2021年北京市通州區(qū)高考物理一模試卷（附答案詳解）

2021年北京市通州區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共14小題，共42.0分）

1.下列有關(guān)熱現(xiàn)象的說法正確的是（）

A.布朗運動是由于液體各個部分的溫度不同引起的

B.物體的溫度升高，其內(nèi)部分子的平均動能一定增大

C.當分子間距離減小時，分子勢能一定減小

D.當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都增大

2.某同學用單色光進行雙縫干涉實驗，在屏上觀察到如圖甲所示的條紋，僅改變一個

實驗條件后，在屏上觀察到如圖乙所示的條紋。他改變的實驗條件可能是（）

甲ill”

乙■■■■

A.減小雙縫之間的距離B.增大光源與雙縫的距離

C.減小雙縫到光屏間的距離D.換用頻率更高的單色光源

3.如圖所示為一理想變壓器，原線圈接在輸出電壓為w

的交流電源兩端。電路中R。為定值電阻，測量電表均

為理想電表，導線電阻不計?，F(xiàn)使滑動變阻器R的滑

動觸頭尸向上滑動，則下列說法正確的是（）

A.電壓表七的示數(shù)變大

B.電流表A的示數(shù)變大

C.定值電阻Ro消耗的電功率變大

D.電壓表匕與電流表A示數(shù)的比值不變

4.圖甲是一個磁懸浮地球儀，磁懸浮原理如圖乙所示。

地球儀中有一個磁鐵，底座中有一個線圈（線圈電阻

不計），給線圈通上電，地球儀就可以懸浮起來。下

甲乙

列說法正確的是（）

A.線圈必須連接交流電源

B.若地球儀轉(zhuǎn)動，則不能保持繼續(xù)懸浮

C.若僅增加線圈匝數(shù)，可增加地球儀穩(wěn)定懸浮的高度

D.若僅增大線圈中的電流，地球儀再次穩(wěn)定懸浮后受到的斥力增大

5.一列簡諧橫波在1=0時刻的波形圖如圖甲所示，P是介質(zhì)中的一個質(zhì)點，圖乙是質(zhì)

點P的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.該波的振幅為8cmB.該波沿x軸負方向傳播

C.經(jīng)過15時間，質(zhì)點尸的路程為4cmD.t=2s時，質(zhì)點P的動能最小

6.如圖所示為氫原子能級的示意圖，已知鋅的逸出功：/,V

為3.34W,則關(guān)于氫原子在能級躍遷過程中發(fā)射或；?野

吸收光子的特征描述，下列說法正確的是（）2----------------3.4

A.電子處在n=3的軌道上比處在n=5的軌道上

1----------------136

離氫原子核遠

B.大量氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)時，由于躍遷所發(fā)射的譜線有3條

C.用光子能量為10.3eU的光照射氫原子，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)

D.用大量處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面有光電

子逸出

7.實驗觀察到，靜止在勻強磁場中A點的原子核發(fā)生衰變，衰（一、

變產(chǎn)生的新核和釋放出的粒子恰在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，運丫

動方向和軌跡如圖所示。下列說法正確的是（）\

A.原子核發(fā)生的是a衰變

B.磁場方向垂直紙面向外

C.軌跡2是新核的

D.釋放出的粒子和新核具有相同的動能

8.如圖所示，。為在赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體，6為地球同步衛(wèi)星。下列說法正

