2021屆安徽省高考物理三模試卷（新課標(biāo)Ⅰ）附答案詳解

2021屆安徽省高考物理三模試卷（新課標(biāo)I）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.如圖重物G壓在紙帶上.用水平力尸慢慢拉動(dòng)紙帶，重物跟著一起運(yùn)===^==f

動(dòng)；若迅速拉動(dòng)紙帶，紙帶會(huì)從重物下抽出，下列說法正確的是（）

A.慢拉時(shí)，重物和紙帶間的摩擦力大

B.快拉與慢拉，重物和紙帶間的摩擦力相等

C.慢拉時(shí)，紙帶給重物的沖量大

D.快拉與慢拉，紙帶給重物的沖量相等

2.我國(guó)計(jì)劃于2020年發(fā)射“火星探測(cè)器”，若探測(cè)器繞火星的運(yùn)動(dòng)、地球和火星繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)視

為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，相關(guān)數(shù)據(jù)見表格，則下列判斷正確的是（）

行星公轉(zhuǎn)軌道半徑

行星行星半徑/m行星質(zhì)量"g行星公轉(zhuǎn)周期

/m

11

地球6.4x1066.0x1024/?電=1.5x10T地

11

火星3.4x1066.0x1023R火=2.3X10T火

A.T地＞T火

B.火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度

C.火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度

D.探測(cè)器繞火星運(yùn)動(dòng)的周期的平方與其軌道半徑的立方之比與多相等

3.如圖所示，質(zhì)量為小的小球置于立方體的光滑盒子中，盒子的邊長(zhǎng)略

大于球的直徑某同學(xué)拿著該盒子在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周

運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g,空氣阻力不計(jì)，要使在最高點(diǎn)時(shí)盒子與

小球之間作用力恰為0,則（）

A.在最高點(diǎn)小球的速度水平，小球既不超重也不失重

B.小球經(jīng)過與圓心等高的位置時(shí)，處于超重狀態(tài)

C.盒子在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)小球彈力大小等于6mg,方向向上

D.該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期一定等于27r口

4.如圖所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為3直導(dǎo)線MN垂直跨在導(dǎo)軌上，且

IXX

與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)

XXXX

度為B.電容器的電容為C,除電阻R外，導(dǎo)軌和導(dǎo)線的電阻均不計(jì)?，F(xiàn)給導(dǎo)

線MN—初速度，使導(dǎo)線MN向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)電路穩(wěn)定后，MN以速度〃向右做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)（）

A.電容器兩端的電壓為零

B.電阻兩端的電壓為

C.電容器所帶電荷量為CBW

D.為保持MN勻速運(yùn)動(dòng)，需對(duì)其施加的拉力大小為電包

5.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。比荷相等的帶電粒子1和2垂直磁場(chǎng)邊

界從a點(diǎn)射入，粒子1從b點(diǎn)射出，粒子2從c點(diǎn)射出。不計(jì)粒子重力及其相互間作用。下列說法

正確的是（）

:X"V'

\B:c

?KX?*?

/-

'-KXM,

A.粒子1在a點(diǎn)速率大于在b點(diǎn)的速率

B.粒子1射入磁場(chǎng)時(shí)的速率一定比粒子2小

C.粒子1在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比粒子2長(zhǎng)

D.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)

二、多選題（本大題共4小題，共22.0分）

6.下列說法中正確的是（）

A.湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，并提出原子具有核式結(jié)構(gòu)

B.對(duì)于同一種金屬來說，其極限頻率恒定，與入射光的頻率及光的強(qiáng)度均無關(guān)

C.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布只與黑體的溫度有關(guān)

D.E=me?表明物體具有的能量與其質(zhì)量成正比

E.“人造太陽(yáng)”的核反應(yīng)方程是卷5〃+皆Ba+UKr+3Jn

7.關(guān)于功和能的說法正確的是（）

A.功是能量轉(zhuǎn)化的量度B.功是矢量，能量是標(biāo)量

C.功和能的單位都是焦耳D.功和能都是狀態(tài)量

8.如圖（甲），質(zhì)量m=1kg的小物塊從P點(diǎn)以初速度為=10m/s沿傾角為37。的粗糙斜面向上滑動(dòng),

其上滑至最高點(diǎn)過程的速度圖象如圖（乙）所示。己知斜面固定且足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，取9=

