2022屆廣東省高三新高考選擇性考試物理試題（二） 附解析

2022屆高三廣東省新高考選擇性考試物理試題（二）

本試卷16小題共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘

一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一

項(xiàng)是符合題目要求的。

1.如圖是氫原子從〃=3、4、5、6能級(jí)躍遷到〃=2能級(jí)時(shí)輻射的四條光譜線中，頻率從大到小列第三位

的是（）

D.&

【1題答案】

【答案】B

【解析】

【詳解】由圖可知，從〃=4能級(jí)躍遷到〃=2能級(jí)時(shí)輻射的譜線能量第三大，因此頻率列第三位，即Hp,

ACD錯(cuò)誤，B正確。

故選B。

2.如圖所示，一只螞蟻沿著向下彎成弧面的樹(shù)葉從A經(jīng)3緩慢爬到C的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是

B.樹(shù)枝對(duì)螞蟻的作用力先減小后增大

C.樹(shù)枝對(duì)螞蟻的摩擦力先減小后增大

D.樹(shù)枝對(duì)螞蟻的摩擦力先增大后減小

【2題答案】

【答案】C

【解析】

【詳解】AB.樹(shù)枝對(duì)螞蟻?zhàn)饔昧词菢?shù)枝對(duì)螞蟻的支持力和摩擦力的合力，與螞蟻的重力是一對(duì)平衡力,

由于重力總豎直向下，故這個(gè)合力也豎直向上，大小不變。A、B錯(cuò)誤；

CD.緩慢相當(dāng)于動(dòng)態(tài)平衡，有

f=mgsin0

從A經(jīng)3,隨著。的減小，摩擦力先減?。簭?經(jīng)C,隨著。的增大，摩擦力再增大。C正確，D錯(cuò)誤；

故選C。

3.如圖所示，水平面內(nèi)光滑的平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，左端接電阻R,導(dǎo)軌上靜止放有一金屬棒。正

方形虛線框內(nèi)有豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為3的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該磁場(chǎng)正以速度丫勻速向右移動(dòng)，則（）

A.電阻R兩端的電壓恒為

B.電阻/?中有從。向力的電流

C.導(dǎo)體棒以速度v向左運(yùn)動(dòng)

D.導(dǎo)體棒也向右運(yùn)動(dòng)，只是速度比v小

【3題答案】

【答案】D

【解析】

【詳解】CD.根據(jù)楞次定律，磁場(chǎng)正以速度u勻速向右移動(dòng)，磁通量減小，則導(dǎo)體棒也向右運(yùn)動(dòng)，阻礙磁

通量的減小，但由于要產(chǎn)生感應(yīng)電流，棒的速度比u小，C錯(cuò)誤，D正確；

B.由此可認(rèn)為磁場(chǎng)不動(dòng)棒向左切割，感應(yīng)電流方向從方向。流過(guò)R,B錯(cuò)誤；

A.產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小看棒與磁場(chǎng)的相對(duì)速度，故電阻/?兩端的電壓小于BLu,A錯(cuò)誤。

故選Do

4.如圖所示，宇宙中一對(duì)年輕的雙星，在距離地球16萬(wàn)光年的蜘蛛星云之中。該雙星系統(tǒng)由兩顆熾熱又

明亮的大質(zhì)量恒星構(gòu)成，二者圍繞連接線上中間某個(gè)點(diǎn)旋轉(zhuǎn)。通過(guò)觀測(cè)發(fā)現(xiàn)，兩顆恒星正在緩慢靠近。不

計(jì)其他天體的影響，且兩顆恒星的質(zhì)量不變。則以下說(shuō)法中正確的是（）

A.雙星之間引力變大

B.每顆星的加速度均變小

C.雙星系統(tǒng)周期逐漸變大

D.雙星系統(tǒng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變大

【4題答案】

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式F=G必會(huì)知，兩顆恒星正在緩慢靠近，則雙星之間引力變大，A正

r

確；

m?27.