確的是（）

A.a、人的向心力等于各自受到的地球的吸引力

B.。的向心加速度比b的大

第2頁，共23頁

C.a的角速度比人的大

D.a的線速度比6的小

9.如圖所示，。點有一固定的點電荷，虛線是該點電荷產(chǎn)生的電

場中的三條等勢線，一帶電粒子僅在電場力的作用下沿實線所

示的軌跡從〃點運動到b點，然后又運動到c點。下列說法正

確的是（）

A.0點固定的是正點電荷

B.帶電粒子在6點的加速度比在a點的大

C.帶電粒子在。點的電勢能比在b點大

D.從。點到c點的過程中，帶電粒子所受的電場力先做正功后做負功

10.如圖所示，水平絕緣粗糙桌面上有一個鋁環(huán)，其圓心的正上方有一

個豎直的條形磁鐵。豎直向上或者水平移動條形磁鐵時，鋁環(huán)始終

未動，下列說法正確的是（）

A.豎直向上移動條形磁鐵，鋁環(huán)對桌面的壓力增大

B.豎直向上移動條形磁鐵，從上往下看，鋁環(huán)中感應電流的方向沿順時針方向

C.向右平移條形磁鐵，鋁環(huán)受到的摩擦力的方向向左

D.向左和向右平移條形磁鐵，鋁環(huán)中感應電流的方向相反

11.如圖甲所示，一個小孩在蹦床上做游戲，他從高處落到蹦床后又被彈起到原高度。

在此過程中，他的速度v隨時間，變化的圖像如圖乙所示，圖乙中OA段和8C段均

為直線?？諝庾枇雎圆挥嫞亓铀俣葹間。下列說法正確的是（）

A.小孩接觸蹦床的時間為巧?14

B.Q時刻，小孩的重力勢能最小

c.o?t6時間內(nèi)，小孩受到的重力的沖量大小為血9生

D.o?16時間內(nèi)，小孩的動能和蹦床的彈性勢能總和先減小后增大

12.圖甲是用來探究加速度和合力之間關(guān)系的實驗裝置示意圖，圖乙是其俯視圖。兩個

相同的小車并排放在水平光滑板上，前端各系一條細繩，細繩的另一端跨過定滑輪

各掛一個小盤，盤里放有祛碼打開夾子，小盤和祛碼牽引小車運動，合上夾子，兩

小車同時停止運動。下列說法正確的是（）

A.實驗中應使小車質(zhì)量不同、祛碼質(zhì)量相同

B.實驗中必須用到的測量儀器是秒表、刻度尺、天平

C.若將水平光滑板換為水平粗糙板、不會影響實驗探究的結(jié)果

D.若小盤和祛碼的總質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量，則小盤和祛碼的重力近似等于繩的拉

力

13.自然界中某個量。的變化最為△〃，發(fā)生這個變化所對應的x的變化量為則

比值笠叫做這個量。對x的變化率，下列說法不正確的是（）

A.若。、x表示某質(zhì)點做直線運動的動能和位置坐標，則竽越大，合外力對質(zhì)點

△X

做功的功率越大

B.若Q、x表示勻強電場中某條電場線上各點的電勢和位置坐標，則竺是恒定不變

△X

的

C.若。、X表示某質(zhì)點做勻加速直線運動的速度和時間，則皆是恒定不變的

D.若。、x表示某質(zhì)點做勻速圓周運動的動量和時間，則空是變化的

△X

14.一不帶電的均勻金屬圓線圈，繞通過圓心且垂直于線圈平面的軸勻速率轉(zhuǎn)動時，線

圈中不會有電流通過；若線圈轉(zhuǎn)動的線速度大小發(fā)生變化，線圈中會有電流通過，

這個現(xiàn)象被稱為斯泰瓦?托爾曼效應。這一現(xiàn)象可解釋為：當線圈轉(zhuǎn)動的線速度大

小變化時，由于慣性，自由電子與線圈中的金屬離子間產(chǎn)生定向的相對運動，從而

形成電流。若此線圈在勻速轉(zhuǎn)動的過程中突然停止轉(zhuǎn)動，由于電子在導線中運動會

受到沿導線的平均阻力，所以只會形成短暫的電流。己知該金屬圓線圈周長為L、

橫截面積為S、單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為〃，電子質(zhì)量為，"、電荷量為e,自由電子

受到的平均阻力大小與電子定向移動的速率成正比，比例系數(shù)為鼠若此線圈以角

速度3勻速轉(zhuǎn)動時突然停止轉(zhuǎn)動（減速時間可忽略不計），此后，下列說法正確的是

（）

第4頁，共23頁

A.線圈中電流方向與線圈原轉(zhuǎn)動方向相同

B.自由電子在線圈中運動的線速度均勻減小

C.自由電子沿著線圈運動的路程為警

D.通過線圈橫截面的電荷量為端竺

znk

二、實驗題(本大題共2小題，共18.0分)

15.用圖甲所示實驗裝置做“用單擺測定重力加速度”的實驗。

(1)組裝單擺時，應在下列器材中選用(選填字母代號)。

A長度為1"左右的細線

B.長度為30cm左右的細線

C.直徑為2cm左右的塑料球

D直徑為2cm左右的鐵球

(2)為減小實驗誤差，可以多次改變單擺擺長L,測量多組對應的單擺周期T,利用

72一心圖像求出當?shù)刂亓铀俣戎?。相關(guān)測量數(shù)據(jù)如表：

組數(shù)12345

L/m0.8000.9001.0001.1001.200

T/s1.791.902.012.112.20

T2/s23.223.614.044.454.84

圖乙中已標出第I、2、3、5組實驗數(shù)據(jù)對應的坐標，請你在該圖中用符號“+”

