福建省福清龍西中學2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題含解析

福建省福清龍西中學2024屆高二物理第一學期期中學業(yè)水平測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在重復奧斯特的電流磁效應實驗時，下列操作中現(xiàn)象最明顯的是（）A．沿導線方向放置磁針，使磁針在導線的延長線上B．沿導線方向放置磁針，使磁針在導線的正下方C．導線沿南北方向放置在磁針的正上方D．導線沿東西方向放置在磁針的正上方2、如圖所示，用一個與水平面成角的恒力F拉質量為m的木箱，木箱沿光滑水平面前進，在作用時間t內，下列說法正確的是（）A．F的沖量大小為B．木箱重力的沖量大小為C．地面支持力的沖量大小必為0D．木箱的動量變化率大小為F3、關于曲線運動，下列說法中正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動B．變速運動一定是曲線運動C．曲線運動不可能是勻變速運動D．變加速運動一定是曲線運動4、一臺額定電壓為U的電動機，它的電阻為R，正常工作時通過的電流為I，則A．電動機t秒內產生的熱量是Q=UItB．電動機t秒內產生的熱量是Q=I2RtC．電動機的功率為P=I2RD．電動機的功率為P=U2/R5、如圖所示,平行板電容器通過一滑動變阻器R與直流電源連接,G為一零刻度在表盤中央的靈敏電流計,閉合開關S后,下列說法正確的是（?）A．若只在兩板間插入電介質，電容器的兩板間電壓將增大B．若只在兩板間插入電介質，電容器的電容將保持不變C．若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電容器儲存的電量將增加D．若只將電容器下極板向下移動一小段距離，此過程電流計中有從a到b方向的電流6、如圖所示為“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置，利用該裝置進行實驗，下列說法正確的是（）A．需要用秒表測出重物下落的時間B．需要測出重物的質量C．打點計時器應接直流電源D．應先接通電源，后釋放紙帶二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、改變汽車的質量和速度，都能使汽車的動能發(fā)生變化，在下面四種情況中，能使汽車的動能變?yōu)樵瓉淼?倍的是：（）A．質量不變，速度增大到原來的2倍B．速度不變，質量增大到原來的2倍C．質量減小為原來的1/2，速度增大到原來的2倍D．速度減小為原來的1/2，質量增大到原來的2倍8、某一電場的電場線分布如圖所示，則下列說法正確的是A．點的電勢低于點的電勢B．點的電場強度小于點的電場強度C．一正電荷由點釋放，一定沿著電場線運動到點D．一負電荷在點的電勢能大于在點的電勢能9、如圖所示是某次同步衛(wèi)星發(fā)射過程的示意圖，先將衛(wèi)星送入一個近地圓軌道，然后在P處點火加速，進入橢圓轉移軌道，其中P是近地點，Q是遠地點，在Q點再次點火加速進入同步軌道．設衛(wèi)星在近地圓軌道的運行速率為v1，加速度大小為a1；在P點短時間點火加速之后，速率為v2，加速度大小為a2；沿轉移軌道剛到達Q點速率為v3，加速度大小為a3；在Q處點火加速之后進入圓軌道，速率為v4，加速度大小為a4，則A．v1<v2，a1＝a2B．v1＝v2，a1<a2C．v3<v4，a3＝a4D．v3<v4，a3<a410、某同學為檢驗某空間有無電場或者磁場存在，想到的以下方法中可行的是（）A．在該空間內引入檢驗電荷，如果電荷受到電場力說明此空間存在電場B．在該空間內引入檢驗電荷，如果電荷沒有受到電場力說明此空間不存在電場C．在該空間內引入通電導線，如果通電導線受到磁場力說明此空間存在磁場D．在該空間內引入通電導線，如果通電導線沒有受到磁場力說明此空間不存在磁場三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）描繪出平拋運動軌跡可求拋出速度，A是一塊平面木板，在其上等間隔地開鑿出一組平行的插槽（圖中、…）間距均為。把覆蓋復寫紙的白紙鋪貼在硬板B上。實驗時依次將B板插入A板的各插槽中，每次讓小球從斜軌的一同位置由靜止釋放。每打完一點后，把B板插入后一槽中并同時向紙面內側平移距離d。實驗得到小球在白紙上打下的若干痕跡點。(1)對實驗裝置反復調節(jié)，直到斜槽末端水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了_______；(2)每次將B板向內側平移相同的距離，是為了_______；(3)在圖中繪出平拋運動的軌跡，平拋運動初速度公式為：_______（已知，用表示）12．（12分）如圖甲所示，游標卡尺讀數為_________mm，如圖乙所示，螺旋測微器讀數為_________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電荷量為q＝－5×10－3C，質量為m＝0.1kg的小物塊處于一傾角為θ＝37°的光滑絕緣斜面上，當整個裝置處于一水平向左的勻強電場中時，小物塊恰處于靜止狀態(tài)。（g取10m/s2）（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求：(1)電場強度多大？(2)若從某時刻開始，電場強度減小為原來的，物塊下滑距離L＝1.5m時的速度大??？14．（16分）.一束初速度不計的電子在經U的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，如圖所示，若板間距離d，板長l，偏轉電極邊緣到熒光屏的距離為L，偏轉電場只存在于兩個偏轉電極之間．已知電子質量為m，電荷量為e，求：（1）電子離開加速電場是的速度大?。唬?）電子經過偏轉電場的時間；（3）要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上能加的最大電壓？（4）電子最遠能夠打到離熒光屏上中心O點多遠處？15．（12分）如圖所示，ABC為豎直平面內的絕緣軌道，AB部分是半徑為R的光滑半圓軌道，BC部分水平，整個軌道處于水平向左的勻強電場中，有一質量為m、帶電量為q的小滑塊，它與BC間的動摩擦因數為μ，已知重力加速度為g，場強大小為，,求：（1）要使小滑塊能運動到A點，滑塊應在BC軌道上離B至少多遠處靜止釋放；（2）在上述情況中，小滑塊速度最大時對軌道的壓力．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