B.對(duì)叫星，q=Gg,對(duì)加2星，4=G寸，每顆星的加速度均變大，B錯(cuò)誤；

C.由雙星系統(tǒng)的兩顆星的周期相等，萬(wàn)有引力提供向心力，可以得到

_Ginm

-F-r2

4兀2Gmtm2

R]+R）=r

整理得到

5

T9Ir

T=2TV\---------------

vG（m,+咫）

知雙星系統(tǒng)周期變小，C錯(cuò)誤；

27

D.由0=下，知轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變大，D正確。

故選AD。

5.如圖所示，兩個(gè)等量負(fù)點(diǎn)電荷固定于P、Q兩點(diǎn),正方形abed為垂直尸、Q連線的平面，e、/分別

是ad、0c的中點(diǎn).。點(diǎn)正好是PQ和考■連線的中點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是（）

P

A.。、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同

B.e、/兩點(diǎn)電勢(shì)相等

C.abed是一個(gè)等勢(shì)面

D.將一正電荷由e點(diǎn)移動(dòng)到一點(diǎn)，電勢(shì)能先增加后減小

【5題答案】

【答案】B

【解析】

【詳解】A.。、〃兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤;

B.e、/?兩點(diǎn)為尸。連線的中垂線對(duì)稱點(diǎn)，根據(jù)等量同種電荷電場(chǎng)線的分布，可確定e、/兩點(diǎn)電勢(shì)相

等，故B正確；

C.在aAcd組成的平面上，電場(chǎng)方向由0點(diǎn)指向平面上各點(diǎn)，根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可知,

abed組成的平面上電勢(shì)不是處處相等，因此，?？沽M成的平面不是等勢(shì)面，故C錯(cuò)誤；

D.將一正電荷由e點(diǎn)移動(dòng)到了點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，則電勢(shì)能先減小后增大，故D錯(cuò)誤。

故選Bo

6.如圖所示為一名同學(xué)“立定跳遠(yuǎn)”的頻閃照片。對(duì)這位同學(xué)的物理分析正確的是（）

A.跳遠(yuǎn)過(guò)程可以看作質(zhì)點(diǎn)

B.跳起至落到沙坑過(guò)程中動(dòng)量先增大后減小

C.跳起至落到沙坑過(guò)程中重力勢(shì)能先增大后減小

D.落到沙坑后沙坑作用力的沖量小于重力的沖量

【6題答案】

【答案】C

【解析】

【詳解】A.跳遠(yuǎn)過(guò)程的動(dòng)作要細(xì)致分析，故該同學(xué)不可視為質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤：

B.跳出時(shí)的速度是最大的，之后過(guò)程中受到重力和空氣阻力作用，動(dòng)量會(huì)減小，在最高點(diǎn)時(shí)動(dòng)量最小,

下落過(guò)程動(dòng)量會(huì)增大，故動(dòng)量先減小后增大，B錯(cuò)誤；

C.由于跳出后先上升后下降，故重力勢(shì)能先增大后減小，C正確；

D.人的腳落入沙坑之后做減速運(yùn)動(dòng)，故沙坑對(duì)人作用力的沖量大于重力的沖量，D錯(cuò)誤。

故選C。

7.如圖甲所示為電容器的充電電路，先將可變電阻R的阻值調(diào)為凡，閉合開(kāi)關(guān)S,電容器所帶電荷量9

隨時(shí)間「變化的關(guān)系圖像如圖乙實(shí)線①所示。然后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，先使電容器放電完畢，再把R的阻值調(diào)為

%（6＞接著重復(fù)前面的操作，得到如圖乙實(shí)線②所示圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

B.電容器充電過(guò)程，充電電流不斷增加

C.電容器充電過(guò)程，電容器的電容不斷增加

D.增大可變電阻的阻值對(duì)電容器充電更快完成

【7題答案】

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.電容器充電過(guò)程，q=It,圖線斜率視為電流，可知充電電流不斷減小，A正確,B錯(cuò)誤；

