2021年湖北省武漢市高考物理質(zhì)檢試卷（附答案詳解）

2021年湖北省武漢市高考物理質(zhì)檢試卷（4月份）

1.水上飛傘是一項鍛煉勇氣和毅力的水上娛樂活動?？焱ч_動后，拖在快艇后面的空

中飛傘，在風力和繩子牽引力的作用下升起，游客乘傘體驗在空中飛翔的感覺。下

列各圖中的。點均表示游客，能正確反映飛傘載著游客在空中勻速飛行的是（）

2.與傳統(tǒng)汽車燈相比，款氣燈因具有亮度高、色溫低、壽命長、功率低的優(yōu)點而受到

車主的青睞。某汽車急氣燈泡的容積為2ML充入頷氣的密度為6的/巾3,值氣摩

爾質(zhì)量為0.13kg/mol,阿伏加德羅常數(shù)為N4=6x10237noL,則該燈泡中放氣分

子數(shù)約為（）

A.6xIO一個B.6x1022個C.6x1025個D.6X1027個

3.如圖所示，分別用波長為;I、24的光照射光電管的陰極K,

對應的遏止電壓之比為3：1,則光電管的極限波長是（）

A.2A

B.34

C.42

D.6A

4.截至2020年11月，被稱為“中國天眼”的500米口徑球面射電望遠鏡運行穩(wěn)定可

靠，發(fā)現(xiàn)脈沖星數(shù)量超過240顆，將于2021年8月面向全球科學界開放。脈沖星

實質(zhì)是快速自轉(zhuǎn)的中子星，每自轉(zhuǎn)一周，就向外發(fā)射一次電磁脈沖信號，因此而得

名。若觀測到某個中子星發(fā)射電磁脈沖信號的周期為T,該中子星的半徑為R已

知引力常量為G,則以下物理量可以求出的是（）

A.該中子星的質(zhì)量

B.該中子星的第一宇宙速度

C.該中子星表面的重力加速度

D.該中子星赤道上的物體隨中子星轉(zhuǎn)動的線速度

5.在生產(chǎn)紡織品、紙張等絕緣材料過程中，為了實時監(jiān)控材料的厚度，生產(chǎn)流水線上

設置如圖所示的傳感器，其中A、8為平行板電容器的上、下兩個固定極板，分別

接在恒壓直流電源的兩極上。當紙張從平行極板間穿過時，若負電荷從“向b流過

靈敏電流計G,則電流計指針偏向。端；若負電荷從人向〃流過靈敏電流計G,則

指針偏向匕端。某次紙張從平行極板間穿過時，發(fā)現(xiàn)電流計指針偏向，端，下列說

法正確的是（）

A.兩極板間紙張厚度減小B.兩極板間紙張厚度不變

C.兩極板間紙張厚度增加D.以上三種情況都有可能

6.如圖所示，物體“和物體b通過跨過定滑輪的輕繩相連接，物體c

放在水平地面上，6和c拴接在豎直輕彈簧的兩端。初始時用手托

a白

住”，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，且輕繩恰好伸直。已知”和。的質(zhì)

量均為2m,6的質(zhì)量為小，重力加速度大小為g,彈簧始終在彈

性限度內(nèi)，不計一切摩擦?現(xiàn)釋放物體m則（）

A.釋放瞬間，。的加速度大小為g

B.釋放瞬間，。的加速度大小為|g

C.c剛離開地面時，b的速度最大

D.彈簧第一次恢復原長時，〃的速度最大

7.血液可視為由紅血球和血漿組成。將裝有血液的試管豎直放置，紅血球會在血液中

下沉。假設紅血球只受粘滯阻力作用，且所受的粘滯阻力尸與下沉速度v成正比,

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測得一紅血球以初速度幾沿直線下沉的最大位移為乙,若該紅血球以初速度T沿直