標出與第4組實驗數(shù)據(jù)對應的坐標點,并畫出產(chǎn)一L關(guān)系圖線。根據(jù)繪制出的72—L

圖像可求得g的測量值為m/s2（己知47r2=39.478,計算結(jié)果保留3位有效

數(shù)字）。

（3）如果實驗中擺球的質(zhì)量分布不均勻，利用T2—L圖像處理數(shù)據(jù)，是否會對重力

加速度g的測量值造成影響？請說明理由。

16.在“測定金屬絲電阻率”的實驗中，先用刻度尺測得金屬絲的長度為乙，用螺旋測

微器測得金屬絲直徑為。，再測出金屬絲的電阻&，然后計算出該金屬材料的電阻

率P。

（1）在測量金屬絲的電阻Rx（約5。）時，實驗室有電池組（3匕內(nèi)阻約10）、電壓表

（0?31Z,內(nèi)阻約3kO）,開關(guān)和導線若干，以及下列可供選擇的儀器：

A.電流表（0?34,內(nèi)阻約0.0250）

B.電流表（0?0.64內(nèi)阻約0.125。）

C.滑動變阻器（0?200，額定電流24）

D滑動變阻器（0?2000,額定電流1.54）

為了減小誤差，在實驗中電流表應選用,滑動變阻器應選用（選填

字母代號）。

（2）圖甲是小明同學測量心的實驗器材實物圖，他想使金屬絲兩端電壓變化范圍盡

量大，圖中已經(jīng)連接了部分導線，還有兩根導線沒有連接，請補充完成。在閉合開

關(guān)前，滑動變阻器的滑片應當調(diào)到最（選填“左”或“右”）端。若通過金

第6頁，共23頁

屬絲的電流為I,金屬絲兩端的電壓為U,則該金屬絲電阻率的表達式P=

（用題目給出的物理量符號表示）。

（3）圖乙是小紅同學測量金屬絲電阻&的電路圖。在不損壞電表的前提下，將滑動

變阻器滑片從一端滑向另一端，隨著滑片移動距離x的增加，電流表的示數(shù)也隨之

增加。圖丙中正確反映電源的功率P隨x變化趨勢的是（選填字母代號）。

三、簡答題（本大題共2小題，共24.0分）

17.電容器作為儲能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應用，按圖甲所示連接電路，當開關(guān)

S閉合時，電源將使電容器兩極板帶上等量異種電荷,這一個過程叫做電容器充電。

已知電容器的電容為C,電源電動勢大小為E,內(nèi)阻不計。

（l）a.求充電結(jié)束后電容器所帶的電荷量°；

6.在圖甲所示的充電電路中，通過改變電路中電阻箱接入電路的阻值R,對同一電

容器分別進行兩次充電，電容器所帶電荷量9隨時間f變化的曲線分別如圖乙中①、

②所示。請問：哪條曲線對應電阻箱接入電路的阻值R較大？并分析說明理由。

（2）電容器在充電過程中，兩極板間的電壓“隨所帶電荷量q增多而增大，儲存的

電能增大。

a.請在圖丙中畫出電容器充電過程中的”-q圖像，并借助圖像求出充電結(jié)束后電容

器儲存的電能用）;

b.在電容器充電過程中，電源提供的能量一部分儲存在電容器中，另外一部分以內(nèi)

能的形式損失。有同學認為，電阻箱接入不同的阻值時，充電電路中電流不同，所

以充電過程中損失的能量不同.你同意該同學的說法嗎？請說明理由。

18.“天問一號”探測器(以下簡稱為探測器)執(zhí)行我國首次火星探測任務，將一次性完

(1)已知火星的質(zhì)量為M、半徑為R,萬有引力常量為G,求火星表面的第一宇宙

速'-fcr發(fā)-|*FV：

(2)為了支持火星探測任務，在天津武清建造了一個直徑為70米的天線，如圖甲所

示。假設(shè)探測器向周圍空間均勻發(fā)射信號，探測器與地球表面距離為力時發(fā)出電磁

波的功率為P。，求直徑為70米的天線接收到該電磁波的最大功率P；

(3)如圖乙所示，當?shù)厍蛭挥贏點、火星位于B點時發(fā)射探測器，它通過地火轉(zhuǎn)移

軌道在C點與火星相遇。地火轉(zhuǎn)移軌道是半橢圓軌道(圖中橢圓軌道的實線部分)，

其長軸一端與地球公轉(zhuǎn)軌道相切于A點，另一端與火星公轉(zhuǎn)軌道相切于C點，太

陽位于橢圓軌道的一個焦點。上,探測器在地火轉(zhuǎn)移軌道上運行時相當于太陽系的

一顆行星。地球和火星繞太陽的公轉(zhuǎn)均近似為勻速圓周運動，已知地球的公轉(zhuǎn)半徑

為小、周期為7°，火星的公轉(zhuǎn)半徑約為1.382、周期約為1.627o。

a.根據(jù)開普勒第三定律，所有行星軌道的半長軸的三次方跟它的公轉(zhuǎn)周期的二次方

的比都相等。求探測器從4點通過半橢圓軌道運動到C點所用的時間t(已知

2

(1.19)321.30)；

b.求從地球上發(fā)射探測器時，太陽與地球連線OA和太陽與火星連線OB之間的夾

角。。

四、計算題(本大題共2小題，共16.0分)