由于無通電導線時，小磁針極向南，極指北，位于南北方向，若導線的磁場仍使小磁針南北偏轉，根本無法觀察，所以為使實驗方便效果明顯，導線應平行于南北方向位于小磁針上方，這樣當導線中通電時，小磁針能向東西偏轉，實驗效果比較明顯，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。2、B【解題分析】

A.F的沖量大小為，故A錯誤B.木箱重力的沖量大小為，故B正確C.地面支持力的沖量不為0，故C錯誤D.木箱的動量變化率大小等于合外力大小，不為F，故D錯誤故選B3、A【解題分析】

A.因為曲線運動速度方向始終在改變，所以曲線運動一定是變速運動，故A正確．B.變速運動不一定是曲線運動，如勻變速直線運動，故B錯誤．C.曲線運動可能是勻變速運動，如平拋運動，故C錯誤．D.變加速運動不一定是曲線運動，如水平方向的變加速運動，故D錯誤．4、B【解題分析】

由焦耳定律知，A錯B對；電動機的功率，C、D錯．5、C【解題分析】

閉合開關S后，電容器板間電壓等于變阻器下部分電阻的電壓，保持不變．將開關S斷開，電容器放電，知電量的變化．若只將電容器下極板向下移動一小段距離，分析電容的變化，判斷電量的變化，分析電路中電流的方向．若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電壓增大?！绢}目詳解】A、B項：閉合開關S后，電容器板間電壓等于變阻器下部分電阻的電壓，保持不變，若只在兩板間插入電介質，電容器的電容將增大。故A、B錯誤；C項：若只將滑動變阻器滑片P向上移動，電容器極板間電壓增大，則電容器所帶電荷增多，故C正確；D項：若只將電容器下極板向下移動一小段距離，板間距離增大，電容減小，而電壓不變，則電容器所帶電量減小，電容器放電。由于上極板帶正電，所以此過程電流計中有從b到a方向的電流，故D錯誤。故應選：C?！绢}目點撥】本題電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵是確定電容器的電壓．電路穩(wěn)定時，電容器所帶電路無電流，只有在充電或放電過程中電容器所在電路有電流。6、D【解題分析】

A．通過打點計時器計算時間，不需要秒表，故A錯誤；B．根據減小的重力勢能轉化為動能的增加，則有，等式兩邊的質量可約去，故B錯誤；C．打點計時器應接交流電源，故C錯誤；D．開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】質量不變，速度增大到原來的2倍，根據動能表達式：可知，動能變?yōu)樵瓉淼?倍，故A錯誤；速度不變，質量增大到原來的2倍，根據動能表達式：可知，動能變?yōu)樵瓉淼?倍，故B正確；質量減小為原來的1/2，速度增大到原來的2倍，根據動能表達式：可知，動能變?yōu)樵瓉淼?倍，故C正確；速度減小為原來的1/2，質量增大到原來的2倍，根據動能表達式：可知，動能變?yōu)樵瓉淼?/2倍，故D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。8、AB【解題分析】

