2021年廣東省高考物理選擇性押題試卷(含答案解析)

2021年廣東省高考物理選擇性押題試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)

B.a、/?和y三種射線，a射線的穿透力最強(qiáng)

C.召羿〃衰變成第6Pb要經(jīng)過6次0衰變和8次a衰變

D.根據(jù)玻爾理論可知，一個(gè)處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)能輻射出6種不同頻率的光

2.如圖所示，在邊長為的正三角形的頂點(diǎn)分別固定一負(fù)電荷，4處

的電荷量為Q,中心。處的場強(qiáng)恰好為零，已知靜電力常量為鼠若僅

將4處電荷改為等量的正電荷，貝UO處場強(qiáng)的大小和方向分別為（）

A.等，沿4。方向

B.等，沿OA方向

C.空，沿4。方向

D.詈，沿。肪向

3.英國物理學(xué)家盧瑟福用a粒子轟擊金箱，發(fā)現(xiàn)了a粒子的散射現(xiàn)象.如圖所示中，。表示金原子

核的位置，則能合理表示該實(shí)驗(yàn)中經(jīng)過金原子核附近的a粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡的圖是（）

B.pAD物

4.一個(gè)圓形閉合線圈固定在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場中，線圈平面與磁場方xx1|,______

向垂直，如圖甲所示。設(shè)垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，線圈辦旭趣T

中順時(shí)針方向的感應(yīng)電流為正。已知圓形線圈中感應(yīng)電流i隨時(shí)間變化R1

甲乙

的圖象如圖乙所示，則線圈所在處的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度、磁通量隨時(shí)間變化的圖象可能是（）

5.到目前為止，我國已成功發(fā)射多顆地球同步衛(wèi)星，關(guān)于這多顆地球同步衛(wèi)星，下列說法正確的

是（）

A.它們可定點(diǎn)在北京的正上空

B.它們的運(yùn)行周期可能不同

C.它們離地心的距離可能不同

D.它們的向心加速度大于靜止在赤道上物體的向心加速度

6.如圖甲所示，勁度系數(shù)為k的豎直輕彈簧下端固定在地面上，上端與物塊8相連并處于靜止?fàn)顟B(tài)。

一物塊4在外力作用下靜止在彈簧正上方某高度處，取物塊4靜止時(shí)的位置為原點(diǎn)。、豎直向下

為正方向建立x軸。某時(shí)刻撤去外力，物塊4自由下落，與物塊B碰撞后以相同的速度向下運(yùn)動(dòng)，

碰撞過程用時(shí)極短。測得物塊4在的動(dòng)能&與其位置坐標(biāo)x的關(guān)系如圖乙所示（彈簧始終處于彈性

限度內(nèi)），圖中除0?石之間的圖線為直線外，其余部分均為曲線。已知物塊4、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，

重力加速度為g,貝ij（）

卯

xi々%x/cm

圖甲圖乙

A.物塊2、8的質(zhì)量之比為2：1

B.彈簧的勁度系數(shù)

xlkx2~xl）

C.從小到X3的過程中，物塊運(yùn)動(dòng)加速度的最大值的nax=MjEki

D.從小到打的過程中，彈簧的彈性勢能增加了△琮=當(dāng)棄Er

7.請閱讀下述文字，完成第7題、第8題、第9題。如圖所示，把一個(gè)

小球用細(xì)線懸掛起來，將小球拉離豎直位置某一角度由靜止釋放，

就成為一個(gè)擺。若擺長為小球質(zhì)量為m,小球在擺動(dòng)過程中最

大偏角為。，重力加速度為g。設(shè)阻力可以忽略。

小球在擺動(dòng)的過程中，以下說法正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)加速度為零

B.小球受到重力和拉力的作用，機(jī)械能不守恒

C.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)所受重力與拉力大小相等

D.以最低點(diǎn)為重力勢能零點(diǎn)，則小球具有的機(jī)械能為m"（l-cos。）

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.一玩具小車從靜止開始啟動(dòng)，其速度-時(shí)間圖象如圖所示，0?

G時(shí)間內(nèi)的圖象為直線，匕?t2時(shí)間內(nèi)小車的牽引力功率恒為

已知小車的質(zhì)量為m,小車受到的阻力為定值。下列說法正確

的有（）

A.小車受到的阻力為?

