2021屆北京大學(xué)附中高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆北京大學(xué)附中高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.如圖為一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)4變化到狀態(tài)B過(guò)程中的p-2圖象，則B

該氣體的溫度變化情況是（）

A.還漸變大°物

B.逐漸變小

C.保持不變

D.先變小再變大

2.目前，移動(dòng)和電信公司都升級(jí)了200M光纖入戶，網(wǎng)速更快，使用更方便，光纖信號(hào)傳輸利用了

光的全反射和折射原理，某種單色光在光纖中的傳播路徑如圖所示，經(jīng)過(guò)全反射后從右端射出。

若該介質(zhì)的折射率為手，則關(guān)于a、0的大小，下列判斷正確的是（）

A.a<60°B.a<30°C.夕>30°D./?<30°

3.下列說(shuō)法正確的是（）

A.a粒子大角度散射表明a粒子很難進(jìn)入原子內(nèi)部

B.氨原子躍遷發(fā)出的光從空氣射入水時(shí)可能發(fā)生全反射

C.裂變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒

D.y射線是一種波長(zhǎng)很短的電磁波

4.在波的傳播方向上，距離一定的P與Q點(diǎn)之間只有一個(gè)波谷的四種情況，如圖4B、C、。所示.B

知這四列波在同一種介質(zhì)中均向右傳播，則質(zhì)點(diǎn)P能首先達(dá)到波谷的是（）

利用下列哪組數(shù)據(jù)及萬(wàn)有引力常量G，不能計(jì)算出地球質(zhì)量的是（）

A.地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期及地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的軌道半徑

B.月球繞地球運(yùn)行的周期及月球繞地球運(yùn)行的軌道半徑

C.人造地球衛(wèi)星在地面附近運(yùn)行的速度和運(yùn)行周期

D.若不考慮地球自轉(zhuǎn)及將地球看成一個(gè)均勻球體，且已知地球半徑和地球表面重力加速度

6.質(zhì)量為m的小球4在光滑的水平面上以速度"與靜止在光滑水平面上的質(zhì)量為27n的小球B發(fā)生

正碰，碰撞后，A球的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的§則碰撞后B球的速度大小可能是（）

9

A.vB.3C.3D.%

399

7.在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一與磁場(chǎng)方向垂直，長(zhǎng)度為L(zhǎng)金屬桿

aO,已知ab=be=c。=1，a、c與磁場(chǎng)中以。為圓心的同心圓（都為部

分圓?。┙饘佘壍朗冀K接觸良好，一電容為C的電容器接在軌道上，如圖

所示，當(dāng)金屬桿在與磁場(chǎng)垂直的平面內(nèi)以。為軸，以角速度3順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)：（）

A.Uac=%0

=

B.Uac2Uab

C.電容器帶電量Q23c

D.若在e。間連接一個(gè)電壓表，則電壓表示數(shù)為零

8.物理學(xué)知識(shí)在生產(chǎn)生活中有著廣泛應(yīng)用，下面列舉的四種器件中在工作時(shí)利用了安培力的是

()

A.靜電計(jì)

示波管

D.直流電動(dòng)機(jī)

b

9.兩個(gè)質(zhì)量相同的小球，從同一高度由靜止釋放，其中a球自由下落，b球沿

光滑斜面下滑，如圖所示。兩個(gè)小球運(yùn)動(dòng)至地面的瞬間，兩個(gè)小球所受重

力的瞬時(shí)功率分別為七、Pb,貝ij（）

無(wú)法判定

A.Pa>Pbpa<pbc.Pa=PbD.

10.伽利略是第一個(gè)通過(guò)實(shí)驗(yàn)的方法研究物理問(wèn)題的物理學(xué)家，圖示電

為他為了研究自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的沿

斜面運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)示意圖，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.伽利略以該實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，直接得出了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律甲乙m

B.伽利略研究物理問(wèn)題科學(xué)方法的核心是先根據(jù)經(jīng)驗(yàn)得出結(jié)論，再用實(shí)驗(yàn)加以論證

C.當(dāng)時(shí)利用斜面做實(shí)驗(yàn)主要是考慮到實(shí)驗(yàn)時(shí)便于測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的加速度

D.當(dāng)時(shí)利用斜面做實(shí)驗(yàn)主要是考慮到實(shí)驗(yàn)時(shí)便于測(cè)量小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

