高考物理大二輪總復(fù)習(xí) 模塊滾動檢測卷（六）-人教版高三全冊物理試題

模塊滾動檢測卷(六)(范圍：選修3－5滿分100分)一、單項選擇題(本題共11小題，每小題3分，滿分33分．每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確．選對得3分，不選或錯選得0分)1．用藍光照射一光電管，能產(chǎn)生光電流，則下列一定可以使該光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)的有()A．紅光 B．黃光C．綠光 D．紫光答案D解析紫光的頻率大于藍光的頻率，一定能夠發(fā)生光電效應(yīng)，紅光的頻率、黃光的頻率和綠光的頻率都小于藍光的，不一定能使光電管產(chǎn)生光電效應(yīng)．2．如圖1為電子束通過鋁箔時的衍射圖樣．根據(jù)圖樣，下列說法正確的是()圖1A．電子落在“亮環(huán)”上的概率小B．電子落在“暗環(huán)”上的概率大C．電子具有波動性D．相鄰“亮環(huán)”間的距離相等答案C解析物質(zhì)波是一種概率波，體現(xiàn)為該物質(zhì)在空間出現(xiàn)的幾率大小不一樣，落在“亮環(huán)”上的概率大，落在“暗環(huán)”上的概率小，故A、B錯誤；根據(jù)衍射圖樣可知，電子具有波動性，故C正確；因是衍射現(xiàn)象，所以相鄰“亮環(huán)”間的距離不等，故D錯誤．3．下列關(guān)于光的本性的說法中正確的是()A．關(guān)于光的本性，牛頓提出了“微粒說”，惠更斯提出了“波動說”，愛因斯坦提出了“光子說”，綜合他們的說法圓滿地說明了光的本性B．光具有波粒二象性是指既可以把光看成宏觀概念上的波，也可以看成微觀概念上的粒子C．光的干涉、衍射現(xiàn)象說明光具有波動性，光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性D．頻率低、波長長的光，粒子性特征顯著；頻率高、波長短的光，波動性特征顯著答案C解析牛頓的“微粒說”認為光是一種實物粒子，是宏觀意義的粒子，而不是微觀概念上的粒子，實際上是不科學(xué)的．惠更斯提出了“波動說”，光既具有粒子性，又具有波動性，即具有波粒二象性，才能圓滿說明光的本性．故A錯誤．光具有波粒二象性，但不能把光看成宏觀概念上的波．光的粒子性要求把光看成微觀概念上的粒子，故B錯誤．干涉和衍射是波的特有現(xiàn)象，光的干涉、衍射現(xiàn)象說明光具有波動性，光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性，故C正確．頻率低、波長長的光，波動性特征顯著；頻率高、波長短的光，粒子性特征顯著．故D錯誤．4．一個處于n＝4激發(fā)態(tài)的氫原子，當(dāng)它自發(fā)躍遷到較低能級時()A．總共發(fā)出六種頻率不同的光子B．從n＝4躍遷到n＝3時，發(fā)出的光子的波長最小C．從n＝4直接躍遷到n＝2時，發(fā)出可見光的光子D．從n＝4直接躍遷到n＝1時，發(fā)出的光子的波長最長答案C解析若大量處于n＝4激發(fā)態(tài)的氫原子，根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式Ceq\o\al(2,4)＝6知，可能放出6種不同頻率的光子，但只有一個氫原子，因此最多放出3種不同頻率的光子．故A錯誤．從n＝4躍遷到n＝3能級輻射的光子能量最小，頻率最低，波長最長．故B錯誤．從n＝4的能級直接躍遷到n＝2的能級，輻射出光子能量ΔE＝(3.4－0.85)eV＝2.55eV，而可見光光子能量在1.64～3.19eV之間．故C正確；由n＝4躍遷到n＝1能級輻射的光子能量最大，頻率最大，波長最短，故D錯誤．5．(2016·紹興模擬)在β衰變中放出的電子來自()A．原子核外軌道上的電子B．原子核內(nèi)所含的電子C．原子核內(nèi)中子變成質(zhì)子時放出的電子D．原子核內(nèi)質(zhì)子變成中子時放出的電子答案C解析β衰變的實質(zhì)是原子核中一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，可知β衰變的電子來自原子核，故C正確，A、B、D錯誤．6．關(guān)于核力與比結(jié)合能，下列說法不正確的是()A．核力是短程力，可分為強相互作用與弱相互作用B．每個核子只與鄰近核子發(fā)生核力作用，這種性質(zhì)稱為核力的飽和性C．比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定D．核聚變后比結(jié)合能增加，質(zhì)量虧損，釋放能量答案A解析核力是短程力，屬于強相互作用，故A錯誤；核力是短程力，作用范圍在1.5×10－15m，原子核的半徑數(shù)量級在10－15m，所以核力只存在于相鄰的核子之間，核力是原子核能穩(wěn)定存在的原因，故B正確；比結(jié)合能：原子核結(jié)合能對其中所有核子的平均值，比結(jié)合能越大，原子核中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定．