2021屆浙江省紹興市上虞區(qū)高考物理二模試卷附答案詳解

2021屆浙江省紹興市上虞區(qū)高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.下列單位屬于國際單位制中基本單位的是（）

A.牛頓B.米C.米/秒D.米/秒2

2.質(zhì)點做直線運動的位移x和時間的平方戶的關(guān)系圖象如圖所示，則該質(zhì)

點（）

A.加速度為Ini/s?

B.前2s的位移是2m

C.第2s內(nèi)的平均速度為2M/S

D.Is末的速度是2m/s

3.下列關(guān)于勻速圓周運動的說法正確的是（）

A.勻速圓周運動的物體是處于平衡狀態(tài)

B.勻速圓周運動是一種勻速運動

C.勻速圓周運動是一種勻變速曲線運動

D.勻速圓周運動是一種速度和加速度都不斷改變的運動

4.下列說法中正確的有（）

A.在a、0、y三種射線中，a射線的穿透力最強

B.盧瑟福的a粒子散射實驗結(jié)果表明了原子核的存在

C.放射性元素的半衰期是由其原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，但容易受外界因素的影響

D.電磁感應(yīng)現(xiàn)象最早是由奧斯特發(fā)現(xiàn)的

圖中理想變壓器的匝數(shù)叫：n2：的=3：1：2,人、L2.L3是三

個相同的燈泡，口的功率為P,不考慮燈泡電阻的變化.則5、5

的功率分別是（）

4

A.P、4PB.9P、36PC.；P、4PD.

2525

6.下列關(guān)于萬有引力定律的說法中正確的是（）

A.萬有引力定律是卡文迪許在總結(jié)前人研究的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的

B.公式F=G但警中的G是一個比例常數(shù)，是沒有單位的

C.公式尸=G爐中的r是指兩個質(zhì)點間的距離或兩個均勻球體的球心間的距離

D.由F=G號可知，當距離r趨向于0時，F(xiàn)趨向于無窮大

7.為了增大LC振蕩電路的固有頻率，下列辦法中可采取的是（）

A.增大電容器兩極板的正對面積并在線圈中放入鐵芯

B.減小電容器兩極板的距離并增加線圈的匝數(shù)

C.減小電容器的兩極板的距離并在線圈中放入鐵芯

D.減小電容器兩極板的正對面積并減少線圈的匝數(shù)

8.如圖所示，質(zhì)量為m=13的小球從4點水平拋出，恰好垂直撞

在水平面上半圓形軌道的B點，已知h=1.6m,R=lm,6=370,

g=10m/s2,則下列說法不正確的是（）

A.半圓形軌道的圓心與4點的水平距離為2zn

B.小球平拋的初速度為3m/s

C.小球到B點時重力的瞬時功率為40w

D.若只調(diào)整4點的豎直高度，其他條件不變，則H＞爰m時，小球能夠越過半圓軌道

9.甲、乙兩輛汽車沿著公路做勻變速直線運動，其中甲的加速度是2m/s2,乙的加速度是-5m/s2.

根據(jù)已知條件可知（）

A.甲的加速度小于乙的加速度

B.甲的運動方向與乙的運動方向相反

C.甲的速度變化量小于乙的速度變化量

D.相等時間內(nèi)，甲的位移小于乙的位移

10.如圖所示，長直導線旁邊同一平面內(nèi)有一矩形線圈abed,導線中通有豎直向上

的電流。下列操作瞬間，能在線圈中產(chǎn)生沿adeba方向電流的是（）

A.線圈向右平動

B.線圈豎直向下平動

C.線圈以ab邊為軸轉(zhuǎn)動

D.線圈向左平動

11.如圖所示，4、B是兩個帶電小球，質(zhì)量相等，4球用絕緣細線懸掛于。點，4、B球

用絕緣細線相連，兩細線長度相等，整個裝置處于水平向右的勻強電場中，平衡

時B球恰好處于。點正下方，。4和4B繩中拉力大小分別為To%和圖B。貝式）

A.兩球的帶電量相等

B.TOA=2TAB

C.增大場強，B球上移，仍在。點正下方

D.增大場強，B球左移，在。點正下方的左側(cè)