11.如圖所示，一個(gè)有彈性的金屬環(huán)被一根橡皮繩吊于通電直導(dǎo)線的下方，當(dāng)通電直——L

導(dǎo)線中的電流/增大時(shí)，圓環(huán)的面積s和橡皮繩的長(zhǎng)度力將（）盛

A.S增大，L變短

B.S增大，L變長(zhǎng)

C.S減小，L變短

D.S減小，L變長(zhǎng)

12.如圖是磁敏報(bào)警裝置中的一部分電路，其中除是磁敏傳感器，它的電阻

隨金屬異物的出現(xiàn)而減小；a、b接報(bào)警器。閉合S,當(dāng)傳感器時(shí)所在處伊

出現(xiàn)金屬異物時(shí)，電流表的電流/、ab兩端的電壓1/將（）口17S-

A./減小，U減小B./減小，U增大“

C./增大，U減小D./增大，U增大

13.如圖所示，物塊在沿斜面向上的拉力F作用下運(yùn)動(dòng)，改變F大小，物塊的之二力/

加速度a也隨之變化，根據(jù)表格中的信息可以知道（）______

拉力F/N22252831

加速度a(m-s-2)1.02.54.05.5

A.物塊的質(zhì)量771B.斜面的傾角。

C.斜面一定是光滑的D.物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

14.下列說(shuō)法中正確的是（）

A.氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，在向低能級(jí)躍遷時(shí)放出光子的頻率一定等于入射光子

的頻率

B.鋸47Vl（針）核衰變?yōu)榧o(jì)4pa（鍥）核時(shí)，衰變前Hi核質(zhì)量等于衰變后血核與0粒子的總質(zhì)量

C.a粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果證明原子核是質(zhì)子和中子組成的

D.分別用X射線和綠光照射同一金屬表面都能發(fā)生光電效應(yīng)，則用X射線照射時(shí)光電子的最大

初動(dòng)能較大

二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

15.利用單擺測(cè)定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取?/p>

①如圖給出了單擺細(xì)線上端的兩種不同的懸掛方式，你認(rèn)為選用哪種方式較好（選填“甲”

或“乙”）;

②小明同學(xué)用刻度尺測(cè)量擺線長(zhǎng)度當(dāng)作單擺的擺長(zhǎng)，并測(cè)出多組數(shù)據(jù)，作出產(chǎn)—心圖像，那么小明

作出的圖像應(yīng)為圖中的,再利用圖像法求出的重力加速度真實(shí)值（選填“大于”、

，，等于，，、，，小于，，

16.某同學(xué)想測(cè)量一節(jié)舊干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，身邊的器材僅“一個(gè)多用電表、一個(gè)滑動(dòng)變阻

器（凡可調(diào)范圍0到200）、一個(gè)約為幾歐的定值電阻（&）、一個(gè)電鍵（S）、導(dǎo)線若干”.小明利用

上述器材設(shè)計(jì)了實(shí)驗(yàn)原理圖（如圖1所示），并進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)步驟：

①根據(jù)原理圖，連接實(shí)驗(yàn)器材，且S斷開；

②多用電表選擇“Rxl”擋，先,后紅表筆接b端，黑表筆接c端，記錄下示數(shù)（如圖3所示

）；

③S閉合，多用電表選擇“直流電壓IV”擋，紅表筆接b端，黑表筆接a端，記錄下Uba示數(shù)；然后紅

表筆接c端，黑表筆接b端，記錄下示數(shù)；

④改變滑動(dòng)變阻器滑片位置，重復(fù)步驟③，至少記錄六組數(shù)據(jù)；

⑤然后以c、b兩端電壓為橫軸，b、a兩端電壓為縱軸，描點(diǎn)并連線，畫出“（4a-4b”關(guān)系圖（如

圖所示）.

（1）請(qǐng)你完成上述操作步驟中空白處填空.

