2023屆福建省高考物理模擬（二模、三模）試題知識(shí)點(diǎn)分類訓(xùn)練：電磁學(xué)選擇題含答案

福建省2023年高考物理模擬（二模、三模）試題知識(shí)點(diǎn)分類

訓(xùn)練：電磁學(xué)選擇題

一、單選題

1.（2023?福建泉州?統(tǒng)考二模）心臟驟停最有效的搶救方式是盡早通過(guò)AED自動(dòng)除顫

機(jī)給予及時(shí)治療。如圖，某型號(hào)AED模擬治療儀器內(nèi)有一電容為15所的電容器，某次

使用過(guò)程中，該電容器在10s內(nèi)充電至5000V電壓，之后在3ms時(shí)間內(nèi)完成放電,則（

A.電容器充電后所帶的電荷量為75c

B.電容器充電過(guò)程中電容一直增大

C.電容器放電過(guò)程中放電電流一直增大

D.電容器放電過(guò)程中平均電流為25A

2.（2023?福建漳州?統(tǒng)考二模）如圖，在等量異種點(diǎn)電荷+。、-Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，O是兩

點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，A、8是中垂線上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)，C、。是關(guān)于中垂線對(duì)稱

的兩點(diǎn)，明〃兩個(gè)電子從。點(diǎn)以相同初動(dòng)能射出，a電子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，匕電子經(jīng)過(guò)。點(diǎn),

不計(jì)電子的重力和電子對(duì)原電場(chǎng)的影響，則（）

C?I.A?D

+Q標(biāo)-Q

?B

A.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相同，電場(chǎng)強(qiáng)度不相同

B.C、。兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不相同

C.a電子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于b電子經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能

D.a電子在C點(diǎn)時(shí)的加速度大于b電子在D點(diǎn)時(shí)的加速度

3.（2023?福建漳州.統(tǒng)考二模）如圖萊頓瓶是一個(gè)玻璃容器，瓶?jī)?nèi)、外壁各貼著一圈金

屬箔，作為里、外兩個(gè)極板，穿過(guò)橡皮塞的銅棒上端是一個(gè)球形電極，下端利用鐵鏈與

內(nèi)壁金屬箔連接，外壁金屬箔接地，在其他因素視為不變的情況下，下列說(shuō)法正確的是

()

A.金屬箔越厚，萊頓瓶的電容越大

B.金屬箔越厚，萊頓瓶的電容越小

C.瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電容越小

D.瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電容越大

4.（2023?福建泉州?統(tǒng)考三模）三個(gè)相同的帶孔金屬小球A、B、C串在環(huán)形絕緣細(xì)繩

上，A、B所帶的電荷量分別為+Q、+2Q,C不帶電。將三個(gè)小球放在絕緣水平桌面

上，保持靜止時(shí)三個(gè)小球的位置如圖甲所示。將三個(gè)球一起接觸后釋放，再次靜止時(shí),

三個(gè)小球的位置如圖乙所示。不計(jì)小球的體積與一切摩擦，則前后兩次靜止時(shí)，細(xì)繩中

A.4:9B.8:9C.8:9百D,4:3上

5.（2023?福建福州?統(tǒng)考二模）利用電壓”=220sinl00〃（V）交流電源對(duì)如圖電路供電，

已知理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為5:1,燈泡L和L2規(guī)格均為“40V,20W”，電阻R

的阻值為100Q,所有電表均為理想電表。則下列說(shuō)法正確的是（）

B.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電表Ai、A2的示數(shù)之比為5:1

C.若開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)到閉合，Ai示數(shù)增大，Vi示數(shù)增大

試卷第2頁(yè)，共11頁(yè)

D.若開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)到閉合，A2示數(shù)增大，V2示數(shù)減小

6.（2023?福建廈門?統(tǒng)考二模）如圖所示，在直鐵芯上、下部分分別繞有匝數(shù)4=600和

%=200的兩個(gè)線圈，上線圈兩端與〃=12啦sinlOOR（V）的交流電源相連，下線圈兩端

接交流電壓表w，則交流電壓表的讀數(shù)可能是（）

—o+

O〃H

-—3

g:

〕

A.1.0VB.4.0V

C.5.7VD.36.0V

7.（2023?福建龍巖?統(tǒng)考二模）在4、8兩點(diǎn)放置電荷量分別為+1和-%的點(diǎn)電荷，其

形成的電場(chǎng)線分布如圖所示，。為A、B連線的中點(diǎn)，。是連線的中垂線上的另一點(diǎn)。

則下列說(shuō)法正確的是（）

A.%<%

B.C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

C.C點(diǎn)的電勢(shì)等于。點(diǎn)的電勢(shì)