12.某透明介質(zhì)的橫截面為半圓，一束平行單色光線垂直于半圓的直徑射入透明|||||||

介質(zhì)，如圖所示，在半圓弧上恰好有一半的弧長有光透出。則透明介質(zhì)的折射

率為（）

A.3B.2C.V3D.V2

13.兩個相同的金屬小球可視為點電荷，所帶電量之比為1：7,同為正電荷.在真空中相距為r,把

它們接觸后再放回原處，則它們間的靜電力為原來的（）

二、多選題（本大題共3小題，共6.0分）

14.如圖為一圓柱型中空玻璃管，管內(nèi)徑為％,外徑為/?2，玻璃相對空

氣的折射率為一細束黃色光線在圓柱橫截面內(nèi)射向玻璃管上的4

點，入射角為i。為保證在內(nèi)壁處光不會進入中空部分，下列說法正

確的是（）

A.若i=45。，為保證光不從內(nèi)壁進入中空部分，可以等于

B.若i=45。，為保證光不從內(nèi)壁進入中空部分，/?2不能大于企￡

C.若將黃光換成藍光，改變i,使藍光沿黃光的折射路徑到達玻璃管內(nèi)壁，當&等于夜％時，

藍光也不會射入中空部分

D.若此等于2壇，為保證光不從內(nèi)壁進入中空部分，則i230。

E.若/?2等于2%，玻璃相對空氣的折射率變?yōu)?/3,為保證光不從內(nèi)壁進入中空部分，貝人237。

15.下列說法正確的是（）

圖102

A.如圖1所示，光電效應(yīng)中光電子的最大初動能見與入射光頻率v成正比

B.如圖1所示，對同一種金屬而言，Ek僅與v有關(guān)

C.圖2是用同一光電管研究a、b兩種單色光產(chǎn)生的光電效應(yīng)，由圖可知a光光子的頻率小于b光

光子的頻率

D.已知某單色光的波長為4,在真空中光速為c,普朗克常量為兒則該單色光的光子￡值為竽

E.發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光越強，光子的能量就越大，光電子的最大初動能就越大

16.下列說法正確的是（）

A.如果質(zhì)點所受的力與離平衡位置的位移大小的平方根成正比，且總是指向平衡位置，質(zhì)點的

運動就是簡諧運動

B.機械波的傳播速度僅由介質(zhì)決定，機械波的頻率僅由波源決定，在折射前后只改變波長和波

速，不改變頻率

C.向人體內(nèi)發(fā)射頻率已知的超聲波被血管中的血流反射后又被儀器接收，測出反射波的頻率就

能知道血流的速度，這種方法利用了多普勒效應(yīng)

D.麥克斯韋關(guān)于電磁場的兩個基本觀點是，變化的磁場產(chǎn)生變化的電場：變化的電場產(chǎn)生變化

的磁場

E.電磁波是橫波

三、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

17.為了探究機械能守恒定律，某同學設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，并提供了如下的實驗器材：

A.小車B.鉤碼C.一端帶滑輪的木板D.細線E.電火花打點計時器凡紙帶G.毫米刻度尺”.天平/.220U

(1)實驗中得到了一條紙帶如圖乙所示，選擇點跡清晰且便于測量的連續(xù)7個點(標號0?6),測出0到

1、2、3、4、5、6點的距離分別為%、d2>d3,d4.d5,d6,打點周期為T.則打點2時小車的

速度%=:若測得小車質(zhì)量為M、鉤碼質(zhì)量為m,打點1和點5時小車的速度分別用％、v5

表示，已知重力加速度為g,則驗證點1與點5間系統(tǒng)的機械能守恒的關(guān)系式可表示為o

22

(2)在實驗數(shù)據(jù)處理時，如果以三為縱軸，以d為橫軸，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)繪出三-d圖象，其圖線的斜率

表示的物理量的表達式為o

18.用圖甲、乙兩個電路分別測一個電壓表的內(nèi)電阻。部分備選器材數(shù)據(jù)如下:

待測電壓表V,量程31/,內(nèi)阻約為1K0；

電源電動勢為5人

電流表量程IChnA,內(nèi)阻未知，

電流表出,量程0.64，內(nèi)阻未知，

定值電阻&=1000,R2=5000,R3=1000。；

滑動變阻器=ion,R5=1000P,

(1)采用圖甲電路，從下面所列步驟中選出合理的步驟，按順序排列為。

a.將變阻器滑動觸頭移到b端，閉合電鍵；

h將變阻器滑動觸頭移到a端，閉合電鍵；

c保持滑動變阻器阻值不變，調(diào)電阻箱阻值使電壓表指針偏轉(zhuǎn)滿刻度一半，同時記下電阻箱阻值為&；

d.調(diào)滑動變阻器使電壓表指針偏轉(zhuǎn)滿刻度；

e.將電阻箱阻值調(diào)到零；

按上述步驟得出電壓表內(nèi)電阻的測量值等于,為減小誤差，滑動變阻器應(yīng)選o

(2)采用圖乙電路，要求兩表示數(shù)適當，能盡量多取數(shù)據(jù)，電流表應(yīng)選，定值電阻R應(yīng)選。

按所測U、/值畫出U-/圖線，得出圖線斜率為k,用斜率k和定值電阻R表示，測得電壓表內(nèi)阻

為。

(3)采用乙電路的實驗，請按乙電路將如圖丙實驗器材連成實驗電路。

四、計算題(本大題共4小題，共49.0分)

19.一輛警車停在公路邊值勤，警員突然發(fā)現(xiàn)從他旁邊以l(hn/s的速度勻速行駛的貨車嚴重超載，

他決定前去追趕，經(jīng)過7s后警車發(fā)動起來，并以2.5m/s2的加速度做勻加速運動，但警車的行駛

速度必須控制在108/an"以內(nèi).試求：

(1)警車在追趕貨車的過程中，兩車間的最大距離是多少；

(2)警車發(fā)動后要多長時間才能追上貨車.

20.2019年1月23日，藍色起源公司的NewS/iepard亞軌道飛行器完成2019年首次飛行試驗，最大

飛行高度達100km,最大速度達2880km"。發(fā)射過程可簡化為：火箭由靜止開始豎直向上勻

加速運動到80km的高度時，載人艙和火箭本體分離，分離后載人艙依靠慣性勻減速豎直上升到

最大高度。求：

(1)火箭豎直向上勻加速階段的加速度大?。?/p>

(2)若載人艙內(nèi)“測試假人”的質(zhì)量為60kg,則勻減速上升階段載人艙對“測試假人”的作用力大小;

(3)從火箭開始發(fā)射到載人艙上升到最大高度的總時間。

21.如圖甲，MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成0=37。角固定，M、P之間接電阻箱R,

導軌所在空間存在勻強磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應(yīng)強度為B=17,質(zhì)量為m的

金屬桿ab水平放置在軌道上，其接入電路的電阻值為r.現(xiàn)從靜止釋放桿ab,測得最大速度為%

改變電阻箱的阻值R,得到4n與R的關(guān)系如圖乙所示.已知軌距為L=2m,重力加速度g取，0m/s2,

軌道足夠長且電阻不計.求：

(1)R=0時回路中產(chǎn)生的最大電流的大小及方向;

(2)金屬桿的質(zhì)量m和阻值r；

(3)當R=4。時，若ab桿由靜止釋放至達到最大速度的過程中，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為Q=8/,求該

過程中ab桿下滑的距離X及通過電阻R的電量q.

22.如圖所示，在xOy坐標平面的第一象限內(nèi)有一沿y軸正方向的勻強電場，在第四象限內(nèi)有一垂直

于平面向內(nèi)的勻強磁場，現(xiàn)有一質(zhì)量為小帶電量為-q的粒子C重力不計)從電場中坐標為(3D)

的P點與支軸負方向相同的速度"o射入，從。點與y軸正方向成45。夾角射出，求：

(1)畫出粒子運動的軌跡，求粒子進入磁場時的速度大小;

(2)求勻強電場的場強E,若粒子由Q點射入磁場求出粒子在電場中運動的水平距離與；

(3)求出粒子在磁場中運動的軌道半徑和時間。

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：牛頓、米/秒、特斯拉、米/秒2都是國際單位制中的導出單位，米是國際單位制中基本單

位。故B正確，4、C、O錯誤。

故選：B。

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量.分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質(zhì)

的量.它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關(guān)系式推到出來的物理量的單

位叫做導出單位.

國際單位制規(guī)定了七個基本物理量和七個基本單位，這七個基本物理量和基本單位分別是哪些，需

要同學們自己記住的.

