2022年上海市青浦區(qū)高考物理二模試卷（附答案詳解）

2022年上海市青浦區(qū)高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共12小題，共36.0分）

1.下列射線在真空中的速度與光速相同的是（）

A.陰極射線B.a射線C.￡射線D.y射線

2.關(guān)于物理思想方法下列敘述不正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)和自由落體運(yùn)動(dòng)都是物理模型

B.平均速度和瞬時(shí)速度都是等效替代的思想

C.平均速度是等效替代的思想，瞬時(shí)速度是無(wú)限逼近的思想

D.重力的作用點(diǎn)在重心，這是一種等效替代的思想

3.我國(guó)自主第三代核電“華龍一號(hào)”全球第4臺(tái)機(jī)組于2022年3月在巴基斯坦并網(wǎng)發(fā)

電。中國(guó)核電推動(dòng)我國(guó)“雙碳”目標(biāo)實(shí)現(xiàn)的同時(shí)，也為全球核電安全樹立了標(biāo)桿。

關(guān)于核能，以下說(shuō)法正確的是（）

A.核能是來(lái)臼化學(xué)變化釋放的能量

B.核能是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時(shí)釋放的能量

C.核能還不是安全、干凈的能源

D.我國(guó)核電站利用了核聚變反應(yīng)釋放的能量

4.2022年2月7日，在北京冬奧會(huì)短道速滑男子1000米決賽中,

中國(guó)選手任子威獲得金牌,如圖所示為他比賽中的精彩瞬間,

假定他正沿圓弧形彎道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則他在圓弧彎道運(yùn)動(dòng)

過(guò)程中（）

A.速度恒定B.加速度恒定

C.相等時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同D.相等時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移相同

5.已知銅的摩爾質(zhì)量為M,密度為p,阿伏加德羅常數(shù)為NA，貝火）

A.1個(gè)銅原子的質(zhì)量為近B.1個(gè)銅原子的質(zhì)量為詈

C.1個(gè)銅原子所占的體積為管1個(gè)銅原子所占的體積為行

6.在恒定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中固定一根通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直。如圖反映

的是這根導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力大小F與通過(guò)導(dǎo)線的電流/之間的關(guān)系，M、N兩點(diǎn)各對(duì)

應(yīng)一組尸、/的數(shù)據(jù)，其中可能正確的是（）

F

7.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿》軸正方向傳播。某時(shí)刻波上

質(zhì)點(diǎn)P正通過(guò)平衡位置，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，波向前傳播了距

離d,P點(diǎn)第一次達(dá)到波谷，則該橫波的波長(zhǎng)為（）

A.4dB.JC*Dj

8.如圖所示，豎直平面內(nèi)兩個(gè)帶電小油滴a、b在勻強(qiáng)電場(chǎng)E中分別

以速度火、以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力及兩油滴之間的

庫(kù)侖力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.a、b帶異種電荷

B.a比b的電荷量大

C.a的電勢(shì)能減小，b的電勢(shì)能增加

D.沿女方向電勢(shì)增加，沿方方向電勢(shì)減小

9.如圖所示，真空中兩點(diǎn)電荷+q和-q以相同的角速度繞軸

。。'勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，P為軸上一點(diǎn)。P點(diǎn)離+q較近，則關(guān)于P點(diǎn)的

磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向，正確的是（）

A.從+q指向一q

B.磁感強(qiáng)度為零

C.沿。沿軸向下

D.沿。0'軸向上

10.如圖，物塊以某一初速度于固定斜面底端沖上斜面，一段時(shí)

間后物塊返回出發(fā)點(diǎn)。若物塊和斜面間動(dòng)摩擦系數(shù)處處相同。

在物塊上升、下降過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)時(shí)間分別用“、基表示，損失

的機(jī)械能分別用A%、ZE2表示。貝1」（）

A.<t2>=AE2B.ti<t2,嗚<g

C.t(=t2>ZE1=AE2D.t,>t2,g>AE2

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11.手機(jī)電池容量（電量）和快速充電功能已經(jīng)成為人們

