人教版物理選修3-1講義第3章章末復(fù)習(xí)課222

[體系構(gòu)建][核心速填]1．磁場(chǎng)(1)存在于磁體、電流周圍的一種特殊物質(zhì)。(2)方向：規(guī)定在磁場(chǎng)中任一點(diǎn)小磁針N極受力的方向(或者小磁針靜止時(shí)N極的指向)就是那一點(diǎn)的磁場(chǎng)方向。2．磁感線(1)磁感線的切線方向表示該位置的磁場(chǎng)方向，曲線的疏密能定性地表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱。磁感線都是閉合曲線，且不能相交。(2)電流(包括直線電流、環(huán)形電流、通電螺線管)周圍的磁感線方向與電流方向的關(guān)系，可以由安培定則來(lái)判定。3．磁感應(yīng)強(qiáng)度(1)定義：B＝eq\f(F,IL)。(2)方向：用左手定則來(lái)判斷。4．安培力(1)計(jì)算式：F＝ILBsin_θ。(2)方向：用左手定則來(lái)判斷，安培力與速度方向垂直，與磁場(chǎng)方向垂直。5．洛倫茲力(1)大?。篎＝qvB(v⊥B)。(2)方向：用左手定則來(lái)判斷，洛倫茲力與速度方向垂直，與磁場(chǎng)方向垂直。6．帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)(不計(jì)重力)(1)若v∥B，帶電粒子以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)。(2)若v⊥B，帶電粒子在垂直于磁感線的平面內(nèi)以入射速度v做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。①向心力由洛倫茲力提供：qvB＝meq\f(v2,R)。②軌道半徑公式：R＝eq\f(mv,qB)。③周期：T＝eq\f(2πm,qB)。7．應(yīng)用實(shí)例(1)質(zhì)譜儀：測(cè)量帶電粒子的質(zhì)量和分析同位素的重要工具。(2)回旋加速器：磁場(chǎng)使帶電粒子偏轉(zhuǎn)，交變電場(chǎng)使帶電粒子加速。只要交變電場(chǎng)的周期等于帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，帶電粒子每運(yùn)動(dòng)半周就可以被加速一次，這樣經(jīng)過(guò)多次加速，帶電粒子可以達(dá)到很高的能量。有關(guān)安培力問(wèn)題的分析與計(jì)算安培力既可以使通電導(dǎo)體靜止、運(yùn)動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng)，又可以對(duì)通電導(dǎo)體做功，因此有關(guān)安培力問(wèn)題分析與計(jì)算的基本思路和方法與力學(xué)問(wèn)題一樣，先取研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，判斷通電導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)題中條件由牛頓定律或動(dòng)能定理等規(guī)律列式求解。具體求解應(yīng)從以下幾個(gè)方面著手分析：1．安培力的大小(1)當(dāng)通電導(dǎo)體和磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，F(xiàn)＝ILB。(2)當(dāng)通電導(dǎo)體和磁場(chǎng)方向平行時(shí)，F(xiàn)＝0。(3)當(dāng)通電導(dǎo)體和磁場(chǎng)方向的夾角為θ時(shí)，F(xiàn)＝ILBsinθ。2．安培力的方向(1)安培力的方向由左手定則確定。(2)F安⊥B，同時(shí)F安⊥L，即F安垂直于B和L決定的平面，但L和B不一定垂直。3．安培力作用下導(dǎo)體的狀態(tài)分析通電導(dǎo)體在安培力的作用下可能處于平衡狀態(tài)，也可能處于運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。對(duì)導(dǎo)體進(jìn)行正確的受力分析，是解決該類問(wèn)題的關(guān)鍵?！纠?】如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E＝2V，內(nèi)阻r＝0.5Ω，豎直導(dǎo)軌寬L＝0.2m，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。另有一質(zhì)量m＝0.1kg，電阻R＝0.5Ω的金屬棒，它與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4，靠在導(dǎo)軌的外面。為使金屬棒不滑動(dòng)，施加一與紙面夾角為30°且與導(dǎo)體棒垂直指向紙里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2(1)此磁場(chǎng)的方向；(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值范圍。[解析](1)要使金屬棒靜止，安培力應(yīng)斜向上指向紙里，畫出由a→b的側(cè)視圖，并對(duì)棒ab受力分析如下圖所示。經(jīng)分析知磁場(chǎng)的方向斜向下指向紙里。甲乙(2)如圖甲所示，當(dāng)ab棒有向下滑的趨勢(shì)時(shí)，受靜摩擦力向上為Ff，則：Fsin30°＋Ff－mg＝0F＝B1ILFf＝μFcos30°I＝E/(R＋r)聯(lián)立四式并代入數(shù)值得B1＝3.0T。當(dāng)ab棒有向上滑的趨勢(shì)時(shí)，受靜摩擦力向下為Ff′，如圖乙所示，則：F′sin30°－Ff′－mg＝0Ff′＝μF′cos30°F′＝B2ILI＝eq\f(E,R＋r)可解得B2＝16.3T。