V2

B.0?0時(shí)間內(nèi)，汽車的牽引力不變，加速度不變，功率增大

C.ti?t2時(shí)間內(nèi)，汽車的牽引力減小，汽車做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)

D.在t2時(shí)間以后，汽車的牽引力不變，汽車的功率也不變

9.如圖所示，兩個(gè)相同的小球4、B用長度分別為k、。的細(xì)線懸掛

在天花板的。1，。2點(diǎn)，兩球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩根

細(xì)線與豎直軸夾角均為。.設(shè)A，B兩球的線速度分別為以、vB,

角速度分別為34、3B，加速度分別為皿、as，兩根細(xì)線的拉力

分別為以、FB，則（）

A.vA>vBB.a)A>a)BD.FA<FB

10.如圖所示，“匚”型導(dǎo)線框abed與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場

垂直，線框c、d兩端接入圖示電路，其中ab長為k，ad長為，2,

線框繞過c、d的軸以恒定的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng).開關(guān)S斷開時(shí)，額

定功率為P、電阻恒為R的燈泡刀正常發(fā)光，理想電流表0）示數(shù)

為/,線框電阻不計(jì)，下列說法正確的是（）

A.閉合開關(guān)S前后，電流表示數(shù)保持不變

B.線框轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為看

C.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為運(yùn)

IR

D.線框從圖中位置轉(zhuǎn)過［時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值為:

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.（1）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①②③到

達(dá)狀態(tài)d。過程①中氣體.（選填“放出”或“吸收”）了熱量，狀

態(tài)d的壓強(qiáng).（選填“大于”或“小于”）狀態(tài)b的壓強(qiáng)。

（2）在第（1）問③狀態(tài)變化過程中，1m。，該氣體在c狀態(tài)時(shí)的體積為10L,在

d狀態(tài)時(shí)壓強(qiáng)為c狀態(tài)時(shí)壓強(qiáng)的|.求該氣體在d狀態(tài)時(shí)每立方米所含分子

數(shù)。（已知阿伏加德羅常數(shù)N.=6.0X1。23加。廠1,結(jié)果保留一位有效數(shù)字）

12.一列簡諧波沿x軸傳播，t=0.2s時(shí)刻介質(zhì)中P、Q兩質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移均為5sn,P、Q兩

點(diǎn)相距4m,如圖甲所示，乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象。則質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程為cm；簡諧波的

傳播方向?yàn)?.（填“沿x軸正方向傳播”或“沿x軸負(fù)方向傳播”）簡諧波的波速為

四、實(shí)瞼題（本大題共2小題，共16.0分）

13.某實(shí)驗(yàn)小組“用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。實(shí)驗(yàn)中測出重物自由下落

的高度/I及對應(yīng)的瞬時(shí)速度/計(jì)算出重物減小的重力勢能mg/i和增加的動(dòng)能;小/，然后進(jìn)行比

較，如果兩者相等或近似相等，即可驗(yàn)證重物自由下落過程中機(jī)械能守恒。請根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和

步驟完成下列問題:

(1)關(guān)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是。

A.重物最好選擇密度較小的塑料塊

8.必須測出重物的質(zhì)量

C.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先接通電源，后釋放紙帶

。.不能利用公式〃=/可來求解瞬時(shí)速度

(2)如圖3是該實(shí)驗(yàn)小組打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，紙帶上的。點(diǎn)是起始點(diǎn)，選取紙帶上連續(xù)的點(diǎn)4、

B、C、D、E、F作為計(jì)數(shù)點(diǎn)，并測出各計(jì)數(shù)點(diǎn)到。點(diǎn)的距離依次為27.94cm、32.78cm、38.02cm,

43.65cm、49.66czn、56.07cm。已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的電源是50Hz的交流電，重錘的質(zhì)量為0.5kg,

則從計(jì)時(shí)器打下點(diǎn)。到打下點(diǎn)。的過程中，重物減小的重力勢能△與=].重物增加的動(dòng)

能AEkU],兩者不完全相等的原因可能是(重力加速度g取9.8m/s2,計(jì)算結(jié)果保

留三位有效數(shù)字)

(3)實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)又正確計(jì)算出圖3中打下計(jì)數(shù)點(diǎn)4、B、C、D、E、F各點(diǎn)的瞬時(shí)速度V,以各計(jì)數(shù)

點(diǎn)到4點(diǎn)的距離八'為橫軸，記為縱軸作出圖象，如圖2所示，根據(jù)作出的圖線，能粗略驗(yàn)證自由

下落的物體機(jī)械能守恒的依據(jù)是

14.2009年9月暑假開學(xué)之后甲型H1N1在全國各地大量爆發(fā)，中小學(xué)和大學(xué)也出現(xiàn)較多的病例.為

了做好防范，需要購買大量的體溫表，市場體溫表出現(xiàn)供貨不足的情況，某同學(xué)想到自己制作

一個(gè)金屬溫度計(jì)，為此該同學(xué)從實(shí)驗(yàn)室找到一個(gè)熱敏電阻，并通過查資料獲得該熱敏電阻的阻

值R隨溫度t變化的圖線，如圖甲所示.該同學(xué)進(jìn)行了如下設(shè)計(jì)：將一電動(dòng)勢E=1.5V(內(nèi)阻不計(jì)

)的電源、量程5nM內(nèi)阻Rg=100。的電流表及電阻箱R',及用該電阻作測溫探頭的電阻R,串

成如圖乙所示的電路，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡單的“金屬

電阻溫度計(jì)”.

