2022年高考物理押題卷（全國乙卷）08（解析版）

絕密★啟用前I點石成金工作室命制

2022年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試

物理押題卷08

（考試時間：65分鐘試卷滿分：110分）

一'選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?18題只有一項符合

題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

14.如圖所示，一小球沿斜面做勻加速直線運動，若到達點A、B、C的速度分別為丫、2丫、3v,則（）

A.小球4至8、8至C所用時間之比％：4=1：1

B.小球A至8、8至C所用時間之比《％=1：2

C.小球A至8、B至C運動的位移之比占：％=1：3

D.小球4至B、8至C運動的位移之比：々=4：9

【答案】A

【解析】AB.根據(jù)速度公式得乙=~^=上

aa

3v—2vv

‘2==一

aa

解得《"2=1：1,A正確,B錯誤;

（2v）2—v23v2

CD.根據(jù)q一說=2數(shù)得藥=

（3V）2-（2V）2_5V2

%二

2a2a

解得玉：W=3：5,CD錯誤。故選A。

15.如圖所示，一個固定在豎直平面上的光滑半圓形管道，管道里有一個直徑略小于管道內(nèi)徑的小球，小球在管

道內(nèi)做圓周運動，從B點脫離后做平拋運動，經(jīng)過0.3s后又恰好垂直與傾角為45。的斜面相碰。己知半圓形管道

的半徑為R=lm,小球可看作質(zhì)點且其質(zhì)量為〃?=lkg,g取i0m/s2,則（）

A.小球經(jīng)過B點時的速率為5m/s

B.小球經(jīng)過8點時受到管道的作用力1=1N,方向向上

C.若改變小球進入管道的初速度使其恰好到達B點，則在8點時小球?qū)艿赖淖饔昧榱?/p>

D.若改變小球速度使其到達A點的速度為8m/s,則在A點時小球?qū)艿赖淖饔昧?4N

【答案】B

【解析】A.小球垂直撞在斜面上，可知到達斜面時豎直分速度v，=g/=10x0.3m/s=3m/s

根據(jù)平行四邊形定則知tan45。=?

解得小球經(jīng)過B點的速率為vn=vv=3m/s,故A錯誤；

B.在8點，根據(jù)牛頓第二定律得〃?g+用

解得軌道對小球的作用力取=-lN

可知軌道對小球的作用力方向向上，大小為1N,故B正確；

C.改變小球進入管道初速度使其恰好到達8點，即到達8點速度為零，故滿足&=mg

則在B點時小球?qū)ο旅娴墓艿赖淖饔昧Υ笮〉扔谥亓?，故C錯誤；

D.若改變小球速度使其到達A點的速度為8m/s,根據(jù)風,-機8=機匕匚

解得FNA=74N

故D錯誤。故選B。

16.如圖所示，邊長L=0.2m的正方形線圈必4,其匝數(shù)〃=10,總電阻r=2C,外電路的電阻R=8C,外邊的

中點和〃邊的中點的連00恰好位于勻強磁場的邊界線上，磁場的磁感應強度B=1T,若線圈從圖示位置開始計

時，以角速度3=2rad/s繞。。軸勻速轉動。則以下判斷中正確的是（）

0

xxx

a.---；，z）x

；XXXX

；XXXX

>；XXclcXX

d、---ktr

1?！?/p>

—??—

R

TT

A.在，=fs時刻，磁場穿過線圈的磁通量最大

B.閉合電路中感應電動勢的瞬時值表達式為e=0.8sin2/V

7T

C.從r=o時刻到f=^s時刻，通過電阻R的電荷量q=0.02C

jr

D.從f=0時刻到f=：s時刻，電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q=3.2萬xl（）Tj

4

【答案】C

【解析】

A.線圈的周期為丁=生="s

CD

在t=時刻，線圈從圖示位置轉過90。，磁場穿過線圈的磁通量最小。故A錯誤;

4

B.閉合電路中感應電動勢的瞬時值表達式為e=丸sincotN

又丸=nBSco=-nBl3(o=0.4V

聯(lián)立，可得e=0.4sin2N,故B錯誤;

BxC

c-從，=0時刻到時刻，通過電阻R的電荷量好〃士L=〃2故。正確:

