2023年新疆和田地區(qū)物理高二上期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題含解析

2023年新疆和田地區(qū)物理高二上期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示是雙量程電壓表的電路圖，已知電流表滿偏電流Ig=1mA，電阻R1=4.5kΩ，R2=20kΩ，當(dāng)使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0~5V，則使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)的量程是（）A.0~10V B.0~15VC.0~20V D.0~25V2、如圖所示，等量同種正點(diǎn)電荷固定在同一直線上的M、N兩點(diǎn)，a、b、c、d為正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，ab平行于MN，f為MN的中點(diǎn)，e、f、g、h分別為正方形各邊的中點(diǎn)，取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列說法正確的是（）A.f點(diǎn)電勢(shì)為零B.f點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不為零C.e、g兩點(diǎn)電勢(shì)相等D.把另一點(diǎn)電荷+q由b點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力一直不做功3、兩塊平行金屬板帶等量異號(hào)電荷，要使兩板間的電壓加倍，而板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減半，可采用的辦法有（）A.兩板的電量加倍，而距離變?yōu)樵瓉淼?倍B.兩板的電量加倍，而距離變?yōu)樵瓉淼?倍C.兩板的電量減半，而距離變?yōu)樵瓉淼?倍D.兩板的電量減半，而距離變?yōu)樵瓉淼?倍4、第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的科學(xué)家是：A.奧斯特 B.庫侖C.法拉第 D.安培5、如圖所示，要使Q線圈產(chǎn)生圖示方向的電流，可采用的方法有A.閉合電鍵K后，把R的滑片右移B.閉合電鍵K后，把P中的鐵心從左邊抽出C.閉合電鍵K后，把Q靠近PD.無需閉合電鍵K，只要把Q靠近P即可6、如圖，懸線一端固定，另一端拉住一個(gè)帶電小球，使之在勻強(qiáng)電場(chǎng)中處于靜止?fàn)顟B(tài)。忽略空氣阻力，當(dāng)懸線突然斷裂后，帶電小球?qū)⒆觯ǎ〢.勻變速曲線運(yùn)動(dòng) B.勻速直線運(yùn)動(dòng)C.勻變速直線運(yùn)動(dòng) D.圓周運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、將兩截阻值均為R、長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的均勻銅棒A和鋁棒B沿中軸線對(duì)接后串聯(lián)接入電路中已知兩棒的橫截面積分別為和，忽略溫度變化對(duì)電阻的影響下列說法正確的是A.通過銅棒和鋁棒的電流大小一定相同B.銅棒兩端的電壓與鋁棒兩端電壓之比為：C.銅和鋁棒的電阻率之比為：D.電路穩(wěn)定后兩棒中電場(chǎng)強(qiáng)度均為零8、如圖所示,在真空中勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下,勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里,三個(gè)油滴a、b、c帶有等量同種電荷,其中a靜止,b向右做勻速運(yùn)動(dòng),c向左做勻速運(yùn)動(dòng),比較它們的重力Ga、Gb、Gc間的關(guān)系,正確的是()A.Ga最大 B.Gb最大C.Gc最大 D.Gb最小9、如圖所示電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為兩只相同燈泡，R為光敏電阻（隨光照的增強(qiáng)電阻減?。?dāng)光照強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)的過程中，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數(shù)變化了△U．下列判斷正確的是A.R1燈逐漸變暗，R2燈逐漸變亮B.R和R1消耗的總功率逐漸減小C.R1的電流增大量為D.R2的電壓增大量小于△U10、在一次南極科考中，科考人員使用磁強(qiáng)計(jì)測(cè)定地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。其原理如圖所示，電路中有一段長(zhǎng)方體的金屬導(dǎo)體，它長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c，放在沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體中電流強(qiáng)度沿x軸正方向，大小為I．已知金屬導(dǎo)體單位體積中的自由電子數(shù)為n，電子電荷量為e，自由電子做定向移動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)，測(cè)出金屬導(dǎo)體前后兩個(gè)側(cè)面間電壓為U，則（）A.金屬導(dǎo)體的前側(cè)面電勢(shì)較低B.金屬導(dǎo)體的電阻為C.