10m/s2,s譏37。=0.6.下列說法中正確的是（）

士二

甲。乙I2

A.物塊所受的重力與摩擦力之比為5：2

B.物塊將停在最高點(diǎn)不能再下滑

C.物塊將沿斜面下滑，且下滑至P點(diǎn)時(shí)速度大小為10m/s

D.物塊將沿斜面下滑，且從靜止下滑至速度大小為10m/s時(shí)用時(shí)5s

9.下列說法正確的是（）

A.空間有變化的磁場(chǎng)就能形成電磁波

B.在做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，保持光的頻率不變，增大雙縫的距離，干涉條紋間距反而減小

C.振動(dòng)系統(tǒng)振動(dòng)時(shí)的周期未必等于它的固有周期

D.太陽(yáng)光經(jīng)過三棱鏡的兩次折射，會(huì)發(fā)散成彩色光帶

E.火車進(jìn)站時(shí)，我們聽到火車發(fā)出的聲音越來越刺耳，是因?yàn)榇诉^程中火車發(fā)出的聲音頻率在

不斷增大

三、填空題（本大題共1小題，共5.0分）

10.分子勢(shì)能是由___決定的，分子勢(shì)能的改變是通過來實(shí)現(xiàn)的，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)

能:分子做正功，分子勢(shì)能；當(dāng)分子間的距離為為時(shí)，分子勢(shì)能。分子勢(shì)

能的大小與物體的有關(guān)。

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某興趣小組為了盡量精確測(cè)量某電阻心的阻值設(shè)計(jì)了如圖1所示的電路.已知各元件規(guī)格如下:

電壓表V：量程。-3V,內(nèi)阻約為3Ko

電流表4量程0-200爪4,內(nèi)阻為4.00

滑動(dòng)變阻器R：最大阻值50

定值電阻：%=2.00

電源：電動(dòng)勢(shì)E約為3V,內(nèi)阻較小

t'v

（1）為了保護(hù)各元件安全，開光閉合前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)該滑至滑動(dòng)變阻器的最端（選“左”

或“右”）.

（2）多次實(shí)驗(yàn)后，該小組在U-/坐標(biāo)系下將電壓表和電流的各組讀數(shù)描點(diǎn)后用直線擬合，得到如圖2

所示U-/圖，則待測(cè)電阻心阻值為（保留兩位有效數(shù)字）.

（3）若不考慮實(shí)驗(yàn)的偶然誤差，則該實(shí)驗(yàn)的測(cè)量結(jié)果與心的真實(shí)阻值相比，測(cè)量值______（選“偏大”

或“偏小”或“相等”）.

12.①某同學(xué)用用如圖實(shí)驗(yàn)裝置探究“碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)，為減小誤差，下列做法正確的是

4用秒表記錄平拋的時(shí)間

8.斜槽軌道末端的切線必須水平

C兩球的質(zhì)量與半徑必須都相等

D入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下

②通過該方法獲得的數(shù)據(jù)（填“能”或者“不能”）判定碰撞是否為彈性碰撞。

五、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.（）分）

13.物體以4m/s的初速度由。點(diǎn)開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，途徑4B兩點(diǎn)，AB間距離為0.75機(jī)。已知

物體在4點(diǎn)時(shí)的速度大小是在B點(diǎn)時(shí)速度大小的2倍，物體由B點(diǎn)再經(jīng)過0.5s運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度恰

好為零，求：

(1)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小。

(2)。點(diǎn)到B點(diǎn)的距離

14.如圖所示，相距為d的兩平行金屬板M、N與電池組相連后，其間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶正電粒子

從M極板邊緣垂直于電場(chǎng)方向射入，并打在N極板的正中央。不計(jì)重力，現(xiàn)欲把N極板遠(yuǎn)離M極

板平移，使原樣射入的粒子能夠射出電場(chǎng)，就下列兩種情況求出N極板至少移動(dòng)的距離。

(1)開關(guān)S閉合;

(2)把閉合的開關(guān)S打開后.