—U.UZL

R+rR+r

[--,2

TVP

D-從i時刻到"笠時刻,電阻R上產(chǎn)生的熱量為。=尸用=~m=1.6乃xlO-j

_V2（/?+r）_

故D錯誤。故選C。

17.下列說法正確的是（）

A.核反應方程式為黑Cs-＞黑Ba+X,可以判斷X為a粒子

B.對于同種金屬產(chǎn)生光電效應時，逸出光電子的最大初動能與照射光的頻率成正比例關系

C.一個氫原子從〃=3能級躍遷到〃=2能級，該氫原子放出光子，動能增加

D.將放射性元素的溫度降低，它的半衰期會發(fā)生改變

【答案】C

【解析】A.根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，X的電荷數(shù)為-1,質(zhì)量數(shù)為0,可知X為電子，即用粒子，故A

錯誤；

B.根據(jù)光電效應方程&?=加-叱,知，光電子的最大初動能與照射光的頻率成線性關系，不是正比例關系，故

B錯誤；

C.氫原子從〃=3能級躍遷到〃=2能級，能級減小，總能量減小，減少的能量以光子的形式放出，電子的動能

則根據(jù)竺=叱知，電子的動能增加，故C正確；

rr

D.元素的半衰期與溫度、壓強、單質(zhì)還是化合物都無關，故D錯誤。故選C。

18.“雙星系統(tǒng)”由相距較近的恒星組成，每個恒星的半徑遠小于兩個恒星之間的距離，而且雙星系統(tǒng)一般遠離其

他天體，它們在相互間的萬有引力作用下，繞某一點做勻速圓周運動，如圖所示為某一雙星系統(tǒng)，A星球的質(zhì)量

為mi,B星球的質(zhì)量為機2,它們中心之間的距離為3引力常量為G,則下列說法正確的是（）

A.A星球的軌道半徑為

B.雙星運行的周期為7=2"L

nt、,

C.B星球的軌道半徑為〃

若近似認為B星球繞A星球中心做圓周運動，則B星球的運行周期為『可肅

D.

【答案】B

【解析】AC.雙星靠他們之間的萬有引力提供向心力，設A星球的軌道半徑為R,B星球的軌道半徑為「，根據(jù)

22

萬有引力提供向心力有G=仍corR=m2（Dr

得=m2r

且R+/=L

tn.L

解得r=---!---

g+m2叫+m2

故AC錯誤；

B.根據(jù)萬有引力等于向心力G等=叫

解得7=2唾^^

故B正確;

