2022年高考物理押題預測卷03（全國乙卷）（全解全析）

2022年高考押題預測卷03【全國乙卷】

理科綜合物理?全解全析

注意事項：

1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名、準考

證號填寫在答題卡上。

2.回答第I卷時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，

用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。

3.回答第H卷時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

4.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

第I卷

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要

求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0

分。

14.為估算水庫中水的體積，可取一瓶無毒的含放射性同位素的水溶液，測得瓶內(nèi)溶液每分鐘衰變6x10,

次.已知這種同位素的半衰期為2天，將這瓶溶液倒入水庫，8天后可以認為溶液已均勻分布在水庫里的水

中，這時取1.On?水庫中的水樣，測得水樣每分鐘衰變20次。由此可以估算水庫中水的體積約為（）

A.1.9xl05m3B.6.9xl05m3

C.1.9xl06m3D.6.9xl06m3

15.在星球A上將一小物塊P豎直向上拋出，P的速度的二次方廬與位移x間的關系如圖中實線所示；在

另一星球B上將另一小物塊Q豎直向上拋出，Q的儼-x關系如圖中虛線所示。已知星球A、B的半徑相等，

若兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體，兩星球上均沒有空氣，不考慮兩星球的自轉(zhuǎn)，則下列說法正確的是（

A.星球A表面的重力加速度是星球B表面的重力加速度的g

B.A的密度是B的密度的3倍

C.P拋出后落回原處的時間是Q拋出后落回原處的時間的;

D.A的第一宇宙速度是B的第一宇宙速度的立倍

3

16.絕緣光滑水平面上有48。三點，以。點為坐標原點，向右方向為正方向建立直線坐標軸x軸，4點坐

標為-2m,8點坐標為2m,如圖甲所示。A、3兩點間的電勢變化如圖乙，左側(cè)圖線為四分之一圓弧，右側(cè)

圖線為一條傾斜線段?，F(xiàn)把一質(zhì)量為機，電荷量為g的負點電荷，以初速度%由A點向右射出，則關于負

點電荷沿直線運動到B點過程中，下列說法中正確的是（忽略負點電荷形成的電場）（）

A.負點電荷由A點運動到。點過程中加速度越來越大

B.負點電荷在B點速度大于％

C.負點電荷在A。段的平均速度大于在。8段的平均速度

D.當負點電荷分別處于-應m和夜m時，電場力的功率相等

17.電磁泵是利用磁場和導電流體中電流的相互作用，使流體受電磁力作用而產(chǎn)生壓力差，從而推動流體

運動的一種裝置。如圖所示，泵體是一個長方體，帥邊長為&,兩側(cè)端面是邊長為D的正方形；流經(jīng)泵體

內(nèi)的液體密度為夕、在泵頭通入導電劑后液體的電導率為。（電阻率的倒數(shù)），泵體所在處有方向垂直于長

方體側(cè)面向外的磁場B,把泵體的上下兩表面接在輸出電壓為U的電源上，則（）

出電劑

電:京崢

IA

A.電源正極應接泵體下表面

B.通過泵體的電流/=由〃/

C.其他條件不變，磁場方向反向，電磁泵仍可以正常工作

D.減小液體的電導率可獲得更大的抽液高度h

18.如圖所示，2022個質(zhì)量均為3膽的相同小球依次緊密排列成一條直線，靜止在光滑水平面上，輕繩一

端固定在。點，一端與質(zhì)量為機的黑球連接，把黑球從與。點等高的4處由靜止釋放，黑球沿半徑為L的

圓弧擺到最低點8處時與1號球發(fā)生正碰。若發(fā)生的碰撞皆為彈性碰撞，不計空氣阻力，則黑球與1號球

最后一次碰撞后的速度大小為（）

AQ------------co

\I

Bl2320212022

777777777777^^^^7777777^^^7777

A.（；嚴|J2gLB.產(chǎn)C.—^—y]2gLD.J2gL

22oUo/ouo/

19.某實驗室模擬物流分揀裝置，讓物塊在表面粗糙的水平傳送帶上隨傳送帶傳輸時，經(jīng)過一段風洞區(qū)域,

使物塊恰好被分揀到傳送帶一側(cè)的平臺上。已知傳送帶的寬度d=0.98m（物塊位于傳送帶中間位置），傳

送帶的速度%=1向s,物塊到達風洞區(qū)域前與傳送帶共速。物塊的質(zhì)量機=500g,物塊在風洞區(qū)域受到恒定

的作用力尸=2N,物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為〃=0.2,風洞區(qū)域的長度為L=0.7m。假設最大靜摩

擦力等于滑動摩擦力，物塊的尺寸遠小于傳送帶的寬度，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）

A.物塊進入風洞區(qū)域后的加速度為2石m/s?