故C正確；輕核聚變后比結(jié)合能增加，因此反應(yīng)中會釋放能量，故D正確；故選A.7．下列不屬于反沖運動的是()A．噴氣式飛機的運動 B．直升機的運動C．火箭的運動 D．反擊式水輪機的運動答案B解析噴氣式飛機是利用飛機與氣體間的相互作用，而促使飛機前進的，故屬于反沖運動；直升機的運動是利用氣體動力學(xué)的原理制成的，不屬于反沖運動；火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運動；反擊式水輪機是利用了水的反沖作用而獲得動力，屬于反沖運動．故選B.8．圖2為X射線管的結(jié)構(gòu)示意圖，E為燈絲電源．要使射線管發(fā)出X射線，須在K、A兩電極間加上幾萬伏的直流高壓，則()圖2A．高壓電源正極應(yīng)接在P點，X射線從K極發(fā)出B．高壓電源正極應(yīng)接在P點，X射線從A極發(fā)出C．高壓電源正極應(yīng)接在Q點，X射線從K極發(fā)出D．高壓電源正極應(yīng)接在Q點，X射線從A極發(fā)出答案D解析E為燈絲電源，對燈絲加熱，燈絲放出電子，電子速度是很小的，要使電子到達陽極A，并高速撞擊A，使原子的內(nèi)層電子受到激發(fā)才能發(fā)出X射線．因此，K、A之間應(yīng)有使電子加速的電場，故Q應(yīng)接高壓電源正極．D正確．9．如圖3所示，一小車在光滑水平面上，甲、乙兩人分別站在左右兩側(cè)，整個系統(tǒng)原來靜止，則當(dāng)兩人同時相向走動時()圖3A．要使小車靜止不動，甲、乙速率必相等B．要使小車向左運動，甲的速率必須比乙的大C．要使小車向左運動，甲的動量必須比乙的大D．要使小車向左運動，甲的動量必須比乙的小答案C解析兩人及小車組成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，根據(jù)動量守恒定律得：mAvA＋mBvB＋m車v車＝0，若小車不動，則mAvA＋mBvB＝0，甲、乙動量大小一定相等，但是甲和乙的質(zhì)量不一定相同，所以甲和乙的速率不一定相同，所以A錯誤；要使小車向左運動，則甲、乙的動量和必須向右，而甲向右運動，乙向左運動，所以甲的動量一定比乙的大，所以B、D錯誤，C正確．10．在學(xué)校的體育運動會跳高場地，我們看到在運動員落地一側(cè)要疊放幾塊較大而厚的軟墊，其目的是()A．增加運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力B．增加運動員落地過程的時間，減小腳受到的作用力C．減少運動員落地過程的時間，增大腳受到的作用力D．減少運動員落地過程的時間，減小腳受到的作用力答案B解析在運動員落地一側(cè)要疊放幾塊較大而厚的軟墊，增加了運動員落地的時間，設(shè)運動員落地前的速度為v，腳受到的作用力為F，根據(jù)動量定理得：Ft＝mv，時間變大，則作用力變小，故B正確．11．(2016·湖州聯(lián)考)如圖4為中國隊隊員投擲冰壺的鏡頭．在某次投擲中，冰壺運動一段時間后以0.4m/s的速度與對方的靜止冰壺發(fā)生正碰，碰后對方的冰壺以0.3m/s的速度向前滑行．若兩冰壺質(zhì)量相等，規(guī)定向前運動方向為正方向，則碰后中國隊冰壺的速度為()圖4A．0.1m/s B．－0.1m/sC．0.7m/s D．－0.7m/s答案A解析規(guī)定向前運動的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：mv0＝mv1＋mv2，代入數(shù)據(jù)解得v2＝0.1m/s，A正確．二、不定項選擇題(本題共5小題，每小題3分，滿分15分．在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項符合題意，全部選對的得3分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分)12．了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要．以下敘述符合歷史事實的是()A．湯姆孫通過對陰極射線的研究，發(fā)現(xiàn)了電子B．楞次通過對感應(yīng)電流的研究，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律C．盧瑟福研究原子核時發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，并預(yù)言中子的存在D．居里夫人發(fā)現(xiàn)了天然放射性現(xiàn)象，說明原子核有復(fù)雜結(jié)構(gòu)答案AC解析湯姆孫通過對陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子，故A正確；楞次發(fā)現(xiàn)了楞次定律，用于判定感應(yīng)電流方向，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，提出電磁感應(yīng)定律，故B錯誤；盧瑟福研究原子核時發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子，并預(yù)言中子的存在，后來由赫茲通過實驗證實，故C正確；貝可勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，揭示了原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故D錯誤．