正確的是()A.內(nèi)能不變，比熱容不變 B.吸收熱量，溫度不變C.比熱容，內(nèi)能，溫度都不變 D.比熱容變大，內(nèi)能增加，溫度升高 5、電工維修電路有時需要帶電操作，如圖所示。以下操作不會發(fā)生觸電事故的是()A. B.C. D. 6、由歐姆定律公式I=UR變形得R=UIA.加在導體兩端的電壓越大，則導體的電阻越大B.通過導體的電流越大，則導體的電阻越小C.當導體兩端的電壓為零時，導體的電阻也為零D.導體的電阻跟導體兩端的電壓和通過導體的電流無關 7、如圖所示的電路，閉合開關，兩只燈泡都不發(fā)光，且電流表和電壓表均沒有示數(shù)?，F(xiàn)僅將L1和L2兩燈泡的位置對調(diào)，其它不變。再次閉合開關時，發(fā)現(xiàn)兩只燈泡仍不發(fā)光，電流表指針仍然不動，但電壓表的指針卻有了明顯的偏轉。根據(jù)以上信息可以判斷(A.電流表損壞了 B.燈泡L1C.燈泡L2的燈絲斷了 D.電源接線處松脫8、下列敘述中正確的是()A.固體很難被壓縮，是因為分子間存在斥力B.看上去晶瑩剔透的玻璃是晶體C.當燃料沒有完全燃燒時，其熱值較小D.熱機是通過燃料燃燒獲取化學能并轉化為機械能的裝置 9、標有“6V6W”、“3V3W”的燈L1和L2(假設燈絲電阻不變)，若將它們串聯(lián)接在某電源上，兩燈都發(fā)光，下列說法正確的是A.燈

L2比燈LB.燈L1、L2的實際功率之比為1C.電源電壓為3V時，燈L2D.電源電壓為9V時，燈L1、L210、關于如圖所示的實驗裝置，下列說法正確的是()A.可以研究發(fā)電機的工作原理B.可以研究感應電流的方向與磁場方向的關系C.可以研究磁場對通電導體的作用力方向與磁場方向的關系D.該裝置實驗過程中使機械能轉化為電能 11、有如①②③④4幅圖，下列選項正確的是()A.只有①②圖正確 B.只有①③圖正確 C.只有①③④圖正確 D.①②③④圖都正確 12、在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑片P向左移動時，下描述正確的是()①電壓表V示數(shù)變?、诹鞅鞟1③電流表A的示數(shù)變大④電壓表V示數(shù)與電流表A1⑤電壓表V示數(shù)與電流表A示數(shù)的乘積變大A.只有①③正確 B.只有③⑤正確 C.只有②③④正確 D.只有③④⑤正確 13、如圖所示實驗裝置，彈簧測力計下面掛著條形磁鐵，下端為N極，螺線管中插有鐵芯?，F(xiàn)開關S撥在觸點②位置且電流表示數(shù)為I，要使彈簧測力計的示數(shù)變大，下列操作方法正確的是()(1)開關S位置不動，將鐵芯從螺線管中取出(2)開關S位置不動，將滑片P向a端滑動(3)開關S位置不動，將條形磁鐵N、S極顛倒(4)將開關S撥到①位置，并通過調(diào)節(jié)仍使電流表示數(shù)為I(5)將開關S撥到③位置，并通過調(diào)節(jié)仍使電流表示數(shù)為IA.只有(1)(3)正確 B.只有(2)(4)正確C.只有(3)(5)正確 D.只有(1)(2)(3)(5)正確 14、如圖所示，電源電壓為6V，定值電阻R=18Ω，在S閉合的情況下，下列說法正確的是()①在a、b兩點間接入一個合適的電壓表時，電壓表有明顯示數(shù)②不能在ab兩點間接入一個電流表③在a、b兩點間接入一個“1.5V0.25A”的小燈泡，小燈泡能正常發(fā)光④在a、b兩點間接入一個12Ω的電阻，電路消耗的總功率為0.5W⑤在a、b兩點間接入導線，電流2s做的功是2JA.只有①③正確 B.只有③④正確 C.只有①③④正確 D.只有①④⑤正確 15、如圖甲所示電路，電源電壓保持不變。閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P從右端滑到左端的過程中，R1、R2的I一U關系圖象如圖乙所示，則下列判斷正確的是(①電源電壓為18V②R1③圖線A是電阻R1的I-U④滑動變阻器R2的最大阻值為A.只有①②正確 B.只有②④正確 C.只有①③正確 D.①②③④圖都正確 二、填空題1、如圖甲所示是演示點火爆炸的實驗裝置，按動電火花發(fā)生器的按鈕，點燃盒內(nèi)酒精，盒蓋被打出去，這與圖乙汽油機工作4個沖程的______(選填ABCD)能量轉化關系相同。2、如圖所示的電路，AB和CD均為鎳鉻合金線。閉合開關后，通過觀察電流大小可以比較出合金線電阻的大小，這種研究方法叫______(選填“等效替代法”或“轉換法”或“控制變量法”)3、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變。當開關S和S1都閉合，甲、乙兩表為電壓表時，兩電壓表示數(shù)之比為5：2：當開關S閉合，S1斷開，甲、乙兩表為電流表時，R1和R24、在某一溫度下，兩個電路元件A和B中的電流與其兩端電壓的關系如圖所示。