沿著電場線方向電勢逐漸降低，因此a點的電勢高于b點的電勢，故A正確；從電場線的分布情況可知，a點的電場線比b點的稀疏，所以a點的電場強度小于b點的電場強度，故B正確；電場線不一定是電荷的運動軌跡，由a點釋放的正電荷不一定沿著電場線運動到b點，故C錯誤；某一負電荷從a點移到b點，電場力做負功，電勢能增加，因此負電荷在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤．9、AC【解題分析】

根據萬有引力提供向心力，列方程可得到衛(wèi)星速率與半徑的關系來判斷速率大?。膳ｎD定律研究衛(wèi)星在Q、P兩點加速度大?。绢}目詳解】衛(wèi)星從近地圓軌道上的P點需加速，使得萬有引力小于向心力，進入橢圓轉移軌道．所以在衛(wèi)星在近地圓軌道上經過P點時的速度小于在橢圓轉移軌道上經過P點的速度，即，根據牛頓第二定律得，在衛(wèi)星在近地圓軌道上經過P點時的加速度等于在橢圓轉移軌道上經過P點的加速度，故A正確，B錯誤；沿轉移軌道剛到達Q點速率為，加速度大小為；在Q點點火加速之后進入圓軌道，速率為，所以在衛(wèi)星在轉移軌道上經過Q點時的速度小于在圓軌道上經過Q點的速度，即，根據牛頓第二定律得，在衛(wèi)星在轉移軌道上經過Q點時的加速度等于在橢圓轉移軌道上經過Q點的加速度，故C正確，D錯誤；故選AC．【題目點撥】衛(wèi)星在不同軌道上運行時各個量的比較，往往根據萬有引力等于向心力列出物理量與半徑的關系，然后比較．10、ABC【解題分析】

明確電場和磁場的區(qū)別，知道電荷在電場中一定受到電場力；而通電導線與磁場平行時，則不受安培力．【題目詳解】AB．電荷在電場中一定會受到電場力的作用；故在該空間內引入檢驗電荷時，如果電荷受到電場力則說明此空間一定有電場；如果沒有電場力則一定沒有電場；故AB正確；C．若空間引入通電導線受到磁場力，則說明此空間一定存在磁場；故C正確；D．若引入通電導線而沒有受力，則可能是導線與磁場相互平行；故不能說明不存在磁場；故D錯誤故選ABC．【題目點撥】本題考查電場和磁場的性質，要明確磁場中安培力與通電電流的方向有關，若通電電流沿磁場線的方向，則電流不受安培力．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、保持小球水平拋出的初速度相同保持相鄰痕跡點的水平距離大小相同【解題分析】

(1)[1]實驗前應對實驗裝置反復調節(jié)，直到斜槽末端水平，保證做平拋運動，初速度水平，每次讓小球從同一位置由靜止釋放，是為了保持小球水平拋出的初速度相同(2)[2]平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，每次將B板向內側平移距離d，是為了保持相鄰痕跡點的水平距離大小相同，即為獲取相等的時間并在x軸上形成位移(3)[3]豎直方向有，水平方向有，聯(lián)立解得12、50.150.730【解題分析】

[1]游標卡尺讀數為：5cm+0.05mm×3=50.15mm；[2]螺旋測微器讀數為：0.5mm+0.01mm×23.0=0.730mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)150N/C；(2)3m/s【解題分析】

(1)豎直向下的重力，水平向右的電場力，垂直斜面向上的支持力物體靜止，則將支持力沿著豎直方向和水面方向分解，則有①②聯(lián)立得(2)運用正交分解法，物體在沿斜面方向有解得由可得，物塊下滑距離L＝1.5m時的速度14、（1）（2）（3）（4）【解題分析】

試題分析：①設電子流經加速電壓后的速度為，則由動能定理有：q=e②電子經過偏轉電場時做類平拋運動，運動時間③設兩極板上最多能加的電壓為要使電子能從平行板間飛出則電子的最大側移量為，則有：聯(lián)立①②兩式④從板邊緣飛出到熒光屏上離O點最遠