所以若保持金屬棒靜止不滑動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足3.0T≤B≤16.3T。[答案](1)斜向下指向紙里(2)3.0T≤B≤16.3T[一語(yǔ)通關(guān)]解答安培力問(wèn)題的一般步驟(1)明確研究對(duì)象，這里的研究對(duì)象一般是通電導(dǎo)體。(2)正確進(jìn)行受力分析并畫出導(dǎo)體的受力分析圖，必要時(shí)畫出側(cè)視圖、俯視圖等。(3)根據(jù)受力分析確定通電導(dǎo)體所處的狀態(tài)或運(yùn)動(dòng)過(guò)程。(4)運(yùn)用平衡條件或動(dòng)力學(xué)知識(shí)列式求解。1．質(zhì)量為m，長(zhǎng)為L(zhǎng)的直導(dǎo)體棒放置于四分之一光滑圓弧軌道上，整個(gè)裝置處于豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，直導(dǎo)體棒中通有恒定電流，平衡時(shí)導(dǎo)體棒與圓弧圓心的連線與豎直方向成60°角，其截面圖如圖所示。則下列關(guān)于導(dǎo)體棒中的電流分析正確的是()A．導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向外，大小為eq\f(\r(3)mg,BL)B．導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向外，大小為eq\f(\r(3)mg,3BL)C．導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向里，大小為eq\f(\r(3)mg,BL)D．導(dǎo)體棒中電流垂直紙面向里，大小為eq\f(\r(3)mg,3BL)C[導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力、斜向上的彈力，要使導(dǎo)體棒平衡，應(yīng)受水平向右的安培力，重力和安培力的合力大小與彈力大小相等，方向相反，由平衡條件有關(guān)系tan60°＝eq\f(BIL,mg)＝eq\r(3)，得導(dǎo)體棒中電流I＝eq\f(\r(3)mg,BL)，再由左手定則可知，導(dǎo)體棒中電流的方向應(yīng)垂直紙面向里，故只有選項(xiàng)C正確。]帶電粒子在洛倫茲力作用下的多解問(wèn)題1.帶電粒子的電性不確定形成多解受洛倫茲力作用的帶電粒子，可能帶正電，也可能帶負(fù)電，當(dāng)粒子具有相同速度時(shí)，正負(fù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡不同，導(dǎo)致多解。如圖所示，帶電粒子以速率v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若帶正電，其軌跡為a；若帶負(fù)電，其軌跡為B.2．磁場(chǎng)方向的不確定形成多解磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，如果題述條件只給出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，而未說(shuō)明磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，則應(yīng)考慮因磁場(chǎng)方向不確定而導(dǎo)致的多解。如圖所示，帶正電的粒子以速率v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若B垂直紙面向里，其軌跡為a，若B垂直紙面向外，其軌跡為B.3．臨界狀態(tài)不唯一形成多解帶電粒子在洛倫茲力作用下飛越有界磁場(chǎng)時(shí)，由于粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是圓弧狀，因此，它可能穿過(guò)去了，也可能轉(zhuǎn)過(guò)180°從入射面邊界反向飛出，如圖所示，于是形成了多解。4．運(yùn)動(dòng)的往復(fù)性形成多解帶電粒子在部分是電場(chǎng)、部分是磁場(chǎng)的空間運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)往往具有往復(fù)性，從而形成多解，如圖所示。【例2】在x軸上方有勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E，在x軸下方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向如圖所示。在x軸上有一點(diǎn)M，離O點(diǎn)距離為l，現(xiàn)有一帶電荷量為＋q的粒子，從靜止開(kāi)始釋放后能經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，求如果此粒子在y軸上靜止釋放，其坐標(biāo)應(yīng)滿足什么關(guān)系？(重力忽略不計(jì))。[解析]要使帶電粒子從靜止釋放后能運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，必須把粒子放在電場(chǎng)中A點(diǎn)先加速才行，當(dāng)粒子經(jīng)加速以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)后，只受洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)半周后到達(dá)B點(diǎn)，再做減速運(yùn)動(dòng)，上升到與A點(diǎn)等高處，再返回做加速運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)后又以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，半徑與前者相同，以后重復(fù)前面的運(yùn)動(dòng)，從圖中可以看出，要想經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，OM距離應(yīng)為直徑的整數(shù)倍，即滿足2R·n＝OM＝l(n＝1，2，3…)。 ①R＝eq\f(mv,qB) ②Eq·y＝eq\f(1,2)mv2 ③聯(lián)立①②③可得：y＝eq\f(B2l2q,8n2mE)(n＝1、2、3…)[答案]見(jiàn)解析[一語(yǔ)通關(guān)]求解帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)多解問(wèn)題的技巧(1)分析題目特點(diǎn)，確定題目多解性形成原因。(2)作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖(全面考慮多種可能性)。(3)若為周期性重復(fù)的多解問(wèn)題，尋找通項(xiàng)式，若是出現(xiàn)幾種解的可能性，注意每種解出現(xiàn)的條件。2．(多選)一質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)電荷在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞固定的正電荷沿固定的光滑軌道做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若磁場(chǎng)方向垂直于它的運(yùn)動(dòng)平面，且作用在負(fù)電荷上的電場(chǎng)力恰好是磁場(chǎng)力的三倍，則負(fù)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度可能是()A.eq\f(4qB,m) B.eq\f(3qB,m)C.eq\f(2qB,m) D.eq\f(qB,m)AC[依題中條件“磁場(chǎng)方向垂直于它的運(yùn)動(dòng)平面”，磁場(chǎng)方向有兩種可能，且這兩種可能方向相反。在方向相反的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由左手定則可知負(fù)電荷所受的洛倫茲力的方向也是相反的。當(dāng)負(fù)電荷所受的洛倫茲力與電場(chǎng)力方向相同時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知4Bqv＝meq\f(v2,R)，得v＝eq\f(4BqR,m)，此種情況下，負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的角速度為ω＝eq\f(v,R)＝eq\f(4Bq,m)；當(dāng)負(fù)電荷所受的洛倫茲力與電場(chǎng)力方向相反時(shí)，有2Bqv′＝meq\f(v′2,R′)，v′＝eq\f(2BqR′,m)，此種情況下，負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的角速度為ω′＝eq\f(v′,R′)＝eq\f(2Bq,m)，選項(xiàng)A、C正確。]帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)兩種場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)：(1)在電場(chǎng)中①當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)方向與電場(chǎng)方向平行時(shí)，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)；②當(dāng)粒子垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)(類平拋運(yùn)動(dòng))。(2)在磁場(chǎng)中①當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向一致時(shí)，不受洛倫茲力作用，做勻速直線運(yùn)動(dòng)；②當(dāng)粒子垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)?！纠?】如圖所示，在y>0的區(qū)域存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E；在y<0的區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)氕核eq\o\al(1,1)H和一個(gè)氘eq\o\al(2,1)H先后從y軸上y＝h點(diǎn)以相同的動(dòng)能射出，速度方向沿x軸正方向。已知eq\o\al(1,1)H進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標(biāo)原點(diǎn)O處第一次射出磁場(chǎng)。eq\o\al(1,1)H的質(zhì)量為m，電荷量為q。不計(jì)重力。求：(1)eq\o\al(1,1)H第一次進(jìn)入磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)O的距離；(2)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)大??