C.電容器的電容是電容本身的屬性，電容不變，C錯(cuò)誤；

D.增大可變電阻的阻值對(duì)電容器充電更加平緩，充電時(shí)間更長(zhǎng)，D錯(cuò)誤。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多

項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

8.假想這樣一個(gè)情境：一輛理想小車(chē)沿地球赤道行駛（如圖所示），將地球看作一個(gè)巨大拱形橋，橋面

的半徑就是地球的半徑，小車(chē)重力G=mg,用時(shí)表示地面對(duì)它的支持力。忽略空氣阻力，若小車(chē)

A.緩慢行駛時(shí)，則氏=0

B.速度越大時(shí)，則/越大

C.速度足夠大時(shí)，則駕駛員將處于失重狀態(tài)

D.速度達(dá)到7.9km/s時(shí)，將離開(kāi)地面成為地球的衛(wèi)星

【8題答案】

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.小車(chē)沿地球赤道行駛，做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有

V'

mg-FN—

A

即

2

_V

&=mg-m—

K

汽車(chē)緩慢行駛時(shí)，V接近于零，故

G=mg

A錯(cuò)誤；

B.速度越大，時(shí)越小，B錯(cuò)誤；

C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中

/＜感

故小車(chē)處于失重狀態(tài)，速度足夠大時(shí)

氐=。

駕駛員處于完全失重狀態(tài)，C正確；

D.當(dāng)

8=0

時(shí)，小車(chē)將離開(kāi)地面，此時(shí)有

V2

m2-m一

R

即

v=y[gR=7.9km/s

D正確。

故選CD。

9.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓q和輸電線的電阻、理想變壓器匝數(shù)均不變，且

勺：%=〃4：〃3。下列表述正確的是（）

B.若用戶總電阻增大，Ut:U2^U4:U3

C.用戶的功率增大時(shí)，輸電線消耗功率增加

D.用戶的功率增大時(shí)，發(fā)電機(jī)的輸出功率減小

【9題答案】

【答案】AC

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)變壓器原理可得

U]：%="：”2，仇：04=〃3：”4

又由于已知

:n2=%:%

聯(lián)立可得

%：。2=04：4

與用戶用電情況沒(méi)有關(guān)系，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)用戶的功率增大時(shí)，用電器增多，總電阻減小。降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增

大，可知輸電線上的消耗功率增加，發(fā)電機(jī)的輸出功率等于輸電線消耗功率與用戶的功率之和，因此，發(fā)

電機(jī)的輸出功率增加，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

10.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定的光滑軌道中，豎直、8到C的圓軌道半徑為2R，d到e的圓軌道半

徑為R,這兩個(gè)圓軌道的圓心。與匕點(diǎn)等高，一小滑塊從。點(diǎn)貼著?！ㄓ伸o止釋放，下列說(shuō)法正確的是

)

口

b

A.如果小滑塊不會(huì)脫離軌道，則。〃高度不能小于2.5R

B.如果小滑塊不會(huì)脫離軌道，則高度不能小于3.0R

C.小滑塊在d點(diǎn)對(duì)軌道的壓力小于在c點(diǎn)對(duì)軌道的壓力

D.小滑塊在經(jīng)過(guò)e點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力不可能等于零

【10題答案】

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.如果小滑塊不會(huì)脫離軌道，則過(guò)。點(diǎn)速度

從釋放到c點(diǎn)由動(dòng)能定理

1,

mg(〃-2R)=5m\r.-0

得a。高度不能小于3R,A錯(cuò)誤，B正確；

C.根據(jù)牛頓第二定律，在d點(diǎn)

FM=m^+m8

K

在c點(diǎn)

五3mMmg

%>匕

^Nd>^Nc

根據(jù)牛頓第三定律，小滑塊在d點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大于在c點(diǎn)對(duì)軌道的壓力，C錯(cuò)誤；

D.小滑塊在經(jīng)過(guò)e點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力不可能等于零，D正確。