2.答案：D

解析：

根據(jù)x和時間平方尸的關(guān)系圖象寫出函數(shù)關(guān)系式，進而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以

時間，本題的關(guān)鍵要能根據(jù)圖象寫出函數(shù)表達式，通過比對的方法求出加速度，能根據(jù)勻變速直線

運動的運動學公式求解相關(guān)量。

解析：

4根據(jù)x和時間平方尸的關(guān)系圖象得出位移時間關(guān)系式為：x=t2,對照勻變速直線運動的位移時間

公式刀=170七+女2,知物體的初速度為0,加速度為a=2?n/s2.且加速度恒定不變，故A錯誤；

8.0?2s內(nèi)的位移為：x==22?n=4m,故B錯誤；

C.物體第3s內(nèi)的位移為：孫=22-12=3171,平均速度為：u=f=：=3m/s,故C錯誤；

Dis末的速度為：f=at=2xlm/s=2m/s,故。正確；

故選：D。

3.答案：D

解析：解：力、勻速圓周運動的速度始終沿切線方向，方向時刻在變化，是變速運動，所以一定不是

平衡狀態(tài).故A錯誤；

8、勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，速度是變化的，是變速運動，故8錯誤.

C、勻速圓周運動加速度始終指向圓心，方向時刻在變化，速度的方向與不斷變化，所以勻速圓

周運動是一種速度和加速度都不斷改變的運動，故C錯誤，。正確；

故選：D

勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，是變速運動.加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，

是變加速運動.向心力方向始終指向圓心，是變化的.

矢量由大小和方向才能確定的物理量，所以當矢量大小變化、方向變化或大小方向同時變化時，矢

量都是變化的.

4.答案：B

解析：解：4、在a、0、y三種射線中，y射線的穿透力最強，a射線穿透能力最弱。故A錯誤；

8、盧瑟福根據(jù)a粒子散射實驗的結(jié)果提出了原子的核式結(jié)構(gòu)，表明了原子核的存在。故B正確；

C、放射性元素的半衰期是由其原子核內(nèi)部結(jié)構(gòu)決定，與外界因素無關(guān)。故C錯誤；

。、電磁感應(yīng)現(xiàn)象最早是由法拉第發(fā)現(xiàn)的。故。錯誤。

故選：B。

a、/?、y三種射線中穿透能力最強的是y射線，a射線穿透能力最弱，一張厚的黑紙可以擋住a射線.電

離能力最強的是a射線，y射線電離能力最弱；盧瑟福的a粒子散射實驗結(jié)果表明了原子核的存在；

半衰期與環(huán)境因素無關(guān)；電磁感應(yīng)現(xiàn)象最早是由法拉第發(fā)現(xiàn)的.

本題考查了有關(guān)衰變中三種射線的性質(zhì)、半度期等基礎(chǔ)性的知識點的內(nèi)容，對于類似基礎(chǔ)知識，注

意加強記憶，平時注意積累.

5.答案：D

解析：

因輸入功率等于輸出功率：U2I2+U3I3,又電壓與匝數(shù)成正比可得nJ1=電/2+叼，3

因燈泡的內(nèi)阻相等，則由P=JR確定各個燈泡的功率.

考查電流，電壓與匝數(shù)的關(guān)系，明確輸入功率等于輸出功率.對于多副線圈的要明確公式：=

U2I2+U3/3及其變式n/=n2I24-n3I3.

輸入功率等于輸出功率：UJi=U2I2+U313

電壓與匝數(shù)成正比可得電流關(guān)系：n/i=n2I2+n3/3

又有.乜="=啊

1

乂上-l3U3n3

代入數(shù)據(jù)得：/2=|/1/3=|/!

則由P=/2R,則功率分別為捻P,黃P,則。正確，A8C錯誤。

故選：D

6.答案：C

解析：解：4、萬有引力定律是牛頓在總結(jié)前人研究的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的。故4錯誤。

B、公式尸=G手中的G是一個比例常數(shù)，單位為Nm2/kg2.故B錯誤。

C、公式尸=G號中的r是指兩個質(zhì)點間的距離或兩個均勻球體的球心間的距離。故C正確。

D、公式F=G*適用于質(zhì)點間的萬有引力，當距離r趨向于。時，公式不再適用。故。錯誤。

故選：Co

萬有引力定律是牛頓在總結(jié)前人的基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)的，公式尸=G號適用于質(zhì)點間或均勻球體間的萬

有引力.

解決本題的關(guān)鍵知道萬有引力定律是牛頓發(fā)現(xiàn)的，以及知道公式尸=G號適用于質(zhì)點間或均勻球

體間的萬有引力.