選擇手機(jī)時(shí)的重要參考因素，如圖為某品牌手機(jī)將

鋰電池電量從0%?100%充滿過(guò)程中充電功率P和

充電時(shí)間t的關(guān)系圖像，設(shè)充電過(guò)程中電池兩端電壓

恒為4.35乙不計(jì)其他能量損耗，則（）

A.充電過(guò)程的平均功率為40小B.充電過(guò)程的平均功率為60匹

C.該電池的容量是2000mA九D.該電池的容量是4000根的

12.利用某半導(dǎo)體的電阻隨溫度升高而減小的特征可以制作電子溫度計(jì)。圖甲表示該半

導(dǎo)體的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把該半導(dǎo)體與電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源,

理想電壓表和保護(hù)電阻&連成如圖乙所示的電路。用該半導(dǎo)體作測(cè)溫探頭，把電壓

表的電壓刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)易的電子溫度計(jì)。下列說(shuō)法正

A.電壓較大的刻度對(duì)應(yīng)較高的溫度

B.電壓刻度0U對(duì)應(yīng)的就是0汽

C.該電子溫度計(jì)表盤上溫度的刻度是均勻的

D.若電池用久后內(nèi)阻r變大，用該溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏高

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.大恒星演化到末期發(fā)生超新星爆發(fā)時(shí);劇烈的壓縮使其組成物質(zhì)中的電子并入質(zhì)子

轉(zhuǎn)化成中子，形成宇宙中最致密的物質(zhì)：中子星。電子被壓入質(zhì)子，完成使質(zhì)子變

成中子的核反應(yīng)方程：9送+；“一；簡(jiǎn)述中子星致密（密度大）的主要原因：

14.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)4開始變化到狀態(tài)8,已知狀態(tài)

A的溫度為400K。則變化到B狀態(tài)時(shí)氣體的溫度為K,

由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B過(guò)程中溫度變化情況是o

012345H

15.如圖是生活中常用的鉛蓄電池示意圖，由于化學(xué)反應(yīng)的結(jié)果,

圖中二氧化鉛棒上端M為電池正極，鉛棒上端N為電池負(fù)極。

P、Q分別為與正、負(fù)極非?？拷奶结槪ㄌ结樖菫闇y(cè)量?jī)?nèi)電

壓而加入，不參與化學(xué)反應(yīng)）。現(xiàn)用電壓傳感器測(cè)量各端間的電勢(shì)差，數(shù)據(jù)如下表。

則該電源的電動(dòng)勢(shì)為v,內(nèi)電阻是n。

UMPUpQUQN

M、N間斷開，不接任何負(fù)載1.51V00.51V

M,N間接入8。的電阻時(shí)1.497-0.42V0.53V

16.如圖為“行星傳動(dòng)示意圖”，中心“太陽(yáng)輪”的轉(zhuǎn)動(dòng)軸固定，

其半徑為R1，周圍四個(gè)“行星輪”的轉(zhuǎn)動(dòng)軸固定，其半徑均為

R2,“齒圈”的半徑為&，其中&=1.5/?2,4B、C分別是

“太陽(yáng)輪”、“行星輪”和“齒圈”邊緣上的點(diǎn)，齒輪傳動(dòng)過(guò)

程不打滑，則4點(diǎn)與C點(diǎn)的線速度之比為,B點(diǎn)與C點(diǎn)的轉(zhuǎn)速之比為。

17.如圖a所示，地面上方高度為d的空間內(nèi)有水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量m=1kg正方

形閉合導(dǎo)線框abed的邊長(zhǎng)/=2機(jī)，從be邊距離地面高為九處將其由靜止釋放。從導(dǎo)

線框開始運(yùn)動(dòng)到左邊即將落地的過(guò)程中，導(dǎo)線框的u-t圖像如圖b所示。重力加速

度g取10m/s2,不計(jì)空氣阻力，則導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間是s,釋放高

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共10.0分）

18.有同學(xué)在做“用。/S研究溫度不變時(shí)氣體的壓強(qiáng)跟體積的關(guān)

系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，緩慢推動(dòng)活塞，在使注射器內(nèi)空氣體積逐漸減