故選BD。

三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，考生都必須作答。第15、16題為選考題,

考生根據(jù)要求作答。

11.采用如圖a所示電路測(cè)量一個(gè)線圈的長(zhǎng)度，該線圈的阻值約為200。

圖a圖b

(1)要求測(cè)量的誤差較小，且電壓表、電流表的測(cè)量范圍較大，請(qǐng)把圖中未連接完整的線路連接完整;

()

(2)用螺旋測(cè)微器測(cè)量這個(gè)線圈的銅絲直徑，如圖b所示，則可讀得mm；

(3)若該銅絲的電阻率為。，直徑為d，電阻為A,則計(jì)算線圈長(zhǎng)度表達(dá)式為L(zhǎng)=o

【11題答案】

【解析】

【詳解】(1)[1]由于被測(cè)銅絲的電阻小，故采用電流表外接法，由于要求電壓表、電流表的測(cè)量范圍較大,

滑動(dòng)變阻器必須采用分壓式連接法。而電壓表的量程選擇3V就好，如圖所示

(2)[2]螺旋測(cè)微器讀數(shù)為

0.5mm+0.01x19.5mm=0.695mm

(3)[3]根據(jù)

?L

R=p—

S

7id~

3c-------

4

得

兀d?R

TL=-------

4夕

12.在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，小王用如圖1所示的裝置，其中重物質(zhì)量為0.2kg,交流電頻率

為50Hz。

（1）為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，對(duì)體積和形狀相同的重物，實(shí)驗(yàn)時(shí)選擇密度大的，理由是

（2）讓重物從靜止開(kāi)始下落，打出一條清晰的紙帶，其中的一部分如圖2所示。。點(diǎn)為第一個(gè)點(diǎn)，A、

B、C和。為4個(gè)連續(xù)的點(diǎn)。從刻度尺讀得：%B=23.30cm,x0c=27.90cm,%D=

cm；

IP.SID

叫i叩甲i叫叫叩人叩lyi叩up叩叩叩甲甲u(yù)p叩啊||,叩111叩弓||甲1|叩iiyiy叩|1|叩|啊i叩,I

01cm2319202122232425262728293031323334

圖2

（3）已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取9.80m/s2,則從。點(diǎn)到。點(diǎn)，重物的重力勢(shì)能變化量的絕對(duì)值kb/=

J、C點(diǎn)的動(dòng)能耳c=J（計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）。比較Ekc與|%|的大

小，出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是（選序號(hào)）

A.工作電壓偏高

B.存在空氣阻力和摩擦力

C.接通電源前釋放了紙帶

【12題答案】

【答案】①.阻力與重力之比更小(或其他合理解釋)②.33.00③.0.5470.588⑤.

C

【解析】

【詳解】(1)口]為了減小誤差，要求保持體積和形狀相同，此時(shí)如果密度越大，則對(duì)應(yīng)的質(zhì)量也越大，此

時(shí)受到的重力也越大，相同體積和形狀下，阻力與重力之比更??；

(2)[2]XOB=23.30cm,x0c=27.90cm,根據(jù)勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律，xOD=33.00cmo

(3)[3]由于重物的質(zhì)量為200g,因此受到的重力為

G=mg=200gx9.80m/s2=0.2kgx9.80m/s2=1.96N

則加速度即為重力加速度，由于交流電頻率為50Hz,因此打點(diǎn)的周期為0.02s,因此從。點(diǎn)到C點(diǎn)讀圖可

得

〃=27.90cm=0.2790m

因此有重力勢(shì)能變化量的絕對(duì)值為

IV切|=卜四〃卜0.5471

[4]由平均速度公式

-x

v=—

因此可以得到8。段的平均速度分別為

(33.00-23.35)cm

=2.415m/s

0.04s

由于C點(diǎn)為B。段時(shí)間中點(diǎn)，因此速度近似等于8。平均速度，可得在C點(diǎn)的對(duì)應(yīng)速度為

vc=2.415m/s

因此有

2

Ekc=^mvc?0.583J

重物的重力勢(shì)能變化量的絕對(duì)值

mg%=0.2x9.8x27.90x10-2J=0.547J

C點(diǎn)的速度大小

vc="迎=(33.00-23.30)x1。2m=*m/s

2T2x0.02s

則重物經(jīng)過(guò)。點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能

-mvc=-x0.2x2.4252J?0,588J.