自由電子定向移動(dòng)的速度大小為D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一面積為150cm2的金屬環(huán)，電阻為0.1Ω，在環(huán)中100cm2的同心圓面上存在如圖（b）所示的變化的磁場(chǎng)，在0.1s到0.2s的時(shí)間內(nèi)環(huán)中感應(yīng)電流為，流過的電荷量為12．（12分）為驗(yàn)證動(dòng)量守恒:（1）小明同學(xué)用如圖所示的裝置做實(shí)驗(yàn)．若入射小球的質(zhì)量為，半徑為；被碰小球的質(zhì)量為，半徑為，則_________A．，B．，C．，D．，（2）為完成此實(shí)驗(yàn)，必須使用的器材有________________A．刻度尺B．秒表C．彈簧秤D.天平（3）各小球的落地點(diǎn)如圖所示，若滿足動(dòng)量守恒，則必須滿足的表達(dá)式是________________若是彈性碰撞，還滿足的表達(dá)式是____________________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選擇D選項(xiàng)。2、C【解析】AB．等量同種電荷連線的中點(diǎn)處合場(chǎng)強(qiáng)為零，電勢(shì)大于零，不為零，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)對(duì)稱性可知e、g兩點(diǎn)電勢(shì)相等，C正確；D．由電場(chǎng)線分布圖可知，正點(diǎn)電荷沿bc從b運(yùn)動(dòng)到c時(shí)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，總功為零，D錯(cuò)誤。故選C。3、C【解析】A、板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，根據(jù)公式可得電容為原來的，兩板的電量加倍，由得知，電壓變?yōu)?倍，由分析得知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?倍，不符合題意，A錯(cuò)誤；B、距離變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，根據(jù)公式可得電容為原來的，兩板的電量加倍，由得知，電壓變?yōu)?倍，由分析得知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?倍，不符合題意，B錯(cuò)誤；C、板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，根據(jù)公式可得，兩板的電量減半，由得知，電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，由分析得知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼姆项}意，C正確；D、板間距離變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)公式可得電容為原來的2倍，兩板的電量減半，由得知，電壓變?yōu)樵瓉淼?，由分析得知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)楸?，不符合題意，D錯(cuò)誤4、C【解析】A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；A錯(cuò)誤B、庫倫研究得出了電荷間的相互作用：庫侖定律；B錯(cuò)誤C、法拉第第一個(gè)發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；C正確D、安培研究了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用；D錯(cuò)誤故選C5、C【解析】A．閉合電鍵K后，把R的滑片右移，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在減小，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向上，故A錯(cuò)誤；B．閉合電鍵K后，將P中的鐵心從左邊抽出，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在減小，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線電流方向向上，故B錯(cuò)誤；C．閉合電鍵，將Q靠近P，Q中的磁場(chǎng)方向從左向右，且在增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律，左邊導(dǎo)線的電流向下，故C正確；D．若K不閉合，則P線圈中無磁場(chǎng)，故Q中不會(huì)有電流產(chǎn)生，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，即當(dāng)通過閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，以及會(huì)運(yùn)用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。6、C【解析】AC．當(dāng)懸線有向下的拉力時(shí)，懸線斷裂后，電場(chǎng)力和重力的合力與原來懸線的拉力等大反向，小球從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，C正確；B．