小。實(shí)驗(yàn)完成后，計(jì)算機(jī)屏幕上顯示出如圖所示的p—U圖

線（其中實(shí)線是實(shí)驗(yàn)所得圖線，虛線為一根參考雙曲線）。

（1）開始實(shí)驗(yàn)后，壓強(qiáng)傳感器（選填“需要”或“不需要”）調(diào)零。

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(2)仔細(xì)觀察不難發(fā)現(xiàn)，該圖線與玻意耳定律不夠吻合，造成這一現(xiàn)象的可能原因

是：______

(3)由于此圖無(wú)法說(shuō)明p與1/的確切關(guān)系，所以改畫p-1/V圖象。根據(jù)上述誤差的圖

像畫出的p-卜圖象應(yīng)當(dāng)與下列哪個(gè)圖象最接近

(4)根據(jù)你在(2)中的判斷，說(shuō)明為了減小誤差，應(yīng)采取的措施是：

四、計(jì)算題(本大題共2小題，共30.0分)

19.在豎直平面內(nèi)，某一游戲軌道由直軌道48和彎曲的細(xì)管道BCD平滑連接組成，如

圖所示。小滑塊以某一初速度從4點(diǎn)滑上傾角為0=37。的直軌道4B,到達(dá)B點(diǎn)的速

度大小為2m/s,然后進(jìn)入細(xì)管道BCD,從細(xì)管道出口。點(diǎn)水平飛出，落到水平面上

的G點(diǎn)。已知B點(diǎn)的高度心=1.2m,。點(diǎn)的高度壇=0.8m，小滑塊落到G點(diǎn)時(shí)速度

大小為5m/s,空氣阻力不計(jì)，滑塊與軌道4B間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.25,sin37°=0.6,

cos370=0.8o

(i)求小滑塊在軌道ZB上的加速度和在a點(diǎn)的初速度；

(2)求小滑塊從。點(diǎn)飛出的速度；

(3)判斷細(xì)管道BCD的內(nèi)壁是否光滑。

如圖1,水平面上有兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為I,電阻不計(jì)。左側(cè)接

有定值電阻阻值為R。質(zhì)量為小、電阻為r的導(dǎo)體桿，t=0時(shí)金屬棒以初速度處沿導(dǎo)軌

向右運(yùn)動(dòng)，在滑行過(guò)程中保持與軌道垂直且接觸良好。整個(gè)裝置處于方向豎直向上，磁

感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。

(1)定性分析說(shuō)明金屬桿的運(yùn)動(dòng)情況(速度和加速度的變化情況)。

(2)宏觀規(guī)律與微觀規(guī)律有很多相似之處，導(dǎo)體桿速度隨時(shí)間的變化規(guī)律和放射性元素

的衰變規(guī)律相同，已知導(dǎo)體桿速度由先變化到段所需時(shí)間為t°，則0-3片時(shí)間內(nèi)電阻R上

產(chǎn)生的熱量為多少？

⑶已知金屬桿速度v和位移s的變化規(guī)律為：V=%-就不s,即D-s圖像如圖2所示,

請(qǐng)利用該"-s圖像證明(1)中你的結(jié)論。

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：陰極射線中的電子是電熱絲經(jīng)通電發(fā)熱而激發(fā)出來(lái)的，不同部位吸熱量不

同，所以激發(fā)飛出后的速度也不盡相同，比光速小；由實(shí)驗(yàn)測(cè)得a射線的速度約是光速

的十分之一，S射線的速度約是光速的十分之九；y射線是光子流，速度與光速相同，

故。正確.

故選。

要解答本題需掌握：光波在真空中的傳播速度，a射線和0射線速度的大小.

本題主要考查學(xué)生對(duì)光波傳播速度的理解和掌握，是一道基礎(chǔ)題.