將元件A和B并聯(lián)后接在電壓為2.5V的電源兩端，則電路消耗的電功率是______W。三、作圖題1、如圖所示家庭電路，燈L由開關S控制，墻上有一個固定的三孔插座。請把電路連接完整。______2、將小磁針放在螺線管附近，閉合開關后，小磁針靜止時的指向如圖所示。請在圖中標出電源的“+”極，并畫出螺線管周圍磁感線的分布情況(畫出1條線)______四、實驗探究題1、下面為物理興趣小組在實驗操作中遇到的問題，請回答：(1)在測量定值電阻的阻值實驗中，正確連接電路并閉合開關后，電壓表和電流表分別測出了定值電阻的電壓和電流，示數(shù)如圖所示，則電流表的示數(shù)為______A，電阻的阻值為______Ω。(2)在探究通過導體的電流與導體兩端電壓關系時，應保持______不變；在探究通過導體的電流與導體電阻關系時，滑動變阻器的作用是______。______2、王瑞同學在做“測定小燈泡電功率”的實驗時，所用電源電壓為4.5伏，小燈泡額定電壓為2.5伏。(1)按電路圖連接成的實物圖甲有一處錯誤，請在錯誤的連線上畫“×”并正確連接；(2)電路正確連接后。閉合開關，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，但電流表有示數(shù)，接下來應進行的操作是______。(3)移動滑動變阻器滑片P到某一位置時，電壓表的示數(shù)如圖乙，若要測量小燈泡的額定功率，應將圖甲中滑片P向______(填“A”或“B”)端移動，使電壓表的示數(shù)為2.5伏；(4)王瑞同學移動滑片P，記下多組對應的電壓表和電流表的示數(shù)，并繪制成圖丙所示的圖象。根據(jù)圖象信息，可計算出小燈泡的額定功率是______W.該圖象不是直線，主要原因是______。(5)若所提供的器材只有：小燈泡1個，電流表1個、電源(電壓為U)、開關S1、S2，滑動變阻器1個，導線若干，小燈泡的額定電流為I，王瑞設計了如圖丁所示電路圖，請你幫他在虛線框內(nèi)補全電路，并補全測小燈泡額定功率實驗步驟、寫出小燈泡額定功率的表達式(用字母表示，可能用的物理量有：已知的電源電壓U、燈泡的額定電流I實驗步驟：①連接電路，然后只閉合開關S1②______；③小燈泡的額定功率的表達式P額______五、計算題1、如圖所示電路，燈L標有“3V0.9W”，電源電壓為4.5V，滑動變阻器R上標有“50Ω1A”的字樣，電壓表量程為0～3V，電流表量程為0～0.6A，當移動滑片時，電路中各元件均能安全工作。(假設燈L的電阻保持不變)求：(1)燈L的電阻和正常工作時的電流；(2)燈L正常工作時滑動變阻器消耗的功率；(3)燈L消耗的最小功率；(4)滑動變阻器允許接入電路的阻值范圍。______2、甲圖是某品牌電熱式家用煮茶器，乙圖為其簡化的電路原理圖，已知電阻R1阻值為80Ω，R2阻值為60.5Ω，煮茶器有“高溫檔”、“中溫檔”和“低溫檔”三個檔位，其額定電壓為220V.現(xiàn)煮茶器內(nèi)裝有初溫為15℃的(1)計算煮茶器在正常工作時“低溫檔”和“中溫檔”的電功率；(2)計算煮茶器在高溫檔時，將茶水煮沸騰所需的時間(假設無能量損失，結果保留整數(shù))；(3)在居民高峰用電時，家庭電路中往往電壓偏低，使用電器功率變低?，F(xiàn)將家庭內(nèi)其它用電器關閉電源，煮茶器在低檔位運行時，在72s內(nèi)電能表指示燈閃了20次，(表盤上標有標有“2000imp/(kW?h)”的字樣)，計算家庭電路的實際電壓。______

2017-2018學年山東省泰安市岱岳區(qū)九年級（上）期末物理試卷（五四學制）參考答案一、單選題第1題參考答案:A解：A、探險隊員在北極，即地磁的南極附近，根據(jù)異名磁極相互吸引可知，指南針的N極應與地磁的南極相吸引，所以此時指南針的N極豎直向下，故A正確；B、家庭中的用電器都是并聯(lián)的，故B錯誤；C、干木頭是絕緣體，濕木頭是導體，故干燥的木頭可以用來挑開垂下的高壓線，故C錯誤；D、長度和橫截面積相同的鋁線和銅線，銅線的電阻較小，所以當用電電流較大時，可以用等粗的銅線代替鋁線，不是因為銅的密度較大，故D錯誤。故選：A。(1)地球是一個大磁體，地磁北極在地理南極附近，地磁南極在地理北極附近，指南針靜止時北極所在的方向為磁場方向；(2)家庭電路中的用電器工作時互不影響；(3)容易導電的物體叫導體，不容易導電的物體叫絕緣體；(4)長度和橫截面積相同的鋁線和銅線，銅線的電阻較小。本題考查指南針，家用電器的連接，導體和絕緣體，以及電阻大小的判斷，是一道綜合題。---------------------------------------------------------------------第2題參考答案:C解：A、用毛皮擦過的橡膠棒帶負電荷，靠近帶正電的物體時，異種電荷會相互吸引，故A錯誤；B、摩擦起電的實質(zhì)是電子從一個物體轉移到另一個物體，故B錯誤；C、物理學中規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流方向，金屬導體中自由電子定向移動的方向與電流方向相反，故C正確；D、串聯(lián)和并聯(lián)電路上的幾盞燈都可以同時亮、同時滅，所以這兩盞燈不一定是串聯(lián)的，故D錯誤。故選：C。(1)電荷間的相互作用規(guī)律：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；(2)根據(jù)摩擦起電的實質(zhì)分析；(3)電流方向的規(guī)定：正電荷定向移動的方向與電流方向相同，負電荷定向移動的方向與電流方向相反；(4)串聯(lián)的各電路元件相互影響；并聯(lián)的各電路元件互不影響。此題考查的內(nèi)容較多，但難度不大認真分析即可。---------------------------------------------------------------------第3題參考答案:A解：由題意可知，不吹風時，電熱絲不能發(fā)熱；電熱絲不發(fā)熱時，可以吹冷風；A.電動機和電熱絲并聯(lián)，S_{1}控制整個電路，S_{2}控制電熱絲；S_{1}閉合、S_{2}斷開時，只有電動機工作；再閉合S_{2}后，電動機和電熱絲都工作；斷開S_{1}時，電動機和電熱絲都不工作，故A符合題意。B.電動機和電熱絲并聯(lián)，電路中只有一個總開關控制，開關閉合，電熱絲和電動機同時工作，而電動機無法獨立工作，故B不符合題意；C.