13．下列說法正確的是()A．根據(jù)F＝eq\f(Δp,t)可把牛頓第二定律表述為：物體動量的變化率等于它所受的力B．力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的積累效應(yīng)，是一個標量C．動量定理的物理實質(zhì)與牛頓第二定律是相同的，但有時用起來更方便D．易碎品運輸時要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力答案AD解析由動量定理可得：Δp＝Ft，則eq\f(Δp,t)＝eq\f(mΔv,t)＝ma＝F，由此可知，物體動量的變化率等于它所受的力，故A正確；力與力的作用時間的乘積叫做力的沖量，它反映了力的作用對時間的積累效應(yīng)，是一個矢量，故B錯誤；動量定理反應(yīng)了動量變化與沖量的關(guān)系，牛頓第二定律反應(yīng)了力、質(zhì)量與加速度間的關(guān)系，它們不同，故C錯誤；由Δp＝Ft可知，動量變化相等時，時間t越長，力F越小，因此易碎品運輸時要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力，故D正確．14．以下說法正確的是()A．平均結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定B．玻爾原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律C．盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)模型的依據(jù)是湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子D．氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，會輻射一定頻率的光子，同時核外電子的動能增大答案ABD解析比結(jié)合能越大，即平均結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故A正確；玻爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，故B正確；盧瑟福提出原子的核式結(jié)構(gòu)模型，其建立的依據(jù)是α粒子散射實驗，故C錯誤；氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，會輻射一定頻率的光子，電子的軌道半徑減小，根據(jù)keq\f(e2,r2)＝meq\f(v2,r)知，電子的動能增大，故D正確．15．對于巴耳末公式eq\f(1,λ)＝R(eq\f(1,22)－eq\f(1,n2))的理解，下列說法正確的是()A．此公式是巴耳末在研究氫光譜特征時發(fā)現(xiàn)的B．此公式中n可以取任意值，所以氫原子光譜是連續(xù)的C．此公式中n只能取整數(shù)，故氫原子光譜是線狀譜D．此公式不但適用于氫原子光譜，還適用于其他原子光譜答案AC解析當(dāng)在研究氫光譜特征時發(fā)現(xiàn)的巴耳末公式，公式eq\f(1,λ)＝R(eq\f(1,22)－eq\f(1,n2))的n只能取整數(shù)，因此得到的氫原子光譜是線狀譜，只能適用于氫原子光譜，故A、C正確，B、D錯誤．16．煙霧探測器使用了一種半衰期為432年的放射性元素镅eq\o\al(241,95)Am來探測煙霧．當(dāng)正?？諝夥肿哟┻^探測器時，镅eq\o\al(241,95)Am會釋放出射線將它們電離，從而產(chǎn)生電流．煙塵一旦進入探測腔內(nèi)，煙塵中的微粒會吸附部分射線，導(dǎo)致電流減小，從而觸發(fā)警報．則下列說法正確的是()A．镅eq\o\al(241,95)Am發(fā)出的是α射線B．镅eq\o\al(241,95)Am發(fā)出的是β射線C．镅eq\o\al(241,95)Am發(fā)出的是γ射線D．發(fā)生火災(zāi)時，雖然溫度升高，镅eq\o\al(241,95)Am的半衰期不變答案AD解析镅eq\o\al(241,95)Am會釋放出射線將它們電離，從而產(chǎn)生電流，而三種射線中，α射線能使空氣電離，故A正確，B、C錯誤；半衰期與外界因素?zé)o關(guān)，故D正確．三、實驗題(本題共2小題，每空格2分，共18分)17．(8分)小明用金屬銣為陰極的光電管，觀測光電效應(yīng)現(xiàn)象，實驗裝置示意圖如圖5甲所示．(已知普朗克常量h＝6.63×10－34J·s)(1)圖甲中電極A為光電管的________(填“陰極”或“陽極”)；(2)實驗中測得銣的遏止電壓Uc與入射光頻率ν之間的關(guān)系如圖乙所示，則銣的截止頻率νc＝________Hz，逸出功W0＝________J；(3)如果實驗中入射光的頻率ν＝7.0×1014Hz，則產(chǎn)生的光電子的最大初動能Ekm＝________J.