B.物塊落到平臺上時的速度約為1.7m/s

C.物塊與傳送帶間的摩擦生熱為0.49J

D.若增大傳送帶的速度，物塊將不能落入平臺

20.如圖所示，等腰直角三角形a兒區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，直角邊ac長度為/,磁感應強度

大小為瓦在c點有一粒子源，可沿紙面內(nèi)各個方向射出質(zhì)量為加、電荷量為+4的粒子，所有粒子不計重

力、速度大小均為血。其中從c點沿沙方向射入磁場的粒子，運動軌跡恰好垂直于邊界必射出磁場。若在

該平面內(nèi)再加上一個沿ca方向的勻強電場，電場強度為反關于粒子的運動下列說法正確的是（）

A.粒子速度血的大小滿足%=型

m

B.不加電場時，從a點射出磁場的粒子在c點的速度方向與松夾角為30。

C.不加電場時，與反夾角為45。的入射粒子在磁場中的運動時間為彳1

2qB

〃2的2

D.加上電場后，所有粒子飛出場區(qū)時動能的最大值為+

2m

21.如圖所示，光滑斜面傾角。=60。，其底端與豎直平面內(nèi)半徑R的光滑圓弧軌道平滑對接，位置。為圓

弧軌道的最低點。兩個質(zhì)量均為m的小球4和小環(huán)B（均可視為質(zhì)點）用L=l.5R的輕桿通過輕質(zhì)較鏈相

連。3套在固定豎直光滑的長桿上，桿和圓軌道在同一豎直平面內(nèi)，桿過軌道圓心，初始輕桿與斜面垂直。

在斜面上由靜止釋放4,假設在運動過程中兩桿不會碰撞，小球通過軌道連接處時無能量損失（速度大小不

變），重力加速度為g,下列判斷正確的是（）

A.小球A由靜止釋放運動到最低點時，機械能一直減小

B.小球A運動到最低點時的速度大小為匕=華豆

3

C.剛釋放時，小球A的加速度大小為

D.已知小球A運動到最低點時，小環(huán)8的瞬時加速度大小為m則此時小球A受到圓弧軌道的支持力大小

為5.5）咫+胸

第II卷

三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33

~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。

（-）必考題（共47分）

22.（6分）一組同學在教室內(nèi)做研究平拋運動的實驗，裝置如圖甲所示，末端切線水平的軌道固定在靠近

豎直墻的課桌上，在墻上的適當位置固定一張白紙，白紙前面覆蓋復寫紙。讓一小鋼球從軌道頂端由靜止

滾下，離開軌道后撞擊復寫紙，在白紙上留下撞擊痕跡點。開始時軌道末端距墻xo,小球撞擊的痕跡點記

為1,后依次將課桌遠離墻移動乙=30cm,每次移動后都讓小鋼球從軌道頂端由靜止?jié)L下，直到小鋼球不能

直接碰到墻，撞擊的痕跡點記為2、3、4……。將白紙取下，測量各撞擊痕跡點之間的距離。如圖乙，第2、

3、4點與第1點的距離分別為y/=11.00cm、＞2=32.00cm、”=63.00cm。重力加速度大小取10m/s2?則小鋼球

離開軌道時的速度大小為m/s；撞擊第3個點前瞬間小球的速度大小為m/s（用根號

表示）；開始時軌道末端與墻的距離初=cm。

3。

y.