；(3)eq\o\al(2,1)H第一次離開(kāi)磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)O的距離。[解析](1)eq\o\al(1,1)H在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。設(shè)eq\o\al(1,1)H在電場(chǎng)中的加速度大小為a1，初速度大小為v1，它在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，第一次進(jìn)入磁場(chǎng)的位置到原點(diǎn)O的距離為s1。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有s1＝v1t1 ①h＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,1) ②由題給條件，eq\o\al(1,1)H進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度的方向與x軸正方向夾角θ1＝60°。eq\o\al(1,1)H進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度的y分量的大小為a1t1＝v1tanθ1 ③聯(lián)立以上各式得s1＝eq\f(2\r(3),3)h。 ④(2)eq\o\al(1,1)H在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律有qE＝ma1 ⑤設(shè)eq\o\al(1,1)H進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度的大小為v′1，由速度合成法則有v′1＝eq\r(veq\o\al(2,1)＋（a1t1）2) ⑥設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，eq\o\al(1,1)H在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓軌道半徑為R1，由洛倫茲力公式和牛頓第二定律有qv′1B＝eq\f(mv′eq\o\al(2,1),R1) ⑦由幾何關(guān)系得s1＝2R1sinθ1 ⑧聯(lián)立以上各式得B＝eq\r(\f(6mE,qh))。 ⑨(3)設(shè)eq\o\al(2,1)H在電場(chǎng)中沿x軸正方向射出的速度大小為v2，在電場(chǎng)中的加速度大小為a2，由題給條件得eq\f(1,2)(2m)veq\o\al(2,2)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1) ⑩由牛頓第二定律有qE＝2ma2 ?設(shè)eq\o\al(2,1)H第一次射入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v′2，速度的方向與x軸正方向夾角為θ2，入射點(diǎn)到原點(diǎn)的距離為s2，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有s2＝v2t2 ?h＝eq\f(1,2)a2teq\o\al(2,2) ?v′2＝eq\r(veq\o\al(2,2)＋（a2t2）2) ?sinθ2＝eq\f(a2t2,v′2) ?聯(lián)立以上各式得s2＝s1，θ2＝θ1，v′2＝eq\f(\r(2),2)v′1 ?設(shè)eq\o\al(2,1)H在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R2，由⑦?式及粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式得R2＝eq\f(（2m）v′2,qB)＝eq\r(2)R1 ?所以出射點(diǎn)在原點(diǎn)左側(cè)。設(shè)eq\o\al(2,1)H進(jìn)入磁場(chǎng)的入射點(diǎn)到第一次離開(kāi)磁場(chǎng)的出射點(diǎn)的距離為s′2，由幾何關(guān)系有s′2＝2R2sinθ2 ?聯(lián)立④⑧???式得，eq\o\al(2,1)H第一次離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的位置到原點(diǎn)O的距離為s′2－s2＝eq\f(2\r(3),3)(eq\r(2)－1)h。 ?[答案]見(jiàn)解析[一語(yǔ)通關(guān)]關(guān)于帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，應(yīng)借助示意圖把物理過(guò)程劃分為幾個(gè)階段，考慮每個(gè)階段的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)和所遵循的規(guī)律，同時(shí)要充分考慮幾何知識(shí)的靈活運(yùn)用。3．在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ＝60°角射入磁場(chǎng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場(chǎng)，如圖所示。不計(jì)粒子重力，求：(1)M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；(2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r；(3)粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t。