對(duì)帶電小球受力分析可知，小球可能只受重力和豎直向上的電場(chǎng)力，若二力合力為零，懸線突然斷裂后，小球仍靜止，不會(huì)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；D．懸線拉力斷裂后，小球受到電場(chǎng)力和重力，二者合力可能為零，物體靜止；可能合力為恒力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，恒力作用下物體不會(huì)做圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選擇C選項(xiàng)。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A、由串聯(lián)電路的特點(diǎn)知：，故A正確；B、根據(jù)知電阻和電流相等，則銅棒兩端的電壓與鋁棒兩端電壓相等，故B錯(cuò)誤；C、由可知，電阻相等，則銅和鋁棒的電阻率之比為，故C正確；D、電路穩(wěn)定后兩棒中電場(chǎng)強(qiáng)度不能為零，電荷的定向移動(dòng)到達(dá)動(dòng)態(tài)平衡，故D錯(cuò)誤；故選AC8、CD【解析】a球受力平衡，有Ga=qE①重力和電場(chǎng)力等值、反向、共線，故電場(chǎng)力向上，由于電場(chǎng)強(qiáng)度向下，故球帶負(fù)電；b球受力平衡，有Gb+qvB=qE②c球受力平衡，有Gc=qvB+qE③解得Gc＞Ga＞Gb故選CD.9、ABD【解析】A.當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí)，光敏電阻R的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則R2燈逐漸變亮。由U=E?Ir可知，路端電壓減小，R2燈的電壓增大，則R1兩端的電壓減小，故R1燈逐漸變暗，故A正確；B.將R2燈看成電源內(nèi)電路的一部分，光敏電阻R和燈泡R1消耗的總功率是等效電源的輸出功率，由于等效電源的內(nèi)阻大于外電阻，所以當(dāng)光敏電阻的阻值減小，外電阻減小時(shí)，等效電源的內(nèi)外電阻之差加大，輸出功率減小，則光敏電阻R和燈泡R1消耗的總功率逐漸減小。故B正確；C.由A選項(xiàng)分析可知，R1兩端的電壓減小，電流也減小，故C錯(cuò)誤；D.R1兩端的電壓減小△U，R2燈和內(nèi)阻的電壓和增大△U，所以R2的電壓增大量小于△U，故D正確。故選：ABD10、AD【解析】A．金屬導(dǎo)體中有自由電子，當(dāng)電流形成時(shí)，金屬導(dǎo)體內(nèi)的自由電子逆著電流的方向做定向移動(dòng)，在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作用的是自由電子。由左手定則可知，自由電子受到的洛倫茲力沿z軸正方向，自由電子向前側(cè)面偏轉(zhuǎn)，金屬導(dǎo)體前側(cè)面聚集了電子，后側(cè)面感應(yīng)出正電荷，金屬導(dǎo)體前側(cè)面電勢(shì)低，后側(cè)面電勢(shì)高，故A正確；B．金屬導(dǎo)體前后側(cè)面間的電勢(shì)差是感應(yīng)電勢(shì)差，則有U＝EbE為感應(yīng)電場(chǎng)強(qiáng)度，所以金屬導(dǎo)體的電阻不等于，故B錯(cuò)誤；C．由電流的微觀表達(dá)式可知，電流I＝nevS＝nevbc電子定向移動(dòng)的速度大小故C錯(cuò)誤；D．電子在做勻速直線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，由平衡條件得eE＝evB導(dǎo)體前后側(cè)面間的電勢(shì)差U＝Eb解得故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1A，0.01C【解析】由b圖得：=T/s=1T/s由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E==S=1×100×10﹣4V=001V；感應(yīng)電流：I==A=0.1A，通過圓環(huán)橫截面的電荷量：q=It=0.1×（0.2﹣0.1）C=0.01C；故答案為0.1A，0.01C12、①.C②.AE③.④.【解析】（1）驗(yàn)證動(dòng)量守恒，兩小球發(fā)生對(duì)心碰，所以兩小球半徑相等，為了防止入射小球反彈，所以入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，，，ABD錯(cuò)誤C正確（2）實(shí)驗(yàn)中要測(cè)量落地點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離，所以需要刻度尺，因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)豎直高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，不需要測(cè)量時(shí)間，不需要秒表；驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需要知道兩球質(zhì)量，所以需要天平不需要彈簧秤，BC錯(cuò)誤AD正確（3）根據(jù)平拋規(guī)律可知：，，因?yàn)槠綊伕叨认嗤?，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，根據(jù)水平動(dòng)量守恒有：，聯(lián)立以上各式可得：；如果是彈性碰撞，機(jī)械能守恒，所以，整理得：四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可得：