圖5答案(1)陽極(2)5.15×10143.41×10－19(3)1.23×10－19解析(1)電子從金屬板上射出后被電場加速，由此可知A板為正極即為陽極．(2)由Ekm＝hν－W0和eUc＝Ekm得：eUc＝hν－W0，因此當(dāng)遏止電壓為零時，hνc＝W0，根據(jù)圖乙可知，銣的截止頻率νc＝5.15×1014Hz，根據(jù)hνc＝W0，則可求出該金屬的逸出功大小W0＝6.63×10－34×5.15×1014J≈3.41×10－19J.(3)由Ekm＝hν－W0，解得：Ekm＝6.63×10－34×7.0×1014J－3.41×10－19J≈1.23×10－19J.18．(10分)(2016·浙江部分中學(xué)聯(lián)考)某同學(xué)用如圖6所示裝置驗證動量守恒定律，用輕質(zhì)細線將小球1懸掛于O點，使小球1的球心到懸點O的距離為L，被碰小球2放在光滑的水平桌面上．將小球1從右方的A點(OA與豎直方向的夾角為α)由靜止釋放，擺到最低點時恰與小球2發(fā)生正碰，碰撞后，小球1繼續(xù)向左運動到C位置，小球2落到水平地面上到桌面邊緣水平距離為x的D點．圖6(1)實驗中已經(jīng)測得上述物理量中的α、L、x，為了驗證兩球碰撞過程動量守恒，還應(yīng)該測量的物理量有________(要求填寫所測物理量的名稱及符號)．(2)請用測得的物理量結(jié)合已知物理量來表示碰撞前后小球1、小球2的動量：p1＝_______；p1′＝________；p2＝________；p2′＝_______.答案(1)小球1的質(zhì)量m1，小球2的質(zhì)量m2，桌面高度h，OC與OB間的夾角β(2)m1eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosα)))m1eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosβ)))0m2xeq\r(\f(g,2h))解析(1)為了驗證兩球碰撞過程動量守恒，需要測量兩小球的質(zhì)量，小球1質(zhì)量m1，小球2質(zhì)量m2，小球1碰撞前后的速度可以根據(jù)機械能守恒定律算出，所以還需要測量OC與OB的夾角β，需要通過平拋運動測量出小球2碰后的速度，需要測量桌面的高度h.(2)小球從A處下擺過程只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律得：m1gL(1－cosα)＝eq\f(1,2)m1v12，解得v1＝eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosα))).則p1＝m1v1＝m1eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosα))).小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運動，在A碰后到達最左端過程中，機械能再次守恒，由機械能守恒定律得：－m1gL(1－cosβ)＝0－eq\f(1,2)m1v1′2，解得v1′＝eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosβ)))，則p1′＝m1eq\r(2gL\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－cosβ))).碰前小球B靜止，則p2＝0；碰撞后B球做平拋運動，水平方向：x＝v2′t，豎直方向h＝eq\f(1,2)gt2，聯(lián)立解得v2′＝xeq\r(\f(g,2h))，則碰后B球的動量p2′＝m2xeq\r(\f(g,2h)).四、計算題(本題共3小題，19題10分，20題12分，21題12分，共34分．要求每題寫出解題過程，只有答案沒有過程概不評分)19．(10分)一個氫原子的質(zhì)量為1.6736×10－27kg，一個鋰原子的質(zhì)量為11.6505×10－27kg，一個氦原子的質(zhì)量為6.6467×10－27kg.一個鋰核受到一個質(zhì)子轟擊變?yōu)?個α粒子．(1)寫出核反應(yīng)方程，并計算該反應(yīng)釋放的核能是多少？(2)1mg鋰原子發(fā)生這樣的反應(yīng)共釋放多少核能？答案(1)eq\o\al(7,3)Li＋eq\o\al(1,1)H→2eq\o\al(4,2)He17.3MeV(2)2.376×108J解析(1)根據(jù)題意可知該反應(yīng)的核反應(yīng)方程為：eq\o\al(7,3)Li＋eq\o\al(1,1)H→2eq\o\al(4,2)He根據(jù)質(zhì)能方程得：ΔE＝(mLi＋mp－2mα)c2代入數(shù)據(jù)得：ΔE≈17.3MeV.(2)1mg鋰原子的個數(shù)：n＝eq\f(m,mLi)＝eq\f(1×10－6,11.6505×10－27)≈8.583×1019個釋放的總核能：E＝nΔE＝8.583×1019×17.3MeV≈2.376×108J.20．(