15.[物理——選修3—3]

(1)下列說法正確的是。(填正確答案標(biāo)號(hào)。)

A.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性

8.在較暗的房間里，看到透過窗戶的“陽(yáng)光柱”里粉塵的運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)

C.分子間作用力的合力表現(xiàn)為引力時(shí)，若分子間的距離增大，則分子力不一定減小，但分子勢(shì)

能一定增大

D由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間只有引力，沒有斥力，所

以液體表面具有收縮的趨勢(shì)

E.在各種晶體中，原子(或分子、離子)都是按照一定的規(guī)則排列的，具有空間上的周期性

(2)如圖所示為一定量的理想氣體從狀態(tài)4分別經(jīng)過等壓、等溫、等容變化過程到狀態(tài)D,氣體

在4狀態(tài)時(shí)溫度為7\,圖中參量均為已知。求:

。)氣體在C狀態(tài)時(shí)的溫度與壓強(qiáng);

(H)若氣體從4到。對(duì)外做功為W,則氣體在B到C過程吸收的熱量為多少？

16.一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在t=0時(shí)刻的波形如圖實(shí)線所示，在"=0.2s時(shí)刻的波形如圖虛

線所示。

①若波向x軸正方向傳播，求該波的波速;

②若波向X軸負(fù)方向傳播，且ti<7,求x=2m處的P質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)波谷的時(shí)刻。

-10

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、B、用水平力F慢慢拉動(dòng)紙帶，重物跟著一起運(yùn)動(dòng)，重物與紙片間是靜摩擦力；若迅

速拉動(dòng)紙帶，紙帶會(huì)從重物下抽出，重物與紙片間是滑動(dòng)摩擦力；滑動(dòng)摩擦力約等于最大靜摩擦力；

故快拉時(shí)摩擦力大；故A8錯(cuò)誤；

C、紙帶對(duì)重物水平方向的合力等于摩擦力，根據(jù)動(dòng)量定理，合力的沖量等于動(dòng)量的增加量，慢

拉時(shí)動(dòng)量增加量大，故慢拉時(shí)，紙帶給重物的摩擦力的沖量大，由于作用時(shí)間長(zhǎng)，支持力的沖量也

大，故慢拉時(shí)，紙帶給重物的沖量大，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：C

明確動(dòng)量定理的應(yīng)用，知道在快拉時(shí)，由于慣性，很容易將紙片抽出；慢拉時(shí)，很難將紙片抽出；

根據(jù)動(dòng)量定理分析沖量大小

本題關(guān)鍵明確靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力的動(dòng)量大小關(guān)系，同時(shí)要能夠根據(jù)動(dòng)量定理分析并能解釋相關(guān)

現(xiàn)象.

2.答案：B

解析：解：4、地球和火星繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)G券與得，7=叵I,火星的軌道半徑

r2T27GM

大于地球的軌道半徑，則火星的周期大于地球的周期，故A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)G得=小卷得，第一宇宙速度及=舟，由于火星質(zhì)量與火星半徑之比小于地球質(zhì)量與地球

半徑之比，則火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度，故5正確。

C、根據(jù)G鬻=mg得，g=器,由于火星質(zhì)量與火星半徑平方之比小于地球質(zhì)量與地球半徑平方比，

KK

則火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，故C錯(cuò)誤。

畤吟故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期與軌道半徑的關(guān)系，結(jié)合軌道半徑的大小比較周期的大小.根據(jù)

萬有引力提供向心力得出第一宇宙速度的表達(dá)式，結(jié)合中心天體質(zhì)量和半徑的關(guān)系比較第一宇宙速

度.根據(jù)萬有引力等于重力得出重力加速度的表達(dá)式，結(jié)合中心天體質(zhì)量和半徑的關(guān)系比較重力加

速度.根據(jù)開普勒第三定律分析周期和軌道半徑的關(guān)系.

本題考查了萬有引力定律的基本運(yùn)用，掌握萬有引力定律的兩個(gè)重要理論：1、萬有引力等于重力，

2、萬有引力提供向心力，并能靈活運(yùn)用.

