2024屆云南省彝良縣民族中物理高二上期中考試模擬試題含解析

2024屆云南省彝良縣民族中物理高二上期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示電路中，合上開關S，將滑動變阻器R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表A1、A2和V的示數I1、I2和U的變化情況是（）A．I1增大，I2不變，U增大B．I1減小，I2不變，U減小C．I1增大，I2減小，U增大D．I1減小，I2增大，U減小2、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直．一帶電粒子(重力不計)從左端以速度v沿虛線射入后做直線運動，則該粒子()A．一定帶正電B．速度v=C．若速度v＞，粒子一定不能從板間射出D．若此粒子從右端沿虛線方向進入，仍做直線運動3、拿一個長約1.5m的玻璃筒，一端封閉，另一端有開關，在筒內放有質量不同的一片小羽毛和一塊小銅片．先把玻璃筒內抽成真空并豎直放置，再把玻璃筒倒立過來，小羽毛、小銅片同時從玻璃筒頂端由靜止開始下落，那么（）A．哪個先到達筒底端都有可能B．小銅片先到達筒底端C．小羽毛先到達筒底端D．小羽毛、小銅片同時到達筒底端4、下列x-t圖象中，表示物體做勻速直線運動的是（）A． B．C． D．5、如圖，當閉合電鍵后，滑動變阻器的滑動片向右移動時A．安培表示數變大，燈變暗 B．安培表示數變小，燈變暗C．電壓表示數不變，燈變亮 D．電壓表示數不變，燈變暗6、關于歷史上科學的發(fā)展，下列說法正確的是（）A．安培發(fā)現了電流的磁效應B．楞次發(fā)現感應電流方向的規(guī)律C．奧斯特發(fā)現磁生電的現象D．法拉第發(fā)現了法拉第電磁感應定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，圓心為O的半圓形光滑絕緣細桿固定在豎直面內，細桿最低點固定著一個帶正電的點電荷Q，穿在細桿上的兩個質量相同的帶電小球靜止時的位置分別為A、B，AO、BO與QO的夾角分別為α、β（α＞β），兩球間的庫侖力可忽略不計，則下列判斷正確的是()A．在電荷Q的電場中，A點電勢大于B點電勢B．在電荷Q的電場中，A點場強大于B點場強C．兩球所受細桿的彈力大小相等D．兩球所帶電荷量之比為8、實線為三條未知方向的電場線，從電場中的M點以相同的速度飛入a、b兩個帶電粒子，a、b的運動軌跡如圖中的虛線所示（a、b只受電場力作用），則