第8頁，共23頁

19.如圖所示為豎直放置的四分之一圓弧軌道，0點是其

圓心，軌道末端8切線水平。一小球從軌道頂端A點

由靜止釋放，到達軌道底端經(jīng)過8點水平飛出，最終

落到水平地面上C點。已知軌道半徑R=0.80m,B點

距水平地面的高度九=0.80m,小球質(zhì)量m=0.10kg,

在8點的速度%=3.0m/s。忽略空氣阻力，重力加速

度g=10m/s2o求：

(1)小球落到C點時的速度大小V；

(2)C點與B點之間的水平距離x；

(3)小球克服圓弧軌道阻力做的功必。

20.如圖所示，紙面內(nèi)有一正方形均勻金屬線框浦〃其邊XXXX

Ba___p

XX

長為L,總電阻為R,〃邊與磁場邊界平行。線框左側(cè)X

X

有垂直于紙面向里的勻強磁場，感應強度為B,線框在XXX

dc

XX

水平線框向左拉力作用下以速度V勻速運動，從血邊XX

剛進入磁場直至A邊剛進入的過程中，求

(1)感應電流的大小/；

(2)拉力做功的功率P；

(3)ab邊產(chǎn)生的焦耳熱Q。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、布朗運動不是分子的運動，是固體小顆粒無規(guī)則的運動，反映分子的

無規(guī)則運動，故A錯誤；

8、溫度升高時，分子的平均動能增大，故8正確；

C、當分子力表現(xiàn)為斥力，分子間距離增大，分子力做正功，分子勢能減小，當分子力

表現(xiàn)為引力，分子間距離增大，分子力做負功，分子勢能增加，故C錯誤；

。、分子間距離增大時，引力和斥力均減小，故。錯誤。

故選：8。

布朗運動不是分子的運動；

溫度升高，分子的平均動能增大；

根據(jù)分子力做功判斷分子勢能的變化；

分子間距離增大時，分子間引力和斥力均減小。

本題考查了布朗運動、分子的平均動能、分子勢能和分子力的基本運用，知道分子力的

特點，掌握判斷分子勢能變化的方法.

2.【答案】A

【解析】解：乙圖中條紋的間距比甲圖大，根據(jù)雙縫干涉的條紋間距公式=知，

乙圖中可能是波長較大，也可能縫與屏間距增大，也可能雙縫間距減小.而由公式"=好

可知，波長小的光頻率大，故B正確，A、C、。錯誤.

故選：Ao

根據(jù)雙縫干涉的條紋間距公式4%=判斷圖乙的變化可能是由什么造成的。

本題考查雙縫干涉的知識，要掌握條紋間距公式，知道間距跟哪些物理量有關(guān)。

3.【答案】A

【解析】解：A、輸入電壓不變，原副線圈匝數(shù)比不變，輸出電壓由輸入電壓決定，負

線圈電壓外不變，滑片向上滑動，電阻R變大，滑動變阻器兩端電壓變大，修示數(shù)變大，

故A正確；

8、副線圈電路中總電阻電大，電流減小，原副線圈匝數(shù)比不變，原線圈電流也減小，

故B錯誤；

第10頁，共23頁

C、副線圈電流變小，定值電阻Ro上消耗的功率變小，故C錯誤；

。、輸入電壓不變，輸入電流隨輸出電流變化而變化，所以電壓表匕與A的示數(shù)比值變

化，故。錯誤；

故選：A?

解答本題要理解變壓器的構(gòu)造和原理，滑動變阻器及的滑動觸頭P向上滑動，則負載電

阻增大，根據(jù)變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓、電流、負載以及電功率的關(guān)系，可判斷相

關(guān)物理量的變化。

本題考查變壓器問題的分析，考查學生對變壓器構(gòu)造和原理的掌握情況以及推理能力，

其中涉及到電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化

的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。

4.【答案】C

【解析】解：A、磁懸浮地球儀之所以能懸浮在空中，是利用了同名磁極相互排斥的原

理，所以需要線圈產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，不能接交流電源，故A錯誤：

以磁懸浮地球儀之所以能懸浮在空中，是利用了同名磁極相互排斥的原理，當?shù)厍騼x

轉(zhuǎn)動時，仍然能保持繼續(xù)懸浮，故B錯誤；

C、增加線圈匝數(shù)，電流產(chǎn)生的磁場增強，根據(jù)磁體之間相互作用的特點可知，若地球

儀的位置不變，則線圈與地球儀之間的相互作用將增大，所以地球儀穩(wěn)定懸浮的高度會

增大，故C正確；

。、地球儀懸浮于空中時球體受到的重力和磁力是一對平衡力；僅增大線圈中的電流，

地球儀再次穩(wěn)定懸浮后懸浮的高度會增大，但受到的斥力仍然等于地球儀的重力，沒有

變大，故。錯誤。

故選：a

地球儀利用了同名磁極相互排斥的原理；增加線圈匝數(shù)，或增大線圈中的電流，電流產(chǎn)