2.【答案】B

【解析】解：4、質(zhì)點(diǎn)并不存在，物體看作質(zhì)點(diǎn)是采用的是理想化的物理模型；自由落

體運(yùn)動(dòng)忽略了空氣的阻力，也是理想化的物理模型，故4正確；

BC、平均速度能粗略反映物體運(yùn)動(dòng)的快慢，在平均速度的定義中體現(xiàn)了等效替代的思

想；平均速度定義式5=,中，當(dāng)加-0時(shí)平均速度可看成瞬時(shí)速度，運(yùn)用了極限分析

法，是無(wú)限逼近的思想，故8錯(cuò)誤，C正確；

。、物體各部分都受重力作用，但可以認(rèn)為物體各部分所受重力集中于一點(diǎn)，這點(diǎn)叫做

重心，重心概念的建立應(yīng)用了等效替代的思想，故。正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：B。

明確常見物理方法的應(yīng)用，如等效替代法、理想模型法、極限思維法等，結(jié)合各選項(xiàng)分

析即可。

關(guān)鍵是知道質(zhì)點(diǎn)、自由落體運(yùn)動(dòng)采用的是理想化的物理模型，瞬時(shí)速度采用了極限思想,

平均速度、重心采用等效替代的思想。

3.【答案】B

【解析】解：4B.核能是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時(shí)釋放的能量，化學(xué)變化不會(huì)涉及原子核

層面，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.目前核電技術(shù)已經(jīng)成熟，相較于火力發(fā)電，核電對(duì)環(huán)境的污染較小，在一般情況下發(fā)

生安全事故的可能性較低，屬于安全、干凈的能源，故C錯(cuò)誤；

D目前世界上核電站都是利用核裂變反應(yīng)釋放的能量，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

核能是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時(shí)釋放的能量，核電對(duì)環(huán)境的污染較小，在一般情況下發(fā)生

安全事故的可能性較低，屬于安全、干凈的能源，核電站都是利用核裂變反應(yīng)釋放的能

量。

考查核能的開發(fā)與利用，理解重核裂變與輕核的聚變的不同.

4.【答案】C

【解析】解：人勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度方向時(shí)刻都在改變，速度并不恒定，故A錯(cuò)誤；

8、勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度方向時(shí)刻都在改變，加速度并不恒定，故B錯(cuò)誤；

C、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度相等，即相等時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的角度相同，故C正確；

。、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小相等，方向時(shí)刻都在改變，根據(jù)線速度定義u=相等

時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移不相同，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，線速度、加速度時(shí)刻都在改變，角速度不變。

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速等知識(shí)點(diǎn)。熟練掌握基本概念是解決

本題的關(guān)鍵。

5.【答案】A

M

【解析】解：AB、銅的摩爾質(zhì)量為M,阿伏加德羅常數(shù)為N.,則1個(gè)銅原子的質(zhì)量是二，

故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、銅的摩爾體積為：故1個(gè)銅原子占有的體積是％=~=焉，故CD錯(cuò)誤。

PNApNA

故選：Ao

阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，一摩爾的任何物質(zhì)所含有的該物質(zhì)的單位微

粒數(shù)叫阿伏加德羅常數(shù)，以值為6.02x1023.由此結(jié)合各物理量的關(guān)系分析。

解決本題關(guān)鍵是要明確：（1）摩爾質(zhì)量=摩爾體積x密度；（2）質(zhì)量=摩爾質(zhì)量x物質(zhì)的量;

（3）體積=摩爾體積x物質(zhì)的量.

6.【答案】C

【解析】解：在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)垂直時(shí)所受安培力為：F=BIL,由于

磁場(chǎng)強(qiáng)度8和導(dǎo)線長(zhǎng)度L不變，因此F與/的關(guān)系圖象為過(guò)原點(diǎn)的直線，故A3。錯(cuò)誤，C

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正確。

故選：Co

根據(jù)安培力公式F=8幾寫出表達(dá)式即可正確求解.

本題比較簡(jiǎn)單，考查了安培力公式尸=B/L的理解和應(yīng)用，考查角度新穎，擴(kuò)展學(xué)生思

維.

7.【答案】A

【解析】解：經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t,波向前傳播了距離d,則波速!；=，；

由于波%軸正方向傳播，根據(jù)“上下坡法”，質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)方向向下。

由圖象，且P點(diǎn)第一次達(dá)到波峰，則有t=因此7=43

根據(jù)2="T=，?4t=4d,故A正確，8c。錯(cuò)誤；

故選：Ao

簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，由波形的平移法判斷出P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向,根據(jù)經(jīng)過(guò)時(shí)間t,

波傳播的距離為s,可求出波速，由P點(diǎn)第一次達(dá)到波峰，可確定周期與時(shí)間的關(guān)系，從

而即可求解。

本題考查了波的傳播過(guò)程中質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的判斷，周期、波速的求法。運(yùn)用波形的平移