圖乙

23.（9分）實驗室提供器材如下：電池組（電動勢E=3V,內(nèi)阻/'=10；電流表A1（量程0~500mA,

內(nèi)阻約0.5Q）；電流表A2（量程0~3mA,內(nèi)阻未知）；電阻箱R（阻值0~9999.9Q）；

滑動變阻器R'（阻值0~10Q）；開關一只，導線若干。

為研究一只額定電壓為2.5V、額定電流為0.4A的小燈泡的伏安特性，某同學利用上述器材進行了以下實驗:

（1）設計圖（a）所示電路測定電流表A2的內(nèi)阻。具體操作為：閉合開關S,由大到小改變電阻箱的接入

電阻R,當R=1479.0Q時，電流表A2的指針位置如圖（b）所示。則A?表的示數(shù)為mA,內(nèi)阻

（2）將A：表改裝為量程0~3V的電壓表。具體操作為將電阻箱與A2表串聯(lián)，調(diào)節(jié)電阻箱使串入電阻值為

（3）沒計圖（c）所示電路研究小燈泡的伏安特性，具體操作為：利用測得的多組數(shù)據(jù)，在圖（d）所示小

燈泡的坐標圖中確定出多個數(shù)據(jù)點的位置.（圖中橫軸L為A1表的示數(shù)值，可直接反映通過小燈泡的

電流，縱軸人為A,表的示數(shù)值，可間接反映小燈泡兩端的電壓）。

圖(d)

①請在圖（d）中作出小燈泡的圖線；

②由圖可知，當通過小燈泡的電流為2（X）mA時，小燈泡的實際功率為；（取2位有效數(shù)字）

③若將小燈泡直接接在一個電動勢E'=2.8V、內(nèi)阻r'=2Q的舊電池組兩端，小燈泡的實際功率為W。

（取2位有效數(shù)字）

24.（14分）我國選手谷愛凌在北京冬奧會自由式滑雪女子。型場地技巧決賽中奪得金牌。如圖所示，某比

賽用U型池場地長度Z=160m、寬度d=2（）m、深度〃=7.25m,兩邊豎直雪道與池底平面雪道通過圓弧雪道

連接組成，橫截面像“少’字形狀，池底雪道平面與水平面夾角為。=20。。為測試賽道，將一質(zhì)量，〃=lkg的

小滑塊從。型池的頂端A點以初速度%=>A3m/s滑入；滑塊從B點第一次沖去［/型池，沖出B點的速度

vB=10m/s,與豎直方向夾角為a（a未知），再從C點重新落回U型池（C點圖中未畫出）。已知A、8兩

點間直線距離為25m,不計滑塊所受的空氣阻力，sin200=0.34,cos20°=0.94,tan20°=0.36?

（1）A點至8點過程中，求小滑塊克服雪道阻力所做的功嗎；

（2）忽略雪道對滑塊的阻力，若滑塊從池底平面雪道離開，求滑塊離開時速度口的大小；

（3）若保持%大小不變，調(diào)整速度力與豎直方向的夾角為即時，滑塊從沖出B點至重新落回U型池的時

間最長，求tan%。

25.（18分）如圖（a）,傾角為。=37。、間距為/=0.1m的足夠長的平行金屬導軌底端接有阻值為R=0.16C

的電阻，一質(zhì)量為加=O」kg的金屬棒H垂直于導軌放置，與導軌間的動摩擦因數(shù)為"=0.5。建立原點位于

導軌底端、方向沿導軌向上的坐標軸x,在0.2mV爛0.8m區(qū)間內(nèi)有垂直于導軌平面向上的勻強磁場，磁感應

強度大小為2=1.6。從仁0時刻起，金屬棒仍在沿x軸正方向的外力產(chǎn)作用下，從x=0處由靜.止開始沿斜

面向上運動，其速度v與位移x、加速度a與速度丫的關系分別滿足圖（b）和圖（c）,當金屬棒仍運動至

X2=0.8m處時，撤去外力尸，金屬棒必繼續(xù)向上運動。金屬棒外在運動過程中始終保持與導軌垂直，且與

導軌接觸良好，不計金屬棒好與導軌的電阻,重力加速度大小為g=10m/s2,sin37o=0.6,cos37o=0.8。求:

（1）當金屬棒ab運動至x=0.2m處時，電阻R消耗的電功率；

（2）外力F與位移x的關系式；

（3）從金屬棒仍開始運動到運動至最高點的過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能。

圖（a）圖（b）圖（c）

（-）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（6分）如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)熱力學過程be、cd、血后又回到狀態(tài)