②若電阻箱阻值R'=70/2,圖丙中5nL4刻度處對應(yīng)的溫度數(shù)值為℃.

五、計(jì)算題(本大題共4小題，共44.0分)

15.如圖所示為真空室內(nèi)研究電子在電場和磁場中運(yùn)動(dòng)的簡化模型示意圖。在無Oy平面邊長為3L的

正方形486(4。邊與y軸重臺，0為4D中點(diǎn))區(qū)域內(nèi)，存在三個(gè)勻強(qiáng)電場，電場/的場強(qiáng)大小為E,

方向沿x軸負(fù)方向、電場口、HI的場強(qiáng)大小均為2E,方向分別沿y軸負(fù)方向和y軸正方向，三個(gè)

電場沿x軸方間的寬度均為L.a、b兩點(diǎn)位于電場/的左邊界y軸上，距坐標(biāo)原點(diǎn)。的距離均為1

今在a點(diǎn)處由靜止釋放電子。設(shè)電子的電量為q,質(zhì)量為m,不計(jì)電子所受重力。

(1)求電子剛進(jìn)入電場n時(shí)的速度大??；

(2)求電子離開電場口時(shí)的位置以及速度方向與x軸正方向所成夾角的正切值；

(3)今在b點(diǎn)沿y軸方向安裝一熒光屏，為使電子垂直打在光屏上，可在x23L的整個(gè)空間區(qū)域內(nèi)加一

垂直于xOy平面的勻強(qiáng)磁場，求所加磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向。

16.如圖所示，兩水平面(虛線)之間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強(qiáng)電O

9―oTb-丁

場。從離該區(qū)域上邊界高為/I的。點(diǎn)，沿平行于電場的方向，以相同h

的速率分別先后向左、右拋出a、b兩個(gè)小球。a、b兩小球均帶正電，且質(zhì)量均為a球帶電

量為Sq,匕球帶電量為q。兩小球到達(dá)電場上邊界的位置之間的距離為3b球進(jìn)入電場后在電場

中做直線運(yùn)動(dòng)。忽略a、b之間的庫侖力，重力加速度為g。求：

(1)兩小球拋出時(shí)速度為的大??；

(2)若￡=1,且a球進(jìn)入電場的位置與離開電場的位置在同一豎直線上，求電場上下邊界之間的距離;

(3)若電場的上下邊界之間的距離為3九，/?為何值時(shí)可使兩小球從同一位置離開電場。

17.如圖所示，右端開口、左端封閉的豎直U形玻璃管(管壁厚度不計(jì))兩邊粗細(xì)不n

5rm

同，粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的2倍，兩管中裝入高度差為5czn的水銀，卜;

左側(cè)封閉氣柱長為10cm,右側(cè)水銀面距管口為5cm。現(xiàn)將右管口封閉，并給

右管內(nèi)氣體加熱，緩慢升高其溫度，直到兩管水銀面等高，該過程中左管內(nèi)

的氣體溫度不變。已知外界大氣壓強(qiáng)為76cmHg、環(huán)境溫度為300K.求：d

①兩管水銀面等高時(shí)右側(cè)氣體的壓強(qiáng)；

(4)兩管水銀面等高時(shí)右管內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度(結(jié)果保留一位小數(shù))。

18.一棱鏡的截面圖如圖所示，4。為四分之一圓弧，B為圓心。一細(xì)束單

色光從圓弧中點(diǎn)E沿半徑射入棱鏡，恰好在B點(diǎn)發(fā)生全反射，后光線在

面發(fā)生折射后從F點(diǎn)(未畫出)射出，出射光線與CD面的夾角為45。。

已知AB=r,取s譏75°=0.97,求:

(1)棱鏡的折射率n；

(2)CD的長度。

參考答案及解析

1.答案：C

解析：

天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)就說明原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu).y射線的穿透能力最強(qiáng)，a射線的穿透能力最弱.根

據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒判斷衰變種類和次數(shù)；根據(jù)數(shù)學(xué)組合鬣，即可確定輻射種類.

考考查天然放射現(xiàn)象的作用，理解三種射線的電離與穿透能力，及躍遷種類的計(jì)算，注意一個(gè)與一

群的區(qū)別是關(guān)鍵.