法進(jìn)行分析求解。

8.【答案】C

【解析】解：AB.由于兩油滴均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受電場(chǎng)力與重力平衡，電場(chǎng)力都豎直

向上，因此a、b均帶正電荷；由于兩油滴質(zhì)量關(guān)系未知，因此無(wú)法判斷帶電量大小關(guān)系，

故AB錯(cuò)誤；

C.a向上運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，b向下運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增力口，

故C正確；

D沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)減小，因此沿藥方向電勢(shì)減小，沿。2方向電勢(shì)增加，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由于兩油滴均做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受電場(chǎng)力與重力平衡，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，沿

電場(chǎng)線方向，電勢(shì)減小.

本題考查電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功，解題關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。

9【答案】D

【解析】解：點(diǎn)電荷的定向移動(dòng)，形成電流，當(dāng)兩個(gè)點(diǎn)電荷勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，相當(dāng)于產(chǎn)生兩

個(gè)環(huán)形電流，由/=/知兩個(gè)電荷產(chǎn)生的等效電流大小相等，根據(jù)正電荷的定向移動(dòng)方向

即為電流的方向，由右手螺旋定則可知，正電荷在P點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)椋骸?-。，而負(fù)電

荷在P點(diǎn)的磁場(chǎng)方向?yàn)椋骸?0',由于正電荷運(yùn)動(dòng)時(shí)在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)，根據(jù)矢量疊

加原理，則合磁場(chǎng)的方向?yàn)镺'T。，即沿。0'軸向上，故。正確，A8C錯(cuò)誤；

故選：D。

點(diǎn)電荷的定向移動(dòng)形成電流，根據(jù)右手螺旋定則可確定磁場(chǎng)方向，由矢量疊加來(lái)確定磁

場(chǎng)的方向。

考查電荷的定向移動(dòng)形成電流，掌握右手螺旋定則，理解矢量疊加的原理.

10.【答案】A

【解析】解：設(shè)斜面的傾角為仇物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，對(duì)物塊，由牛頓第二

定律得：

上升過(guò)程：mgsinO+林mgcos。=maA

下降過(guò)程：mgsind-fimgcosd=ma2

解得：=g(sin6+/J.COS0),a2=g(sind-11cos3),

則的>a2>

物塊上升過(guò)程與下降過(guò)程的位移大小x相等，上升過(guò)程做勻減速直線運(yùn)動(dòng)末速度為零，

其逆過(guò)程為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式得：,X2-由于%>。2，則h<12；

由功能關(guān)系可知，物塊損失的機(jī)械能等于物塊克服摩擦力做的功，由于上升過(guò)程與下降

過(guò)程物塊相對(duì)于斜面滑行的距離相等，克服摩擦力做功相等，則損失的機(jī)械能相等，即

21E1=/%,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)牛頓第二定律求出加速度大小，然后應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式比較運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系；根據(jù)功能

關(guān)系比較損失的機(jī)械能關(guān)系。

根據(jù)題意分析清楚物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與功

能關(guān)系即可解題。

11.【答案】A

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【解析】解：AB.題中P-t圖像與坐標(biāo)軸所圍的面積表示電能,

所以整個(gè)充電過(guò)程中充入電池的電能為

￡1=70x4x60/+40x10x607+1x40x6x60/=4.8x1047

充電過(guò)程的平均功率為

p=&=%空皿=40皿，故A正確，B錯(cuò)誤；

t20x60

CD,該電池的容量是q=^=*^nM-/i=3065m4?/i,故8錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)圖像計(jì)算電能的大小，再計(jì)算平均功率的大小以及電池的容量。

本題關(guān)鍵是明確圖像的含義，注意根據(jù)圖像計(jì)算電能的大小，明確各個(gè)量的含義。

12.【答案】D

【解析】解：AB,溫度為以時(shí)電阻R的阻值大于溫度t-時(shí)的阻值，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律

可知，R的電壓：U=~~；E,R越大，U越大，所以以應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上，tB應(yīng)