其中，過程用和cd為等溫過程，過程兒和〃為絕熱過程（氣體與外界無熱量交換），這就是著名的“卡

諾循環(huán)下列說法正確的是（）

A.必過程中，氣體始終吸熱

B.cd過程中，氣體對外界做功

C.而過程中，氣體的溫度一直升高

D.加過程中，氣體分子在單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的次數(shù)增加

E.秋過程氣體對外界做的功等于血過程外界對氣體做的功

（2）（9分）2021年11月7日“神十三”宇航員王亞平，身穿厚厚的航天服出艙活動，成為我國首位太空行

走的的女宇航員。航天服由6層組成，其中的一層是“氣密限制層”，在層內(nèi)封閉一定質(zhì)量的氣體?？梢允褂?/p>

航員的身體周圍保持一定壓力。氣密限制層外面是“隔熱層”，可以防止溫度過冷或者過熱。假如在地面時航

天服內(nèi)氣壓為一個標準大氣壓片=L0xl（）5pa,氣體體積為2L,溫度為27℃,進入太空后，宇航員穿著航

天服出艙后，由于外部氣壓低，航天服急劇膨脹，氣體體積變?yōu)?L,溫度降為7℃,航天服可視為封閉系

統(tǒng)，內(nèi)部氣體可視為理想氣體（7=什273K）。

（1）求航天員進入太空，出艙較長時間后，航天服內(nèi)的氣體壓強。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

（2）若在地面上開啟航天服封閉系統(tǒng)向航天服內(nèi)充氣，使航天服內(nèi)氣壓達到標準大氣壓的90%,體積變?yōu)?/p>

4L,則需補充溫度為27℃、一個標準大氣壓的氣體多少升？（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

（3）已知氣體在0℃、lxi（）5pa時的摩爾體積為22.4L/mol,阿伏伽德羅常數(shù)N”=6xl023moL,求氣密限

制層內(nèi)氣體的分子數(shù)。（結(jié)果保留1位有效數(shù)字）

34.[物理——選修3-4]（15分）

（1）（6分）B超檢查是醫(yī)學上常用的診斷方法，其基本原理是探頭向人體內(nèi)發(fā)射超聲波，超聲波遇到人體

不同的組織會產(chǎn)生不同程度的反射，它不會對人體產(chǎn)生電離作用，利用超聲的回聲原理進行定位，通過計

算機分析產(chǎn)生的二維圖像（如圖中所示）。圖乙、圖丙是儀器檢測到的探頭發(fā)送和接收的超聲波圖像（圖乙

為某時刻沿x軸正方向發(fā)送的超聲波，圖丙為一段時間后沿x軸負方向返回的超聲波）已知超聲波在人體內(nèi)