（2）由圖可知&測(cè)量值為。，由“Uba-Ucb”圖象可得舊干電池的電動(dòng)勢(shì)為匕

三、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共3.0分)

17.一圓環(huán)4套在一均勻圓木棒B上，4的高度相對(duì)B的長(zhǎng)度來(lái)說(shuō)可以忽略不計(jì)(可斤A

視為質(zhì)點(diǎn))/和B的質(zhì)量都等于m,4和B之間的滑動(dòng)摩擦力為f,/<mg.開始

時(shí)B豎直放置，下端離地面高度為八，4在B的頂端，如圖所示.讓它們由靜止

開始自由下落，當(dāng)木棒B與地面相碰后，立刻以豎直向上的速度反彈，并且

碰撞前后的速度大小相等.設(shè)碰撞時(shí)間很短，不考慮空氣阻力，求：

(1)8著地時(shí)的速度；

(2)木棒B與地面碰撞后，A不脫離B棒，8棒向上運(yùn)動(dòng)的最大高度；

(3)在B再次著地前，要使4不脫離B,8至少應(yīng)該多長(zhǎng)？

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共30.0分)

18.一個(gè)電量q=2x10-1。67的正點(diǎn)電荷放在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的4點(diǎn)，它受到的電場(chǎng)力是lO-N,則：

(1)此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)是多大？

(2)此電荷只在電場(chǎng)力作用下從靜止開始移動(dòng)了0.4m而到達(dá)8點(diǎn)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)電荷的動(dòng)能有多大？

(3)4、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差是多少？

19.水平桌面4BKL=1.6M,右端與一足夠高的光滑弧形槽相切，如圖所示.將一個(gè)質(zhì)量為爪=

0.5kg的木塊在F=1.5N的水平拉力作用下，從桌面上的4端由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，木塊到達(dá)B端

時(shí)撤去拉力凡木塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,取g=10m/s2.求：

(1)水平拉力尸所做的功；

(2)木塊沿弧形槽上升的最大高度.

41B

20.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ間距為，=0.5m,其電阻不計(jì)，兩導(dǎo)軌及

其構(gòu)成的平面均與水平面成30。角.完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導(dǎo)軌放置，每棒兩端都

與導(dǎo)軌始終有良好接觸，已知兩棒質(zhì)量均為m=0.02kg,電阻均為R=0.010,整個(gè)裝置處在

垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T,棒ab在平行于導(dǎo)軌向上的力產(chǎn)作用下,

沿導(dǎo)軌向上勻速運(yùn)動(dòng)，而棒cd恰好能夠保持靜止.取g=10m/s2,問(wèn)：

(1)通過(guò)棒cd的電流/是多大，方向如何？

(2)棒ab受到的力尸多大？

(3)棒cd每產(chǎn)生Q=0.1/的熱量，力F做的功”是多少？

N

30°

Q

參考答案及解析

1.答案：B

解析：

應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖象分析答題。

本題考查了判斷氣體溫度如何變化，由于理想氣體狀態(tài)方程求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是正確解題的關(guān)

鍵。

由理想氣體狀態(tài)方程：牛=?？芍簆=2即的p-1圖象中過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線表示等溫變化

斜率表示K=C7,C為常數(shù)，即傾斜程度表示溫度

過(guò)A、B做過(guò)原點(diǎn)的直線，如圖所示：

由圖可知：TA>TB

故AC。錯(cuò)誤，8正確;

故選：B。

2.答案：C

解析：解：AB,根據(jù)全反射的條件可知，a>C,而

sinC=i=則c=60。，即a>60°,故AB錯(cuò)誤；

3

CD,光線從端點(diǎn)能射出，則由折射定律可知：

sini

-----------------=n

sin(90°-/7)

由圖可知，出射角i<90。

則解得：P>30°,故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：Co

根據(jù)全反射的條件和光的折射定律可判斷角度關(guān)系。

本題的關(guān)鍵是要掌握折射定律和全反射的條件，正確找到角度的取值范圍是關(guān)鍵。

3.答案：D

解析：解：4、粒子發(fā)生大角度散射表明a粒子受到的原子核的庫(kù)倫斥力較大，距離原子核較近，故

A錯(cuò)誤.

8、氫原子躍遷可以發(fā)出多種頻率的光，但只有光從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)時(shí)，才能發(fā)生全反射.故

B錯(cuò)誤.

C、使重核裂變?yōu)閮蓚€(gè)質(zhì)量中等的核或使輕核聚變，都可使核更為穩(wěn)定并放出能量，所以重核裂變一

定伴隨質(zhì)量虧損，但質(zhì)量數(shù)仍守恒，故C錯(cuò)誤.