線下沉的最大位移記為打，則費等于（）

A.—B.—C.-D.—

nn+1nn+1

8.如圖所示，理想變壓器原線圈接u=220&sinl00?rt（y）一④

交流電，R為光敏電阻（阻值隨著光照強度的增強而減小\P

），電流表為理想交流電表。當電路工作時，燈泡L發(fā)光，；<1rV

下列說法正確的是（）

A.保持滑片尸不動，若照射R的光變強，則燈泡L變

暗

B.保持滑片尸不動，若照射R的光變強，則電流表示數(shù)變大

C.保持R上的光照強度不變，若滑片P向下滑動，則燈泡L變亮

D.保持R上的光照強度不變，若滑片尸向下滑動，則電流表示數(shù)減小

9.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)atb-?cta回到初始狀態(tài)其p-V■圖

像如圖所示。下列說法正確的是（）

A.在a-b過程中氣體的內(nèi)能保持不變

B.在b-c過程中外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量

C.在cta過程中氣體吸收的熱量等于b-c過程中氣體向外界放出的熱量

D.在a-btcfa過程中氣體做的功為2po%

10.如圖所示，直線PO。的上方有方向垂直于紙面向外的勻強磁場，兩帶電粒子P、Q

先后射入磁場,P的速度與磁場邊界的夾角為30。,。的速度與磁場邊界的夾角為60。。

已知兩粒子在磁場中做勻速圓周運動的時間相同，且均從。點射出磁場,PO=2OQ，

則（）

A.P和。均帶正電

B.尸和。的比荷之比為1：2

C.P和。的速度大小之比為V5：1

D.P和。在磁場中運動的半徑之比為2：1

11.如圖甲所示，在場強大小為E。、方向水平向左的勻強電場中，固定著一根光滑絕緣

桿0C和兩個等量同種正點電荷A、B,四邊形OACB恰好構(gòu)成菱形。一質(zhì)量為〃?、

電荷量為-q(q＞0)的小球(可視為點電荷)套在絕緣桿上。令x軸與OC桿重合，以

左端。為坐標原點，以水平向左為兩個正點電荷在OC桿上產(chǎn)生的合場強的正方向，

則該合場強在OC桿上的變化規(guī)律如圖乙所示，Em為該合場強的最大值。將小球從

A.小球運動到C點時的速度可能為0

B.當隊＞Em時，小球電勢能逐漸減小

C.當殳＜Em時，小球加速度先增大后減小

D.若移走8電荷，仍從。點由靜止釋放小球，則小球加速度最大值為式21+=)

12.用如圖甲所示裝置研究平拋運動的軌跡。將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的

木板上。鋼球沿斜槽軌道尸?；潞髲?。點飛出，落在豎直擋板MN上。由于豎直

擋板與豎直木板的夾角略小于90。，鋼球落在擋板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓

出一個痕跡點。每次將豎直擋板向右平移相同的距離L從斜槽上同一位置由靜止

釋放鋼球，如此重復，白紙上將留下一系列痕跡點。

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由乙

（1）實驗前需要檢查斜槽末端是否水平，正確的檢查方法是;

（2）以平拋運動的起始點為坐標原點，水平向右為無軸正方向，豎直向下為y軸正方

向建立坐標系。將鋼球放在。點，鋼球的（選填“最右端”、“球心”、“最

下端”）對應白紙上的位置即為坐標原點；

（3）實驗得到的部分點跡a、b、c如圖乙所示，相鄰兩點的水平間距均為心用和

四的豎直間距分別是力和內(nèi)，當?shù)刂亓铀俣葹間，則鋼球平拋的初速度大小為

o鋼球運動到b點的速度大小為。

13.18650鋰電池是鋰電池的鼻祖，其中“18”表示直徑是18如"，“65”表示長度是

65mm,“0”表示是圓柱形電池，它具有能量密度高（約為555/%/如）、單體工作

電壓高（充滿電時約為4.2V）、內(nèi)阻?。?0-2。數(shù)量級）、壽命長等優(yōu)點，在電動汽車、

充電寶等許多產(chǎn)品中得到了廣泛的應用。某同學從下列器材中選用部分器材測量一

節(jié)18650鋰電池的電動勢和內(nèi)阻：

4.數(shù)字多用表（電壓擋內(nèi)阻約為IO,。，10A電流擋內(nèi)阻約為0.050）2只

8.定值電阻&（2.5。,34）2只

C.滑動變阻器/?2（5234）2只

D滑動變阻器24）2只

E.開關S（約0.150）1只

E幾根導線（約0.010/根）

（1）該同學選擇器材正確連接實物電路后，閉合開關S,調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀出一只