3.答案：D

解析：解：4、在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，

小球的加速度的方向向下，小球處于失重狀態(tài)。故A錯(cuò)誤；

8、小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在經(jīng)過與圓心等高的位置時(shí)，加速度的方向沿水平方向，不是超重狀態(tài)。

故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)小球的周期為T,在最高點(diǎn)：mg=mR^-...@

在最低點(diǎn)時(shí)小球受重力和支持力的作用，由尸-mg=

聯(lián)立可得，F(xiàn)=2mg,方向向上。故C錯(cuò)誤；

D、由①可得小球運(yùn)動(dòng)的周期7=2兀/,故。正確

故選：Do

小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，由此可

以求得小球的運(yùn)動(dòng)周期，在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)物體受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子與小球之間

的作用力大小。

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重

力作為向心力，這是解決這道題的關(guān)鍵，再根據(jù)最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)受力的不同，根據(jù)向心力的公式

列方程求解即可。

4.答案：C

解析：解：

A、B當(dāng)導(dǎo)線MN勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)線所受的合力為零，說明導(dǎo)線不受安培力，電路中電流為零，

故電阻兩端沒有電壓。此時(shí)導(dǎo)線MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電容器兩

板間的電壓為U=E=BLu.故AB錯(cuò)誤。

C、電容器兩板間的電壓為（/=BA,則電容器所帶電荷量Q=CU=CBQ,故C正確；

。、因勻速運(yùn)動(dòng)后MN所受合力為0,而此時(shí)無電流，不受安培力，則無需拉力便可做勻速運(yùn)動(dòng)，故

。錯(cuò)誤。

故選：C。

當(dāng)電路穩(wěn)定后，以速度"向右做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，對(duì)電容器不充電也放

電，電路中無電流，電容器兩板間的電壓等于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即可求出電荷量。勻速時(shí)，電路中沒有

電流，不受安培力，無需拉力。

本題要緊緊抓住導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)這個(gè)條件進(jìn)行分析，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電路中

并沒有電流，電阻上沒有電壓。

5.答案：C

解析：解：先確定兩粒子的圓心位置，如圖所示，從圖中可以

看出，rx<r2,且偏轉(zhuǎn)角%>&

人由于帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以粒子1在a點(diǎn)

的入射速率等于在b點(diǎn)的出射速率，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B、由洛侖茲力提供向心力可求得半徑r=等,半徑大則速度大，

所以粒子2的速度大于粒子1的入射速度，故選項(xiàng)5錯(cuò)誤；

C、粒子在磁場(chǎng)在的偏轉(zhuǎn)時(shí)間t=/xT=*x^,由圖可以看出粒子1的偏轉(zhuǎn)角度%>/，而周

期相等，所以粒子1在磁場(chǎng)中的時(shí)間比粒子2的時(shí)間長(zhǎng)，故選項(xiàng)C正確；

。、由上述半徑公式和時(shí)間公式，減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B,半徑變小，偏轉(zhuǎn)角變大，且周期7變小，無法

確定時(shí)間的變化，另若打在下邊上、當(dāng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B后，時(shí)間不變，故選項(xiàng)。錯(cuò)誤。

故選：Co

粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題設(shè)條件作出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)軌跡分析粒子運(yùn)動(dòng)半

徑和周期的關(guān)系，從而分析得出結(jié)論。根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)情況結(jié)合左手定則判斷電性；粒子在磁場(chǎng)中

運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力不做功；根據(jù)R=等判斷半徑的變化，從而分析出射位置：若僅減小入射速率，粒

子運(yùn)動(dòng)時(shí)間可能增加

粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由此根據(jù)運(yùn)動(dòng)特征作出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，

掌握粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期、半徑的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵。

6.答案：BCD

解析：解：4、湯姆孫發(fā)現(xiàn)電子，提出原子的“棗糕”模型，瑟福的a粒子散射實(shí)驗(yàn)，表明原子具有

核式結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤.

8、金屬的極限頻率由金屬本身決定，與入射光的頻率和強(qiáng)度無關(guān)，故B正確.

C、黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布只與黑體的溫度有關(guān)，故C正確.

