2024屆重慶市江津長壽巴縣等七校高二物理第一學期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2024屆重慶市江津長壽巴縣等七校高二物理第一學期期中統(tǒng)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，兩板間距為d的平行板電容器與一電源連接，開關K閉合，電容器兩極板間有一質量為m，帶電量為q的微粒靜止不動，下列各敘述中正確的是（）A．斷開開關K，把電容器兩極板距離增大，微粒仍能保持靜止B．斷開開關K，把電容器兩極板距離增大，微粒將向下做加速運動C．保持開關K閉合，把電容器兩極板距離增大，電容會增大D．保持開關K閉合，把電容器兩極板距離增大，兩極板的帶電量會增大2、下列四幅圖中能正確描繪點電荷電場中電場線的是（）A． B． C． D．3、光滑絕緣水平面上有帶電小球甲和乙，已知q甲=4q乙、m甲=3m乙，則它們在庫侖力作用下產生的加速度之比a甲∶a乙等于()A．3∶4B．4∶3C．1∶3D．3∶14、質量m=1kg的物體從距地面h=20m高處以v0=4m/s的速度水平拋出，則物體落地時距拋出點的水平距離和重力的瞬時功率分別為(A．20m，200WB．4m，100WC．20m，100WD．8m，200W5、如圖所示，在邊界PQ上方有垂直紙面向里的勻強磁場，一對正、負電子同時從邊界上的O點沿與PQ成θ角的方向以相同的速度v射入磁場中，則關于正、負電子，下列說法不正確的是（）A．在磁場中的運動時間相同B．在磁場中運動的軌道半徑相同C．出邊界時兩者的速度相同D．出邊界點到O點處的距離相等6、圖甲所示的電路中，電流表指針指滿刻度，電流表指針指滿刻度的處；圖乙中，指針指滿刻度，指針指滿刻度的處．已知的內阻為，則的內阻為()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球，從平行板電場中的P點以相同的初速度垂直于電場線方向進入電場，它們分別落到A、B、C三點()A．落到A點的小球帶正電，落到B點的小球不帶電B．三小球在電場中運動的時間相等C．三小球到達正極板時動能關系是EkA＞EkB＞EkCD．三小球在電場中運動的加速度關系是aA<aB<aC8、關于電勢差和電場力作功的說法中，正確的是（）A．電勢差的大小由電場力在兩點間移動電荷做的功和電荷的電量決定B．電場力在兩點間移動電荷做功的多少由兩點間的電勢差和該電荷的電量決定C．電勢差是矢量，電場力作的功是標量D．在勻強電場中與電場線垂直方向上任意兩點的電勢差均為零9、如圖所示，一根通電直導線放在磁感應強度B=1T的勻強磁場中，在以導線為圓心，半徑為r的圓周上有a，b，c，d四個點，若a點的實際磁感應強度為0，則下列說法中正確的是（）A．直導線中電流方向是垂直紙面向里的B．c點的實際磁感應強度也為0C．d點實際磁感應強度為T，方向斜向下，與B夾角為45°D．b、d兩點的磁感應強度相同10、據報道：我國在規(guī)劃深空探測工程，將在2020年7月發(fā)射火星探測器。如圖為某著陸器經過多次變軌后登陸火星的軌跡圖，著陸器先在橢圓軌道1上運動，然后變軌到圓軌道2上運動，最后在橢圓軌道3上運動，a點是軌道1、2、3的交點，軌道上的a、b、c三點與火星中心在同一直線上，a、b兩點分別是橢圓軌道3的遠火星點和近火星點，且ab=2bc=2l，著陸器在軌道1上經過a點的速度為v1，在軌道2上經過a點的速度為v2，在軌道3上經過a點的速度為v3，下列說法正確的是（）A．著陸器在a點由軌道1進入軌道2需要點火加速B．著陸器在軌道2上的機械能比在軌道3上的機械能大（不計著陸器質量變化）C．著陸器在軌道3上經過a點的加速度可表示為D．著陸器在軌道2上由a點運動到c點的時間是它在軌道3上由a點運動到b點時間的2.25倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）在“測定金屬絲的電阻率”實驗中，某同學用游標卡尺測了金屬絲長度為L=____cm；用螺旋測微器測得金屬絲的直徑，其示數D=________mm.（2）用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現多用表指針偏轉角度過大，因此需選擇___________倍率的電阻擋(填：“×10”或“×1k”)，并需______________（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的示數如圖所示，測量結果為_________Ω.12．（12分）某實驗小組想通過實驗測定一節(jié)干電池的電動勢和內阻，實驗室提供的實驗器材如下：待測干電池E（電動勢約為1.5V，內阻約為3Ω）直流電流表A1（量程0~0.6A，內阻約0.5Ω）直流電流表A2（量程0~3A，內阻約0.1Ω）電壓表V1（量程0~2V，內阻約為2000Ω）電壓表V2（量程0~6V，內阻約為6000Ω）滑動變阻器R1（最大電阻20Ω，額定電流2A）滑動變阻器R2（最大電阻200Ω，額定電流1A）電阻箱R3（最大電阻99.9Ω，額定電流1A）開關、導線若干（1）若用伏安法測電源的電動勢和內阻，要求測量有盡可能高的精確度且便于調節(jié)，應選擇的電流表是________，電壓表是________，滑動變阻器是________．（2）請將圖甲中實物連接成實驗電路________________．（3）若用伏安法測電源電動勢和內阻時，電流表現了故障，不能使用，實驗小組如想方便且能較準確地進行測量，需將實驗進行改進，只需去掉電流表，將上述器材中的________換成________即可．（4）請在圖甲所示的方框中畫出改進后的實驗電路圖___________．甲乙（5）實驗小組在改進后的實驗中得到了多組路端電壓和外電阻的數據，對所得數據進行處理后，在坐標紙上作出了如圖乙所示圖線．由圖線得出：干電池的電動勢E=________V，內阻r=________Ω．（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，是一對彼此絕緣相距d＝5cm的平行金屬帶電極板MN,N板接地，M板帶電量的絕對值為Q=6×10-6C．在兩極板MN間A點有一帶電量為q＝4×10-6C的帶電液滴，其質量m＝4×10-4kg,恰好處于靜止狀態(tài).求：（1）ＵNM等于多少伏？M點的電勢是多少？（2）平行金屬板MN所構成的電容器的電容C等于多少？14．（16分）如圖，在平面直角坐標系xOy內，第I象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第IV象限以ON為直徑的半圓形區(qū)域內，存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，自y軸正半軸上處的M點，以速度垂直于y軸射入電場。經x軸上處的P點進入磁場，最后垂直于y軸的方向射出磁場。不計粒子重力。求：電場強度大小E；粒子在磁場中運動的軌道半徑r；粒子在磁場運動的時間t。15．（12分）用長為L的細線將質量為m的帶電小球P懸掛在O點下，當空中有方向水平向右，大小為E的勻強電場時，小球偏離豎直方向θ＝37°角后處于靜止狀態(tài)。（g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）（1）分析小球帶電量為多少？（2）如果將勻強電場的方向突然變?yōu)樨Q直向下但大小不變，小球從靜止運動到最低點時速度為多少？此時細線對小球的拉力為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】A、斷開K后，已充電的電容器兩板仍儲有電荷，極板的電量不變，根據，與，推導出電場強度的公式，由此可知，電場強度與極板間距無關，因此粒子仍保持原來的靜止狀態(tài)，故A正確，B錯誤；C、保持K閉合，增大兩板間距d，由，可知，電容減小，故C錯誤；D、保持K閉合，增大兩板間距d，則兩板間電壓不變，由可知，帶電量減小，故D錯誤；點睛：本題整合了微粒的力平衡、電容器動態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，由，與，推導出電場強度的公式，分析板間場強如何變化，判斷微粒是否運動。2、B【解題分析】