解：4、天然放射現(xiàn)象中，原子核發(fā)生衰變，生成新核，同時(shí)有中子產(chǎn)生，因此說明了原子核有復(fù)雜

的結(jié)構(gòu)，故A錯(cuò)誤；

8、y射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱。a射線的穿透能力最弱，電離能力最強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知，鈾核陽汨）衰變?yōu)殂U核要經(jīng)過6次￡衰變和8次a衰變，故C

正確；

D、一個(gè)處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)能輻射出的不同頻率的光的種類最多的情況是：n=

4T3T2Tl共3種，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

2.答案：A

解析：解：力處的電荷量為Q,。4的距離為：=

則Q在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為：E=窄,由于B和C處電荷與4處的電荷在。點(diǎn)的合場強(qiáng)為零，

則B和C處電荷在。處的電場強(qiáng)度大小為：口=玲,方向沿40方向；

若僅將4處電荷改為等量的正電荷，則。處場強(qiáng)的大小為：E畬=E+E'=等，沿4。方向，故A正

確、88錯(cuò)誤。

故選：A?

根據(jù)點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度的計(jì)算公式求解。點(diǎn)的電場強(qiáng)度，再根據(jù)電場強(qiáng)度的疊加進(jìn)行求解。

本題是電場的疊加問題，關(guān)鍵要掌握點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式和平行四邊形定則，結(jié)合數(shù)學(xué)知識求解。

3.答案：D

解析：解：4在a粒子的散射現(xiàn)象中粒子所受原子核的作用力是斥力，故斥力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，顯

然AB中cd粒子受力指向軌跡的外側(cè)，故AB錯(cuò)誤；

C、在a粒子的散射現(xiàn)象中絕大多數(shù)的a粒子都照直穿過薄金箔，偏轉(zhuǎn)很小，但有少數(shù)a粒子發(fā)生角度

很大的偏轉(zhuǎn)，個(gè)別的a粒子偏轉(zhuǎn)角大于90。，極少數(shù)的a粒子偏轉(zhuǎn)角大于150。，甚至個(gè)別粒子沿原方

向彈回.原因在a粒子的散射現(xiàn)象中粒子所受原子核的作用力是斥力，故越靠近原子核的粒子受到的

斥力越大，軌跡的偏轉(zhuǎn)角越大，故C錯(cuò)誤，。正確.

故選D

在a粒子的散射現(xiàn)象中a粒子所受原子核的作用力是斥力，故越靠近原子核的粒子受到的斥力越大，

軌跡的偏轉(zhuǎn)角越大，且?guī)靷惓饬χ赶蜍壽E的內(nèi)側(cè).

本題考查了a粒子散射現(xiàn)象及其原因，內(nèi)容比較簡單，但C選項(xiàng)容易出錯(cuò).

4.答案：C

解析：解：設(shè)垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，線圈中順時(shí)針方向的

感應(yīng)電流為正，則由乙可知：線圈中在前0.5s內(nèi)產(chǎn)生了逆時(shí)針方向的感應(yīng)

電流，由楞次定律可得：當(dāng)磁通量增加時(shí)，感應(yīng)磁場方向與原磁場方向相

甲乙

反；當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)磁場方向與原磁場方向相同。

A、在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的；若

磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場減弱的。而在0.5s-1.5s,若磁場方向垂直向里（正方向）

時(shí)，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場增加的。所以4選項(xiàng)錯(cuò)誤；

8、在前0.5s內(nèi)，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的，則磁通量也會增大；若磁場

方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場減弱的，則磁通量也會減小。而在0.5s-1.5s,由感應(yīng)電流方

向，結(jié)合楞次定律可得：若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場減弱的，則磁通量也會減??；

若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場增加的，則磁通量也會增大。故8錯(cuò)誤；

C、在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時(shí)，必須是磁場增強(qiáng)的；若

磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場減弱的。而在0.5s-l.Ss,若磁場方向垂直向里（正方向）

時(shí)，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負(fù)方向）時(shí)，必須是磁場增加的。所以C選項(xiàng)正確；

。、題意可知，一開始穿過線圈的磁通量不可能為零。故力錯(cuò)誤；

故選：C

線圈中因磁通量發(fā)生變化，才導(dǎo)致線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，從而形成感應(yīng)電流。由楞次定律可推斷出

磁場的變化及磁通量的變化。

楞次定律可縮成：增反減同；也可以：來拒去留。

5.答案：D

解析：解：4同步衛(wèi)星只能定點(diǎn)地球赤道上空，不可能定點(diǎn)在北京的正上空，故A錯(cuò)誤；

B.同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)的周期相同，故B錯(cuò)誤；

C.由于同步衛(wèi)星的周期一定，根據(jù)G等=可知，同步衛(wèi)星的軌道半徑一定，故C錯(cuò)誤；

。.同步衛(wèi)星與地面上的物體有相同的角速度，根據(jù)v=3r可知同步衛(wèi)星的向心加速度大于靜止在赤

道上物體的向心加速度，故O正確。

故選：Do

地球同步衛(wèi)星即地球同步軌道衛(wèi)星，又稱對地靜止衛(wèi)星，是運(yùn)行在地球同步軌道上的人造衛(wèi)星，距

離地球的高度約為36000km,衛(wèi)星的運(yùn)行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同、運(yùn)行軌道為位于地球赤道平面