。、y射線由于能量很大，故是一種波長(zhǎng)很短的電磁波，故。正確.

故選D

在a散射實(shí)驗(yàn)中粒子發(fā)生大角度散射表明a粒子受到的原子核的庫(kù)倫斥力較大，距離原子核較近；光

從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)時(shí)，才能發(fā)生全反射；重核裂變放出能量，所以重核裂變一定伴隨質(zhì)量虧

損，但質(zhì)量數(shù)仍守恒；y射線是一種波長(zhǎng)很短的電磁波.

3-5的題目大多比較基礎(chǔ)，多多掌握基礎(chǔ)知識(shí)是解決此類物體捷徑.

4.答案：B

解析：解：由圖，四個(gè)波形的波長(zhǎng)分別為：

2

4]=s,A.2=s,入3=入4=2s

四個(gè)波的周期分別為：71=區(qū)=三，72=包=173=生=爭(zhēng)，74=乂=至

圖示時(shí)刻P點(diǎn)的振動(dòng)方向分別為：

向上，向下，向上，向下

P點(diǎn)第一次出現(xiàn)波谷的時(shí)間分別是：

33s

□=/=石

可見(jiàn)，12最短。

故選：Bo

根據(jù)波形確定波長(zhǎng)，求出周期，再研究M點(diǎn)出現(xiàn)波谷的時(shí)間，再比較M點(diǎn)出現(xiàn)波谷的先后.

本題要根據(jù)波形確定MN間的距離與波長(zhǎng)的關(guān)系和時(shí)間與周期的關(guān)系，是學(xué)習(xí)波動(dòng)知識(shí)的基本功.

5.答案：A

解析：解：4、已知地球繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r和公轉(zhuǎn)周期T,只能測(cè)算出被中心天體

太陽(yáng)的質(zhì)量，而地球是做圓周運(yùn)動(dòng)的天體，在等式中地球質(zhì)量消去，故A錯(cuò)誤；

8、已知月球繞地球運(yùn)行的周期及月球繞地球運(yùn)行的軌道半徑，

據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式，?=%翳=小號(hào)，

所以能求出地球質(zhì)量，故B正確；

C、已知衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度"和周期7,根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的公式得軌道半徑r=9，

2n

由萬(wàn)有引力提供向心力得F=等=小號(hào)，

所以能求出地球質(zhì)量，故c正確；

。、根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，^=rng

M=心，故O正確；

G

本題選不能計(jì)算出地球質(zhì)量的，故選：A.

做圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，分別有線速度，角速度，及周期來(lái)表示向心力，得出天體質(zhì)

量的不同的表達(dá)式.

考查天體質(zhì)量的測(cè)量方法，明確由萬(wàn)有引力提供向心力，分別有線速度，角速度，及周期來(lái)表示向

心力，得出天體質(zhì)量的不同的表達(dá)式.

6.答案：B

解析：解：根據(jù)碰后4球的動(dòng)能恰好變?yōu)樵瓉?lái)的2得：imv，2=i.|mv2,解得：1/=±1也

碰撞過(guò)程中48動(dòng)量守恒，則有：mv=mv'+2mvB,

解得：=|v,故B正確；

故選：B0

碰后4球的動(dòng)能恰好變?yōu)樵瓉?lái)的右速度大小變?yōu)樵瓉?lái)的/但速度方向可能跟原來(lái)相同，也可能相反，

再根據(jù)碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒即可解題。

本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，根據(jù)題意求出碰撞后4的速度是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律即

可解題；解題時(shí)要注意：注意動(dòng)能是標(biāo)量，速度是矢量。

7.答案：C

解析：解：4、B、a。、bo、co間的電勢(shì)差分別等于它們產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=3^23得a。、b。、c。間的電勢(shì)差分別為：

Ua°=：B廿3,

%。=38（|切23=：8/3,

Uco=沏汨?3

則有：uac=Uao-Uco=

2

Uab=Uao-Ubo=^BLa）,

可見(jiàn)，=24o.Uac才2〃b.故AB錯(cuò)誤.

c、電容器板間電壓等于ac間的電勢(shì)差，則電容器所帶電量為：Q=CUac=gBL23c.故C正確.