2c2

[5]由于在C點(diǎn)的動(dòng)能大于從。點(diǎn)到C點(diǎn)的重力勢(shì)能變化量，因此可以判斷在接通電源前即釋放了紙帶，

C正確，AB錯(cuò)誤。

故選Co

13.如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為4m的小球（視為質(zhì)點(diǎn)），從高度為"的A點(diǎn)由靜止釋放，沿光滑曲線軌道到最

低點(diǎn)8處與質(zhì)量為旭的另一個(gè)小球發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間極短，且碰后粘在一起進(jìn)入兩個(gè)半徑均為

R=0.4m的光滑圓管，恰好能通過(guò)圓管最高點(diǎn)C。在離開(kāi)C進(jìn)入與水平線成60°的固定的氣墊導(dǎo)軌的頂

端時(shí)，立即接通氣墊導(dǎo)軌的電源，給小球一個(gè)方向垂直于氣墊導(dǎo)軌平面、大小品5加g的恒定風(fēng)力。不

計(jì)空氣阻力，g取lOm/s?。求：

（1）高度H；

（2）小球到達(dá)水平線時(shí)的速度大小。

【13題答案】

【答案】（1）〃=1.25m；（2）vE=4m/s

【解析】

【詳解】小球從A釋放滑到最低點(diǎn)的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有

12

4mgH=—x4mv[-0

兩球在B處發(fā)生完全非彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

4加匕=（4〃2+/〃）口2

兩球恰好滑到C點(diǎn)速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理有

-5mg-2/?=0——x5mv；

聯(lián)立解得

〃=1.25m

(2)兩球在離開(kāi)C后它受到的力如圖所示,由于耳a=5〃?g,且它們的夾角等于120°，根據(jù)力的平行四

邊形定則，可得合力的大小

”=5mg

方向與重力的夾角成60°，如圖所示

設(shè)小球到達(dá)水平線的點(diǎn)為E,其速度為蚱，從。到后的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有

R12

=-5/nv.-0

cos60°2E

解得

vE=4m/s

14.如圖所示，真空中有一回旋加速器，其兩金屬D形盒的半徑為1.5R,左盒接出一個(gè)水平向右的管道，

管道右邊緊連一垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為&、半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，距離磁場(chǎng)右邊界0.2R處有

一長(zhǎng)度為2.4GR的熒光屏。兩盒間距較小，加入一交流加速電壓；垂直于兩盒向上加入一磁感應(yīng)強(qiáng)度以

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)在盒的中心處由靜止釋放一比荷為￡的電子，經(jīng)過(guò)時(shí)間，電子便進(jìn)入水平向右的管道。已

m

知電子在電場(chǎng)中的加速次數(shù)與回旋半周的次數(shù)相同，加速電子時(shí)電壓的大小可視為不變。則：

(1)進(jìn)入圓形磁場(chǎng)的電子獲得的速度為多大？

(2)此加速器的加速電壓。為多大？

(3)如果電子不能打出熒光屏之外，那么5必須符合什么條件？

熒

光

屏

次

案】

題答

【14

>

七

5叫

)2.2

;(

邛

)—

】(1

【答案

2

(3)

1.5

It

m

】

【解析

，有

定律

第二

牛頓

根據(jù)

時(shí)，

外層

盒最

D形

速至

子加

)電

】(1

【詳解

為

的速度

子獲得

場(chǎng)的電

圓形磁

得進(jìn)入

m

周期

(2)

271m

.5/?

2^1

_

---

---=

1—--

eB

v

}

為

速次數(shù)

甩子加

=型

2工

〃=

im

TT

有

能定理

根據(jù)動(dòng)

2

1

,,

v~

=—m

n-eU

2

為

速電壓

器的加

得加速

2

4H2

2.25萬(wàn)

v

,,m

-----

-------

---=--

U=--

2t

2ne

得

此可

，由