上圓形軌道、運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)一周的時(shí)間相等，即23時(shí)56分4秒，衛(wèi)星在軌道上的繞行速度約

為3.1公里/秒，其運(yùn)行角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度。在地球同步軌道上布設(shè)3顆通訊衛(wèi)星，即可實(shí)

現(xiàn)除兩極外的全球通訊。

本題考查了地球同步衛(wèi)星的相關(guān)知識點(diǎn)。同步衛(wèi)星有四個(gè)“定”：定軌道、定高度、定速度、定周

期；本題比較簡單，屬于基礎(chǔ)題。

6.答案：D

解析：解：4、根據(jù)圖象可知碰撞后4的動(dòng)能變?yōu)樵瓉淼膅,根據(jù)Ek=?小講可知碰撞后a的速度大小

變?yōu)樵瓉淼?設(shè)碰撞前一刻速度為功取初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律有：mAv=imA+

mB)-ip,解得：mA：mB=1：2,故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)4質(zhì)量為m,則B的質(zhì)量為2m,由圖乙可知，不處動(dòng)能達(dá)到最大，根據(jù)平衡條件可得此時(shí)彈簧

彈力為從到過程中，彈簧彈力增加mg，由胡克定律知：△尸=k△%,故mg=/c(x2一%)，

從。到修，由動(dòng)能定理有：Ekl=mgX1,聯(lián)立解得：湛:，故B錯(cuò)誤；

C、從與到與過程中，加速度大小逐漸減小至0,然后再增加，故加速度最大處在右或者也處；

在/處有：mg+2mg-F^=3ma,F^=mBg=2mg,解得：a=［；

在與處有：F'-mg-2mg=3ma',Fj=2mg+Ax=2mg+/c(x3-/)，

解得：a，=f故加速度最大值不可能為故C錯(cuò)誤；

D、碰撞后，4的動(dòng)能為爭，貝加的動(dòng)能為華，總動(dòng)能為第從巧到整過程中，由能量關(guān)系有：等+

37ng(%3—Xi)=AEp,解得彈簧的彈性勢能增加了：△￡=當(dāng)謂1/人，故。正確。

故選：D.

根據(jù)圖象可知碰撞后A的動(dòng)能變?yōu)樵瓉淼?,則碰撞后A的速度大小變?yōu)樵瓉淼耐粮鶕?jù)動(dòng)量守恒定律

求解質(zhì)量之比；從與到不過程中，彈簧彈力增加mg，由胡克定律結(jié)合動(dòng)能定理求解k的值；加速度

最大處在右或者與處，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度的最大值；從Xi到與過程中，由能量關(guān)系求解

彈簧彈性勢能的增加量。

本題主要是考查了動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律；對于動(dòng)量守恒定律，其守恒條件是：系統(tǒng)不受外

力作用或某一方向不受外力作用；解答時(shí)要首先確定一個(gè)正方向，利用碰撞前系統(tǒng)的動(dòng)量和碰撞后

系統(tǒng)的動(dòng)量相等列方程，再根據(jù)能量關(guān)系列方程求解。

7.答案：D

解析：解：4、小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為零，向心力為零，此時(shí)的

加速度方向垂直于懸線方向向下，如圖所示：///"

根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsind=ma,解得加速度大小為a=gsin0f

故A錯(cuò)誤；/]:.….]

B、小球在擺動(dòng)的過程中，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；?

/ma0

C、設(shè)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)的速度為U，細(xì)線拉力為尸，在最低點(diǎn)根據(jù)牛/

22V

頓第二定律可得F—mg=m亍，解得：F=mg+my>mg）故Cm9

錯(cuò)誤；

。、若取最低點(diǎn)。所在平面為零勢能面，則小球在4點(diǎn)處的重力勢能為-cos。），4點(diǎn)的動(dòng)能為

零，故機(jī)械能為一cos。），故。正確。

故選：D。

小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)合力不為零，加速度不為零；根據(jù)機(jī)械能守恒定律的守恒條件判斷機(jī)械能是否

守恒；在最低點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律判斷細(xì)線拉力大小；若取最低點(diǎn)。所在平面為零勢能面，則小球

在4點(diǎn)處的重力勢能等于小球的機(jī)械能。

本題考查了機(jī)械能守恒定律和豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，要注意明確小球在運(yùn)動(dòng)過程中重力勢能相動(dòng)

能相互轉(zhuǎn)化，但總的機(jī)械能不變。

8.答案：ABCD

解析：解：4、根據(jù)小車運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí).，小車的速度最大，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，