D、根據(jù)E=mc2知，物體具有的能量與其質(zhì)量成正比，故。正確.

E、太陽(yáng)內(nèi)部進(jìn)行的是輕核聚變，故E錯(cuò)誤.

故選：BCD.

盧瑟福的a粒子散射實(shí)驗(yàn)，表明原子具有核式結(jié)構(gòu)；對(duì)于同一種金屬來說，其極限頻率恒定；輻射電

磁波的情況與物體的溫度、物體的材料有關(guān)；由E=mc2得出物體具有能量與質(zhì)量的關(guān)系；聚變是

質(zhì)量較輕的原子核聚變?yōu)橘|(zhì)量較大的原子核.

本題考查了核式結(jié)構(gòu)模型、光電效應(yīng)、黑體輻射、聚變等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些

基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，對(duì)于物理學(xué)家的貢獻(xiàn)，不能混淆.

7.答案:AC

解析：解：4、功是能量轉(zhuǎn)化的量度，做了多少功，就有多少的能量從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式.故

A正確；

2、物理學(xué)中把力和物體在力的方向上移動(dòng)距離的乘積叫做機(jī)械功，簡(jiǎn)稱功，功是標(biāo)量；能量也是標(biāo)

量；故B錯(cuò)誤；

C、功和能的單位都是焦耳，故C正確；

。、功是過程量，提到功，要明確是哪一個(gè)過程中的功，而能量是狀態(tài)量，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

功是能量轉(zhuǎn)化的量度，力做功時(shí)，能量從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式.它們的單位相同，都是焦耳.

該題考查功與能的區(qū)別與聯(lián)系，解答的關(guān)鍵是明確功和能的概念，知道其聯(lián)系和區(qū)別，基礎(chǔ)問題.

8.答案：AD

解析：解：4、根據(jù)速度-時(shí)間圖象的斜率表示加速度，可知，物塊上滑過程的加速度大小為：％=

2

=Y=10m/so

根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin37°+f=mar

代入數(shù)據(jù)解得：f=4N,則G：f=mg：f=5：2,故4正確；

B、在最高點(diǎn)，由于mgs譏37。，所以物塊不能停在最高點(diǎn)，將要下滑，故B錯(cuò)誤。

C、下滑過程，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin37°-f=ma2

2

代入數(shù)據(jù)解得：a2=2m/s?

根據(jù)速度一時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，得：0-1s內(nèi)的位移x=[x10xlm=5m

從最高點(diǎn)滑回P點(diǎn)的過程，有詔=2。2口解得%=2Zm/s,故C錯(cuò)誤。

。、物塊將沿斜面下滑，且從靜止下滑至速度大小為10m/s時(shí)用時(shí)t=2=￡=5s,故。正確。

故選：AD.

根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率求出物塊上滑時(shí)的加速度，對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律即可

求出摩擦力，再求解重力與摩擦力之比。根據(jù)重力沿斜面向下的分力與最大靜摩擦力的關(guān)系判斷物

塊能否停在最高點(diǎn)。根據(jù)速度-時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移求物塊上滑最大位移，再根

據(jù)牛頓第二定律求得下滑的加速度，由速度公式求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

本題是速度-時(shí)間圖象，要理解速度圖象的物理意義，抓住斜率表示加速度，面積表示位移，運(yùn)用

牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分段研究。

9.答案：BCD

解析：解：力、如果是均勻變化的磁場(chǎng)就不會(huì)形成電磁波，故4錯(cuò)誤；

B、由干涉條紋間距d=4；,可知；I不變，增大雙縫的距離，干涉條紋間距減小，故B正確；

C、受迫振動(dòng)的振動(dòng)周期等于驅(qū)動(dòng)力的周期，與它的固有周期無關(guān)，故C正確；

。、太陽(yáng)光為復(fù)合光，復(fù)合光中各單色光的折射率不同，所以經(jīng)過三棱鏡后會(huì)發(fā)散從而形成彩色光

帶，故O正確；

瓜根據(jù)多普勒效應(yīng)，當(dāng)火車進(jìn)站時(shí)，兩者間距變小，則觀察者接收到的波源頻率大于波源發(fā)出的頻

率，從而出現(xiàn)觀察者聽到聲音越來越刺耳，但火車發(fā)出的聲音頻率未必發(fā)生改變，故E錯(cuò)誤。

故選：BCD.