D.若將另一負(fù)電荷從C點(diǎn)移到。點(diǎn)，電荷電勢(shì)能增大

8.（2023?福建.模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，導(dǎo)體棒P通過(guò)兩等長(zhǎng)細(xì)線懸掛在豎直墻面上等高

的兩點(diǎn)，并通以恒定電流另一長(zhǎng)直導(dǎo)體棒Q位于A8連線正下方，并與一滑動(dòng)變阻

器串聯(lián)，閉合開(kāi)關(guān)前滑片位于最左端，已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與通電

導(dǎo)線的電流大小成正比，與到通電導(dǎo)線的距離成反比。不計(jì)電源與導(dǎo)體棒電阻，現(xiàn)閉合

開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片自最左端緩慢滑至中間，導(dǎo)體棒P繞連線緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，下

列說(shuō)法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒P所受安培力始終垂直于兩棒所在平面

B.繩子拉力將減半

C.兩棒間的安培力將翻倍

D.兩棒的間距將變?yōu)樵瓉?lái)的0倍

9.（2023?福建莆田?統(tǒng)考二模）某家庭電路兩端的電壓〃隨時(shí)間f變化關(guān)系如圖所示,

B.該交流電的電壓有效值為311V

C.交流電壓表測(cè)得該電壓示數(shù)為220V

D.該交流電的電壓表達(dá)式為〃=220sinl00加（V）

二、多選題

10.（2023?福建泉州?統(tǒng)考二模）在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，帶電小球A、B用一根絕緣

輕繩連接，另一根絕緣輕繩將A懸掛在。點(diǎn)，A、B的質(zhì)量均為小，電量分別為-3“和

+q（q>0）。對(duì)B施加拉力F使系統(tǒng)平衡時(shí)A、B的位置如圖所示,其中A8繩水平，OAB

構(gòu)成正三角形。已知重力加速度大小為g,勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為整?，F(xiàn)撤去拉力F,

q

由于空氣阻力的作用，A、B最終會(huì)再次處于靜止?fàn)顟B(tài)，則A、B再次靜止后（）

試卷第4頁(yè)，共11頁(yè)

A.OA繩的拉力大小為2，*g

B.A3繩的拉力大小為夜

C.與撤去尸前相比，系統(tǒng)電勢(shì)能和系統(tǒng)重力勢(shì)能都減小

D.與撤去P前相比，A球的總能量增加，B球的總能量減少

11.（2023.福建漳州.統(tǒng)考二模）如圖，矩形線圈在豎直勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直磁場(chǎng)的軸00,

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的交變電流輸入理想變壓器的原線圈，A是串聯(lián)在原線圈回路中的理想

交流電流表，Pi是原線圈上的滑動(dòng)片，P2是滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)片，此時(shí)燈泡L正常

發(fā)光，忽略矩形線圈的內(nèi)阻和燈絲電阻的變化，則（）

/O'

6

A.僅將P/向上滑動(dòng)，燈泡將變暗

B.僅將尸2向左滑動(dòng)，電流表示數(shù)變大

C.矩形線圓轉(zhuǎn)到中性面位置時(shí)，電流表示數(shù)為零

D.矩形線圓在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，電流表示數(shù)不變

12.（2023?福建漳州?統(tǒng)考二模）如圖，水平虛線下方有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，虛線上方

有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，P為虛線上的一點(diǎn)，從。點(diǎn)沿OP方向先后射出初動(dòng)能分

別為E。和2瓦的兩個(gè)質(zhì)子，它們第一次經(jīng)過(guò)虛線上的位置分別為M/、M2,第二次經(jīng)過(guò)

虛線上的位置分別為M、M,Mi、怩、M、M圖中未畫(huà)出，已知0、P連線垂直于電

場(chǎng)也垂直于磁場(chǎng)，則（）

XXXXXX

XXXXXX

B

XXX?XXX

-------------------r----------------------

“E

:

A.PMkPM2B.PMI>PM2

D.MN=42M.N,

C.M2N2<M,NI22

13.（2023?福建福州?統(tǒng)考二模）如圖，兩根間距為L(zhǎng)的固定平行光滑金屬導(dǎo)軌MCN和

PDQ,水平部分MC、尸。與傾斜部分CM。。分別在C、。平滑連接，傾斜軌道與水

平面夾角為6。水平導(dǎo)軌和傾斜導(dǎo)軌間分別存在寬度均為4、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的

磁場(chǎng)區(qū)域I和H,區(qū)域I磁場(chǎng)方向豎直向上，區(qū)域II磁場(chǎng)方向垂直平面CNQO向

下。兩根質(zhì)量均為〃八電阻分別為2R和3R的金屬棒“、6與導(dǎo)軌垂直放置，力棒置于

水平導(dǎo)軌C、。處。。棒以速度加進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域I,從磁場(chǎng)I穿出時(shí)的速度大小為學(xué)，