電動機和電熱絲并聯(lián)，S_{1}控制整個電路，S_{2}控制電動機；S_{1}閉合、S_{2}斷開時，只有電熱絲工作，電動機不工作，故C不符合題意；D、電動機和電熱絲串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知，電動機不能夠獨立工作，故D不符合題意。故選：A。由題意“電吹風不吹風時，電熱絲不能發(fā)熱；電熱絲不發(fā)熱時，電吹風仍能吹風”可知，電熱絲和電動機可以獨立工作、即為并聯(lián)，且只有電動機工作時電熱絲才能工作。本題考查了串并聯(lián)電路的設計，根據(jù)題意得出電熱絲和電動機的連接方式以及開關的位置是關鍵。---------------------------------------------------------------------第4題參考答案:B解：冰在熔化過程中，吸收熱量，而溫度保持不變，但內(nèi)能在增加，由于比熱容與物質(zhì)的種類和物質(zhì)所處的狀態(tài)有關，當冰熔化成水后，比熱容變大；故選：B．冰在熔化過程溫度不變，但需要繼續(xù)吸熱，所以內(nèi)能增加，水的比熱容比冰的比熱容大，所以比熱容變化．解決此類問題要知道熔化過程的特點及不同物質(zhì)比熱容不同．---------------------------------------------------------------------第5題參考答案:D解：人體觸電，原因是有電流流過，形成通路，人體為導體，一邊與火線相接，一邊與零線相接或與大地相接，都會形成通路，選項A、B、C中通過人體都能構成閉合的電路，即有電流流過人體，會觸電；只有選項D中沒有構成閉合的電路，電流不會流過人體，不會觸電。故選：D。家庭電路中的觸電事故，都是人直接或間接接觸火線引起的；觸電有兩種：①當人體的不同部位分別接觸火線和零線時，②站在地上，身體的某一部位與火線接觸，據(jù)此分析。本題考查了常見觸電的兩種類型。我們要牢記安全用電的原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體。---------------------------------------------------------------------第6題參考答案:D解：因電阻是導體本身的一種性質(zhì)，只與導體的材料、長度、橫截面積、溫度有關，與兩端的電壓和通過的電流無關，所以ABC的說法均不正確，D的說法正確。故選：D。根據(jù)電阻是導體本身的一種性質(zhì)，與導體的材料、長度、橫截面積、溫度有關，與兩端的電壓和通過的電流無關，進行解答。本題考查了學生對電阻的了解與掌握，是一道基礎題目。---------------------------------------------------------------------第7題參考答案:C解：A、電流表損壞了，無論是否對調(diào)燈的位置，電壓表始終不能接在電源上，示數(shù)為0，故A錯，不符合題意。B、燈泡L_{1}的燈絲斷了，如圖，電壓表能通過燈絲L_{2}、電流表、導線接到電源上，電壓表有示數(shù)，故B錯，不符合題意。C、燈泡L_{2}的燈絲斷了，如圖，電壓表接不到電源上，無示數(shù)；電路中無電流，電流表無示數(shù)；將兩燈泡L_{1}和L_{2}的位置對調(diào)，再次閉合開關，電壓表能通過燈絲L_{1}、電流表、導線接到電源上，電壓表有示數(shù)；電路中無電流，電流表無示數(shù)；故C正確，符合題意。D、電源接線處松脫，無論是否對調(diào)燈的位置，電壓表始終不能接在電源上，示數(shù)為0，故D錯，不符合題意。故選：C。從圖可知，兩燈串聯(lián)，閉合開關，兩只燈泡都不亮，根據(jù)電流表和電壓表在電路中的作用進行分析。前后兩次電流表示數(shù)均為零，說明電路某處有斷路，不能是短路(這樣有一燈會亮)。第一次電壓表無示數(shù)，說明從ab到電源的正負極之間有斷路，電壓表不能接到電源的兩極上。將L_{1}和L_{2}兩燈泡的位置對調(diào)后，電壓表有示數(shù)，說明從ab到電源的正負極之間是通路，電壓表ab之間有斷路，據(jù)此綜合分析。本題考查了學生利用電流表、電壓表判斷電路故障的分析能力，電路故障分短路和斷路兩種情況，了解短路或斷路對電路的影響是本題的關鍵。---------------------------------------------------------------------第8題參考答案:A解：A、分子之間很難被壓縮，是由于分子之間存在斥力。正確。B、玻璃沒有固定的熔點，所以是非晶體。錯誤。C、某種物質(zhì)的熱值是定值，不會因為沒有完全燃燒而發(fā)生變化。錯誤。D、熱機內(nèi)部的能量轉化是從化學能轉化為內(nèi)能。錯誤。故選：A。分子動理論中提到，分子之間存在引力和斥力。晶體和非晶體的區(qū)別是有沒有固定的熔點和凝固點。熱值是物質(zhì)的一種特性。熱機是通過燃燒將化學能轉化為內(nèi)能的裝置。根據(jù)以上內(nèi)容，對各個選項進行分析。本題考點較全，需要學生掌握分子動理論、晶體與非晶體的區(qū)別、熱值和熱機的相關內(nèi)容。這種類型的題目容易出現(xiàn)在綜合試卷中進行考試。