7.答案：D

解析：解：LC振蕩電路的固有頻率：/=康，若要增大LC振蕩電路的固有頻率，就要減小電容器

的電容，或減小線圈中的自感系數(shù)。

A、增大電容器兩極板間的正對面積，使得電容器的電容變大，而在線圈中放入鐵芯，使得線圈的自

感系數(shù)增大。則頻率變小，故A錯誤；

8、減小電容器兩極板的距離，使得電容器的電容變大，而增加線圈的匝數(shù)，使得線圈的自感系數(shù)增

大。則頻率變小，故B錯誤；

C、減小電容器兩極板的距離，使得電容器的電容變大，而在線圈中放入鐵芯，使得線圈的自感系數(shù)

增大。則頻率變小，故C錯誤；

。、減小電容器兩極板的正對面積，使得電容器的電容變小，而減小線圈的匝數(shù)，使得線圈的自感

系數(shù)變小。則頻率變大，故。正確；

故選：Do

振蕩電路產(chǎn)生的振蕩電流頻率平方與線圈L及電容器C成反比

該題考查LC回路的固有頻率和平行板電容器的電容的決定式、線圈的自感系數(shù)的有關(guān)因素，屬于對

基礎(chǔ)知識的考查。基礎(chǔ)題目。

8.答案：A

解析：解：4、恰好垂直撞在水平面上半圓形軌道的B點，B點速度分解如圖所示：

A

由幾何關(guān)系得：tan(90-37)°=①，

豎直方向上物體做自由落體運動則：H-Rcos37°=\gt2②

半圓形軌道的圓心與4點的水平距離為x'=x+Rs譏37。=vot+0.6/?③

①②③聯(lián)立得：%'=1.8m，故A錯誤；

B、由①②聯(lián)立得：小球平拋的初速度為%=3rn/s,故8正確；

C、根據(jù)圖，由幾何關(guān)系可得：vy=gt=4m/s,由P=Fv得：P=mgvy=1x10x4W=40VK,

故C正確；

D、設(shè)小球恰好越過軌道時的高度為h,h-R=^gt2@,根據(jù)4選項可知,

vot?

④⑤聯(lián)立得：%=瞿，高度越高，越容易過最高點，所以器>美，能過最高點，故。正確；

選不正確的，故選：A

小球做平拋運動，利用平拋運動水平和數(shù)值方向的運動規(guī)律解題

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道平拋運動的時間由高度決

定，初速度和時間共同決定水平位移

9.答案:A

解析：解：4、加速度是描述速度變化快慢的物理量，加速度越大，速度變化越快，且加速度是矢量，

負號只表示方向不參與大小的比較，所以甲的加速度小于乙的加速度，故A正確；

8、若加速度方向和速度方向同向，則做加速運動，若加速度方向和速度方向相反，則做減速運動,

題中沒有給出甲乙的初速度方向，只是加速度方向不同，運動不一定反向，故B錯誤；

C、速度變化量Zu=a/t,在時間不確定的情況下，甲的速度變化量不一定小于乙的速度變化量，

故C錯誤；

。、勻變速直線運動的位移與時間、速度、加速度等因素有關(guān)，只知道加速度關(guān)系無法比較位移關(guān)

系，故。錯誤.

故選：4。

加速度的正負號表示加速度的方向不表示加速度的大??；

只知道加速度方向，不確定速度方向關(guān)系，加速度與速度方向同向時物體做加速運動，反向時做減

速運動；

速度變化量=a/t;

勻變速直線運動的位移與時間、速度、加速度等因素有關(guān)。

掌握加速度的概念及其物理意義，知道加速度的正負表示加速度的方向不表示加速度的大小，要明

確勻變速直線運動的加速度、速度以及位移之間的關(guān)系。

10.答案：D

解析：解：4、當在線圈平面內(nèi)，垂直be邊向右拉動線圈，逐漸遠離線圈，穿過線圈的磁場減小，即

穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電流為順時針，即感應(yīng)電流的方向為abed*故A錯誤；

8、當線圈向下平動時，穿過線圈的磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生。

故B錯誤；

C、當線圈以必邊為軸轉(zhuǎn)動，穿過線圈向里的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應(yīng)電

流為順時針，即感應(yīng)電流的方向為abeda。故C錯誤；

。、當在線圈平面內(nèi)，垂直於邊向左拉動線圈，逐漸靠近導線，穿過線圈向里的磁場增大，即穿過

線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生感應(yīng)電流為adeba方向，故。正確。

故選：Do

當通過線圈的磁通量發(fā)生變化時，線圈中將會產(chǎn)生感應(yīng)電流。根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向，掌握感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，會根據(jù)楞

