2022年寧夏銀川一中物理高一年級上冊期末質量檢測模擬試題含解析

2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得。分）

1、一個做自由落體運動的物體，其落地速度為20m/s,重力加速度g取10,?小2,則下列描述鐐誤的是（）

A.下落的時間為2s

B.距地面的高度為20小

C.最后1s的位移為為15/n

D.下落過程中的平均速度為5m/S

2、將質量為膽的小球，以初速度”豎直向上拋出，小球運動過程中受大小恒定的阻力作用，小球落回拋出點時速度

大小為我）/<1）,重力加速度取g,則

A.小球上升最大高度為嬖

2g

B.下降過程比上升過程經歷的時間短

C.小球阻力大小為-----mg

\+k2

\_k

D.小球阻力大小為一-mg

\+k

3、下列敘述中正確的是

A.我們所學過的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量

B.物體從靜止開始的下落運動叫自由落體運動

C.通常所說的壓力、支持力和繩的拉力都是彈力

D.任何有規(guī)則形狀的物體，它的重心一定與它的幾何中心重合，且也一定在物體內

4、以下對牛頓運動定律的理解，正確的是（）

A.牛頓第一定律指出，物體只有處于勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)時才具有慣性

B.牛頓第二定律指出，物體加速度的方向與所受合力的方向相同

C.牛頓第三定律指出，物體間的作用力與反作用力是一對平衡力

D.牛頓運動定律不僅適用于低速運動的宏觀物體，也適用于高速運動的微觀粒子

5、如圖所示，在傾角為。的斜面上有一塊豎直放置的擋板，在擋板和斜面間放一重為G的光滑的圓球，當擋板繞最低

點沿逆時針緩慢轉到水平位置的過程中，關于小球受到的彈力，下列說法正確的是（）

A.先增加，后減少B.先減少，后增加

C.始終保持不變D.大小不變，方向時刻變化

6、豎直向上飛行的子彈，達到最高點后又返回原處。假設整個運動過程中子彈受到的阻力與速度的大小成正比，則整

個過程中，加速度的變化是（）

A.始終變小B.始終變大

C.先變小后變大D.先變大后變小

7、質量為2kg的物體在水平推力廠的作用下沿水平面作直線運動，一段時間后撤去凡其運動的U-f圖象如圖。

g=10m/s2,則

A.全程物體運動的平均速度大小為4m/s

B.物體與水平面間的動摩擦因數為0.5

C.外力戶的大小為15N

D.加速段與減速段加速度大小之比為！

2

8、如圖，圖甲所示，在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上運動，其v-f圖象如圖乙所示，人頂桿沿水平地面運動的s