數(shù)字多用表電壓擋的示數(shù)U和另一只數(shù)字多用表電流擋的示數(shù)改變滑動變阻器

滑片的位置，得到多組（U,/）,記錄數(shù)據(jù)如下：

序號123456

U/V3.8143.7463.6903.6043.5003.396

1/A0.6780.9281.1521.5261.9452.371

他根據(jù)上述數(shù)據(jù)，用電腦軟件在直角坐標系中描點，擬合直線，得到U與/的函數(shù)

關系式為U=—0.2447/+3.976,則該鋰電池的電動勢為V,內(nèi)阻為

0(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)；

(2)該同學完成上述實驗所采用的電路原理圖是圖中的；

(3)實驗中，滑動變阻器勺選擇的是，保護電阻選擇的是(填器材序

號)；

(4)實驗完成后，該同學用專業(yè)電池內(nèi)阻測試儀測得這節(jié)18650鋰電池的內(nèi)阻為

0.060,與上述伏安法測得的內(nèi)阻值相比，兩者差異很大，其原因是。

14.如圖所示，透明液體中有一點光源。，位于液面下深度

為d°處。點光源向周圍發(fā)出單色光，在液面形成一個半

1%

徑為《do的圓形透光區(qū)域。

(1)求該液體的折射率；lo

(2)如果點光源。以速度v豎直向下勻速運動，則液面圓形透光區(qū)域的半徑隨時間

的變化率是多少？

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15.如圖甲所示，虛線MN左、右兩側(cè)的空間均存在與紙面垂直的勻強磁場，右側(cè)勻強

磁場的方向垂直紙面向外，磁感應強度大小恒為B。；左側(cè)勻強磁場的磁感應強度8

隨時間f變化的規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定垂直紙面向外為磁場的正方向。一硬質(zhì)細導

線的電阻率為P、橫截面積為So,將該導線做成半徑為，?的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓

心。在MN上。求

N

(l)t=]o時，圓環(huán)受到的安培力；

(2)在。?內(nèi)，通過圓環(huán)的電荷量。

16.如圖所示，一水平傳送帶以D=3m/s的恒定速度順時針轉(zhuǎn)動，其上表面左端A點、

右端3點分別與一光滑曲面、一光滑水平臺面平滑對接。光滑水平臺面上距B點

由=2m處的P點放置有一質(zhì)量為M=3kg的物塊，P點右側(cè)相距d?=4nl處的C

點固定有豎直擋板。一質(zhì)量為m=1kg的物塊從光滑曲面距水平面九=1.8m處由靜

止釋放。已知A、8兩點相距L=2.5m,物塊機與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為4=0.4,

重力加速度為g=10m/s2,所有碰撞都是彈性碰撞，且碰撞時間極短，兩物塊均

可視為質(zhì)點，它們之間每次碰撞的地點都在BC之間，求

(1)物塊，〃從開始釋放至與物塊M發(fā)生第2次碰撞的過程中，整個系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生

的內(nèi)能；

(2)物塊機與物塊M第n次(n>1)碰撞結(jié)束時，物塊m的速度大小(本問不要求寫

出解答過程，只要求寫出結(jié)果)。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：游客受到三個力的作用，豎直向下的重力，沿繩斜向下的牽引力和傘的作