均勻變化的磁場(chǎng)不會(huì)形成電磁波，涉條紋間距d=4；,受迫振動(dòng)的振動(dòng)周期等于驅(qū)動(dòng)力的周期；火

車向火車站駛來，站臺(tái)上的人聽到火車的聲音越來越刺耳，是因?yàn)槿寺牭降穆曇纛l率逐漸變大。

熟練掌握電磁波產(chǎn)生的原理，干涉條紋間距，受迫振動(dòng)，多普勒效應(yīng)及光的色散現(xiàn)象。

10.答案：分子間的相對(duì)位置分子力做功增加減小最小體積

解析：解：分子的勢(shì)能：由分子間的相對(duì)位置決定的勢(shì)能稱分子勢(shì)能。分子勢(shì)能的變化與分子力做

功密切相關(guān)。

r>r0時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，當(dāng)增大r時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，當(dāng)減小r時(shí)，分子

力做正功，分子勢(shì)能減??；

r<r。時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)減小r時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，當(dāng)增大r時(shí)，分子

力做正功，分子勢(shì)能減小。

當(dāng)r=時(shí)，分子勢(shì)能具有最小值。

從宏觀上看，分子勢(shì)能與物體的體積有關(guān)。

對(duì)于氣體，分子間的作用力趨近于零，分子勢(shì)能和體積無關(guān)。

故答案為：分子間的相對(duì)位置、分子力做功、增加、減小、最小、體積。

分子的勢(shì)能：由分子間的相對(duì)位置決定的勢(shì)能稱分子勢(shì)能。分子勢(shì)能的變化與分子力做功密切相關(guān)。

r>r0時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為引力，當(dāng)增大r時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大；

時(shí)，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)減小r時(shí)，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大。

當(dāng)r=r°時(shí)，分子勢(shì)能具有最小值。從宏觀上看，分子勢(shì)能與物體的體積有關(guān)。對(duì)于氣體，分子間的

作用力趨近于零，分子勢(shì)能和體積無關(guān)。

分子間的勢(shì)能及分子力雖然屬于微觀世界的關(guān)系，但是我們所學(xué)過的功能關(guān)系均可，使難度不大。

11.答案：左；530；偏小

解析：解：(1)為保護(hù)電流表，開關(guān)閉合前應(yīng)將滑片置于變阻器的最左端；

(2)由電路圖根據(jù)歐姆定律應(yīng)有：?=/+?

解得：u=(&+7)取./

根據(jù)函數(shù)斜率概念應(yīng)有：如曹曲=k=E急與，

代入數(shù)據(jù)解得：Rx=53/2；

(3)若考慮電壓表內(nèi)阻影響應(yīng)有：彳一+￡=/+E，

xKy1

U.,IR

與不考慮電壓表內(nèi)阻影響時(shí)有：~=1+77A

%測(cè)1

UU

比較可得廠>短，所以勺測(cè)〈勺真，即測(cè)量值偏??；

故答案為：⑴左;(2)53。；(3)偏小

本題(1)的關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將滑片置于輸出電壓或電流最小的一端；題(2)根據(jù)歐姆定律寫出有

關(guān)圖象的縱軸與橫軸物理量的表達(dá)式，再根據(jù)斜率截距的概念即可求解；題(3)分析誤差時(shí)，只需將

電表的內(nèi)阻考慮之內(nèi)，寫出待測(cè)電阻的真實(shí)值，然后再與不考慮內(nèi)阻影響時(shí)的測(cè)量值比較即可.

應(yīng)明確：①實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將變阻器的滑片置于輸出電壓或電流最小的一端以保護(hù)電表；②涉及到根據(jù)圖

象求解的題目，應(yīng)根據(jù)需要的物理規(guī)律寫出有關(guān)縱軸與橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截

距的概念即可求解.