D.若近似認為B星球繞A星球中心做圓周運動，則根據(jù)萬有引力提供向心力有6華=科

13

解得T=2萬L

故D錯誤。故選B。

19.如題圖所示，水平面內(nèi)有三條虛線4、4、4,相鄰虛線間距相等且彼此平行，a、b、c為虛線上的三點,

其中“、c連線與4垂直。某時刻電子以水平向右的速度丫通過“點，則（）

A.若4、4、4為電場線，則一定有

B.若4、4、13為電場線，則電子一定能夠通過c點

C.若4、4、4為等勢線，則一定有《"=外,

D.若4、4、4為等勢線，則電子一定不能通過C點

【答案】CD

【解析】A.若。、h、刀為電場線，則一定有加活=—U兒

故A錯誤；

B.若。、12、人為電場線，則電子不一定能夠通過C點，故B錯誤；

C.若//、12、4為等勢線，則一定有故C正確；

D.若//、卜、〃為等勢線，a、C連線在電場線上，電子運動離4、C連線越來越遠，則電子一定不能通過C點，

故D正確。故選CD。

20.如圖甲，勁度系數(shù)％=10N/m的輕彈簧左端固定在豎直墻上，右端連接一個質(zhì)量為M的木板。開始時彈簧處

于原長，木板靜止在光滑的水平桌面上、一質(zhì)量，〃=lkg的物塊（可視為質(zhì)點）從木板左端以初速度2m/s滑上木

板，最終恰好停在木板的右端。圖乙中A為物塊的V7圖線：B為木板的丫7圖線且為正弦圖線。已知重力加速

度g=1Om/s2,根據(jù)圖中所給信息可得（）

A.木板的長度為2m

B.r=ls時，彈簧的彈性勢能為L5J

C.z=ls時，木板受到物塊的摩擦力與彈簧的彈力大小相等

D.2s內(nèi)“物塊和木板”系統(tǒng)的摩擦生熱為2J

【答案】AD

【解析】A.由于M圖像與f軸圍成的面積表示位移，通過圖像可知，A一直向右運動，位移s=2m,B先向右

后向左運動，總位移為0。因此，A運動的位移即為木板長度，即2m,A正確；

B.由于M圖像的斜率表示加速度，可知A減速運動的加速度為lm/s2。而A在僅受摩擦力的作用下做勻減速

運動，根據(jù)牛頓第二定律可知f=〃刈=1N

由物塊B的內(nèi)圖像可知，/=0.5s時，B的速度最大，此時由于切線斜率為0,故B物塊的加速度為0。

對B進行受力分析可知，此時彈簧彈力與摩擦力二力平衡，且彈簧伸長量的大小應為B的位移x,則有：

kx=f

解得x=0.1m

由正弦圖線的對稱性可知，Uis時，B的速度為0,即位于簡諧運動的振幅處，B向右的位移為2%。

2

時0~ls過程列能量守恒：軻;=l/nv,+/（5A-2x）+EP

其中A在Is內(nèi)的位移為5人=%產(chǎn)”等xl=1.5m

聯(lián)立可得Ep=0.2J,B錯誤；

C.1s時，木板的凹圖切線斜率不為0,說明木板此時仍有加速度，故摩擦力與彈簧彈力并不相等，C錯誤；

D.兩秒內(nèi)“物塊和木板”系統(tǒng)的摩擦牛.熱0=3

而由圖像可知，全過程物塊與木板的相對路程即等于物塊的位移s,因此系統(tǒng)摩擦生熱為2J,D正確。故選AD.

21.如圖所示，間距為d的平行金屬軌道4B、。構成傾角。為30。的傾斜軌道，通過BE和。G兩小段光滑絕緣

圓?。ㄩL度可忽略不計）與間距也為〃的水平平行金屬軌道EF,G”相連，AC端接有一個電容器，質(zhì)量為旭的

金屬棒P從離水平軌道L處靜止釋放，金屬棒P和導體棒Q始終與軌道垂直并與軌道接觸良好，金屬棒P和軌

道的電阻忽略不計，導體棒Q的電阻為R,質(zhì)量為2m,金屬棒P和傾斜軌道間的動摩擦因數(shù)〃=gtan。，不計P、

Q與水平軌道間的摩擦力，水平軌道足夠長，且P、Q沒有發(fā)生碰撞，電容器的電容C=券，整個裝置處于與

軌道平面垂直的勻強磁場當中（兩磁場互不影響），磁感應強度大小為8,重力加速度為g,下列說法正確的是

（）

A.金屬棒P到達BD時的速度為避皿

3

B.金屬棒P滑到水平軌道后通過導體棒Q的電荷量為網(wǎng)回

9Bd

C.導體棒Q產(chǎn)生的熱量為1陽乙

D.電容器的最大電荷量為曲也

9Bd

【答案】ABC

【解析】AD.金屬棒P在傾斜軌道上運動的過程中，垂直切割磁感線對電容器充電，對P受力分析如圖甲所示,

在沿著傾斜軌道的方向上有mgsinO-pN-BId=ma

在垂直于傾斜軌道的方向上有N=相geos6

電容器所帶電荷量Q=CU=CBdv

…,NQCBdAvf,

充電電流I==------=CBda

ArAr

通過計算得a=：g

o

金屬棒P由靜止開始沿著傾斜軌道做勻加速直線運動，到達水平軌道時的速度最大，有%=

故電容器的最大電荷量為0m=CBdvm=啜,故A正確，D錯誤.