---------------------------------------------------------------------第9題參考答案:D解：(1)由P=UI可得，兩燈泡的額定電流：I_{1}=\dfrac{P_{1}}{U_{1}}=\dfrac{6W}{6V}=1A，I_{2}=\dfrac{P_{2}}{U_{2}}=\dfrac{3W}{3V}=1A；兩燈泡的電阻：R_{1}=\dfrac{U_{1}}{I_{1}}=\dfrac{6V}{1A}=6Ω，R_{2}=\dfrac{U_{2}}{I_{2}}=\dfrac{3V}{1A}=3Ω；(2)因兩燈泡的額定電流相等，所以，兩燈泡串聯(lián)時可以同時正常發(fā)光，因燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等，且串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，兩燈泡串聯(lián)且正常發(fā)光時電源的電壓：U=U_{1}+U_{2}=6V+3V=9V，故D正確，C錯誤；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，兩燈泡的實際功率之比：\dfrac{P_{1}′}{P_{2}{{'}}}=\dfrac{IR_{1}}{IR_{2}}=\dfrac{R_{1}}{R_{2}}=\dfrac{6Ω}{3\Omega}=\dfrac{2}{1}，即L_{1}的實際功率大，故A錯誤，B錯誤；故選：D。(1)已知額定電壓和額定功率，根據(jù)I=\dfrac{P}{U}求出兩燈泡的額定電流，根據(jù)歐姆定律求出兩燈泡的電阻；(2)兩燈泡的額定電流相等可以同時正常發(fā)光，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出兩燈泡正常發(fā)光時電源的電壓，根據(jù)P=I^{2}R和串聯(lián)電路的電流特點求出兩燈泡的實際功率之比，進而判斷出實際功率的大小。本題考查了串聯(lián)電路的特點和電功率的應用，關鍵是知道燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等。---------------------------------------------------------------------第10題參考答案:C解：該裝置是研究通電導體在磁場中受力的裝置，通過本裝置可以研究磁場對通電導體的作用力方向與電流方向、磁場方向的關系，根據(jù)此原理制成電動機，在實驗過程中消耗電能轉化為機械能，故ABD錯、C正確。故選：C。該裝置中有電源提供電能，通電的導體棒ab在磁場中受力而運動，這是研究通電導體在磁場中受力的裝置，是電動機的工作原理，因電而動，其能量轉化為電能轉化為機械能。研究通電導體在磁場中受力的實驗裝置中有電池，電能轉化為機械能，根據(jù)此原理制成電動機；研究電磁感應現(xiàn)象的實驗裝置中沒有電池，機械能轉化為電能，根據(jù)此原理制成發(fā)電機。---------------------------------------------------------------------第11題參考答案:B解：①重力和質(zhì)量成正比，當質(zhì)量為零時，重力也是零，所以重力和質(zhì)量的關系圖象是一條過原點的直線，故①正確；②水的密度是物質(zhì)的一種特性，水的密度與質(zhì)量和體積無關，而題干中的圖象卻反映出水的密度與體積成正比關系，故②錯誤；③比熱容是物質(zhì)的一種特性，它是由物質(zhì)本身所決定的，不隨溫度的改變而變化，故③正確；④由液體壓強公式p=ρ_{液}gh知，水產(chǎn)生的壓強隨深度的增加而增大，且成正比，故④錯誤。故選：B。(1)橫軸表示質(zhì)量，縱軸表示重力，根據(jù)重力和質(zhì)量的關系作出解答；(2)密度是物質(zhì)的一種特性，不同物質(zhì)的密度一般不同，同種物質(zhì)的密度還與溫度、狀態(tài)等有關，但與質(zhì)量和體積無關；(3)比熱容是物質(zhì)的一種特性，它是由物質(zhì)本身所決定的，對于某種物質(zhì)，它的比熱容是一定的；(4)液體壓強與液體的密度和深度有關，隨深度的增加而增大。本題考查的是重力和質(zhì)量的關系圖象，考查學生圖象分析能力。---------------------------------------------------------------------第12題參考答案:B解：由電路圖可知，R_{1}與R_{2}并聯(lián)，電壓表測電源兩端的電壓，電流表A測干路電流，電流表A_{1}測R_{1}支路的電流，因電源電壓保持不變，所以，滑片移動時，電壓表V的示數(shù)不變，故①錯誤；因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時，通過R_{1}的電流不變，即電流表A_{1}的示數(shù)不變，故②錯誤；由電壓表V示數(shù)與電流表A_{1}的示數(shù)均不變可知，兩者的乘積不變，故④錯誤；當滑動變阻器的滑片P向左移動時，變阻器R_{2}接入電路中的電阻變小，由I=\dfrac{U}{R}可知，通過R_{2}的電流變大，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流變大，即電流表A的示數(shù)變大，故③正確；由電壓表V示數(shù)不變、電流表A的示數(shù)變大可知，兩者的乘積變大，故⑤正確；綜上可知，③⑤正確，故B正確、ACD錯誤。故選：B。