生的磁場增強，靜止狀態(tài)是一種平衡狀態(tài)，受到的力平衡。

此題綜合考查了平衡狀態(tài)的判斷、同名磁極相互排斥等知識點，要從題目中尋找有用的

信息，利用有關(guān)知識點解題。

5.【答案】B

【解析】解：人由波形圖可以讀出振幅是4a〃，故A錯誤；

8、由乙圖可知P質(zhì)點0時刻在向上振動，再結(jié)合甲圖，利用同側(cè)法可知，波向x軸負

方向傳播，故B正確；

C、由乙圖可知周期是2s,Is是半個周期,P質(zhì)點的路程是兩個振幅,s=24=2x4cm=

8cm,故C錯誤；

D、2s是一個周期，此時P點在平衡位置，速度最大，動能最大，故O錯誤。

故選：Bo

由圖可讀出振幅，利用波形圖和振動圖結(jié)合可以分析質(zhì)點尸的振動方向，利用同側(cè)法可

以得到波的傳播方向。1s是半個周期，然后求出P的路程，2s是一個周期，可知P在

平衡位置，速度最大，動能最大。

本題主要是考查r波的圖象；解答本題關(guān)鍵是要能夠根據(jù)波形圖得到波長，根據(jù)波的傳

播方向從而得到質(zhì)點振動情況。

6.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)玻爾理論，量子數(shù)越大，電子的軌道半徑越大，所以電子處在n=3

的軌道上比處在n=5的軌道上離氫原子核近，故4錯誤；

B、根據(jù)廢=6可知一群處于n=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出6種不同頻率的

光，故8錯誤；

C、處于基態(tài)的氫原子若吸收10.3W光子的能量，則能量值為：E=Ei+aE=

-13.6eV+10.3eV=-3.3eV,結(jié)合班集體可知沒有該能級，所以處于基態(tài)的氫原子不

能吸收10.3W光子的能量發(fā)生躍遷，故C錯誤；

D、大量處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，從n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時的

光子能量最大，為：-1.51eV-(-13.6eV)=12.09eK>3.34eV,用該

E=E3-EX=

光子照射鋅板時，能發(fā)生光電效應，鋅板表面有光電子逸出，故。正確；

故選：D.

根據(jù)玻爾理論判斷；根據(jù)量判斷一群氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子種類，其

中最大能量的光子為從n=3激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，根據(jù)光電效應發(fā)生的條件判斷。

解決本題的關(guān)鍵知道能級的躍遷滿足/山-/我，注意吸收光子是向高能級躍遷，釋

1y=5

放光子是向低能級躍遷，同時掌握光電效應發(fā)生的條件。

7.【答案】C

【解析】解：A、原子核發(fā)生衰變時，根據(jù)動量守恒可知兩粒子的速度方向相反，且由

兩運動軌跡的各自運動方向，可知，衰變后兩粒子帶異種電，因此發(fā)生的是0衰變，故

A錯誤；

BC、由半徑公式r=W=2(P是動量)，因動量的方向相反，大小相等，得知，r與電

第12頁，共23頁

荷量成反比，￡粒子與新核的電量大小分別為e和ne（n為新核的電荷數(shù)），則6粒子與新

核的半徑之比為〃e：e=n：1.所以半徑比較大的軌跡是衰變后0粒子的軌跡，軌跡小的

是新核的，即軌跡2是新核的；

由于新核沿逆時針方向運動，在A點受到的洛倫茲力向左，由左手定則可知，磁場的方

向向里，故8錯誤，C正確；

D、由以上的分析，結(jié)合動能與動量表達式a=上，可知，釋放出的粒子和新核具有

R2m

相同的動量，并不是相同的動能，故。錯誤。

故選：Co

依據(jù)a衰變兩粒子均帶正電，而0衰變兩粒子帶異種電，結(jié)合運動軌跡，即可判定衰變

類型；

靜止的原子核發(fā)生0衰變，根據(jù)動量守恒可知，發(fā)生衰變后粒子與反沖核的運動方向相

反，動量的方向相反，大小相等。由半徑公式「=?=白，P是動量，依據(jù)兩個粒子軌

跡半徑大小來判定哪個軌跡是新核；

根據(jù)左手定則，結(jié)合帶電粒子的運動方向，從而判定磁場方向；

最后依據(jù)動能與動量表達式a=即可分析。

K2m

考查帶電粒子在磁場中運動，掌握6衰變根據(jù)粒子的速度的方向相反和兩個粒子的運動

的軌跡由左手定則可以分析判斷粒子的帶電的情況，其中要注意的是電子的動量與新核

的動量大小相等，同時理解左手定則與右手定則的區(qū)別。

8.【答案】D

【解析】解：A、。物體受地球的萬有引力，一部分提供向心力，一部分是物體的重力。

而6物體受地球的萬有引力完全提供向心力，故A錯誤；

BC。、a為在赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體，。為地球同步衛(wèi)星，所人的角速度一樣，