一/圖象如圖丙所示，若以地面為參考系，下列說法中正確的是（）

r/st/s

丙

甲乙

A.猴子的運動軌跡為直線

B.猴子在2s內做勻變速曲線運動

C./=0時猴子的速度大小為8m/s

D.t=2s時猴子的加速度大小為4m/s2

9,關于物體的速度、加速度、位移、合力之間的關系，正確的是（）

A.物體的速度增大，則加速度一定增大，所受的合外力也一定增大

B.物體的速度很大，但加速度可能為零，所受的合力也可能為零

C.物體的位移不斷增大，則物體所受合外力必定不為零

D.物體的速度為零，但加速度可能很大，所受的合力也可能很大

10、水平力尸作用于重為G的物體A的光滑左表面，使其恰好沿豎直墻壁勻速下滑，如圖所示.若物體與墻壁間的動

摩擦因數為/，，則物體所受摩擦力的大小為（）

A.pF

B.pF+G

C.G

D.p（F+G）

11、如圖所示，汽車里有一水平放置的硅膠貼，硅膠貼上放置一質量為機的小花瓶。若汽車此刻正在水平公路上向前

做加速度為a的勻加速直線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，下列說法正確的是（）

A.小花瓶受到三個力作用B.小花瓶受到的摩擦力和汽車運動方向相反

C.小花瓶所受的合力為零D.硅膠貼對小花瓶的摩擦力大小為ma

12、如圖所示，在光滑水平面上有一質量為M的斜劈，其斜面傾角為仇一質量為機的物體放在其光滑斜面上，現用

一水平力F推斜劈，恰使物體，〃與斜劈間無相對滑動，則斜劈對物塊，”的彈力大小為（）

mg

A.mgcos0

cos。

mFmF

C.-----------------

（M+m）cos0(M+m)sin0

二.填空題（每小題6分，共18分）

13、圖是某同學在做勻變速直線運動實驗中獲得的一條紙帶

①已知打點計時器電源頻率為50Hz,則紙帶上打相鄰兩點的時間間隔為

②ABCD是紙帶上四個計數點，每兩個相鄰計數點間有四個點沒有畫出.從圖中讀出A、B兩點間距s；C

點對應的速度是（計算結果保留三位有效數字）

14、探究彈力和彈簧伸長的關系”的實驗中，組成了如圖所示的裝置，所用的每個鉤碼的質量都是30g.他先測出不掛

鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在彈簧的下端，每次都測出相應的彈簧總長度，在坐標系中作出彈簧彈

力大小F跟彈簧總長度x之間的函數關系的圖線.（彈簧認為是輕彈簧，彈力始終未超出彈性限度，取g=10m/s2）

1.0

0.8

0.6

0.4

0.2

78910II12”cm

（1）由圖線求得該彈簧勁度系數卜=N/m.原長cm.（結果均保留兩位有效數字）,

（2）某同學在做“探究彈力和彈簧伸長量的關系”實驗中，他先把彈簧平放在桌面上使其自然伸長，用毫米刻度尺測

出彈簧的原長L。，再把彈簧豎直懸掛起來，掛上鉤碼后測出彈簧伸長后的長度3把L—作為彈簧的伸長量X.這樣操

作，由于彈簧自身重力的影響，最后畫出的圖線可能是圖中的（）

15、某同學用如圖1所示裝置“探究小車的加速度與力、質量的關系”實驗中，他把祛碼盤及盤中的硅碼的總重力當作

小車受到的合力

（1）為了減小實驗誤差，祛碼盤及祛碼的總質量加應—小車的質量（填“《”或“=”或“》”）

（2）實驗中，必須的措施是____.

A.打點計時器應接在直流電源上

B.桌面上放置附有滑輪的長木板必須保持水平

C.在平衡摩擦力時，讓祛碼盤及盤中的祛碼通過細繩拉著小車勻速運動即可

D.實驗時應先接通打點計時器的電源再釋放小車

（3）打點計時器所用交流電源頻率為50”z,一次實驗中打出的紙帶如圖2所示（圖中相鄰兩點間還有4個點未畫出）.

2

則小車運動的加速度a=—m/s.（結果保留兩位有效數字）

|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiiqini|

Ocm1234567

圖2圖3

（4）在保持小車及車中的祛碼質量用一定時，探究加速度。與所受合外力尸的關系時，在作圖過程正確的情況下,

得到的尸關系如圖3所示，圖線未通過坐標原點的原因是：一.

三.計算題（22分）

16、（12分）如圖所示，小車內的底面是光滑的，左下角放一個小球8,右壁上用繩掛一個相同的小球A,兩個球的質

量均為4kg,懸掛線與右壁成37。角，小車向右加速前進。當右壁對A球的彈力為零時（&1137。=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2）,

求

（1）小車的加速度;

(2)繩對A球拉力大?。?/p>

(3)左壁對5球的彈力大小。

17、(10分)如圖，將質量，"=0.1kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上，圓環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑，圓環(huán)與桿間動

摩擦因數〃=0.8,對圓環(huán)施加一位于豎直平面內與桿夾角為，斜右上的拉力兒

(1)當，=53°使圓環(huán)以4=4.4m/s2的加速度沿桿運動，求產的大小(取sin53°=0.8,cos53°=0.6)

(2)拉力尸變?yōu)榕c桿夾角為a斜右下。當a達某一角度后，無論拉力尸多大都拉不動圓環(huán)，求此時a最小值的正切。

參考答案

一、選擇題(本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有

的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分)

1,D

【解析】自由落體運動做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，根據速度實際公式求出下降的時間，根據速度

位移公式求出物體距離地面的高度，結合平均速度推論求出下降過程中的平均速度；

【詳解】A、根據速度與時間關系可知物體下落的時間為：，=上=某$=2s,故A正確；

gio

v2400

B、根據速度與位移關系可知物體距離地面的高度為：h==故B正確；

2g20

1]11

C、物體落地前最后Is內的位移x=]g/一萬g9—l)9-=5g-22—5g(2—l)72=15m,故C正確；

D、整個過程中的平均速度"=*=9叁機/s=10〃?/s,故D錯誤

22

【點睛】解決本題的關鍵知道自由落體運動的特點，掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用

2、C

【解析】根據牛頓第二定律和運動學公式求解阻力大小和上升的最大高度；再根據位移時間關系分析時間長短.