用力,

重力與繩子牽引力的合力一定在兩個力夾角之間，因為游客勻速飛行，根據(jù)平衡條件,

重力與繩子的牽引力的合力一定與傘的作用力等大反向，所以這兩個力的合力與傘的中

心軸線在同一條直線上，故4正確，BC￡＞錯誤；

故選：A。

游客勻速飛行，可利用共點力平衡條件進行求解；分析其受力時，注意兩個力合力一定

在兩個力夾角之間。

本題考查學生受力分析基礎和共點力平衡條件的運用，難度適中。

2.【答案】A

【解析】解：流氣的物質(zhì)的量為：，=/，

則燈泡中頷氣分子的總個數(shù)為：N=皿=嗎=6X2X10-6X6X1*=$*I。）個,故A

AM0.13

正確，8C￡＞錯誤：

故選:Ao

根據(jù)值氣的密度和體積，求出赦氣的質(zhì)量，結(jié)合摩爾質(zhì)量求出物質(zhì)的量，從而得出燈泡

中敬氣的分子總數(shù)。

本題考查了分子動理論和氣體定律的基本運用，掌握求解分子數(shù)的方法，并能靈活運用。

3.【答案】C

【解析】解：設極限波長為;10,則金屬的逸出功為生=九搟，

則根據(jù)愛因斯坦光電效應方程有3eU=嶼一/1seU=hj--h^,聯(lián)立解得;I。=42,

A.AQZAAQU

故C正確，A8C錯誤。

故選：C

根據(jù)光電效應方程分別對波長為；I、22的光進行列式，聯(lián)立可得光電管的極限波長。

本題考查了光電效應方程，要求學生將光電效應方程運用于具體問題的求解，難度適中。

4.【答案】D

【解析】解：ABC,如果知道繞中子星做圓周運動的衛(wèi)星的周期與軌道半徑，可以求出

中子星的質(zhì)量，根據(jù)題意僅知道中子星的自轉(zhuǎn)周期、中子星的半徑與萬有引力常量G,

無法求出中子星質(zhì)量，中子星表面的重力加速度和第一宇宙速度，故A8C錯誤；

D、該中子星赤道上的物體隨中子星轉(zhuǎn)動的線速度v=R3=半，故O正確。

故選：。。

如果知道繞中子星做圓周運動的物體的周期，應用萬有引力公式與牛頓第二定律利用求

出中子星的質(zhì)量與密度；知道繞中子星表面做圓周運動的天體的周期可以求出中子星第

一宇宙速度，根據(jù)題意與已知條件分析各選項答題。

本題考查了萬有引力定律的應用，知道萬有引力提供向心力與萬有引力公式是解題的前

提，認真審題理解題意應用基礎知識即可解題。

5.【答案】A

【解析】解：由于電容與電源相連，故電壓U不變，由于電流計指針偏向〃端，說明負

電荷從人向。流過，即電容器放電，

根據(jù)電容的定義式C=亨可知，電容減小，

根據(jù)。=生？可知紙張厚度減小，導致相對介電常數(shù)減小，故A正確，BCQ錯誤。

4nka

故選：Ao

根據(jù)指針的偏轉(zhuǎn)方向確定電容器是充電還是放電，根據(jù)電容的定義式確定電容的變化情

況，根據(jù)。=品分析電介質(zhì)的變化，從而得到紙張厚度的變化情況。

4nka

本題考查了電容的定義式、平行板電容器的決定式等，要注意明確由于電容器與電源相

連，因此電容器兩端的電勢差不變。

6.【答案】B

【解析】解：AB,剛釋放a的瞬時，彈簧對6的彈力向上，大小為F=mg

則對時的整體，由牛頓第二定律2mg-mg+F=3ma,

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代入數(shù)據(jù)，解得外的加速度a=|g,故A錯誤，8正確；

CD,當油的加速度為零時速度最大，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈力為拉力，大小為

mg,此時。還未離開地面，故C￡＞錯誤；

故選：Bo

以ab為整體進行分析，可求加速度；當帥的加速度為零時，速度最大

本題考查共點力平衡條件、胡克定律以及牛頓運動定律，對學生分析綜合能力有一定要

求，難度適中。

7.【答案】C

【解析】解：粘滯阻力尸與下沉速度v成正比

F=kv

把下落過程分成無數(shù)小段，把每一小段的運動近似看做勻變速直線運動。則紅血球以初

速度％沿直線下沉時

0—kv0—mat

由運動學公式

詔=

解得

mv0

同理，紅血球以初速度手沿直線下沉時

F2=k—=ma2

kv

Q，2=----0

nm

由運動學公式

（曰）2=2a2x2

解得：次=翳

所以￡=：，故C正確，A8。錯誤。

X]TI

故選：Co

勻速下落的速度與其半徑的平方成正比，即V0CR2,再根據(jù)勻速運動時受力平衡列方程

求解。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，知道紅血球勻速下落時受力平衡，根據(jù)平衡條件