B.金屬棒P滑到水平軌道后與導體棒Q構成閉合回路，受力分析如圖乙所示，P、Q組成的系統(tǒng)所受合外力為

零，滿足動量守恒的條件、通過分析可知P、Q最終以相同的速度匕勻速運動，有機h=3,明

解得v=』也皿

139

X-JQ運用動量定理有Bldt=2mvx

則4=萬=犯=型匣，故B正確；

Bd9Bd

C.此過程中P棒的動能轉化成回路中的焦耳熱有。=g〃?匕;-

故C正確。故選ABC。

二、非選擇題：共174分。第22?25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

(-)必考題：共47分。

22.(5分)為了探究物體質(zhì)量一定時加速度與力的關系，甲同學設計了如圖1所示的實驗裝置，其中M為小車

的質(zhì)量，入為沙和沙桶的總質(zhì)量。一輕繩跨過輕質(zhì)的定滑輪和動滑輪一端連接沙桶，另一端連接拉力傳感器,

拉力傳感器可測出輕繩中的拉力大小。實驗過程中，每次在釋放小車后，讀出拉力傳感器的示數(shù)并記為F。

圖1

（1）實驗過程中，下列操作正確的是。

A.調(diào)整長木板左端定滑輪的高度，使得細線與長木板平行

B.在掛沙桶的前提下，將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車

D.為減小誤差，實驗中要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量M

（2）甲同學在實驗中得到如圖2所示的一條紙帶（兩計數(shù)點間還有四個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是

頻率為50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字）。

單位:cm

1.103.095.127.109.1311.09

0123456

圖2

（3）甲同學以力傳感器的示數(shù)尸為橫坐標，加速度a為縱坐標,畫出的a-E圖像如圖3所示為一條直線，圖線

與橫坐標的夾角為凡求得圖線的斜率為屋則小車的質(zhì)量為.

121

A.----B.tan0C.-D.—

tan6kk

（4）乙同學也利用此裝置探究合外力一定時，物體的加速度和質(zhì)量的關系。他保持沙和沙桶的總質(zhì)量不變，改

變放在小車中祛碼的質(zhì)量相，測出對應的加速度假設已經(jīng)完全消除了摩擦力和其他阻力的影響。他沒有測量

小車的質(zhì)量M,而是以［為縱坐標，，"為橫坐標，畫出1-加圖像，從理論上分析，下列圖像正確的是（

)

11A

￡

OmO

B

【解析】（1）［1］

A.調(diào)整長木板左端定滑輪的高度，使得細線與長木板平行，A正確;

B.不掛沙桶的前況下，將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，B錯誤;

C.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，以保證充分利用紙帶打出足夠多的點，故C正確；

D.細繩的拉力由力傳感器精準測得，所以不需要保證沙和沙桶的總質(zhì)量久遠小于小車的質(zhì)量M,D錯誤。

故選AC。

(11.09+9.13+7.10)xl0-2m-(1.10+3.09+5.12)xl0-2m

（2）⑵由逐差法得a==2.0rn/s

9x(0.Is)

(3)[3]由2/=癡得。=—

所以圖線的斜率

7

解得MJ

故ABD錯誤，C正確。故選C。

(4)[4]山2尸=(M+m)a得上=二+三

a2F2F

：與"?為線性關系，y軸正向有截距，故ACD錯誤，B正確。選B。

23.（10分）為了完成“測定電源電動勢和內(nèi)阻”實驗，某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗電路圖，實驗室提供