標(biāo)在電壓較小的刻度上，故AB錯(cuò)誤；

C、由U=孱三七知，U與R是非線性關(guān)系，而R與t是線性關(guān)系，則U與t是非線性關(guān)系，

電壓表刻度是均勻的，所以電子溫度計(jì)表盤上溫度刻度不均勻，故c錯(cuò)誤；

D、若電池用久后內(nèi)阻r變大，由/■二知電路中電流變小，R的電壓變小，則用該

KT/\Q+r

溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏高，故。正確。

故選：Do

根據(jù)圖甲分析電阻R與溫度t的關(guān)系，由串聯(lián)電路分壓規(guī)律分析R的電壓與電阻R的關(guān)系，

從而判斷溫度刻度情況；電池用久后內(nèi)阻r變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電路中電

流的變化，判斷R的電壓變化，從而確定溫度測(cè)量值與真實(shí)值的關(guān)系。

本題相當(dāng)于動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，要熟練運(yùn)用閉合電路歐姆定律和串聯(lián)電路分壓規(guī)律列式，得

到電阻R的電壓與電阻R的關(guān)系，從而定性分析溫度t與電壓U的關(guān)系。

13.【答案】Jn體積迅速減小，質(zhì)量不變

【解析】解:根據(jù)質(zhì)量數(shù)和原子數(shù)守恒可知質(zhì)子變成中子的核反應(yīng)方程：\e-V\HYn,

中子星形成過(guò)程中體積迅速減小，質(zhì)量不變，導(dǎo)致密度增大；

故答案為：In,體積迅速減小，質(zhì)量不變

根據(jù)質(zhì)量數(shù)和原子數(shù)守恒可知質(zhì)子變成中子的核反應(yīng)方程，根據(jù)質(zhì)量與體積的變化分析

密度。

本題考查核反應(yīng)方程的書寫，解題關(guān)鍵掌握核反應(yīng)中質(zhì)量數(shù)和原子數(shù)守恒。

14.【答案】400先增大后減小

【解析】解：對(duì)于封閉的氣體，

在狀態(tài)4時(shí)，pA=VA=1,TA=400K,

在狀態(tài)B時(shí)，pB=O.Satm,VB=3,TB=?

根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程牛=C可得，

P/A_PB/

所以%=鏘=胃產(chǎn)長(zhǎng)=400K,

對(duì)于4到B的變化的過(guò)程，根據(jù)即=C,可得，7=色，C為常量，由此可知淖乘積越大，

溫度就越大；沿狀態(tài)A-B變化可看出，pV的乘積先變大后變小，說(shuō)明溫度T先增大后

減小。

故答案為：400,先增大后減小。

根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程^=c,找出各個(gè)狀態(tài)的狀態(tài)參量，根據(jù)氣體的狀態(tài)

方程計(jì)算即可得到在B狀態(tài)時(shí)的氣體的溫度大小，根據(jù)piz=C來(lái)分析4B過(guò)程中溫度變化。

本題要求能夠運(yùn)用控制變量法研究多個(gè)物理量的變化，要知道對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體,

pH乘積越大，溫度T就越高。

15.【答案】2.022.1

【解析】解：根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)電源兩極間的電壓，由表中實(shí)驗(yàn)

數(shù)據(jù)可知，電源電動(dòng)勢(shì)為：E=1.51K+0.51V=2.027

在M,N之間接入80電阻時(shí)，根據(jù)電路歐姆定律，可得電路中電流為：/=W=跑,

R+rr

即：警=蟠，解得內(nèi)電阻為：r=2.10

8+rr

故答案為：2.02,2.1。

根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)電源兩極間的電壓；應(yīng)用閉合電路歐姆定律可

以求出電源內(nèi)阻。

本題考查了電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻問(wèn)題，理解電動(dòng)勢(shì)的概念、知道電動(dòng)勢(shì)大小是解題的前提,

分析清楚表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)、應(yīng)用閉合電路歐姆定律即可解題。