(

)A．a的動能一定減小，a的電勢能一定增大B．a、b兩個粒子的電勢能一定都減小C．a一定帶正電，b一定帶負電D．a的加速度將減小，b的加速度將增大9、如圖所示的各電場中，A、B兩點場強大小相同的是A． B． C． D．10、如圖所示，真空中有一個固定的點電荷，電荷量為＋Q圖中的虛線表示該點電荷形成的電場中的四個等勢面．有兩個一價離子M、N(不計重力，也不計它們之間的電場力)先后從a點以相同的速率v0射入該電場，運動軌跡分別為曲線apb和aqc，其中p、q分別是它們離固定點電荷最近的位置．以上說法中正確的是A．M一定是正離子，N一定是負離子B．M在p點的速率一定大于N在q點的速率C．M在b點的速率一定大于N在c點的速率D．M從p→b過程電勢能的增量一定小于N從a→q過程電勢能的增量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）請在右圖方框中畫出“測繪小燈泡伏安特性曲線”實驗的實驗電路圖，采用該電路圖實驗時其測量結果比實際真實值________（填“偏大”、“偏小”、“不變”）12．（12分）有一個小燈泡上標有“4V、2W”的字樣，現在要用伏安法描繪這個燈泡的伏安特性圖線.現有下列器材供選用:A．電壓表(0--5V，內阻10kΩ)B．電壓表(0--15V，內阻20kΩ)C．電流表(0--3A，內阻1Ω)D．電流表(0--0.6A，內阻0.Ω4)E.滑動變阻器(10Ω，2A)F.滑動變阻器(500Ω，1A)G.學生電源(直流6V)、開關、導線若干（1）實驗時，選用圖甲而不選用圖乙的電路圖來完成實驗，理由______________；（2）實驗中所用電壓表應選_____，電流表應選用_____，滑動變阻器應選用_____.(用序號字母表示)（3）根據實驗數據畫出的I---U圖象如下，從圖象看出，電壓越高對應的實際電阻值越____，這說明燈絲材料的電阻率隨溫度的升高而_____。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，、、，求：（1）它們的總電阻；（2）通電后，各電阻電壓之比；（3）通電后，各電阻電流之比。14．（16分）小明同學設計了一個電磁天平，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡．線圈的水平邊長L=0.1m，豎直邊長H=0.3m，匝數為．線圈的下邊處于勻強磁場內，磁感應強度，方向垂直線圈平面向里．線圈中通有可在0~2.0A范圍內調節(jié)的電流I．掛盤放上待測物體后，調節(jié)線圈中電流使得天平平衡，測出電流即可測得物體的質量．（重力加速度?。?）為使電磁天平的量程達到0.5kg，線圈的匝數至少為多少（2）進一步探究電磁感應現象，另選匝、形狀相同的線圈，總電阻，不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強磁場，且磁感應強度B隨時間均勻變大，磁場區(qū)域寬度．當掛盤中放質量為0.01kg的物體時，天平平衡，求此時磁感應強度的變化率．15．（12分）電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉技術實現的．電子束經過電壓為U的加速電場后，進入一圓形勻強磁場區(qū)，如圖所示．磁場方向垂直于圓面．磁場區(qū)的中心為O，半徑為r．當不加磁場時，電子束將通過O點而打到屏幕的中心M點．為了讓電子束射到屏幕邊緣的P點，需要加磁場，使電子束偏轉一已知角度θ。（已知電子質量為m，電荷量為e）求（1）電子束剛進入勻強磁場區(qū)時的速度大小；（2）此時磁場的磁感應強度B的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】試題分析：理清電路，確定電壓表測得什么電壓，電流表測得什么電流，抓住電動勢和內阻不變，采用局部→整體→局部的方法，利用閉合電路歐姆定律進行分析．觸點向b端移動過程中連入電路的電阻減小，即總電阻減小，干路電流即總電流增大，所以根據可知路端電壓減小，即U減小，在干路，通過它的電流增大，所以兩端的電壓增大，而，所以減小，即并聯電路兩端的電壓減小，所以的電流減小，而，所以增大，D正確2、B【解題分析】帶電粒子在復合場中做直線運動，根據受力：，對電性無要求，所以A錯；B對；若速度v＞，粒子會發(fā)生偏轉，可能會離開復合場，C錯；粒子的運動方向變成從右端進入則電場力方向與洛侖茲力方向一致，不可能做直線運動，D錯．3、D【解題分析】玻璃筒內沒有空氣時，物體做自由落體運動，因為高度相同，加速度都為g，所以同時到達底端，故D正確，ABC錯誤；故選D。4、C【解題分析】

在x-t圖像中，傾斜程度代表運動快慢即速度大小，因此勻速直線運動應該為一條過原點的傾斜直線，故C正確，ABD錯誤．5、B【解題分析】

由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，滑動變阻器的滑動片向右移動時，接入電路中的滑動變阻器的電阻變大，電路中的總電阻變大，根據閉合電路歐姆定律可得電路中的總電流變小，即安培表的示數變小，根據可知燈泡的變暗，根據可知電壓表示數變大；A.安培表示數變大，燈變暗與分析不符，故A錯誤；B.安培表示數變小，燈變暗與分析相符，故B正確；C.電壓表示數不變，燈變亮與分析不符，故C錯誤；D.電壓表示數不變，燈變暗與分析不符，故D錯誤。6、B【解題分析】

A項：奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，故A錯誤；B項：楞次發(fā)現感應電流方向的規(guī)律，故B正確；C項：法拉第發(fā)現了磁生電的現象，故C錯誤；D項：法拉第發(fā)現了電磁感應現象，是韋德與庫柏總結了電磁感應定律，故D錯誤．故應選B．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】在電荷Q的電場中，B點等勢面比A點所在等勢面電勢高，A點電勢低于B點電勢，所以A錯誤；在電荷Q的電場中，根據點電荷的場強公式，A點距離Q的距離比B點距離Q大，所以A點場強小于B點場強，所以B錯誤．對A、B球分別受力分析如圖