傳播速度約為1500m/s,下列說法正確的是（）

A.圖丙中質(zhì)點b正沿y軸負方向運動

B.圖乙和圖丙中，質(zhì)點a和質(zhì)點b加速度相同

C.圖乙中質(zhì)點a的振動周期為T=8.0xl0-5s

D.圖乙中質(zhì)點a在此后的0.1s時間內(nèi)運動的路程為200m

E.超聲波在人體內(nèi)傳播會發(fā)生反射現(xiàn)象，但不會發(fā)生衍射現(xiàn)象

（2）（9分）一玻璃器件的構(gòu)造如圖所示，其頂端是一個半徑為R的半圓柱體，下端是一個邊長為2R,高

度為10R的正四棱柱，一束光從球冠的A點豎直向下射入器件內(nèi)，已知入射角為60。，折射角為30。，光在

真空中傳播速度為c。

（1）試分析判斷該束光是否會從器件側(cè)面射出（不考慮多次反射）；

（2）求光線在器件中的傳播時間。

A

理科綜合物理?全解全析

1415161718192021

ABCBBBCADBD

14.【答案】A

【解析】設水庫中水的總體積為匕則8天后水庫中的同位素每分鐘衰變次數(shù)為N=20次/n？xV,由半衰

8

期規(guī)律有N=(g)2N。，其中M=6xl(r次，解得丫*19x1013,A正確。故選A。

15.【答案】B

【解析】根據(jù)y-%2=-2gx,可知圖像斜率代表重力加速度大小，A、B兩星球表面重力加速度之比3：1,

A錯誤；由公式G等=叫，0=3，丫=葭內(nèi)，解得「=月^,得A、B星球密度之比為3：1,即A

的密度是B的密度的3倍，B正確：由圖像得P、Q豎直上拋初速度之比血：1,A、B兩星球表面重力加

速度之比3：1,根據(jù)"為,所以運動時間之比為近：3，C錯誤；根據(jù)G塔=%g,解得v=啊,A、

B兩星球表面重力加速度之比3：1,A、B星球第一宇宙速度之比為G：1,所以A的第一宇宙速度是B的

第一宇宙速度的G倍，D錯誤。故選B。

16.【答案】C

【解析】由圖像，A到。斜率越來越小，電場強度越來越小，加速度越來越小，故A錯誤；40段與8。段

電勢差相等，電場力做功大小相等，且AO段電場力對電荷做正功，OB段電場力對電荷做負功，故電荷在

8點速度為%,故B錯誤；電荷在AB間運動回圖像如圖

由于位移相等，則面積相等，AO段的時間小于08段的時間，易知電荷在4。段的平均速度大于在OB段的

平均速度，故C正確；負點電荷分別處于-亞m和應m時，兩段圖像斜率絕對值相等，則場強大小相等，

電荷所受電場力大小相等，但-&m處的速度大于正m處的速度，所以電場力的功率不相等，故D錯誤。

故選Co

17.【答案】B

【解析】當泵體上表面接電源負極時，電流從下向上流過泵體，這時受到的磁場力水平向右，拉動液體向

右流動，與題不符，A錯誤；根據(jù)電阻定律，泵體內(nèi)液體的電阻氏=夕5=,*/-=；,因此流過泵體的

電流/=9=U《b,B正確；僅將磁場方向反向，根據(jù)左手定則，安培力和原來相反，液體的運動方向也會

A

相反，電磁泵不能正常工作，C錯誤；若減小液體的電導率G,使電流減小，受到的磁場力減小，使抽液高

度減小，D錯誤。故選B。

18.【答案】B

【解析】設黑球第一次到達最低點時的速度為如黑球下擺過程機械能守恒，由機械能守恒定律得

mgL=^mvl，解得%=廊,設黑球與1號球發(fā)生碰撞后黑球的速度為b1號球的速度為v,黑球與1

號球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得

mv?=mvmi+3mv,由機械能守恒定律得;相說=,解得喋產(chǎn)一：%,v=黑球與1號

球碰撞后，黑球速度反向，黑球運動過程只有重力做功，機械能守恒，由機械能守恒定律可知，黑球再次

達到最低點時速度大小等于%=3%,發(fā)生彈性碰撞過程，系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，由動量守恒定律