u=即=a的軌道半徑小，所以a的線速度小，向心加速度小。故。正確，

BC錯誤。

故選：D。

要知道赤道上跟隨地球自轉(zhuǎn)的物體和同步衛(wèi)星角速度一樣，然后用公式口=32「，an=

?分析大小。

本題考查萬有引力提供向心力的應用，注意赤道上跟隨地球自轉(zhuǎn)的物體和同步衛(wèi)星角速

度一樣，然后分析線速度向心加速度的關(guān)系。

9.【答案】B

【解析】解：A、粒子所受電場力的方向大致指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，知帶電粒子所受的

電場力背離點電荷向外，受到點電荷的排斥力，但由于帶電粒子的電性不知，則0是否

是正電荷無法確定，故A錯誤；

B、依據(jù)點電荷電場強度公式E=與，可知，離點電荷越近的電場強度越強，那么同一

rz

電荷受到的電場力越大，則對應的加速度越大，由于匕點離點電荷較近，因此帶電粒子

在6點的加速度比在。點的大，故8正確；

C、從“處運動人處，帶電粒子受到的電場力做負功，導致其電勢能增加，因此帶電粒

子在。點的電勢能比在8點小，故C錯誤；

。、從。點到c點的過程中，帶電粒子所受的電場力先做負功，再做正功，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)電場線的彎曲確定電荷所受電場力的方向，從而確定點電荷的電性，根據(jù)電場力做

功，分析電勢能的變化，根據(jù)電場線的疏密判斷電場力的變化，從而根據(jù)牛頓第二定律

判斷加速度的變化.

解決本題的關(guān)鍵掌握通過軌跡的彎曲方向大致判斷合力的方向，會根據(jù)電場力做功判斷

電勢能的變化，知道電場力做功正負判定依據(jù).

10.【答案】C

【解析】解：人根據(jù)楞次定律可知：當條形磁鐵沿軸線豎直向上移動時，閉合鋁環(huán)內(nèi)

的磁通量減小，因此鋁環(huán)做出的反應是面積有擴大的趨勢，同時將靠近磁鐵，故減小了

和桌面的擠壓程度，從而使導體環(huán)對桌面壓力減小，故A錯誤；

8、根據(jù)楞次定律可知：當條形磁鐵沿軸線豎直向上移動時，向上穿過鋁環(huán)內(nèi)的磁通量

減小，根據(jù)楞次定律從上往下看，鋁環(huán)中感應電流的方向沿逆時針方向，故B錯誤；

C、磁鐵向右運動時，根據(jù)楞次定律，圓環(huán)產(chǎn)生的感應電流有阻礙二者相對運動的趨勢，

所以鋁環(huán)有向右平動的趨勢，鋁環(huán)受到的摩擦力的方向向左，故C正確；

第14頁，共23頁

。、根據(jù)楞次定律，向左和向右平移條形磁鐵，鋁環(huán)中感應電流的方向相同，上往下看

都是沿逆時針方向，故。錯誤。

故選：Co

解本題時應該掌握：楞次定律的理解、應用。在楞次定律中線圈所做出的所有反應都是

阻礙其磁通量的變化，由此分析即可。

本題從力、運動的角度考查楞次定律，可以結(jié)合楞次定律使用的四個步驟逐步分析得出

結(jié)論，也可以根據(jù)楞次定律的推廣方法：阻礙變化，來做出判定，該推廣方法要求的思

維含量高。基礎(chǔ)題目。

11.【答案】C

【解析】解：A、圖乙中0A段和8c段均為直線，表示小孩做勻變速直線運動，可知。?

口和ts?^6時間內(nèi)小孩在空中運動，在t2?七4時間內(nèi)與蹦床接觸，故A錯誤；

8、t4時刻，小孩的速度向上達到最大，此時重力和蹦床的彈力平衡，小孩不在最低點，

小孩的重力勢能不是最小。由圖可知，打時刻，小孩到達最低點，重力勢能最小，故8

錯誤；

C、因重力是恒力，則0?t6時間內(nèi)，小孩受到的重力的沖量大小為/=小/6,故C正

確；

。、小孩從高處落到蹦床后又被彈起到原高度，說明小孩和蹦床組成的系統(tǒng)機械能守恒，

即小孩的重力勢能、動能和蹦床的彈性勢能總和保持不變，0?書時間內(nèi)，小孩的重力

勢能先減小后增大，則小孩的動能和蹦床的彈性勢能總和先增大后減小，故。錯誤.