根據幾何關系：平行四邊形對角線兩邊是兩個等腰三角形，表示彈力和重力的線段為腰，且兩球重力相等，對A球桿的彈力F1=mg;對B球桿的彈力F2＝mg，所以兩球所受細桿的彈力大小相等，所以C正確；對A：化簡得：；同理對B可得，則，所以D正確；故選CD.點睛：本題考查了電勢高低和場強大小的判斷能力，記住點電荷場強公式，庫侖定律與共點力平衡問題結合關鍵還是受力分析，列平衡方程．8、BD【解題分析】依據電場力與速度的夾角關系，可判斷電場力對b粒子做正功，而電場力對a粒子做正功，因此兩者的動能增大，速度都增大，電勢能都減小，故A錯誤，B正確；由于兩電荷所受的電場力的方向相反，故a、b兩粒子所帶的電荷的電性相反，但不知道場強的方向，無法確定具體電性，故C錯誤；電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受電場力減小，加速度減小，b受電場力增大，加速度增大，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。9、AC【解題分析】

A．AB兩點到點電荷的距離相等，由公式可知，兩點場強大小相等，故A正確；B．AB兩點到點電荷的距離不相等，由公式可知，兩點場強大小不相等，故B錯誤；C．勻強電場中AB兩點的電場強度相同，故C正確；D．由于B處電場線更A處更密，所以B點的電場強度比A點的更大，故D錯誤。10、BD【解題分析】

A.由圖可知電荷N受到中心電荷的斥力，而電荷M受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同．由于中心電荷為正電，則M一定是負離子，N一定是正離子，故A錯誤；B.由圖可判定M電荷在從a點運動至p點的過程中，電場力做正功，導致動能增加；而N電荷在從a點運動至q點的過程中，電場力做負功，導致動能減?。訫在p點的速率一定大于N在q點的速率，故B正確；C.由于abc三點在同一等勢面上，故粒子M在從a向b運動過程中電場力所做的總功為0，N粒子在從a向c運動過程中電場力所做的總功為0，由于兩粒子以相同的速率從a點飛入電場，故兩粒子分別經過b、c兩點時的速率一定相等．故C錯誤；D.由圖可知q、a兩點電勢差大于p、b兩點間的電勢差，N粒子在從a向q運動過程中電場力做負功的值大于粒子M在從p向b運動過程中電場力做負功的值，故M從p→b過程電勢能的增量一定小于N從a→q過程電勢能的增量，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、偏小【解題分析】測繪小燈泡伏安特性曲線要求電壓能夠從零開始變化，所以滑動變阻器應采用分壓接法；燈泡正常發(fā)光時電阻較小，電壓表內阻遠大于燈泡內阻，電流表應采用外接法。實驗電路圖如圖所示：由于電壓表的分流，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值，即測量值和真實值相比偏小。12、電壓必須從0開始調節(jié)ADE大增大【解題分析】試題分析：根據滑動變阻器分壓及限流接法的不同作用，結合題意選擇滑動變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內阻間的大小關系確定電流表的接法．儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動變阻器．明確伏安特性曲線的性質，知道金屬導體的電阻率隨溫度的變化關系．（1）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，所以電路圖只能選用圖甲．（2）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數不準確；故只能選用0～5V的電壓表，故選A；由P=UI得，燈泡的額定電流，故電流表應選擇0～0.6A的量程，故選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數據，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（3）I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，由圖可知，電阻應越來越大，原因是金屬材料的電阻率隨溫度的升高而增大；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解題分析】（1）與先并聯，再與串聯，它們的總電阻（2）將整個電路視為與和整體的等效電阻串聯，則電壓比等于電阻比，即（3）因為與并聯，且阻值相等，故通過二者電流相等，而通過的電流等于通過與電流之和。所以14、（1）匝（2）【解題分析】

（1）線圈受到安培力①天平平衡②代入數據得匝③（2）由電磁感應定律得④⑤由歐姆定律得⑥線圈受到安培力⑦天平平衡⑧代入數據可得⑨【題目點撥】該題的關鍵是分析好安培力的方向，列好平衡方程，基礎題15、（