與機械能守恒定律可知，兩質(zhì)量相等的球發(fā)彈性碰撞后兩球速度互換，則黑球與1號球碰撞后，1號球靜止,

2號球速度為v,碰后2號球與3號球發(fā)生碰撞，直至2021號球與2022號球碰撞，發(fā)生一系列碰撞后，2022

號球向右做勻速直線運動，1號到2021號球靜止在原位置；然后黑球與1號球發(fā)生第二次碰撞，設碰撞后

黑球的速度為酷2,1號球的速度為門，以向右為正方向，由動量守恒定律得，叫/=，叫?2+3小”，由機械能

守恒定律得gw4：=]"嗑2,解得匕#2=-g)2%，同理可知，黑球第3次與1號球碰撞后黑球的

速度喔3=-§))，黑球最后一次與1號球碰撞后，黑球的速度為%故D

正確，ABC錯誤。故選D。

19.【答案】BC

【解析】進入風洞區(qū)域后，物塊與傳送帶在沿著傳送帶運動的方向共速，在垂直于傳送帶運動的方向上，

由于尸＞〃加g,物塊與傳送帶發(fā)生相對滑動，由牛頓第二定律尸-〃，咫=，M，解得0=201//,故A錯誤；

物塊經(jīng)過風洞區(qū)域所用時間f=2=0-7s,此過程中物塊垂直于傳送帶運動方向發(fā)生的位移

%

J=1?r=0.49m=p物塊剛好在離開風洞區(qū)域時做類平拋運動落入平臺，物塊落入平臺時的速度等于物

塊離開傳送帶時的速度”后而故B正確；物塊與傳送帶間的摩擦生熱

Q=〃〃?gxM=〃〃7gy=0.49J,故C正確；若增大傳送帶的速度，則物塊經(jīng)過風洞區(qū)域時間f減小，在垂直

于傳送帶運動方向位移y減小，則物塊在出風洞區(qū)域時沒有落入平臺，但其在垂直于傳送帶運動方向上仍有

分速度，在摩擦力的作用下，在該方向上做勻減速運動，因此仍有可能落入平臺，故D錯誤。故選BC。

20.【答案】AD

【解析】從c點沿動方向射入磁場的粒子，運動軌跡恰好垂直于邊界而射出磁場，可知粒子運動的軌道半

徑為/,根據(jù)=根且，可得粒子的速度%=幽，選項A正確；不加電場時，從a點射出磁場的粒子的

rm

軌道半徑為/,則在c點的速度方向與兒夾角為60。，選項B錯誤；不加電場時，與兒夾角為45。的入射粒

0（）2冗m7rm

子在磁場中轉(zhuǎn)過的角度小于90。，則運動時間，＜券三=片，選項C錯誤；加上電場后，因電場力方

360qB2qB

向豎直向上，則從a點飛出的粒子電場力做功最大，則所有粒子飛出場區(qū)時動能的最大值為

Ehn=qEl+-mvl=qEl+^^-,選項D正確。故選AD。

21.【答案】BD

【解析】小球A由靜止釋放運動到最低點時，速度水平，豎直分速度為0,而B的機械能減小，則A的機械

能增加，A錯誤；小球A初始位置距水平面高度設為九，由幾何關系得

Rsin60°+（^-1/?）tan30°=1.5/?sin60°,解得九,小球B初始位置距水平面高度設為生，由幾何關系

得他=九+1.5Rcos60。，解得h1=2R,由系統(tǒng)機械能守恒mg△鼠+mgMi^=^mv\+g*,解得vA=當更

B正確；由牛頓第二定律得sin60。=〃?/,得限=號,C錯誤；以小環(huán)B為研究對象，由牛頓第二定

律得F-/ng=ma,以小球A為研究對象，由牛頓第二定律得然-尸一咫="?么，得/=5.5陽+松

R

D正確。故選BD。

（-）必考題（共47分）

22.（6分）【答案】3（2分）^/iy76（2分）18（2分）

【解析】由題意知，1、2、3、4撞擊點之間的時間間隔相等，設為T,則——

代入數(shù)據(jù)解得T=0.1s

水平速度匕=y=3m/s

撞擊第3個痕跡時，球的豎直分速度為。=當立=2.601次

匕=y]vx+Vv=J15.76m/s

2

撞擊第3個痕跡時，球下落的高度4=±=0.338m

-2g

球離開桌面到撞擊第1個痕跡下落的距離九="-必=0?018in

下落時間4=J"=Q06s,x0=v/,=0.18m=18cm

23.（9分）【答案】（1）2.00（1分）20（1分）（2）980（1分）（3）（2分）

0.12（2分）0.73（2分）

【解析】（1）電流表A2的量程是3mA,由圖（b）所示表盤可知，其分度值為0.1mA,示數(shù)為2.00mA。

E

根據(jù)圖（a）所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得/=

r+rM+R

其中/=2.00mA=0.00200A代入數(shù)據(jù)解得以？=20Q

u3

⑵把電流表A2改裝成量程是3V的電壓表，串聯(lián)電阻阻值/產(chǎn)廠-公2=3而Q-20c=980C

g2