次定律判斷感應(yīng)電流的方向。

11.答案：C

解析：

本題考查了勻強電場中的共點力的平衡問題。合理利用整體法和隔離法是解決本題的關(guān)鍵。

人若兩球帶電量相等，整體受力分析可知，04繩應(yīng)豎直，故A錯誤；

8.取B和4、B整體為研究對象，4B繩與豎直方向夾角為a,則04繩與豎直方向夾角為a,

對B有二B+“=^

對整體/。4=鬻，

故7。4=2〃B+2F庫，故B錯誤；

CD,對B有汝九。=篙

對整體tana=*組,

2mg

故增大E之后04、4B與豎直方向夾角變大，且兩夾角仍相等，故8球上移，仍在。點正下方，故C

正確，。錯誤。

故選Co

12.答案：D

解析：解：由題意可知，光線射入透明介質(zhì)后，從圓弧面4B射出時，有部分光線發(fā)生全反射，

因在半圓弧面上恰好有一半的弧長透光，則恰好發(fā)生全反射光對應(yīng)的入射角為45。，根據(jù)折射率公式

n='"I。=魚,故。正確，ABC錯誤。

sm45

故選：0。

先由幾何關(guān)系求出入射角，根據(jù)折射率公式求折射率即可。

本題易錯處為：在半圓弧上恰好有一半的弧長有光透出，錯誤理解為入射角為30。，造成錯選B。

13.答案：A

解析：解：若兩電荷同性，設(shè)一個球的帶電量為q,則另一個球的帶電量為Q=7q,此時F=等,

帶同種電荷，接觸后再分開，帶電量各為4q,

則兩球的庫侖力大小?'=嘩=至?，故A正確，BCO錯誤；

r27

故選：Ao

接觸帶電的原則是先中和后平分，兩個球的電性可能相同，可能不同，根據(jù)F=k詈得出接觸后再放

回原處的庫侖力大小.

解決本題的關(guān)鍵掌握接觸帶電的原則，先中和后平分，以及掌握庫侖定律的公式尸=k當，注意電荷

rl

的正負電性.

14.答案：ACD

解析：

光不從內(nèi)壁進入中空部分，光線要在內(nèi)壁發(fā)生全反射，光線恰好在內(nèi)壁發(fā)生全反射時入射角等于臨

界角C,由sinC=；求出臨界角C,由幾何關(guān)系求/?2的最大值。根據(jù)折射定律和全反射的條件，結(jié)合

幾何關(guān)系分析。

本題考查光的折射、全反射的知識，能正確利用數(shù)學知識是解決此類問題的關(guān)鍵。要掌握光的折射

定律n=里、全反射臨界角公式=工等多個知識點，并能熟練運用。

sinrn

AB.光路圖如圖，設(shè)第一次折射角為r,全反射臨界角為C,折射率為n。

光線從空氣進入玻璃管折射時，由折射定律有：71=里得：5譏「=幽

sinrn

折射光線恰好在內(nèi)壁發(fā)生全反射時入射角等于臨界角C,則sine=2

n

對圖中△力B。，由正弦定理得：嗎二￡2=?

1sini

可得：_H_=2Z.

R2RI

若i=45。，解得/?2=&RI

所以為保證光不從內(nèi)壁進入中空部分，/?2滿足的條件是‘R1?故4正確，8錯誤。

C、當/?2等于四燈時，黃光在內(nèi)壁恰好發(fā)生全反射，入射角等于其臨界角，而藍光的臨界角小于黃

光的臨界角，所以使藍光沿黃光的折射路徑到達玻璃管內(nèi)壁時，入射角大于藍光的臨界角，將發(fā)生

全反射，藍光不會射入中空部分，故C正確。

1sini

。、由4分析知：五=五，當/?2=2&,可解得：i=30。，所以為保證在內(nèi)壁處光不會進入中空部

R2R1

分，入射角i應(yīng)滿足：i230。.故O正確。

E、根據(jù)4分析知，只要/?2=2%,就有：i=30°,與玻璃的折射率無關(guān)，可知，為保證光不從內(nèi)壁

進入中空部分，仍應(yīng)滿足i230。，故E錯誤。

故選：ACD.