故選：Co

小孩接觸蹦床后，小孩所受的蹦床的彈力是變力，故小孩做變加速運動。小孩在空中運

動時所受的重力是恒力，加速度不變；小孩到達最低點時重力勢能最??；重力是恒力，

可根據(jù)/=Ft求重力的沖量；根據(jù)小孩和蹦床組成的系統(tǒng)機械能守恒分析小孩的動能和

蹦床的彈性勢能總和變化情況。

解決本題時，關(guān)鍵要理清小孩的運動過程，確定小孩的受力情況。要知道小孩與蹦床接

觸的過程中，系統(tǒng)機械能是守恒的，但小孩的機械能不守恒。

12.【答案】D

【解析】解：4實驗中要探究加速度和合力之間的關(guān)系，所以要控制小車質(zhì)量不變，變

化合力，探究加速度隨合力的變化情況，故A錯誤；

實驗中需要使用刻度尺測量小車的位移，從而確定加速度之比；合外力之比可以通過

祛碼和小盤的質(zhì)量比確定，所以需要測量祛碼和小盤的質(zhì)量；實驗中不需要測量時間，

故B錯誤；

C.若將水平光滑板換為水平粗糙板，則小車所受合力之比不再等于祛碼和小盤的總質(zhì)量

之比，所以會影響實驗探究的結(jié)果，故C錯誤；

D設(shè)繩子的拉力為F,系統(tǒng)的加速度為。，祛碼和小盤的質(zhì)量之和為，〃，小車的質(zhì)量為

M,則有mg-F=ma,F=Ma,兩式分別乘以M、機后右側(cè)相等,解得尸==罩，

M

當M>>m時，F(xiàn)?mg,故。正確。

故選：Do

實驗采用控制變量法，要保證小車質(zhì)量一定，探究合力與加速度之間的關(guān)系。要測量位

移，質(zhì)量，但是不測量時間。水平面必須光滑，否則小車合力之比不等于祛碼和小盤的

總質(zhì)量之比。

本題考查了探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系的實驗。我們要從實驗原理、實驗

儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚。要掌握控制變量法判

斷物理量間的關(guān)系。

13.【答案】A

【解析】解：A、若。、x表示某質(zhì)點做直線運動的動能和位置坐標，則由動能定理可

得："=運出=上1=工，即乎越大，表示質(zhì)點所受的合外力越大，故A錯誤;

B、若。、x表示勻強電場中某條電場線上各點的電勢和位置坐標，則由電勢差和電場

強度的關(guān)系可得號="=9=E,勻強電場場強處處相同，故華恒定不變，故8正

△X%2一%1aAX

確；

C、若。、X表示某質(zhì)點做勻加速直線運動的速度和時間，由運動學公式得:絲=W=a,

△XAt

勻加速直線運動加速度不變，故受恒定不變，故c正確；

D、若Q、x表示某質(zhì)點做勻速圓周運動的動量和時間，由動量定理得：黑="=4=

△X。2一At

Fn,勻速圓周運動的向心力方向始終指向圓心，故向心力是變化的，即,是變化的，故

。正確;

本題要求選錯誤的，

故選：Ao

根據(jù)力、X表示什么物理量，得到”表示的物理量，根據(jù)題意判斷該物理量是否變化。

第16頁，共23頁

本題考查了對運動學，動能定理，動量定理等公式的理解，解決關(guān)鍵知道。表示不同的

量時，能根據(jù)公式蓑表示的物理量。

14.【答案】D

【解析】解：A、若此線圈以角速度3勻速轉(zhuǎn)動時突然停止轉(zhuǎn)動，則由于慣性自由電子

將向前運動，則線圈中形成的電流方向與線圈原轉(zhuǎn)動方向相反，故A錯誤；

B、因為自由電子受到的平均阻力大小與電子定向移動的速率成正比，B|J/=kv,由于

電子的速度減小、阻力減小、加速度減小，可知自由電子在線圈中運動的線速度不是均

勻減小，故B錯誤；

C、電子隨線圈轉(zhuǎn)動的線速度v=「3=黑；對電子由動量定理可得：/At=mv,即：

kvt=kx=mv,解得：x=詈9故C錯誤；

D、通過線圈橫截面的電荷量為：q=neSx=故。正確。

12nk

故選：I）。

電流的方向與正電荷定向移動的方向相同、與負電荷定向移動的方向相反；根據(jù)電子的

受力情況分析運動情況；對電子由動量定理求解自由電子沿著線圈運動的路程；根據(jù)電

荷量的計算公式求解通過線圈橫截面的電荷量。

本題主要是考查電流的計算、動量定理以及電荷量的計算，知道電流的定義式以及動量

定理的應用方法。

15.【答案】AD9.87

【解析】解：（1）為減小實

驗誤差，應選擇1，"左右的

擺線，故選A,為減小空氣

阻力影響，擺球應選質(zhì)量大

而體積小的金屬球，故選。,

因此需要的實驗器材是AD

（2）根據(jù)周期公式7=2兀

得產(chǎn)=叱斜率是生，

99

由題意中圖可知斜率可求

得是4,

代入可求得gx9.87m/s2.