D、若在e。間連接一個(gè)電壓表，電壓表與c。、導(dǎo)軌組成的閉合回路，磁通量增加，會(huì)有電流通過(guò)電

壓表，則電壓表將有示數(shù).故力錯(cuò)誤.

故選：C

根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式后=38口3可分別求出a。、b。、c。間的電勢(shì)差，即可求出（/即與

電容器板間電壓等于ac間的電勢(shì)差，由。=0/求出電量.若在e。間連接一個(gè)電壓表，電壓表與

c。、導(dǎo)軌組成的閉合回路，磁通量增加，會(huì)有電流通過(guò)電壓表，則電壓表將有讀數(shù).

本題一要掌握導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式：E=lBl2co；二要準(zhǔn)確理解公式的含義：此

式反映桿的端點(diǎn)與圓心間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，不是任意兩點(diǎn)間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì).

8.答案：D

解析：解：4、靜電計(jì)的工作原理是電荷間的相互作用力，即同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，

故A錯(cuò)誤。

夙示波管的工作原理帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，打在熒光屏上，故8錯(cuò)誤。

C、質(zhì)譜儀是帶電粒子在電磁場(chǎng)中受到電場(chǎng)力和洛倫茲力作用，受力平衡，在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作

用，發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤。

。、直流電動(dòng)機(jī)是線圈通電后，在磁場(chǎng)中受到安培力作用，故。正確。

故選：D。

明確各電器的工作原理，知道安培力是通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受力.

此題考查對(duì)現(xiàn)代科技裝置和產(chǎn)品原理的理解能力，要求知道常見(jiàn)儀器，并明確各種原理的應(yīng)用。

9.答案:A

解析：解：兩球下落過(guò)程中機(jī)械能均守恒，則由7ng/i=[mu2

可得D=y/2gh

則兩球到達(dá)地面時(shí)的速度大小相同，由功率的公式可知：Pa=mgvxPb=mgvsinS

可知匕〉Pb，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：Ao

明確兩個(gè)小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律確定速度大小，再根據(jù)P=Fvcosa求解瞬時(shí)功率大

小關(guān)系。

本題考查功率以及機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，要注意明確P=Fvcosa既可以求瞬時(shí)功率也可以求平均

功率。

10.答案:D

解析：解：4、根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果，伽利略將實(shí)驗(yàn)結(jié)論進(jìn)行合理的外推，得到落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，但不是直

接得出的落體規(guī)律.故A錯(cuò)誤；

8、伽利略在研究物體下落規(guī)律時(shí)，首先是提出問(wèn)題即對(duì)亞里士多德的觀點(diǎn)提出疑問(wèn)，然后進(jìn)行了猜

想即落體是一種最簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)，而最簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)就是速度變化是均勻的，接著進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)，

伽利略對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果進(jìn)行數(shù)學(xué)推理，然后進(jìn)行合理的外推得出結(jié)論，故B錯(cuò)誤；

C、伽利略時(shí)代，沒(méi)有先進(jìn)的測(cè)量手段和工具，也沒(méi)有“速度”，“加速度”等物理概念，是牛頓提

出了這些物理概念，故C錯(cuò)誤；

。、伽利略時(shí)代，沒(méi)有先進(jìn)的測(cè)量手段和工具，為了“沖淡”重力作用，采用斜面實(shí)驗(yàn)，其實(shí)就是

為了使物體下落時(shí)間長(zhǎng)些，減小實(shí)驗(yàn)誤差，故。正確；

故選：D

本題考查了有伽利略“斜面實(shí)驗(yàn)”的知識(shí)，根據(jù)其歷史背景我們知道，之所以采用“斜面實(shí)驗(yàn)”，

是由于礙于當(dāng)時(shí)對(duì)時(shí)間的測(cè)量技術(shù)、手段落后.

本題考查伽利略運(yùn)動(dòng)規(guī)律的研究；要了解伽利略“斜面實(shí)驗(yàn)”的歷史背景，以及實(shí)驗(yàn)方法，體會(huì)實(shí)

驗(yàn)在物理中的重要作用.