【詳解】A、C、D、設小球運動過程中受阻力大小為/，小球上升過程加速度大小為力,上升最大高度為〃，小球下

22

降過程加速度大小為電，由牛頓第二定律得：mg+/=mat,v0=2岫,mg-f=ma2,(kv0)=2a2h,聯立解得:

h=,f=-~￡mg，故A,D錯誤，C正確.

4gi+e

B、上升過程中的加速度大小為4=幽土工，下降過程中的加速度大小為4=磔二工，將上升的勻減速直線運動運

mm

11

用逆向思維看成初速度為零的勻加速直線，由9因04＞為可得r上＜公，即下降過程比上升過程經

歷的時間長；故B錯誤.

故選C.

【點睛】對于牛頓第二定律的綜合應用問題，關鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況，利用牛頓第二定律或運動學

的計算公式求解加速度，再根據題目要求進行解答；知道加速度是聯系靜力學和運動學的橋梁.

3、C

【解析】A.我們所學過的物理量：速度、加速度、位移都是矢量、路程是標量，選項A錯誤；

B.物體只在重力作用下從靜止開始的下落運動叫自由落體運動，選項B錯誤；

C.通常所說的壓力、支持力和繩的拉力都是彈力，選項C正確；

D.任何有規(guī)則形狀且質量分布均勻的物體，它的重心一定與它的幾何中心重合，但是不一定在物體內，可能在物體

外部，選項D錯誤；

故選C。

4、B

【解析】A.牛頓第一定律也稱為慣性定律，它告訴我們慣性是物體的固有屬性，一切物體都有慣性，故A錯誤；

B.牛頓第二定律指出物體的加速度與物體所受外力成正比，加速度的方向與合外力的方向一致，故3正確；

C.牛頓第三定律中作用力和反作用力是作用在兩個不同物體上大小相等，方向相反的兩個力，故不可能為平衡力，

故C錯誤；

D.牛頓運動定律只能適用于宏觀、低速物體，不能適用于微觀高速粒子，故O錯誤；

故選B

【點睛】本題考查牛頓運動定律的基礎內容及牛頓第二定律的適用范圍；根據各定律的內容即可作出正確判定

5、C

【解析】對小球受力分析可知，小球受向下重力和擋板以及斜面的彈力，由平衡知識可知，重力和擋板和斜面的彈

力等大反向，則當擋板繞最低點沿逆時針緩慢轉到水平位置的過程中，小球受到的彈力始終等于重力不變。

故選C。

6、A

【解析】在上升過程中，速度不斷減小，則阻力戶公不斷減小，根據

F合_mg+kv

Cl———---------

mm

知，加速度不斷減小。在下降的過程中，速度不斷增大，阻力六行不斷變大，根據

心_mg_kv

Cl-----------------

mm

知加速度仍不斷變小。故A正確，BCD錯誤。

故選A?

7、BCD

【解析】A.物體在0?6s內的位移大小在數值上為圖象和時間軸包圍的面積,

x=1x6x1Om=30m

2

平均速度

-x.

v=—=5cm/s

t

選項A錯誤；

B.撤去外力后的加速度:

Av10

%=—=—=5m/s2

-2

根據

〃根g

。=-----

m

可得

"=0.5

選項B正確；

C.有外力時的加速度：

Av10__.

a.=—=—=2.5m/s2

'\t4

根據

F-/Limg=ma

解得

F=15N

選項C正確；

D.由以上分析可知，加速段與減速段加速度大小之比為J,選項D正確；

故選BCD.

8、BD

【解析】AB.由乙圖知，猴子豎直方向上做勻減速直線運動，加速度豎直向下，由丙圖知，猴子水平方向上做勻速直

線運動，則猴子的加速度豎直向下，與初速度方向不在同一直線上，故猴子在2s內做勻變速曲線運動，故A錯誤，B

正確；

C.s圖象的斜率等于速度，則知猴子水平方向的初速度大小為

vv=4m/s

豎直方向分速度

，=8m/s

則00時猴子的速度大小為

v-+v；-Vs2+42m/s=46m/s

故C錯誤；

D.v-f圖象的斜率等于加速度，則知猴子的加速度大小為

△

a=--u=—8m/,s2=4Am//s2

Ar2

故D正確。

故選BD?