列方程解答。

8.【答案】BD

【解析】解：AB,保持滑片P不動，則副線圈匝數(shù)的不變，根據(jù)變壓器的變壓之比得：

_nl

U2九2

解得：/=管，故/不變，則燈泡亮度不變，故A錯誤。

因為照射R的光變強，所以光敏電阻R減小，故副線圈的總電阻減小，總電流增大，由

副線圈的電流決定原線圈的電流知，原線圈電流增大，即電流表的示數(shù)增大，故B正確。

C。、光照強度不變,則總電阻不變，當滑片P向下滑動時，副線圈匝數(shù)減小，由％=等,

可知/變小，則燈泡變暗，副線圈電流變小，根據(jù)P=17/知，輸出功率減小，即輸入功

率減小，因輸入電壓不變，故輸入原線圈電流變小，即電流表的示數(shù)減小，故力正確,

C錯誤。

故選：BD。

保持滑片P不動，則副線圈匝數(shù)不變，根據(jù)變壓器的變壓之比，可求燈的亮度變化情況；

根據(jù)光照強度的變化,確定電阻R的變化,進而確定總電阻的變化,再確定電流的變化。

掌握變壓器的變壓、變流特點，另外注意理想變壓器的輸入電流和輸出電流之間的決定

關系，另外會根據(jù)題目中的信息確定電阻阻值的變化情況。

9.【答案】BD

【解析】解：A、根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程即=C,可知從a-b,p與丫的乘

積先變大后變小，故溫度T先變大后變小，而一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度7有關，

所以內(nèi)能先變大后變小，故4錯誤；

B、在b-c過程中，壓強不變，體積減小，根據(jù)崇=C知溫度減小，則內(nèi)能減小，又因

為體積減小，說明外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律AU=Q+W可知，外界對氣

體做的功小于氣體向外界放出的熱量，故8正確；

C、6狀態(tài)下p與V的乘積相同，則溫度相同，即a、6狀態(tài)內(nèi)能相同，而從人到c

再到a的整個過程中，體積減小，外界對氣體做功，即小>0,根據(jù)熱力學第一定律△U=

Q+W可知，Q<0,即整個過程氣體放熱大于吸熱，故在c-a過程中氣體吸收的熱量

小于b-c過程中氣體向外界放出的熱量，故C錯誤；

D,圖像與坐標軸圍成的面積表示氣體做功，體積增大表示氣體對外做功，體積減小表

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示外界對氣體做功，故在a-brcra過程中氣體做的功為2p。％,故。正確。

故選：BD。

本題可根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程牛=C,結(jié)合熱力學第一定律進行分析，注意p-U圖像

與坐標軸圍成的面積表示氣體做功。

本題考查理想氣體狀態(tài)方程以及熱力學定律，要求學生理解并識記相關公式，注意p-V

圖像與坐標軸圍成的面積表示氣體做功，難度適中。

10.【答案】BC

C、兩粒子在磁場的時間相等，所以速度之比的=赳=手，故C正確；

VQ丁Q1

B、根據(jù)半徑公式「=等=2,所以兩粒子的比荷之比型=空*區(qū)=￥、2=；,故8

qHctsCQVQrp12V32

正確。

故選：BC。

作出兩粒子的運動軌跡；由幾何知識求兩粒子的半徑關系；由題設條件時間相等，速度

之比就等于弧長之比；由半徑公式從而求出粒子的荷比之比。

本題是常見的帶電粒子在磁場中和電場中運動的問題，畫出軌跡，運用幾何知識是處理

帶電粒子在磁場中運動問題的基本方法.