15.答案:BCD

解析：解：ABE.根據(jù)光電效應(yīng)方程a=%可知，同一種金屬，光電子的最大初動能與入射光

頻率成線性關(guān)系，故AE錯誤，B正確；

C.根據(jù)圖2可知,a光產(chǎn)生的光電效應(yīng)的光電子的的遏止電壓小于b光的，因為eU=Ek,Ek=hv-Wo,

所以a光的頻率小于b光光子的頻率，故C正確；

D光子的能量為￡=hu=九：，故力正確;

A

故選:BCD.

根據(jù)光電效應(yīng)方程&=hv-%判斷最大初動能與頻率的關(guān)系，根據(jù)eU=以和光電效應(yīng)方程判斷;

根據(jù)光子能量￡=狂分析判斷；

解決該題的關(guān)鍵是熟記光電效應(yīng)方程與遏止電壓和最大初動能的關(guān)系式，能從圖象中分析出遏止電

壓的大小關(guān)系；

16.答案：BCE

解析：解：4簡諧運動的動力學條件是：F=-kx；即回復(fù)力與它偏離平衡位置的位移的大小成正

比，并且總是指向平衡位置；故A錯誤；

8、機械波的傳播速度由介質(zhì)決定，頻率僅與波源決定，機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)中，傳播

速度和波長會發(fā)生變化，頻率不變，故B正確；

C、測出反射波的頻率變化就能知道血流的速度，這種方法俗稱“彩超”，是利用多普勒效應(yīng)原理,

故C正確；

。、麥克斯韋電磁場理論：變化的磁場產(chǎn)生電場和變化的電場產(chǎn)生磁場，故。錯誤；

E、根據(jù)麥克斯韋電磁場理論，電磁波中的電場和磁場互相垂直，電磁波的傳播方向與電場強度、磁

感應(yīng)強度均垂直，故電磁波是橫波，故E正確；

故選：BCE。

簡諧運動的動力學條件是尸=-kx；機械波的振幅等于波源的振幅，機械波的傳播速度由介質(zhì)決定；

機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)，傳播速度和波長會發(fā)生變化，但頻率不變化。變化的磁場產(chǎn)生

電場，和變化的電場產(chǎn)生磁場；電磁波中的電場和磁場互相垂直，電磁波是橫波。

考查簡諧運動的回復(fù)力與位移的關(guān)系，掌握多普勒效應(yīng)原理，注意變化的磁場產(chǎn)生電場中的“變化”

兩字的理解，學會區(qū)分橫波和縱波。

17答案：守m5(d5-d1)=i(M+m)(vj-vf)k=

解析：解：(1)據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度得點2的瞬時速度：。2=智

驗證點1與點5間系統(tǒng)的機械能守恒，系統(tǒng)重力勢能的減小量為：△Ep=mg(d5-di),系統(tǒng)動能的

增加量：△EK=g(M+m)(詔-必)

則系統(tǒng)機械能守恒的表達式為：mg(d5-dj=|(M+m)(v1-資)

(2)根據(jù)mgd=+m)避得：三=

N2m+M

則圖線的斜率k=華

故答案為：(1)誓mg(d5-慮)=+m)(詔-譜)(2)k=懸

(1)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點2的瞬時速度；

(2)抓住系統(tǒng)重力勢能的減小量等于動能的增加量列出表達式。根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒得出與d的關(guān)系

式，結(jié)合關(guān)系式得出圖線斜率的物理意義。

解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理，即驗證系統(tǒng)重力勢能的減小量和系統(tǒng)動能的增加量是否相等；得

出圖線的斜率前提是根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒得出些與d的關(guān)系式。

2

18.答案：bedcRoR4&R2-^-

解析：解：(1)由題意可知，本實驗采用半偏法測量，再需要/<v^||[|立亍E

調(diào)節(jié)滑動變阻器，使輸出電壓為0,即滑片應(yīng)滑到a端；調(diào)節(jié)點：.”利

電阻箱，使電阻箱接入電阻為零；閉合開關(guān)，開始實驗，慢?”廣一耳"產(chǎn)

慢調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表達滿偏，然后調(diào)節(jié)電阻箱，使,