由電路圖可知，R_{1}與R_{2}并聯(lián)，電壓表測電源兩端的電壓，電流表A測干路電流，電流表A_{1}測R_{1}支路的電流，根據(jù)電源的電壓可知滑片移動時電壓表示數(shù)的變化，根據(jù)并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時通過R_{1}的電流變化，然后判斷電壓表V示數(shù)與電流表A_{1}示數(shù)的乘積變化；根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知通過R_{2}的電流變化，利用并聯(lián)電路的電流特點可知干路電流的變化，然后判斷電壓表V示數(shù)與電流表A_{1}示數(shù)的乘積變化。本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，利用好電源的電壓不變和并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響是關鍵。---------------------------------------------------------------------第13題參考答案:D解：根據(jù)螺線管中的電流方向和安培定則可知，通電螺線管的上端為N極，因為彈簧測力計下面掛著條形磁鐵的下端為N極，所以同名磁極會相互排斥；(1)開關S位置不動，將鐵芯從螺線管中取出，則電磁鐵的磁性減弱，造成電磁鐵對條形磁鐵的排斥力減小，則測力計的示數(shù)增大，故(1)正確。(2)開關S位置不動，將滑片P向a端滑動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路中的電流減小，從而導致了電磁鐵的磁性減弱，造成電磁鐵對磁鐵的排斥力減小，測力計的示數(shù)增大，故(2)正確；(3)開關S位置不動，將條形磁鐵N、S極顛倒，根據(jù)安培定則可知，通電螺線管的上端為S極，與條形磁鐵的N極相互吸引，則彈簧測力計的示數(shù)增大，故(3)正確；(4)將開關S撥到①位置，并通過調(diào)節(jié)仍使電流表示數(shù)為I，雖然通過電磁鐵的電流不變，但電磁鐵的線圈匝數(shù)增加，所以電磁鐵的磁性增強，從而造成電磁鐵對磁鐵的排斥力增大，測力計的示數(shù)減小，故(4)錯誤；(5)將開關S撥到③位置，并通過調(diào)節(jié)仍使電流表示數(shù)為I，電磁鐵的線圈匝數(shù)減小，所以電磁鐵的磁性減弱，從而造成電磁鐵對磁鐵的排斥力減小，測力計的示數(shù)增大，故(5)正確。綜合分析(1)(2)(3)(5)正確。故選：D。影響電磁鐵磁性強弱的因素因素有三個：電流大小、線圈匝數(shù)、是否加入鐵芯。且在相同的情況下，電流越大，匝數(shù)越多，電磁鐵的磁性越強；電磁鐵的磁性的變化，導致了對磁鐵的作用力的變化，從而導致了測力計示數(shù)的變化。在此題中，分析的前提要明確磁鐵受到三個力的作用：測力計的拉力、重力、電磁鐵對它的作用力。磁鐵的重力不變，測力計示數(shù)的變化取決于電磁鐵對它磁力的變化。---------------------------------------------------------------------第14題參考答案:A解：①在a、b兩點間接入一個合適的電壓表時，電壓表串聯(lián)在電路中，此時電壓表的示數(shù)約等于電源電壓，故①正確；②電路中已經(jīng)接入一個定值電阻，電流表串聯(lián)在電路中測電流，所以可以在ab兩點間接入一個電流表，故②錯誤；③燈泡的額定電流I=0.25A，燈泡的電阻R_{L}=\dfrac{U_{L}}{I_{L}}=\dfrac{1.5V}{0.25A}=6Ω，燈泡和電阻R串聯(lián)時電路中的電流I=\dfrac{U}{R+R_{L}}=\dfrac{6V}{6\Omega+18\Omega}=0.25A，等于燈泡的額定電流，所以燈泡能正常發(fā)光，故③正確；④在a、b兩點間接入一個12Ω的電阻，電路消耗的總功率為：P=\dfrac{U^{2}}{R_{{總}}}=\dfrac{(6V)^{2}}{12\Omega+18\Omega}=1.2W，故④錯誤；⑤在a、b兩點間接入導線，電路只有R工作，電流2s做的功為：W=\dfrac{U^{2}}{R}t=\dfrac{(6V)^{2}}{18\Omega}×2s=4J，故⑤錯誤。綜合分析可知，只有①③正確。故選：A。(1)電壓表的阻值很大，串聯(lián)在電路中，相當于斷路，若將電壓表串聯(lián)在電路中，其示數(shù)約等于電源電壓；(2)電流表應串聯(lián)在電路中測量電流；(3)根據(jù)燈泡的規(guī)格計算出其電阻，然后根據(jù)串聯(lián)電路的特點計算出電路中的電流，與燈泡的額定電流比較得出結論；(4)根據(jù)P=UI=\dfrac{U^{2}}{R}計算出電功率的值；(5)根據(jù)W=\dfrac{U^{2}}{R}t算出電流2s做的功。本題是一道電學的綜合應用題目，主要考查了歐姆定律和電功率公式的應用及電壓表和電流表的使用，關鍵能夠正確分析電路，掌握串聯(lián)電路的特點及相應的計算公式。---------------------------------------------------------------------第15題參考答案:A解：由電路圖可知，R_{1}與R_{2}串聯(lián)，電壓表V_{1}測R_{1}兩端的電壓，V_{2}測R_{2}兩端的電壓，電流表測電路中的電流。