9、BD

【解析】A.物體的速度增大，則加速度和速度同向，但是加速度不一定增大，根據尸=，加可知所受的合外力也不一

定增大，選項A錯誤；

B.物體的速度很大，但加速度可能為零，根據尸="?/可知所受的合力也可能為零，選項B正確；

C.物體的位移不斷增大，則也可能做勻速直線運動，則物體所受合外力可能為零，選項C錯誤；

D.物體的速度為零，但加速度可能很大，根據尸=，"“可知所受的合力也可能很大，選項D正確；

故選BD.

10、AC

【解析】物體在水平力的作用下，做勻速下滑.則物體受到是滑動摩擦力，摩擦力的大小與物體對豎直墻壁的正壓力

大小成正比.同時也可從平衡條件來確定，滑動摩擦力與重力處于平衡

【詳解】由題意可知：物體沿豎直墻壁下滑，則受到是滑動摩擦力，所以有：6="尸N=/，R又由于物體勻速下滑，從平

衡條件得：B=G.故A、C正確，B、D錯誤.

故選AC.

【點睛】本題考查滑動摩擦力的性質，要注意明確滑動摩擦力與正壓力成正比，但不一定與重力成正比.正確理解正

壓力的性質

11、AD

【解析】因汽車做勻加速直線運動，小花瓶和汽車始終保持相對靜止，故小花瓶也做勻加速直線運動，對小花瓶受力

分析可知，豎直方向受重力和支持力平衡，水平方向上受摩擦力提供加速度，方向與汽車運動方向相同；故可知小花

瓶受三個力作用，合外力不為零，對小花瓶由牛頓第二定律有

f=ma

故AD正確，BC錯誤。

故選AD。

12>BD

【解析】對(M+m)進行受力分析，由牛頓第二定律可知：F=(M+m)a

得a=—

M+m

對m進行受力分析，

則有重力與支持力的合力是水平方向，所以用平行四邊形定則將兩力合成

由三角函數關系可得：Fs=wg/cos6>

一土mamF

或者F支=----=-----、?二，

U(M+m)sm0

故B、D正確

二.填空題(每小題6分，共18分)

13、①.0.02s②.0.68?0.72cm③.0.100m/s

【解析】①紙上打相鄰兩點的時間間隔T=:=9=0.02S,

JDU

②根據刻度尺的讀數原理可知4、B間的距離S=0.70cm.B、O間的時間間隔r=10T=0.2s,根據勻變速直線運動的

推論，可得C點對應的速度匕=牛=5^7x10-2=0.100m/s.

14、①.⑴27（25?29）；②.6.0cm；③.C；

【解析】（1）對彈力于彈簧長度變化關系分析.圖線跟坐標軸交點，表示彈力為零時彈簧的長度，即為彈簧的原長.由

畫得的圖線為直線可知彈簧的彈力大小與彈簧伸長量成正比

（2）結合該實驗中的注意事項分析即可

【詳解】（1）根據胡克定律F=k（x-xo）即F=kx-kxo,圖象斜率等于彈簧的勁度系數，

1.6

故：k=N/m=2SN/m

(11.7-6)x0.01

當F=0時，x=xo,即圖象與x軸的交點等于彈簧的原長，即xo=6.Ocm

（2）把彈簧懸掛后，由于彈簧自身有重力，在不加外力的情況下，彈簧已經有一定的伸長.故C正確，ABD錯誤.故

選C

15、①.（1）?②.（2）D③.（3）0.20④.（4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

【解析】（1）為了使得砂和砂桶的重力等于小車的拉力，必須要保證砂和砂桶的重力小于小車的重力；（2）根據實驗

原理判斷逐個選項的正誤；（3）用逐差法求解加速度；（4）根據圖像的特征分析原因.

Mmg_mg

【詳解】（1）對整體mg=（M+m）a；對小車F=Ma；聯立解得：M+m,m，當mVVM時，F=mg；

1H------

M

則為了減小實驗誤差，祛碼盤及祛碼的總質量m應VV小車的質量M.

（2）打點計時器應接在交流電源上，選項A錯誤；桌面上放置附有滑輪的長木板因需要平衡摩擦力，則必須要將木

板的一端抬高，不能保持水平，選項B錯誤；在平衡摩擦力時，應不掛祛碼盤及盤中的硅碼，讓小車拖著紙帶在木板

上勻速運動即可，選項C錯誤；實驗時應先接通打點計時器的電源再釋放小