所以當(dāng)小車的速度是外時(shí)，小車的牽引力等于阻力，由P==可知，小車受到的阻力：/=A

故A正確;

B、0?t］時(shí)間內(nèi)，圖線的斜率不變，加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律得，牽引力不變，根據(jù)P=Fv知，

功率增大，故8正確。

C、G?t2時(shí)間內(nèi)，功率不變，根據(jù)P=知，/曾大，牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度

減小，車做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)。故C正確。

。、在J時(shí)間以后，小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小車的功率也不變由。=9"可知車的牽引力不變，故。

正確；

故選：ABCD。

小車的勻速運(yùn)動(dòng)階段牽引力等于阻力，由P=Fu即可求出阻力的大??；0?%時(shí)間內(nèi)，加速度不變,

由牛頓第二定律分析汽車的牽引力的變化；時(shí)間內(nèi)由牛頓第二定律分析加速度隨速度的變化;

該題考的知識點(diǎn)是汽車的兩種啟動(dòng)方式，恒定加速度啟動(dòng)和恒定功率啟動(dòng)。本題屬于恒定加速度啟

動(dòng)方式，由于牽引力不變，根據(jù)p=Fu可知隨著汽車速度的增加，汽車的實(shí)際功率在增加，此過程

汽車做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)實(shí)際功率達(dá)到額定功率時(shí)，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽

引力，當(dāng)牽引力減小到等于阻力時(shí)，加速度等于零，速度達(dá)到最大值。

9.答案：BC

解析：解：4、0、小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對小球受力分析，如圖

/

G，

小球受重力、和繩子的拉力，合力提供向心力，根據(jù)幾何關(guān)系可知向心力：F=mgtand

由向心力公式得：mgtand=my

又丁=IsinO

解得：v=yJgltandsinO

由于kV所以%V%.故A錯(cuò)誤，。錯(cuò)誤；

B、由于u=cor=3,Esin。，故角速度：0)=--r=「衛(wèi)，由于ZiV。，所以3力＞3口,故8正確;

IstnO\lIcosO

C、由向心力公式得：mgtand=ma,所以二者的加速度是相等的.故C正確;

故選：BC?

小球受重力和拉力，兩個(gè)力的合力提供小球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力；通過合力提供向心力，比較出兩

球的角速度大小，從而比較出周期的關(guān)系；抓住小球距離頂點(diǎn)。的高度相同求出G與豎直方向上的夾

角；抓住小球距離頂點(diǎn)。的高度相同求出半徑的關(guān)系，根據(jù)。=w比較線速度關(guān)系。

解決本題的關(guān)鍵會正確地受力分析，知道勻速圓周運(yùn)動(dòng)向心力是由物體所受的合力提供。

10.答案：CD

解析：

抓住燈泡正常發(fā)光，可計(jì)算副線圈兩端電壓，然后根據(jù)理想變壓器的變壓比公式和變流比公式列式

求解.線圈在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的最大感應(yīng)電動(dòng)勢Em=NBSco,線圈從中性面開始轉(zhuǎn)動(dòng)瞬時(shí)值表

達(dá)式e=Emsina）t

本題關(guān)鍵是抓住燈泡正常發(fā)光，可計(jì)算副線圈兩端電壓，同時(shí)要明確輸入電壓決定輸出電壓，輸出

電流決定輸入電流，輸出功率決定輸入功率.

解：4、閉合開關(guān)S后，副線圈中電阻減小，電壓不變，輸出功率「2=”變大，輸入功率變大，輸入

電壓不變，電流表的讀數(shù)變大，故A錯(cuò)誤；

B、S斷開時(shí)，輸入功率為P,原線圈兩端的電壓有效值最大值耳，由于Em=.所以線框轉(zhuǎn)

動(dòng)的角速度3=1萼，故8錯(cuò)誤；

C、S斷開時(shí)，副線圈中的電流辦=P，原副線圈匝數(shù)之比等于電流的反比也=&=叵故c正確；

7Rn2IIR

。、線框從中性面轉(zhuǎn)動(dòng)，所以瞬時(shí)值表達(dá)式為年sin。，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)?時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值年sin：=

―工故O正確；

I21

故選：CD

11.答案：吸收小于

解析：解：（1）過程①中氣體體積不變，做功為零；溫度升高，氣體內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

可知，氣體吸熱；t7c③d

連接60和dO,根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程與=C可得：T=^-V,7—U圖二/

象中過原點(diǎn)的傾斜直線表示氣體做等壓變化，斜率表示壓強(qiáng)，故過從，晶

d做過原點(diǎn)的直線如圖所示：，

由圖知狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小，

故答案為：吸熱、小于；

(2)③過程，氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律得：pcVc=pdVd,

又Pd=|h

解得：=15Z,

答：該氣體在d狀態(tài)時(shí)每立方米所含分子數(shù)為4x1025個(gè)。

(1)根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析吸放熱情況，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析壓強(qiáng)變化；