11.答案：D

解析：解：根據(jù)右手螺旋定則可知，直線電流下邊磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，由于電流增大，則彈性

的金屬圓環(huán)中的磁通量增大，導(dǎo)致產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)中的感應(yīng)電流方向：逆

時(shí)針?lè)较?。根?jù)左手定則可知，彈性的金屬圓環(huán)上邊的所受的安培力豎直向下，彈性的金屬圓環(huán)下

邊的所受的安培力豎直向上，由于下邊離長(zhǎng)直導(dǎo)線電流越遠(yuǎn)，磁場(chǎng)越弱，所以向下的安培力大于向

上的安培力，從而導(dǎo)致橡皮繩的長(zhǎng)度變長(zhǎng)；

可將圓環(huán)等效成一段一段的導(dǎo)線，由左手定則可知，安培力指向圓心，導(dǎo)致彈性環(huán)面積減小。故。

正確，A8C錯(cuò)誤。

故選：D。

彈性的金屬圓環(huán)處于長(zhǎng)直導(dǎo)線電流所產(chǎn)生的磁場(chǎng)中，根據(jù)右手螺旋定則可判定圓環(huán)所處磁場(chǎng)的方向，

且大小變化。再根據(jù)楞次定律可確定圓環(huán)內(nèi)的感應(yīng)電流方向，根據(jù)左手定則，判斷出彈性的金屬圓

環(huán)受到安培力的方向，從而判斷出結(jié)果正確與否。

解決本題的關(guān)鍵會(huì)用右手螺旋定則(安培定則)判斷電流周圍磁場(chǎng)的方向，以及會(huì)用楞次定律來(lái)判定

感應(yīng)電流方向，左手定則判斷安培力的方向。同時(shí)會(huì)運(yùn)用等效思維。

12.答案：C

解析：解：出現(xiàn)金屬異物，磁敏電阻的阻值減小，則總阻值減小，由閉合電路的歐姆定律可知，電

路中電流增大，內(nèi)電壓增大，故路端電壓即防間電壓減?。?/p>

因干路電流增大，/?2兩端的電壓增大，則并聯(lián)電路兩端的電壓減小，故流過(guò)％的電流減小，則流過(guò)

電流表的電流增大，故C正確，A3。錯(cuò)誤；

故選：Co

由圖可知磁敏電阻與右并聯(lián)后與&串聯(lián)，由題意可知，出現(xiàn)金屬異物磁敏電阻的阻值減小，則由閉

合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由電流的變化可得出內(nèi)電壓的變化，即可判斷路端電壓

的變化，由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可得出電流表的示數(shù)變化。

閉合電路的歐姆定律的動(dòng)態(tài)分析類題目一般按外電路、內(nèi)電路、外電路的分析思路進(jìn)行，要掌握其

解決的方法。

13.答案：A

解析：解：對(duì)物塊沿著斜面方向運(yùn)動(dòng)應(yīng)用牛頓第二定律：

F-mgsind—fimgcosO=ma

則蔡=a+gsinO+figcosd=a+b(其中b=gsinO+ngcosff)

代入數(shù)據(jù)可求出物塊質(zhì)量m和b,但是不能求解傾角。和動(dòng)摩擦因數(shù)〃，故A正確，BCO錯(cuò)誤。

故選：4。

運(yùn)用牛頓第二定律列出公式，將表格中數(shù)據(jù)代入即可。

本題考查學(xué)生靈活運(yùn)用牛頓第二定律和函數(shù)關(guān)系來(lái)分析問(wèn)題，主要是找到對(duì)應(yīng)的函數(shù)關(guān)系。

14.答案：。

解析：解：4、氫原子吸收一個(gè)光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，在向低能級(jí)躍遷時(shí)放出光子的種類可能不止一

種，故放出光子的頻率不一定等于入射光子的頻率，A錯(cuò)誤；

8、衰變前后有質(zhì)量虧損，因?yàn)橛心芰酷尫牛?錯(cuò)誤；

c、a粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果證明原子具有核式結(jié)構(gòu)，C錯(cuò)誤；

。、X射線的頻率大于綠光的頻率，根據(jù)光電效應(yīng)方程知用X射線照射時(shí)光電子的最大初動(dòng)能較大，

D正確；

故選：D。

在向低能級(jí)躍遷時(shí)放出光子的種類不止一種，衰變前后有質(zhì)量虧損，a粒子散射實(shí)驗(yàn)的結(jié)果證明原子

具有核式結(jié)構(gòu)，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān).

原子的躍遷種類根據(jù)公式鬣計(jì)算，發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率.