12.答案：BD能

解析：解：①4、小球離開斜槽軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，小球做平拋運(yùn)動(dòng)

的水平位移與初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球初速度，實(shí)驗(yàn)不需要用秒表記錄平拋

的時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

B、小球離開斜槽軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽軌道末端的切線必須水平，故B正確；

C、為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，為使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，兩

球半徑必須都相等，故C錯(cuò)誤；

。、為保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相等，入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，故。正

確。

故選:BD.

②設(shè)入射球的質(zhì)量為Tn〉被碰球的質(zhì)量為Tn2,碰撞前入射球速度為幾,碰撞后入射球速度為打,

被碰球速度為外，

設(shè)碰撞前入射球的做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移是出，碰撞后入射球的水平位移是石，被碰球的水平位移

是%2，

兩球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：

m^Vo=+m2v2

由機(jī)械能守恒定律得：

111

5ml詔=+-7n2V2

小球離開斜槽軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球拋出點(diǎn)的高度相等，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，

則：m1vot=m.rvrt+m2v2t

|mi詔戶=：7nl說d詢［2,

則叫通—m1x1+mx2

myXQ=+m2%2;

s4口mA-m八、27nl…、

解得：與=高不2"°(1口2=；#o(2)

(2)-(1)得：Xo+%1=x2'測(cè)出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，

在誤差允許范圍內(nèi)，如果和+/=g，可以判斷碰撞為彈性碰撞，如果沏+匕力亞,可以判斷碰

撞為非彈性碰撞；

故答案為：①BD：②能。

①小球離開斜槽軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，斜槽軌道末端切線必須水平，為使兩球發(fā)生對(duì)心彈性碰撞，兩

球半徑相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)

注意事項(xiàng)分析答題。

②兩球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律

求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后分析答題。

本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，理解題意是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)

應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律即可解題。

13.答案：解：(1),根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以得到有B到C階段：0-%=砒江

2

有A到B階段：vj-(2ve)=2asAB

聯(lián)立可以得到：a=-2m/s,大小為2m/s2；

V

(2)把a(bǔ)代入0-vB=atpc可以得到:B=lw/s

則SOB=均也==3.75m

UD2a2x(-2)

答：(1)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2m/s2。

(2)。點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為3.75m

解析：(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，從4TB根據(jù)速度時(shí)間公式，8到C根據(jù)速度位移公式列式，聯(lián)立方程組

解得加速度；

(2)由(1)求出加速度，求出B點(diǎn)速度，從。到B根據(jù)速度位移關(guān)系式求出。到B的位移；

本題考查運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，要注意正確選擇過程，分析已知量，再選擇合適的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解即

可。

14.答案：解：(1)S閉合時(shí)，兩極板間電壓U不變，設(shè)極板長(zhǎng)度為3有

,["(行.,

d=訴+%1=2m(d+z)%/

得江=工

解得：%!=d

(2)斷開S后，兩極板間場(chǎng)強(qiáng)E不變，

于是d=嗔,d+X2=空與

22

2mv0"2mv0

d1

得zn赤=z

解得：x2=3d

答：(1)開關(guān)S閉合時(shí)，N極板至少要移動(dòng)d的距離；

(2)把閉合的開關(guān)S打開后，N極板至少要移動(dòng)3d的距離。

解析：本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)，結(jié)合牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律進(jìn)行分析處理是關(guān)鍵。

(1)以一定速度垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，由于速度與電場(chǎng)力垂直，所以粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)。這樣類平拋運(yùn)

動(dòng)可將看成沿初速度方向的勻速直線與垂直于初速度方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)。根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解題。

（2）帶電粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)做勻加速曲線運(yùn)動(dòng).應(yīng)用處理類平拋運(yùn)動(dòng)的方法處理粒子運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵在于

分析臨界條件，同時(shí)注意當(dāng)電荷量不變時(shí)，只改變兩板間的距離，則E不變。

15.答案：（DBCE；

（2）解：（i）氣體在狀態(tài)C時(shí)的溫度與在狀態(tài)B時(shí)的溫度相同，則氣體從4到B過程，

Z菖，求得斗殳

超商■,騎

濟(jì)

由B到C的過程：翼：求得羈=含端

購(gòu)

（ii）氣體從B到C