ABC．由電場線由正電荷出發(fā)到負電荷終止知A、C中的箭頭畫反了，選項AC錯誤，B正確；D．該圖為點電荷的等勢面，選項D錯誤；故選B．3、C【解題分析】根據牛頓第三定律得知，兩球之間的庫侖力大小相等，設為F，由牛頓第二定律，對甲：，對乙：，則有，C正確．4、D【解題分析】

根據高度求出平拋運動的時間，結合初速度和時間求出水平距離，根據速度時間公式求出豎直分速度，根據P=【題目詳解】根據h=12gt2得：t=2hg=2×2010=2s，

【題目點撥】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式靈活求解，求解瞬時功率時，注意力與速度方向的夾角。5、A【解題分析】

A.粒子在磁場中運動周期為，則知兩個離子圓周運動的周期相等。根據左手定則分析可知，正離子逆時針偏轉，負離子順時針偏轉，重新回到邊界時正離子的速度偏向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運動時間；同理，負離子運動時間，顯示時間不相等．故A錯誤；B.由得：，由題q、v、B大小均相同，則r相同，故B正確；C.正負離子在磁場中均做勻速圓周運動，速度沿軌跡的切線方向，根據圓的對稱性可知，重新回到邊界時速度大小與方向相同，故C正確；D.根據幾何知識可得，重新回到邊界的位置與O點距離S=2rsinθ，r、θ相同，則S相同．故D正確。故選A。【題目點撥】帶電粒子垂直射入單邊界的勻強磁場中，可分兩類模型分析：一為同方向射入的不同粒子；二為同種粒子以相同的速率沿不同方向射入．無論哪類模型，都遵守以下規(guī)律：（1）軌跡的圓心在入射方向的垂直線上，?？赏ㄟ^此垂線的交點確定圓心的位置；（2）粒子射出方向與邊界的夾角等于射入方向與邊界的夾角。6、A【解題分析】