有如下器材：

待測電源（電動勢幾伏，內(nèi)電阻幾歐）電壓表V1（量程3V、內(nèi)阻約3kC）

電壓表V?（量程5V、內(nèi)阻約59）滑動變阻器R（最大阻值為20C）

定值電阻4（％=6.0。）開關一個、導線若干

甲

（1）圖甲中a處應選用電壓表（選填"VJ，或“V」）。

（2）某同學對實物進行的連接如圖乙所示，該連接有誤，請在錯誤的連線上打“x”，并畫出正確的連線

乙丙丁

（3）如圖丙是某次測量中兩電表的示數(shù)，則此時電源的路端電壓為V。

（4）實驗得到的〃圖像如圖丁所示，該電源的電動勢后=V,內(nèi)阻尸C。（保留2位有效

數(shù)字）

【解析】（1）[1]由電路圖可以看出，b處電壓表測量值大于a處電壓表測量值，所以a處應選Vi；

（2）[2]電壓表a與滑動變阻器并聯(lián)，滑動變阻器是限流式接法，圖中兩處錯誤如圖"X”處標出，正確電路圖如下

（3）[3]b處電壓表示數(shù)即為路端電壓，為丙圖中下圖所示，量程為5V,最小分度為0.2V,讀到V的十分位，

則圖中讀數(shù)為3.3V；

（4）[4]⑸由閉合電路歐姆定律，結合電路圖可得芯=%+"二”』

,,R“Er,,

可得

4+r4）+，

REr35-27

根據(jù)丁圖中圖線與縱軸截距、斜率可得6r=2.7,'=0.4

R0+rR?+r2-0

可得E=4.5V,尸4.0。

24.（12分）如圖所示，一游戲裝置由安裝在水平面上的固定輕質(zhì)彈簧、豎直圓軌道（在最低點E分別與水平軌

道E。和￡4相連）、斜軌道AB組成，各部分平滑連接。某次游戲時，滑塊從高為〃=1.0m的斜軌道A8端點8

由靜止釋放，沿斜軌道下滑經(jīng)過圓軌道后壓縮彈簧，然后被彈出，再次經(jīng)過圓軌道并滑上斜軌道，循環(huán)往復。已

知圓軌道半徑r=0.1m,滑塊質(zhì)量初=20g且可視為質(zhì)點，CA長L,=0.4m?！闛^L2=0.3m,滑塊與AB、EO之

間的動摩擦因數(shù)〃=0$,滑塊與其它軌道摩擦及空氣阻力忽略不計，g^.10m/?,求：

（1）求滑塊第一次過最高點尸時，軌道對滑塊的支持力大??；

（2）求彈簧獲得的最大彈性勢能不。

【解析】（1）設斜軌道48與C4間的夾角為仇滑塊從8點運動到尸點，由動能定理則有

mg^h-2r)-Wf=^mvj.

又W=jLimgcos3-=從mgL1

fcos。

在尸點，設軌道對滑塊的支持力大小為FN,對滑塊有

r

聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)解得軌道對滑塊的支持力大小為F,v=2.2N

（2）滑塊從2點到彈簧壓縮量最大的運動中，由動能定理可得用嗎L0

又W'-jumg^+jumgL2

彈簧獲得的最大彈性勢能綜=卬/

聯(lián)立以上各式，代入數(shù)據(jù)解得彈簧獲得的最大彈性勢能E/,=0.13J

25.（20分）在xOy坐標系內(nèi)第二象限存在沿y軸負方向的勻強電場，電場強度為民第四象限存在垂直wy平

面向內(nèi)的勻強磁場，磁感應強度為B；在直線。尸上的A、C之間有同種帶正電粒子以不同的初速度沿x軸正方

向連續(xù)射出，均能打到。點,4點和C點出發(fā)的帶電粒子經(jīng)勻強磁場偏轉后分別在x軸上的尸點、。點射出磁場，

且在尸點射出的粒子在。點的速度方向與y軸負方向成30。。已知帶電粒子的質(zhì)量為，小電荷量為q,OD=L,

OF=2L,不計帶電粒子的重力。求：

（1）從尸點射出磁場的粒子在。點時的速度U”

（2）從C點射出的粒子到達O點的時間；

（3）在第四象限y=-9L處放一與x軸平行的擋板，能擋住在A、C之間發(fā)射的上述粒子，則擋板的最小長度

6

Ax為多少。

【解析】（1）/點射出磁場的粒子半徑為

T

2

洛倫茲力提供向心力有4。！=等

K\

則v=.2—磔,

3m

(2)如圖所示

a=^

m

根據(jù)平拋知識可知,粒子在。點的速度方向與)，軸負方向也成30°角，在磁場中做圓周運動轉過的圓心角與A點

山幾何關系得&=當

射出的粒子也相同,

則"8匕=，“、-

解得以=當些

3m

則/2=殳=丫2cos30。BL

~aa2￡

處與x軸平行的擋板恰好與由。到。的圓相切,最短擋板為圖中根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得

*李*

GM=-

2

在三角形OQN中，由勾股定理得GN=^

6

解得Ax=Y辿-七

62

（-）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則每學科按所做的第一題計分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（5分）一定質(zhì)量的理想氣體密封在容器內(nèi)，從狀態(tài)A開始，經(jīng)狀態(tài)又回到狀態(tài)A,變化過程的2-丫