11.【答案】BD

【解析】解：A、根據(jù)靜電力對小球做的功，從。到C,兩電荷對小球做功為零，勻強

電場對小球做正功，故小球在C點速度不為零，故A錯誤；

B、當&)>Em時，小球所受電場力一直向右，電場力對小球做正功，電勢能減小，故B

正確；

C、當<Em時，小球加速度在通過AB連線前為先增大，后減小，通過A8連線后，

為先減小后增大，故C錯誤；

D、當移走B后，只有A產(chǎn)生的電場以及勻強電場，原來兩電荷產(chǎn)生的最大場強為Em，

則單個電荷產(chǎn)生的最大場強為TEm，合場強為（Eo+[Ern）,

根據(jù)F=Eq=ma,可得a=四生些辿，故。正確。

故選：BD。

運用矢量合成找出合場強，再結(jié)合受力和運動情況分析求解。

本題考查電場的疊加，需注意多個電場疊加時是矢量合成，遵循平行四邊形定則。

12.【答案】將鋼球至于軌道平直段各處，都能靜止，說明斜槽末端水平球

心L1—^—^]（禿+4/）9

qg-2yl2qy2-2yi

【解析】解：（1）將鋼球置于軌道平直段各處，都能靜止，說明斜槽末端水平;

（2）鋼球落在擋板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點，痕跡點與球心等高,

所以痕跡是球心下落的軌跡，故選擇鋼球球心對應白紙上的位置為坐標原點;

（3）由于兩段水平距離相等，故時間相等，根據(jù)（丫2-yi）-yi=町2,解得：t=

人點的豎直速度%=g.b點的速度為%=J詔+哆=

則初速度為D

11(川+4所)外

2\y2-2yi°

故答案為：（1）將鋼球至于軌道平直段各處，都能靜止，說明斜槽末端水平；（2）球心;

11(y1+4L2)g“

2\y2-2yi°

判斷軌跡是哪個點打下的即可判斷坐標原點。平拋運動的處理方法是化曲為直，分解為

豎直方向勻加速運動和水平方向勻速運動，根據(jù)豎直方向可以求時間，水平方向可以求

初速度；求匕點的速度同樣需要分解，豎直方向根據(jù)中間時刻瞬時速度等于平均速度即

可求解，水平方向速度為初速度，根據(jù)勾股定理可求6點合速度。

本題考查平拋運動的實驗問題，解決平拋運動的關鍵為化曲為直。

13.【答案】3.980.245甲CC用伏安法測得的內(nèi)阻包含電池內(nèi)阻、開關電阻、及

導線電阻，專業(yè)儀器測量的只是電源的內(nèi)阻

【解析】解：（1）由題意擬合的直線：U與/的函數(shù)關系式為U=—0.2447/+3.976,與

閉合回路的歐姆定律進行對比可知，U=E-Ir.所以E=3.976V=3.98V,內(nèi)阻r=

0.24470=0.2450。

（2）由于從U與/的函數(shù)關系式U=-0.2447/+3.976中已知求出電源內(nèi)阻為廠=

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0.2447。，只能是電源內(nèi)阻，若采用乙圖的話的則因=/?次+「＞2.5。，則不可能是圖

乙，故選圖甲；

(3)估算電路中的最小電阻Rmin=拌=鬻0=1.37/2,最大電阻Rsax=衿=

l

max43/J.imin

黑。=5.6350,這樣看，滑動變阻器選C比較合適，定值電阻R=2.5。＞1.370,故

0.678

不能選用，則選c比較合適；

(4)用伏安法測得的內(nèi)阻包含電池內(nèi)阻、開關電阻、及導線電阻等，用專業(yè)儀器測得的

內(nèi)阻介于開關電阻和導線電阻之間，故兩者差異大。

故答案為：(1)3.98、0.245：(2)甲；(3)C、C；(4)用伏安法測得的內(nèi)阻包含電池內(nèi)阻、

開關電阻、及導線電阻，專業(yè)儀器測量只是電源的內(nèi)阻

(1)根據(jù)題意中的表達式確求出電源電動勢和內(nèi)阻；

(2)根據(jù)實驗原理和U與/的函數(shù)關系式U=-0.2447/+3.976確定實驗原理圖；

(3)根據(jù)表中數(shù)據(jù)求出電路的最大電阻和最小電阻，從而確定滑動變阻器的選擇和定值

電阻的選擇；

(4)根據(jù)電路實際情況和實驗原理分析誤差的原因。

根據(jù)題意確定電流表與滑動變阻器的接法是連接實物電路圖的前提與關鍵；當電壓表內(nèi)