當滑動變阻器R_{2}接入電路中的電阻為0時，電路為R_{1}的簡單電路，電路中的電流最大，R_{1}兩端的電壓最大，R_{2}兩端的電壓為0，所以，由圖象可知，圖線A為滑動變阻器R_{2}的I-U關系圖象，圖線B為電阻R_{1}的I-U圖象，故③錯誤；當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小，由I-U圖象可知，電路中的最小電流I=0.2A，此時R_{1}兩端的電壓U_{1}=4V，R_{2}兩端的電壓U_{2}=14V，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，電源電壓：U=U_{1}+U_{2}=4V+14V=18V，故①正確；由I=\dfrac{U}{R}可得，滑動變阻器的最大阻值：R_{2大}=\dfrac{U_{2}}{I}=\dfrac{14V}{0.2A}=70Ω，故④錯誤；R_{1}的阻值：R_{1}=\dfrac{U_{1}}{I}=\dfrac{4V}{0.2A}=20Ω，故②正確。綜合分析可知，只有①②正確。故選：A。由電路圖可知，R_{1}與R_{2}串聯(lián)，電壓表V_{1}測R_{1}兩端的電壓，V_{2}測R_{2}兩端的電壓，電流表測電路中的電流。(1)根據(jù)電壓變化的范圍進行判斷，定值電阻兩端電壓不會等于零；(2)當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小，電阻R_{1}的功率最小，根據(jù)圖象讀出電路中的最小電流和兩電阻兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出電源的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R_{1}、R_{2}的阻值和滑動變阻器的最大阻值。本題考查串聯(lián)電路電流和電壓的規(guī)律以及滑動變阻器的使用，關鍵是歐姆定律的應用，要明白電路各個用電器的連接情況，還要會看“I-U”關系圖象。在電學中，有些題目的信息是通過圖象給出的，所以要會讀電路圖中的信息和I-U圖象中的信息。二、填空題---------------------------------------------------------------------第1題參考答案:A解：如圖甲所示是演示點火爆炸的實驗裝置，按動電火花發(fā)生器的按鈕，點燃盒內(nèi)酒精，盒蓋被打出去，這是因為酒精燃燒產(chǎn)生的燃氣對外做功，消耗燃氣的內(nèi)能，變成盒蓋的機械能，故是將內(nèi)能轉化為機械能的過程；A、兩個氣門關閉，活塞向下運動，即做功沖程，是將內(nèi)能轉化為機械能的過程，故A符合題意；B、進氣門打開，排氣門關閉，是吸氣沖程，沒有能量的轉化，故B不符合題意；C、兩個氣門關閉，活塞向上運動，即壓縮沖程，是將機械能轉化為內(nèi)能的過程，故C不符合題意；D、排氣門打開，進氣門關閉，是排氣沖程，沒有能量的轉化，故D不符合題意。故答案為：A。(1)改變物體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳遞；做功改變物體內(nèi)能的實質(zhì)是能量的轉化，熱傳遞改變物體內(nèi)能的實質(zhì)是能量的轉移；(2)汽油機有吸氣、壓縮、做功、排氣四個沖程，壓縮沖程是將機械能轉化為內(nèi)能，做功沖程將內(nèi)能轉化為機械能。此題考查了能量的轉化、內(nèi)燃機四沖程的能量的判斷，是一道綜合題。---------------------------------------------------------------------第2題參考答案:轉換法解：導體對電流的阻礙作用叫電阻。導體的電阻大小不能直接觀察，但通過觀察電流大小可以比較出合金線電阻的大小，這種方法叫轉換法。故答案為：轉換法。物理學中對于一些看不見摸不著的現(xiàn)象或不易直接測量的物理量，通常用一些非常直觀的現(xiàn)象去認識或用易測量的物理量間接測量，這種研究問題的方法叫轉換法。此題考查了轉換法的應用。轉換法和控制變量法是科學探究最常用的方法，在解決實際問題時要注意識別和應用。---------------------------------------------------------------------第3題參考答案:2：3解：(1)當開關S和S_{1}都閉合，甲、乙兩表為電壓表時，R_{1}與R_{2}串聯(lián)，甲電壓表測電源的電壓，乙電壓表測R_{2}兩端的電壓，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，兩電阻兩端的電壓之比：\dfrac{U_{1}}{U_{2}}=\dfrac{U_{{甲}}-U_{{乙}}}{U_{{乙}}}=\dfrac{5-2}{2}=\dfrac{3}{2}，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，由I=\dfrac{U}{R}可得，兩電阻的阻值之比：\dfrac{R_{1}}{R_{2}}=\dfrac{\dfrac{U_{1}}{I}}{\dfrac{U_{2}}{I}}=\dfrac{U_{1}}{U_{2}}=\dfrac{3}{2}；(2)當開關S閉合，S_{1}斷開，甲、乙兩表為電流表時，R_{1}與R_{2}并聯(lián)，甲電流表測R_{2}支路的電流，乙電流表測干路電流，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，通過兩電阻的電流之比：\dfrac{I_{1}}{I_{2}}=\dfrac{\dfrac{U}{R_{1}}}{\dfrac{U}{R_{2}}}=\dfrac{R_{2}}{R_{1}}=\dfrac{2}{3}，由P=UI可得，兩電阻消耗的電功率之比：\dfrac{P_{1}}{P_{2}}=\dfrac{UI_{1}}{UI_{2}}=\dfrac{I_{1}}{I_{2}}=\dfrac{2}{3}。