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16.【答案】1：17：2

【解析】解：由圖可知，A與B為齒輪傳動(dòng),所以線速度大小相等，B與C也是車輪傳動(dòng)，

線速度也相等，所以4與C的線速度是相等的，4點(diǎn)與C點(diǎn)的線速度之比為1：1；

由圖可知：/?3=2&+%=2/?2+1-57?2=3.5/?2

B點(diǎn)和C點(diǎn)的線速度大小相等，由u=「3=2m-r知B點(diǎn)和C點(diǎn)的轉(zhuǎn)速之比為：nB：nc=

r3;r2=7:2；

故答案為：1：1,7：2。

齒輪傳動(dòng)的兩個(gè)輪子邊緣上各點(diǎn)的線速度大小相等，然后結(jié)合半徑關(guān)系分析周期的關(guān)系。

本題運(yùn)用比例法解決物理問(wèn)題的能力，關(guān)鍵抓住相等的量：對(duì)于齒輪傳動(dòng)的兩個(gè)輪子邊

緣上各點(diǎn)的線速度大小相等；同一輪上各點(diǎn)的角速度相同。

17.【答案】0.5卷

【解析】解：由圖匕可知，。?0.5s內(nèi)線框做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度為g,0.5s時(shí)刻加速

度突變，可知此時(shí)反邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，線框克服安培力做功，速度減小，在1.0s時(shí)刻加

速度再一次突變，并在1.0s?1.5s時(shí)間內(nèi)線框加速度又開始保持不變，所以1.0s時(shí)刻線

框恰好全部進(jìn)入磁場(chǎng)，此后的時(shí)間穿過(guò)線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以線框

下落加速度仍等于9。因此導(dǎo)線框中有感應(yīng)電流的時(shí)間是0.5s；

耳=0.5s時(shí)刻，be邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有h務(wù)=IQs時(shí)刻，

線框ad邊剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，并且此時(shí)線框速度大小為。=3.0m/s,在13=1.5s時(shí)刻線框落

地，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有d—1=v(t3—t2)+￡g(t3—t2)2,聯(lián)立解得］=得。

故答案為：0.5,磊

分析圖像知：0-0.5s時(shí)刻，線框做自由落體運(yùn)動(dòng)，0.5s時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng)，做加速度減小

的減速運(yùn)動(dòng)，到1.0s時(shí)刻完全進(jìn)入磁場(chǎng)，然后再做自由落體運(yùn)動(dòng)；根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)

律無(wú)=1gt2,列式可求解比例關(guān)系。

解答此題的關(guān)鍵是能夠運(yùn)用"-t圖象的性質(zhì)反映線框的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，然后結(jié)合牛頓第二

定律和自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律列方程，常規(guī)題型。

18.【答案】不需要注射器內(nèi)的空氣向外泄露A在注射器活塞上涂上潤(rùn)滑油增加密封

性

【解析】解：(1)在進(jìn)行本實(shí)驗(yàn)時(shí)，壓強(qiáng)傳感器需要校準(zhǔn)，但不需要調(diào)零；

(2)根據(jù)圖像可知，當(dāng)V減小時(shí)，圖線逐漸偏離雙曲線，即pV值逐漸減小，造成這一現(xiàn)

象的可能原因是注射器內(nèi)的空氣向外泄露；

(3)根據(jù)上述分析可知，pV的乘積逐漸減小，則p-卜圖像的斜率也會(huì)逐漸減小，因此誤

差的圖像畫出的P-3圖象應(yīng)當(dāng)與下列4圖象最接近，故A正確，BCD錯(cuò)誤;

故選:Ao

(3)為了減小誤差，應(yīng)采取的措施是在注射器活塞上涂上潤(rùn)滑油增加密封性。

故答案為：(1)不需要；(2)注射器內(nèi)的空氣向外泄露；(3)4(4)在注射器活塞上涂上

潤(rùn)滑油增加密封性

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

(2)根據(jù)pU的乘積變化分析出可能的原因；

(3)理解圖像的物理意義并完成相互的轉(zhuǎn)化；

(4)根據(jù)上述誤差產(chǎn)生的原因采取對(duì)應(yīng)的措施。

本題主要考查了理想氣體的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，理解圖像的

物理意義，學(xué)會(huì)簡(jiǎn)單的數(shù)據(jù)分析。

19.【答案】解：(1)上滑過(guò)程中，由牛頓第二定律得：

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解得：a——8m/s2

方向沿斜面向下

根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：詔