設電流表A1、A2滿偏電流分別為I1、I2；由題意知，當電流表串聯(lián)時I1=I2…①當電流表并聯(lián)時：電源的電壓為U=I2R2=I1R1…②由于R1=0.45Ω…③將①③式代入②解得：R2=0.1Ω．故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】

在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如圖所示：由此可知不帶電小球做平拋運動帶正電小球做類平拋運動帶負電小球做類平拋運動根據題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產生的位移h相等，據得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短A．三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，故水平位移最大的A是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負電的小球，故A正確；B．由于三小球在豎直方向位移相等，初速度均為0，由于電場力的作用，三小球的加速度不相等，故它們的運動時間不相等，故B錯誤；C．根據動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功。由受力圖可知，帶負電小球合力最大為G+F，做功最多，動能最大，帶正電小球合力最小為G-F，做功最少，動能最小，即有故C錯誤；D．因為A帶正電，B不帶電，C帶負電，所以由受力分析可知，故D正確。8、BD【解題分析】

A.電勢差是反映電場本身的性質的物理量，由電場本身決定，與所移動的電荷無關，故A錯誤；B.根據電場力做功W=qU，可知在兩點間移動電荷電場力做功的多少由兩點間的電勢差和該電荷的電量決定，故B正確；C.電勢差有正負，但是正負不表示方向，表示相對大小，是標量，電場力做功是標量．故C錯誤；D.在勻強電場中，與電場線垂直的面是等勢面，所以在與電場線垂直方向上任意兩點間電勢差為零．故D正確．故選BD.9、AC【解題分析】試題分析：由題，a點的磁感應強度為0，說明通電導線在a點產生的磁感應強度與勻強磁場的磁感應強度大小相等、方向相反，可確定通電導線在a點的磁場方向，由安培定則判斷出通電導線中電流方向．通電導線在abcd四點處產生的磁感應強度大小相等，根據平行四邊形定則進行合成分析b、c、d三點的磁感應強度大小和方向．解：A、由題，a點的磁感應強度為0，說明通電導線在a點產生的磁感應強度與勻強磁場的磁感應強度大小相等、方向相反，即得到通電導線在a點產生的磁感應強度方向水平向左，根據安培定則判斷可知，直導線中的電流方向垂直紙面向里．故A正確．B、據上題分析可知，通電導線在c點產生的磁感應強度大小為B=1T，方向水平向右，與勻強磁場方向相同，則c點磁感應強度為2T，方向與B的方向相同．故B錯誤．C、通電導線在d處的磁感應強度方向豎直向下，根據磁場的疊加原理可得d點感應強度為Bd=B=T，方向與B的方向成45°斜向下．故C正確．D、由上分析可知D錯誤．故選AC【點評】本題要掌握安培定則和平行四邊形定則，知道空間任意一點的磁感應強度都是由通電導線產生的磁場和勻強磁場的疊加形成的．10、BC【解題分析】

A．著陸器由軌道1進入軌道2做的是向心運動，需點火減速，使萬有引力大于所需要的向心力，故A錯誤；B．著陸器從軌道2運動到軌道3做向心運動，點火減速，機械能減小，故軌道2上的機械能大，故B正確；C．根據萬有引力定律和牛頓第二定律得得知著陸器在軌道3上經過a點的加速度與在軌道2上經過a點的加速度相等，著陸器在軌道2上做勻速圓周運動，通過a點的加速度故C正確；D．根據開普勒第三定律可知其中，R3=l，則故著陸器在軌道2上由a點運動到c點的時間是它在軌道3上由a點運動到b點時間的1.84倍，故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.020.900×10歐姆調零70【解題分析】（1）游標卡尺的固定刻度讀數為10cm，游標尺上第2個刻度游標讀數為：0.1×2mm=0.2mm=0.02cm，所以最終讀數為：10cm+0.02cm=10.02cm；螺旋測微器的固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度讀數為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數為：0.5mm+0.400mm=0.900mm。（2）偏角大說明阻值小，要換較小擋：為×10，換檔后要重新歐姆調零．示數為：13×10=130Ω。12、A1V1R1R1R31.72.5【解題分析】

（1）由于電源電動勢為1.5V，因此電壓表選V1即可；而回路的電流不會太大，因此電流表選A1，根據電壓表和電流表可選出滑動變阻器為R1；（2）測電源電動勢和內電阻的測量