故選答案為：2：3。(1)當開關S和S_{1}都閉合，甲、乙兩表為電壓表時，R_{1}與R_{2}串聯(lián)，甲電壓表測電源的電壓，乙電壓表測R_{2}兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出兩電阻兩端的電壓之比，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出兩電阻的阻值之比；(2)當開關S閉合，S_{1}斷開，甲、乙兩表為電流表時，R_{1}與R_{2}并聯(lián)，甲電流表測R_{2}支路的電流，乙電流表測干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出通過兩電阻的電流之比，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點求出兩電流表的示數(shù)之比，根據(jù)P=UI求出兩電阻消耗的電功率之比。本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，分清電路的連接方式和電表所測的電路元件以及利用電阻之比連接兩電路的關系是關鍵。---------------------------------------------------------------------第4題參考答案:1.875解：從圖象中可以看出，電壓為2.5V時，通過A的電流值為0.5A，通過B的電流值為0.25A，根據(jù)并聯(lián)電路干路電流等于各支路電流之和得：I=I_{A}+I_{B}=0.5A+0.25A=0.75A，P=UI=2.5V×0.75A=1.875W。故答案為：1.875。從圖象中讀出，電壓為2.5V時，A、B對應的電流值，求出干路電流，利用P=UI即可求出電路消耗的功率。本題考查學生的讀圖能力，會靈活運用并聯(lián)電路的電流特點和功率公式進行計算。三、作圖題---------------------------------------------------------------------第1題參考答案:解：首先辨別上面三根線分別為火線、零線、地線。（1）燈泡的接法：火線先進入開關，再進入燈泡，零線直接接在燈泡的另一端；（2）安裝三孔插座的方法：上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線。如圖所示：(1)燈泡的接法：火線進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點；零線直接接入燈泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線。掌握家庭電路的燈泡、開關、三孔插座、兩孔插座、保險絲的接法，同時考慮使用性和安全性。---------------------------------------------------------------------第2題參考答案:解：小磁針靜止時N極指向左，由于異名磁極相互吸引，同名磁極相互排斥，可以確定螺線管的右端為S極，左端為N極；在磁體的周圍磁感線從N極流出回到S極，所以磁感線的方向是向右的；結合圖示的線圈繞向，利用安培定則可以確定線圈中的電流方向是從螺旋管的右端流入，左端流出，所以電源的右端為正極，左端為負極。答案如下圖所示：首先根據(jù)小磁針的N、S極指向，利用磁極間的作用規(guī)律可以確定通電螺線管的N、S極；根據(jù)磁感線的特點可以確定磁感線的方向；再根據(jù)螺線管的N、S極和線圈繞向，利用安培定則可以確定螺線管中的電流方向，進而可以確定電源正負極。此題考查了安培定則、磁極間的作用規(guī)律、磁感線的方向知識點；對于安培定則，共涉及三個方向：電流方向、磁場方向、線圈繞向，告訴其中的兩個可以確定第三個；需要注意的是磁感線應該為虛線四、實驗探究題---------------------------------------------------------------------第1題參考答案:0.24；10；電阻；控制導體兩端的電壓不變解：(1)電流表和電壓表分別測出了定值電阻的電流和電壓，由圖知，電流選用小量程，分度值為0.02A，電流表的示數(shù)為0.24A；電壓表選用小量程，分度值為0.1V，電壓為2.4V，由I=\dfrac{U}{R}可得，電阻的阻值為：R=\dfrac{U}{I}=\dfrac{2.4V}{0.24A}=10Ω；(2)在探究通過導體的電流與導體兩端電壓關系時，應保持電阻不變；在探究通過導體的電流與導體電阻關系時，要控制導體的電壓不變，故滑動變阻器的作用是控制導體兩端的電壓不變。故答案為：(1)0.24；10；(2)電阻；控制導體兩端的電壓不變。(1)根據(jù)電表選用的小量程確定分度值分別讀出電流表和電壓示數(shù)，由歐姆定律I=\dfrac{U}{R}求電阻的阻值；(2)通過導體的電流與導體兩端電壓和導體的電阻大小有關，研究電流與其中一個因素關系時，要控制另外的因素不變。本題考查電流表和電壓表的讀數(shù)和歐姆定律的運用及控制變量法的運用，要掌握。