15.答案：乙力等于

解析：解：①實(shí)驗(yàn)時(shí)擺線上端應(yīng)固定不動(dòng)，應(yīng)選擇圖乙所示懸掛方式。

②擺長(zhǎng)長(zhǎng)度L與擺球半徑r?之和是擺長(zhǎng)，，BP/=L+r；由單擺周期公式7=2兀/得：產(chǎn)=子（/,+功,

小明是將擺長(zhǎng)長(zhǎng)度L當(dāng)作擺長(zhǎng)，當(dāng)擺長(zhǎng)時(shí)0時(shí)，產(chǎn)為正數(shù)，故作出的產(chǎn)一心圖象應(yīng)為圖中的4；圖象

的斜率k=手，重力加速度g=殍，利用圖象法求出斜率，然后求出的重力加速度等于真實(shí)值。

故答案為：①4②等于?

擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)，實(shí)驗(yàn)時(shí)單擺應(yīng)固定，根據(jù)單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達(dá)

式，然后根據(jù)圖示圖象分析答題。

理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵；應(yīng)用單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達(dá)式即可解題。

16.答案:歐姆調(diào)零4.51.2

解析：解：（1）在每次測(cè)量電阻之前均需要進(jìn)行歐姆調(diào)零；

（2）萬(wàn)用表檔位為XI；故多用表的讀數(shù)為：4.50；

由歐姆定律可知，/=等；

則由閉合電路歐姆定律可知：

Uat>=E-Ir

Uab=E一警r

則由圖象可知E=1.2V；

r=2.250；

故答案為：（1）歐姆調(diào)零（2）4.5；1.2

根據(jù)多用表測(cè)量電阻的實(shí)驗(yàn)要求明確實(shí)驗(yàn)測(cè)量步驟；根據(jù)多用電表的讀數(shù)方法可得出對(duì)應(yīng)的電阻值;

根據(jù)閉合電路歐姆定律明確對(duì)應(yīng)的曲線，根據(jù)圖象規(guī)律可求得電動(dòng)勢(shì)

本題考查閉合電路歐姆定律及多用表的使用方法，要注意掌握歐姆表的讀數(shù)方法；明確數(shù)據(jù)處理的

方法，能正確根據(jù)圖象得出有用信息.

17.答案：解：⑴釋放后4和B相對(duì)靜止一起做自由落體運(yùn)動(dòng)，則有:

v2—2gh

解得：v=12gh

(2)根據(jù)牛頓第二定律得：mg+f=maB

2

v=2aBH

解得.=mgh

腫他(mg+f)

(3)B再次著地時(shí)共用時(shí)t=J

對(duì)4物體：mg—f=maA

2

在此時(shí)間內(nèi)4的位移XQ=vt+^aAt

要在B再次著地前4不脫離氏木棒長(zhǎng)度L必須滿足條件XQ<L

解得」2%

答：(1)B著地時(shí)的速度為J亦；

(2)木棒B與地面碰撞后，A不脫離B棒，B棒向上運(yùn)動(dòng)的最大高度為竟今；

(3)在B再次著地前，要使4不脫離B,B的最小長(zhǎng)度為黑繇.

解析：A和B第一次下降時(shí)，都是做自由落體運(yùn)動(dòng)，當(dāng)木棒與地面相碰后，木棒開始向上做勻減速運(yùn)

動(dòng)，圓環(huán)4在摩擦力的作用下，向下做加速運(yùn)動(dòng)，分析木棒的運(yùn)動(dòng)情況可知，木棒的速度小于圓環(huán)4

的速度，木棒受到的摩擦力始終向下，由牛頓第二定律求出加速度，再由位移公式可以計(jì)算出木棒

的長(zhǎng)度.

題目涉及到的運(yùn)動(dòng)過(guò)程較多，要根據(jù)物體的受力的情況，逐個(gè)分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，在計(jì)算中需要

注意的是木棒在上升和再次下降的過(guò)程中，它的加速度是一樣的，所以運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也就是相同的.

18.答案：解:

(1)此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E=；=T^^N/C=500N/C

(2)由動(dòng)能定理得

Fd=EkB-0

則=Fd=10-7Nx0.47=4xIO_8/

(3)4、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差以8=等=募2U=200U

答：

(1)此電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)是500N/C