電流表達滿量程的一半；則可得出電壓表的內(nèi)阻等于電阻箱

的示數(shù)Ro；因電動勢較小，為了實驗中易于調(diào)節(jié)，并減小誤

差，滑動變阻器應(yīng)選擇心；

(2)因電壓表內(nèi)阻較大，故電流較小，因此電流表選擇小量程

的4；因電壓表內(nèi)阻約為1KQ為了增大電流，應(yīng)選擇小電阻來分流，根據(jù)量程可知，電流增大來

電壓表電流的3倍即可，故定值電阻可以選擇/?2；

由U-/圖象的性質(zhì)可知，圖象的斜率表示總電阻，即：翳=七

tx+Ky

解得：即=合；

(3)根據(jù)原理圖可得出對應(yīng)的實物圖如圖所示；

故答案為：(l)bedc；Ro；R4；(2)力i；&；——

(3)如圖所示。

(1)根據(jù)圖示及實驗原理可明確實驗的方法和步驟；從而求得電阻的測量值；并選擇滑動變阻器；

(2)根據(jù)實驗電路及實驗原理可明確電流表及定值電阻的選擇；根據(jù)伏安特性曲線的性質(zhì)可得出所測

量的內(nèi)阻；

(3)根據(jù)乙原理圖，根據(jù)實物圖的連接方法即可連接實物圖。

本題考查半偏法測量電壓表內(nèi)阻的方法，要注意根據(jù)題意明確實驗原理，并能得出對應(yīng)的物理規(guī)律。

19.答案：解：(1)當兩車速度相同時距離最大

由"=at

可得警車達到10m/s的時間；G=4s

在這段時間警車的位移=|x2.5x42=20m

貨車相對于出發(fā)點的位移X2=10(7+4)=110m

兩車間的最大距離△x=90m

(2)108/cm//i=30771/S；

由=at

可得警車達到最大速度的時間￡2=12s

此時警車的位移X3—jatf—180m

貨車相對于出發(fā)點的位移辦=10(7+12)=190m

由于警車的位移小于貨車的位移，所以仍末追上

設(shè)再經(jīng)過t3追上，則(30-10*2=190-180

Wt3=0.5s

t=12.5s

則警車發(fā)動后經(jīng)過12.5s才能追上.

答：(1)警車在追趕貨車的過程中，兩車間的最大距離是90m；

(2)警車發(fā)動后要12.5s時間才能追上貨車.

解析：貨車勻速運動在前面，警車從靜止開始勻加速運動在后面追，剛開始貨車的速度大于警車速

度，故兩車之間的距離越來越大，當兩車速度相等時，位移最大，之后警車速度大于貨車，兩車之

間的距離逐漸減小直至追上.在此過程中注意，警車發(fā)動的時間，貨車在做勻速運動，而警車不能

一直加速下去，當速度達到90km//i時就不能增加了，而做勻速運動.所以該題要先分析警車能不能

在勻加速階段追上貨車，若不能，則在勻速階段追上.當警車追上貨車時兩車位移相等.

兩物體在同一直線上運動，往往涉及到追擊、相遇或避免碰撞等問題，解答此類問題的關(guān)鍵條件是：

①分別對兩個物體進行研究；②畫出運動過程示意圖；③列出位移方程；④找出時間關(guān)系、速度

關(guān)系、位移關(guān)系；⑤解出結(jié)果，必要時要進行討論.這是一道典型的追擊問題.要抓住速度、時間、

位移之間的關(guān)系，必要時可以作出速度時間圖象幫助解題.

20.答案：解：(1)已知火箭勻加速上升階段的位移為最大速度〃=2880k7n"=

800ni/s

勻加速上升階段。2=2a1x1,

解得：=4m/s2o

(2)最大飛行高度x=lOOfcm,則勻減速上升階段的位移%2=x-xt=20km=20000m,

2

0—v=2a2x2

2

解得：a2=16m/s

對測試假人由牛頓第二定律有：

mg4-F=ma2

解得F=360/V；

即勻減速上升階段載人艙對測試假人的作用力F=360N；

(3)整個上升過程的位移為：

%=-vt,

2

所需要的時間t=名=生弁"s=250s。

v800

答：(1)火箭豎直向上勻加速階段的加速度大小為4m/s2；

(2)勻減速上升階段載人艙對測試假人的作用力等于360N；

(3)從火箭開始發(fā)射到載人艙上升到最大高度的總時間等于250s。

解析：(1)根據(jù)速度和位移的關(guān)系求出加速度；

(2)明確運動過程，求出勻減速過程的位移，再由速度和位移關(guān)系求出減速過程的加速度，由牛頓第

二出定律求力；

(3)兩過程中的平均速度相等，根據(jù)平均速度公式即可快速求解總時間。

連接牛頓第二定律與運動學公式的紐帶就是加速度，所以在做這一類問題時，先根據(jù)運動學公式求

解加速度，然后根據(jù)加速度利用