---------------------------------------------------------------------第2題參考答案:向右移動變阻器的滑片，觀察燈的發(fā)光情況；B；0.5；燈的電阻隨溫度的變化而變化；移動滑片P，使電流表的示數(shù)為I；再閉合開關S2，保持滑片位置不動，記下電流表示數(shù)為I′；（U-I×）I解：(1)原電路中，燈與電壓表被短路，改正后如下所示：(2)電路正確連接后，閉合開關，但電流表有示數(shù)，說明電路為通路，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，則說明電路中的電流過小，電路中的電阻過大，故接下來應進行的操作是：向右移動變阻器的滑片，觀察燈的發(fā)光情況；(3)燈在額定電壓下正常發(fā)光，圖中電壓選用小量程，分度值為0.1V，示數(shù)為2.2V，小于燈的額定電壓2.5V，應增大燈的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，應減小變阻器的電壓，由分壓原理，應減小變阻器連入電路中的電阻大小，故滑片向B移動，直到電壓表示數(shù)為額定電壓2.5V；(4)由圖丙繪制成的圖象，燈的額定電壓下的電流為0.2A，小燈泡的額定功率是：P=U_{L}I_{L}=2.5V×0.2A=0.5W.該圖象不是直線，說明電流與電壓的變化不成正比，即電阻是變化的，主要原因是燈的電阻隨溫度的變化而變化；(5)電路圖：據(jù)上述分析，將燈與變阻器串聯(lián)，將開關S_{2}與燈并聯(lián)，如下所示：實驗步驟：①只閉合開關S_{1}，移動滑片P，使電流表的示數(shù)為I；②再閉合開關S_{2}，保持滑片位置不動，記下電流表示數(shù)為I′，③在①中，燈正常發(fā)光，燈與變阻器串聯(lián)，在②中，燈短路，為變阻器的簡單電路，由歐姆定律I=\dfrac{U}{R}，則此時滑動變阻器連入電路中的阻值：R_{滑}=\dfrac{U}{I{{'}}}；在①中，由歐姆定律的變形公式U=IR，則燈泡正常發(fā)光時滑動變阻器兩端的電壓：U_{滑}=IR_{滑}=I×\dfrac{U}{I{{'}}}，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，燈泡的額定電壓：U_{額}=U-U_{滑}=U-I×\dfrac{U}{I{{'}}}，則燈泡的額定功率：P_{額}=U_{額}I_{額}=(U-I×\dfrac{U}{I{{'}}})I。故答案為：(1)如上；(2)向右移動變阻器的滑片，觀察燈的發(fā)光情況；(3)B；(4)0.5；燈的電阻隨溫度的變化而變化；(5)①移動滑片P，使電流表的示數(shù)為I；②再閉合開關S_{2}，保持滑片位置不動，記下電流表示數(shù)為I′；③(U-I×\dfrac{U}{I{{'}}})I。(1)原電路中，燈與電壓表被短路，據(jù)此改正；(2)電路正確連接后。閉合開關，電流表有示數(shù)，則電路為通路，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，據(jù)此分析；(3)燈在額定電壓下正常發(fā)光，根據(jù)圖中電壓表小量程讀數(shù)，比較電壓表示數(shù)與額定電壓的大小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律及分壓原理確定滑片移動的方向；(4)由繪制成圖丙所示的圖象，找出燈的額定電壓下的電流大小，根據(jù)P=U_{L}I_{L}可計算出小燈泡的額定功率是；根據(jù)燈的電阻隨溫度的變化而變化分析；(5)已知燈的額定電流，根據(jù)P=UI，在沒有電流表情況的情況下，測出燈的額定電壓是關鍵：將燈與變阻器串聯(lián)，通過移動變阻器的滑片使電流表示數(shù)為I，燈正常發(fā)光；已知電源電壓，若能求出此時變阻器的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律即可燈的額定電壓，故可將變阻器單獨接入電路中(將一開關與燈并聯(lián)，通過閉合開關達到燈短路的目的)，測量出此時電流的大小，由歐姆定律可求變阻器連入電路中的電阻大小。據(jù)此設計電路并得出燈的額定功率的表達式。本題“測定小燈泡電功率”，考查電路連接、電路分析、操作過程、額定功率的計算、影響電阻大小的因素及在沒有電壓表情況下設計實驗方案測燈的額定功率的能力，最后一問難度較大。五、計算題---------------------------------------------------------------------第1題參考答案:解：（1）燈泡正常發(fā)光時的電壓UL=3V，功率PL=0.9W，由P=UI可得，燈L正常工作時的電流：IL===0.3A，由I=可得，燈泡的電阻：RL===10Ω；（2）燈泡正常發(fā)光時，滑動變阻器接入電路的電阻最小，串聯(lián)電路中各處的電流相等，則此時電路中的總電阻：R總===15Ω，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以滑動變阻器接入電路中的最小電阻：R滑min=R總-RL=15Ω-10Ω=5Ω；此時滑動變阻器消耗的功率：P滑=I2R滑min=（0.3A）2×5Ω=0.45W；（3）當電壓表的示數(shù)最大為3V時，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，燈泡的電壓最小，燈泡兩端的最小電壓為U′L=U-U′滑=4.5V-3V=1.5V，燈泡消耗的最小功率為：PL小===0.225W，（4）當電壓表的示數(shù)最大為3V時，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，則燈泡兩端的電壓：UL′=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以有=，即=，解得：R