[解析](1)設(shè)粒子過(guò)N點(diǎn)時(shí)的速度為v，有eq\f(v0,v)＝cosθ，得v＝2v0粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中有qUMN＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)解得UMN＝eq\f(3mveq\o\al(2,0),2q)。(2)如圖所示，粒子在磁場(chǎng)中以O(shè)′為圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為O′N，有qvB＝eq\f(mv2,r)，解得r＝eq\f(2mv0,qB)。(3)由幾何關(guān)系得ON＝rsinθ設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，有ON＝v0t1，解得t1＝eq\f(\r(3)m,qB)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T＝eq\f(2πm,qB)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，有t2＝eq\f(π－θ,2π)T，解得t2＝eq\f(2πm,3qB)則粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t＝t1＋t2＝eq\f(（3\r(3)＋2π）m,3qB)。[答案](1)eq\f(3mveq\o\al(2,0),2q)(2)eq\f(2mv0,qB)(3)eq\f(（3\r(3)＋2π）m,3qB)帶電粒子在疊加場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)1.帶電粒子在疊加場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的基本性質(zhì)(1)勻速直線運(yùn)動(dòng)：若帶電粒子所受合外力為零，它將處于靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)；(2)勻速圓周運(yùn)動(dòng)：若帶電粒子所受合外力只充當(dāng)向心力，它將做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；(3)勻變速運(yùn)動(dòng)：若帶電粒子所受合外力恒定，它將做勻變速運(yùn)動(dòng)；(4)非勻變速運(yùn)動(dòng)：若帶電粒子所受合外力不恒定，它將做非勻變速運(yùn)動(dòng)。2．帶電體所受重力、靜電力與洛倫茲力的性質(zhì)各不相同，做功情況也不同，應(yīng)予以區(qū)別。大小方向做功特點(diǎn)做功大小重力mg豎直向下與路徑無(wú)關(guān)，只與始、末位置的高度差有關(guān)W＝mgh靜電力qE與電場(chǎng)方向相同或相反與路徑無(wú)關(guān)，只與始、末位置的電勢(shì)差有關(guān)W＝qU洛倫茲力v∥B，則f＝0v⊥B，則f＝qvB由左手定則判定不做功0【例4】在如圖所示的空間中存在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和沿x軸負(fù)方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)子(電荷量為e)在該空間恰沿y軸正方向以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，據(jù)此可以判斷出()A．質(zhì)子所受的靜電力大小等于eE，運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能減??；沿z軸正方向電勢(shì)升高B．質(zhì)子所受的靜電力大小等于eE，運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能增大；沿z軸正方向電勢(shì)降低C．質(zhì)子所受的靜電力大小等于evB，運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變；沿z軸正方向電勢(shì)升高D．質(zhì)子所受的靜電力大小等于evB，運(yùn)動(dòng)中電勢(shì)能不變；沿z軸正方向電勢(shì)降低C[磁場(chǎng)沿x軸負(fù)方向，質(zhì)子受到的洛倫茲力沿著z軸正方向，因質(zhì)子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)子所受到的靜電力與洛倫茲力等大反向，電場(chǎng)強(qiáng)度必然沿著z軸負(fù)方向，否則質(zhì)子不可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)。這樣質(zhì)子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程所受到靜電力的大小為eE＝evB，電勢(shì)能不變。電場(chǎng)強(qiáng)度沿著z軸負(fù)方向，所以沿著z軸正方向電勢(shì)升高。綜上所述選項(xiàng)C正確。][一語(yǔ)通關(guān)]帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的處理方法(1)首先要弄清復(fù)合場(chǎng)的組成。其次，要正確地對(duì)帶電粒子進(jìn)行受力分析和運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析。在進(jìn)行受力分析時(shí)要注意洛倫茲力方向的判定方法——左手定則。在分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程時(shí)，要特別注