(3)單擺的擺長是線長加上小球的半徑，如果擺球質(zhì)量分布不均勻，那么重心位置會變

化，使得擺長的測量不準確，但是擺長的變化量不變，用圖像處理時是用求斜率的方法

求得重力加速度，所以不影響實驗結(jié)果。

故答案為：(1)40(2)9.87(3)不會影響實驗結(jié)果。

根據(jù)單擺的周期公式求得廠和L的關(guān)系，利用數(shù)學方法求出斜率，求得重力加速度。擺

球質(zhì)量分布不均勻，斜率不變，不影響實驗結(jié)果。

解決本題的關(guān)鍵是要掌握實驗原理，掌握單擺周期的公式，通過圖像分析斜率求得重力

加速度。

16.【答案】BC左四上A

第18頁，共23頁

【解析】解：(1)被測電阻約為50,電動勢是

3匕所以電流表選擇0-0.64量程即可；

為了使金屬絲兩端的電壓容易改變，滑動變阻

器應選用阻值較小的C；

(2)為了使金屬絲電壓變化范圍盡量大，應使用

分壓法；電壓表內(nèi)阻與被測金屬絲電阻之比遠

大于金屬絲電阻和電流表內(nèi)阻之比，所以電流

表選用外接法，如圖所示:

為了保護儀表，在閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應當調(diào)到最左端；由電阻定律可得:

DLLU

R=PL語=7

解得：?=喏

(3)隨著滑片移動距離x的增加，電流表的示數(shù)也隨之增加，說明滑片從右向左滑動;

設(shè)滑動變阻器長度是/,則滑動變阻器滑動過程中接入電阻是(R-亨x),根據(jù)歐姆定律

rE

得：-r+Rx+R-^x

則電源的功率為：P=EI=

T+R*+R—■-X

由關(guān)系式可知尸與x不是線性關(guān)系；當x=0時,

pkO；由于R>R型所以滑片開始滑動時。

電路中的總電阻變化不大；當R的接入電阻等

于感時，在滑片滑動相同距離的情況下，電路

中的總電阻變化較大。所以電源的功率一開始

變化率較小，隨著R的接入電阻的減小，其變

化率逐漸增大。故選A。

故答案為：(1)B,C,(2)左，。=*(3)4

根據(jù)最大電流選擇電流表，根據(jù)待測電阻合適的電壓選擇滑動變阻器，為了使電壓變化

范圍大，采用分壓法，利用電壓表內(nèi)阻與被測金屬絲電阻之比遠大于金屬絲電阻和電流

表內(nèi)阻之比，所以電流表選用外接法。根據(jù)電阻定律求得電阻表達式。求出電源功率，

分析功率隨電阻的變化關(guān)系。

本題是測定金屬絲電阻的實驗，要掌握選擇儀表的方法，知道分壓式的優(yōu)點，會分析電

流表的內(nèi)外接。

17.【答案】解：(l)a、A?/

充電結(jié)束后電容器兩端1r

電壓等于電源電動勢，七/

根據(jù)電容的定義式可得/?

電容器所帶的電荷量/

Q=CE；/

b、圖像②對應電阻箱/|

接入電路的阻值R較大；/

因電阻較大時，充電過。'TTA

程中平均電流較小，充9q

電時間長；

(2)a、根據(jù)電容的定義q=“C可知，u=^q,故電容器兩板間電壓〃與電量q為正比例

關(guān)系，圖象如圖所不；

2

根據(jù)圖象的性質(zhì)可知，圖象與q軸所圍成的面積表示電能，故有：E0=^qu=^CE;

從該說法不正確；因無論電阻箱接入多大電阻，但是通過電阻的電量是一定的，根據(jù)

W=qU可知，電流通過電阻時做功相同，產(chǎn)生的內(nèi)能相同。

答：(l)a、充電結(jié)束后電容器所帶的電荷量為CE;

b、②曲線對應電阻箱接入電路的阻值R較大，由于電阻越大、平均電流越小、充電時

間越長；

(2)a、u-q圖像見解析，充電結(jié)束后電容器儲存的電能為^CE2；

b.該同學的說法不正確；無論電阻大小，電流通過電阻時做功相同，產(chǎn)生的內(nèi)能相同。

【解析】(1)服根據(jù)電容的定義式求解電容器所帶的電荷量；

從根據(jù)電阻越大、充電時間延長進行分析；

(2)a、根據(jù)電容的定義q=uC可得u="q,由此作圖；根據(jù)圖象與令軸所圍成的面積表

示電能進行解答;