（3）①根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出圖象如圖所示

②由圖所示圖象可知//=0.2A=200mA時/2=0.4mA

此時燈泡兩端電壓。=，2（大2+%）=°aXMx（30+970）V=0.4V

燈泡實際功率P=U1、=0.4x03W?0.12W

③舊電池阻與小燈泡組成閉合電路，路端電壓U=￡-〃，路端電壓U=l（）（X）/2,則IO。。/?=￡-〃

作出圖象如圖所示

由圖所示可知，〃=362mA=0.362A,/2=2.02mA=0.00202A流過燈泡的電流/=//=0.362A

燈泡兩端電壓^=1000/,=1000x0.00202V=2.02V

燈泡實際功率"=U'/=2Q2x0.362Wa0.73W

24.（14分）【答案】（1）I.35J；（2）35m/s；（3）—

【解析】（1）小滑塊從A點至B點過程中，由動能定理得，咫xsin（20"）-%=|w；-；mv；（1分）

由幾何關系得x=JxA-d2（1分）

解得%=1.35J（1分）

（2）忽略雪道對滑塊的阻力，滑塊從A點運動到池底平面雪道離開的過程中，由動能定理得

1,1,

mgLsin（20°）+mghcos（20°）=—mv"--mv^（1分）

代入數(shù)據(jù)解得v=35m/s（2分）

（3）當滑塊離開B點后設速度方向與U型池斜面的夾角為仇沿U型池斜面方向分解速度計加速度

vv=vKsin6（1分）

vx=vKcos0（1分）

ay=gcos（20°）（1分）

ax=gsin（20°）（1分）

（1分）

/=2乙（1分）

由此可知，當力最大時，滑塊從沖出B點至重新落回U型池的時間最長，此時us垂直于U型池斜面，即

“csina0.3417

%=2（），tan%=詆0=訕=后（2分）

f2.5x+l（N）0<x<0.2

25.（18分）【答案】（1）0.16W；（2）尸=；（3）0.88J

[3.3x+l（N）0.2/M<x<0.8m

【解析】（1）當金屬棒湖運動至々=0.2m處時，由圖（b）可知其速度大小匕=5%=lm/s（1分）

此時感應電動勢E=BM（1分）

電阻R消耗的電功率尸=互=處工=0.16W（2分）

RR

（2）金屬棒在無磁場區(qū)間04x<0.2m運動時，由圖（c）可知a=5u=25x（m/sB

由牛頓第二定律有F-'"gsin，-〃，〃gcos'=”?a（1分）

解得尸=2.5x+l（N）（1分）

金屬棒"在有磁場區(qū)間0.2m4x40.8m運動時，其速度大小v=5x（m/s）

金屬棒ab切割磁感線產(chǎn)生的感應電流/=￡

R

金屬棒ah受到的安培力大小七=BII

解得是=0.8x（N）（1分）

由牛頓第二定律有F-mgsin8-umgcos9-F安=ma（1分）

解得尸=3.3x+l（N）（1分）

綜上，外力尸與位移x的關系式為

f2.5x+1（N）0<x<0.2

F=\（2分）

[3.3x+l（N）0.2w<x<0.8m

（3）在磁場中Q=0-8x（N）,克服安培力做功以=萬安?〃=巧號'="笥竺竺X（X2-*J=0.24J（1

分）

金屬棒必離開磁場時的速度大小b=5x2=4m/s（1分）

設金屬棒他離開磁場后向上運動的最大距離為s,由動能定理有-〃!gsin0-s"gcos，?s=0-g,”片（1分）

解得s=0.8m（1分）

金屬棒必向上運動過程中，克服摩擦力做功監(jiān)=〃，處cos夕（々+s）=0.64J（1分）

金屬棒"在整個向上運動過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能Q=W女+%=O?88J（2分）

（-）選考題：共15分。請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（6分）【答案】ACE

【解析】仍過程中，氣體溫度不變，則內(nèi)能不變；體積變大，對外做功，則氣體始終吸熱，選項A正確；

〃過程中，氣體體積減小，則外界對氣體做功，選項B錯誤；離原點越遠的等溫線的溫度越高，可知而過

程中，氣體的溫度一直升高，選項c正確：兒過程中，體積變大，氣體數(shù)密度減小，氣體的壓強減小，溫

度降低，氣體分子的平均速率減小，則氣體分子在單位時間內(nèi)與器壁單位面積碰撞的次數(shù)減小，選項D錯

誤：兒過程氣體絕熱，氣體對外界做的功等于氣體內(nèi)能減小量：而過程氣體也是絕熱，外界對氣體做的功

等于氣體內(nèi)能增加量，因反過程氣體內(nèi)能減小量等于由過程中氣體內(nèi)能增加量，可知兒過程氣體對外界

做的功等于而過程外界對氣體做的功