(2)③過程，氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律可求得d的體積，從而該氣體在d狀態(tài)時(shí)每立方米所

含分子數(shù)。

本題主要考查了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律，要能夠根據(jù)溫度判斷氣體內(nèi)能的變化；在

應(yīng)用熱力學(xué)第一定律時(shí)一定要注意各量符號的意義；△(7為正表示內(nèi)能變大，Q為正表示物體吸熱;

W為正表示外界對物體做功。

12.答案：y=10cos爭沿x軸負(fù)方向傳播10

解析：解：由振動(dòng)圖像可得質(zhì)點(diǎn)Q的振幅為4=10cm,振動(dòng)周期為7=1.2s,故質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程為：

y=Acos爭=10cos^t=lOcos^t(cm)

從振動(dòng)圖像可知t=0.2s時(shí)刻，介質(zhì)中Q正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)上下坡法可知簡諧波沿x軸負(fù)方向

傳播.

t=0.2s時(shí)刻介質(zhì)中P、Q兩質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移均為5cm,各質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅為10cm,根據(jù)波

圖像的特點(diǎn)可知P、Q兩質(zhì)點(diǎn)間的水平距離為:九即

-A=4m,故波長2=12m

波速為"=彳=y|m/s=10m/s

故答案為：y=10cos圣，沿x軸負(fù)方向傳播，10。

由振動(dòng)圖像可得質(zhì)點(diǎn)Q的振幅、振動(dòng)周期，根據(jù)周期求圓頻率，即可寫出質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方程；根據(jù)上

下坡法可判斷波的傳播方向；

由圖乙讀出t=0.2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向，從而判斷簡諧波的傳播方向；由土=0.2s時(shí)刻介質(zhì)中P、Q兩

質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移均為5cm,且振幅為10cm,根據(jù)波的圖像的特點(diǎn)確定P、Q兩質(zhì)點(diǎn)間的水平

距離和波長之間的關(guān)系，即可求出波長，再求波速。

本題屬于振動(dòng)圖像和波形圖像相結(jié)合的問題，能夠從圖中讀出周期和波長，結(jié)合同側(cè)法或者上下坡

法判斷出波的傳播方向。

13.答案:CD2.142.12重物下落過程中受到阻力作用圖象的斜率等于19.52,約為重力加速度g的

兩倍，故能驗(yàn)證

解析：解：(1)4、重物最好選擇密度較大的鐵塊，受到的阻力較小，故A錯(cuò)誤。

B、本題是以自由落體運(yùn)動(dòng)為例來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，需要驗(yàn)證的方程是：mgh=1mv2,因?yàn)槲?/p>

們是比較mg/i、的大小關(guān)系，故小可約去比較，不需要用天平測量重物的質(zhì)量操作時(shí)應(yīng)先接通

電源，再釋放紙帶，故8錯(cuò)誤。

C、釋放紙帶前，重物應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。必須保證計(jì)時(shí)器的兩限位孔在同一豎直線上，手應(yīng)遠(yuǎn)離紙

帶，使紙帶豎直，以減小紙帶與限位孔之間的阻力，故C正確。

。、不能利用公式0=頻^來求解瞬時(shí)速度，否則體現(xiàn)不了實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，卻變成了理論推導(dǎo)。故。正

確；

故選：CD.

(2)重力勢能減小量4Ep=mgh=0.5x9.8x0.43657=2.14人

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，打。點(diǎn)的速度：=彳=筆鬻警=2.91771/S,

L/XU.U4

EkD==|xo.5x(2.91)2/=2.12J,

動(dòng)能增加量△Ek=EkD-0=2.12/

由于存在阻力作用，所以減小的重力勢能大于動(dòng)能的增加了。

(3)根據(jù)表達(dá)式mgh=|mv2,

則有：v2=2gh；

若圖象的斜率為重力加速度的2倍時(shí)，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒，

而圖象的斜率k=券/=1952；

因此能粗略驗(yàn)證自由下落的物體機(jī)械能守恒；

故答案為(1)CD;(2)2.14；2.12；重物下落過程中受到阻力作用；(3)圖象的斜率等于19.52,約為重

力加速度g的兩倍，故能驗(yàn)證。

(1)用自由落體運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)需要驗(yàn)證的方程是：mgh=|mv2,可知不需要測量重物的質(zhì)量為保證

重物做自由落體運(yùn)動(dòng)，必須保證計(jì)時(shí)器的兩限位孔在同一豎直線上且重物的質(zhì)量要大體積要小，這

樣才能保證物體做自由落體運(yùn)動(dòng)。操作時(shí)，釋放紙帶前，重物應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。機(jī)械能等于重力