圖線如圖所示，圖中。A反向延長線過坐標原點。，AB為雙曲線的一部分BC平行于縱軸，CD平行于橫軸。下

B.A到B的過程吸收的熱量等于氣體對外界做的功

C.B到C的過程壓強減小的原因是分子平均動能減小

D.C到。的過程中分子平均動能不變

E.整個循環(huán)過程，氣體吸收的熱量大于放出的熱量

【答案】BCE

【解析】A.DA直線反向延長過坐標原點，由理想氣體狀態(tài)方程%=C

的乘積增大，知此過程溫度升高，A錯誤；

B.A8為雙曲線，說明此過程是等溫變化，氣體內(nèi)能不變，體積增大，說明氣體對外界做功，由熱力學第一定律

\U=W+Q

可知，A到8的過程吸收的熱量等于氣體對外界做的功，B正確；

C.B到C的過程，體積不變，溫度降低，故壓強減小的原因是分子平均動能減小，CiE確；

D.C到。的過程中，壓強不變，但體積減小，根據(jù)

理想氣體狀態(tài)方程（=C

可知，氣體的溫度降低，故分子平均動能減小，D錯誤；

E.P-V圖像中圖線與坐標軸所圍的面積表示外界對氣體做的功，氣體經(jīng)全過程回到A,內(nèi)能不變，但由于全過

程中氣體體積增大過程對外界做功（圖線與坐標軸圍的面積）大于體積減小過程外界對氣體做的功，由熱力學第

一定律可知，全過程吸熱，E正確。故選BCE。

（2）（10分）一端開口底部導熱的氣缸長Z,=150cm,用絕熱活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞的質(zhì)量，"=2（）kg,

橫截面積SWOOcn?,活塞與氣缸壁間封閉良好且無摩擦。氣缸開口一端水平向右時，活塞到氣缸底的距離為

120cm,如圖所示?，F(xiàn)將氣缸緩慢逆時針轉動，直到開口豎直向上為止，然后再對氣體緩慢加熱?；钊暮穸炔?/p>

計，環(huán)境溫度為27℃,環(huán)境大氣壓為=10x10'Pa。

（1）對氣體緩慢加熱，直到活塞恰好到達管口，求此時氣體的溫度；

（2）對氣體緩慢加熱的過程中，氣體吸收的熱量為1600J,求此過程中氣體內(nèi)能的改變量。

【答案】（1）450K；（2）1OOOJ

【解析】（1）氣缸口水平朝右時為初狀態(tài)，此時氣缸內(nèi)氣壓等于大氣壓，則

52

/?1=/70=1.0x10Pa,=1.2x10m

氣缸口豎直向上時對活塞進行受力分析，受大氣壓強豎直向下的壓力，自身的重力以及氣缸中氣體豎直向上的支

持力，蛆Jp2=p°+^=L2xl0'Pa

氣缸緩慢逆時針轉動過程中氣體做等溫變化PM=生匕

yLS

氣體緩慢加熱過程中氣體做等壓變化,=彳

201

聯(lián)立解得r=450K

（2）氣體緩慢加熱過程中氣體做等壓膨脹，氣體對外做功卬=-%）=-600J

根據(jù)熱力學第一定律得AU=卬+。

解得AU=1（XX）J

34.[物理——選修3-4]（15分）

（1）（5分）我國成功研發(fā)的反隱身先進米波雷達堪稱隱身飛機的克星，它標志著我國雷達研究創(chuàng)新的里程碑.

米波雷達發(fā)射無線電波的波長在l~10m范圍內(nèi)，下列有關波的選項正確的有（）

Z介質(zhì)iB介質(zhì)

A.該米波必須依靠空氣傳播

B.該米波頻率比厘米波的頻率低

C.該米波比可見光更容易產(chǎn)生衍射現(xiàn)象

D.該米波遇到厘米波有可能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象

E.上圖為一列戶1Hz機械波在?=0時刻波動圖，此時尸14m處的質(zhì)點振動方向向上，貝i]r=1.75s時，處于x=6m

的質(zhì)點位移為5cm