阻遠大于待測電阻阻值時，電流表應采用外接法，當待測電阻阻值遠大于電流表內(nèi)阻時,

電流表采用內(nèi)接法；當電壓與電流從零開始變化時，滑動變阻器應采用分壓接法。

14.【答案】解：(1)圓形透光區(qū)的邊緣即為剛好發(fā)生全反：八，：

or?

射的位置，光路如圖-木-丁「…本

設臨界角為C,則有：ta葭c==工，又sinC=工\/\

解得：n=yj5

(2)若點光源O以速度u豎直向下勻速運動，設圓形透光區(qū)

域半徑為，,則:

光源到液面的距離d=+"

又丁=dtanC

解得：r="一

所以，圓形透光區(qū)域半徑為一隨時間的變化率為：

△t2

答：(1)該液體的折射率為通：

(2)如果點光源。以速度v豎直向下勻速運動，則液面圓形透光區(qū)域的半徑隨時間的變

化率為:。

【解析】（1）畫出恰好在液面發(fā)生全反射的光線的光路圖，根據(jù)S譏C=；求折射率；寫出

圓形透光區(qū)域的半徑隨時間變化的函數(shù)關系，進而求出半徑隨時間的變化率。

本題考查了光的全反射，注意全反射發(fā)生的條件是光從光密介質(zhì)射向光疏介質(zhì)，且入射

角大于等于臨界角。

15.【答案】解：（1）由法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢:

△0△BBnr2nr2B

E=---=----S=o—x——=---Q----

△tAtt022to

由電阻定律可知，圓環(huán)的電阻：R=P4=胃

由歐姆定律可知，感應電流：/=*

t=時圓環(huán)所受安培力大?。篎=B0Ix2r+^xIx2r

解得：?=萼也，由左手定則可知，方向垂直于向左

4pt。

（2）由法拉第電磁感應定律得：￡=詈

由歐姆定律得：7=日

R

通過圓環(huán)的電荷量：q=/△C

解得：q=,

22

在0?|to內(nèi)通過圓環(huán)的磁通量的變化量：△<?=Box17rr+^xinr

解得：q=F-

答：（l）t=：to時，圓環(huán)受到的安培力大小是嚶也，方向垂直于MN向左;

N4pt（）

（2）在0?|%內(nèi)，通過圓環(huán)的電荷量是好。

【解析】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，應用歐姆定律求出感應電流，

然后根據(jù)安培力公式求出安培力。

（2）應用法拉第電磁感應定律求出平均感應電動勢，應用歐姆定律求出平均感應電流，

根據(jù)電流的定義式求出通過圓環(huán)的電荷量。

根據(jù)題意分析清楚磁感應強度變化情況，應用法拉第電磁感應定律、歐姆定律、安培力

公式與電阻定律即可解題。

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16.【答案】解：(1)物塊〃，從釋放點下滑到A點過程中，根據(jù)動能定理有:mgh=

代入數(shù)據(jù)解得：vA=6m/s,

假設機滑過A點后，一直勻減速運動至8點，根據(jù)牛頓第二定律有：iimg=ma,

解得加速度大?。篴==0.4x10m/s2=4m/s2,

根據(jù)運動學公式有：vl-vl=2(—a)L,

代入數(shù)據(jù)解得：vB=4m/s；

該速度大于傳送帶速度"=3m/s,可見機在傳送帶上一直做勻減速運動，之后沿光滑

臺面做勻速運動與“發(fā)生第一次碰撞，故第一次碰撞前，〃的速度大?。簐B=4m/s；

在傳送帶上，”從A點一直勻減速運動至B點，兩者相對運動的路程:so=L-v空學=

—Cl

4—6

2.5—3X——771=1??2;

設第一次碰撞后瞬間，相