勢能與動(dòng)能之和；

(2)紙帶法實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可

計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度，從而求出動(dòng)能。根據(jù)功能關(guān)系得重力勢能減小量

等于重力做功的數(shù)值；

(3)通過圖象的斜率，結(jié)合表達(dá)式=即可求解。

(1)實(shí)驗(yàn)原理是實(shí)驗(yàn)的核心，明確實(shí)驗(yàn)原理是解決有關(guān)實(shí)驗(yàn)問題的關(guān)鍵。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理來選擇器材，

安排操作步驟和處理數(shù)據(jù)等等；

(2)解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，通過原理確定所需測量的物理量，以及知道實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng),

在平時(shí)的學(xué)習(xí)中，需加以總結(jié)，要熟記求紙帶上某點(diǎn)瞬時(shí)速度的求法。

14.答案:較高；30

解析：

①電流小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可以得到熱敏電阻的電阻值大，而根據(jù)題圖甲，熱敏電阻的電

阻大時(shí)溫度高；②根據(jù)閉合電路歐姆定律計(jì)算得到熱敏電阻R的值，再從電阻與溫度圖象得到溫度

值.本題關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律列式得到電流與電阻關(guān)系式，然后再結(jié)合電阻與溫度關(guān)系圖

象分析求解.

解：①由閉合電路歐姆定律E=/g(R+R'+Rg),可見電流越小電阻越大，而電阻越大溫度則越高，

即電流刻度較小處對應(yīng)的溫度刻度應(yīng)該較大；

②若電阻箱阻值R'=70。時(shí)，代入E=/g(R+/?'+6),得熱敏電阻的阻值為：R=130/2；

結(jié)合圖甲可知熱敏電阻阻值與溫度關(guān)系式為：/?=t+100

故此時(shí)對應(yīng)的溫度數(shù)值為30。&

故答案為：①較高；@30.

15.答案：解：(1)設(shè)電子的質(zhì)量為rn,電量為e,電子在電場/中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)射出區(qū)域/時(shí)

的為火。

根據(jù)動(dòng)能定理得：qEL=-mvQ

,

L屈

解得：p0=榨n

||:

￡緣

(2)進(jìn)入電場〃后電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，假設(shè)電子從CD邊射出一

et二

出射點(diǎn)縱坐標(biāo)為y,1

一

:捷

-：

二

rL一

由L=vot

1i

L=-at2

y-22

2Ee

其中Q

m

解得y=L

屬于位置為(3L,L)

速度方向與x軸正方向所成夾角的正切值tan。=f=1

v0

(3)今在b點(diǎn)沿y軸方向安裝一熒光屏，為使電子垂直打在光屏上，可在x23L的整個(gè)空間區(qū)域內(nèi)加一

垂直于xOy平面的勻強(qiáng)磁場，需使粒子向下偏轉(zhuǎn)而返回。磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直xOy平面向里

由圖可知R=V2Z,

v—V2v0

又知在磁場中R=三

解得8=曄

答：(1)電子剛進(jìn)入電場口時(shí)的速度大小為傍；

(2)電子離開電場II時(shí)的位置以及速度方向與x軸正方向所成夾角的正切值分別為(3L,L),1；

(3)今在b點(diǎn)沿y軸方向安裝一熒光屏，為使電子垂直打在光屏上，可在XZ3L的整個(gè)空間區(qū)域內(nèi)加一

垂直于xOy平面的勻強(qiáng)磁場，所加磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為庶.方向垂直xOy平面向里。

解析：(1)在48邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子，電場力對電子做正功，根據(jù)動(dòng)能定理求出電子穿過電

場時(shí)的速度。

(2)進(jìn)入電場〃后電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛

頓第二定律求出電子的加速度，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式電子離開電場口時(shí)的位置以及速度方向與x軸正方向所

成夾角的正切值；

(3)做出圖象，根據(jù)磁場中洛倫茲力充當(dāng)向心力和幾何關(guān)系列式求解磁場。

此題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)，注意分析運(yùn)動(dòng)過程，畫出運(yùn)動(dòng)過程圖會較為直觀形象。此類

題目較難，要多加練習(xí)。

16.答案：解：(1)小球在進(jìn)入電場前做的是平拋運(yùn)動(dòng)知：

Lk12

2=vot,h=

解得：月"。=七形筋

(2)a球進(jìn)入電場的位置與離開電場的位置在同一豎直線上知：a球水平方向的速度變化量△%=2v0

因?yàn)镾=l,b球與a球水平方內(nèi)的加速度相同，所以b球水平方向的速度變化量也為4以二2%，b球

出電場的水平速度為，工=3%

b球進(jìn)電場前豎直方向的運(yùn)動(dòng)，討=2gh

解得：vy=y/2gh

因?yàn)閎球在電場中做直線運(yùn)動(dòng)，由￡=熟，

解得