與6棒發(fā)生彈性碰撞。6棒從C、。處沿傾斜軌道穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域H并返回C、。處時(shí)，

速度大小為個(gè)，所用時(shí)間為七兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。

0

A.。棒在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程與人棒在磁場(chǎng)中向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，回路中感應(yīng)電流方向相

反

B.a棒第一次穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域I的過(guò)程中，金屬棒〃上產(chǎn)生的焦耳熱為:，”黨

6

C.8棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到返回C、。處所用時(shí)間七三三

6gsin0

D.最終。棒停在磁場(chǎng)區(qū)域I中距區(qū)域I右邊界;“處

14.（2023?福建泉州?統(tǒng)考三模）如圖甲所示，水平絕緣傳送帶正在輸送一閉合正方形金

屬線框，在輸送中讓線框隨傳送帶通過(guò)一固定的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向豎直向下，磁

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場(chǎng)邊界MN、PQ與傳送帶運(yùn)動(dòng)方向垂直，其間距為2"。已知傳送帶以恒定速度％運(yùn)動(dòng),

線框質(zhì)量為"?，邊長(zhǎng)為d,線框與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，且在傳送帶上始終保持

線框左、右兩邊平行于磁場(chǎng)邊界，線框右邊進(jìn)入磁場(chǎng)到線框右邊離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中，其速

甲乙

A.線框進(jìn)出磁場(chǎng)過(guò)程中感應(yīng)電流方向相同

B.線框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中受到的摩擦力方向不變

C.整個(gè)線框剛好離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度為…gd

D.整個(gè)線框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中安培力對(duì)線框做的功為-4“〃鳥(niǎo)/

15.（2023?福建廈門?統(tǒng)考二模）如圖甲所示，平板電腦機(jī)身和磁吸保護(hù)殼對(duì)應(yīng)部位分別

有霍爾元件和磁體。如圖乙所示，霍爾元件為一塊長(zhǎng)、寬、高分別為a、蟲(chóng)c的矩形半

導(dǎo)體，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子為自由電子，通入的電流方向向右。當(dāng)保護(hù)套合上時(shí)，霍爾元

件處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于上表面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，于是元件的前、后

表面間出現(xiàn)電壓，以此控制屏幕的熄滅，已知電子定向移動(dòng)速率為丫，則（）

A.霍爾元件前表面的電勢(shì)比后表面的高

B.霍爾元件前表面的電勢(shì)比后表面的低

C.霍爾元件前、后表面間的電壓U=8bv

D.霍爾元件前、后表面間的電壓

16.（2023?福建莆田?統(tǒng)考二模）電動(dòng)自行車已成為大家出行的便捷交通工具。某型號(hào)電

動(dòng)自行車使用磁鐵和霍爾元件來(lái)實(shí)現(xiàn)改變車速。當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)轉(zhuǎn)把時(shí)，施加在霍爾元件上的磁

場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8大小發(fā)生變化，霍爾元件產(chǎn)生的電壓（霍爾電壓）U大小就隨之變化，

從而改變車速。如圖所示，該霍爾元件是一塊厚度為/?,寬度為"的矩形截面半導(dǎo)體，

元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是自由電子?；魻栐幱诖怪庇谇氨砻妗⒎较蛳蚶锏膭驈?qiáng)磁場(chǎng)中,

通入方向向右的恒定電流/。下列說(shuō)法正確的是（）

f//////

A.霍爾元件上表面的電勢(shì)低于下表面的電勢(shì)

B.增大磁感應(yīng)強(qiáng)度8時(shí)，霍爾電壓U減小

C.霍爾電壓U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比

D.霍爾電壓U與厚度/?無(wú)關(guān)

17.（2023?福建龍巖?統(tǒng)考二模）如圖所示，直角三角形A8C區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)出），AC邊長(zhǎng)為/,N8=30。，一群比荷為包的帶正電粒子以相同

tn

速度在CD范圍內(nèi)垂直AC邊射入，從。點(diǎn)射入的粒子恰好不從A8邊射出。已知從BC

邊垂直射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為不計(jì)

粒子的重力及粒子間的相互作用力，則（）

A

*

D

*

■?

AI.

C

7rmB.粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為正

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為一-

qt7

c.粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為蚓

D.粒子在磁場(chǎng)中掃過(guò)的面積為

7t

（6百+3乃）2

~49-1

18.（2023?福建?模擬預(yù)測(cè)）如圖甲所示,兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)且相距乙=lm的平行

金屬導(dǎo)軌固定在傾角6=37。的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=1T、垂

直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),現(xiàn)將兩根質(zhì)量均為=1kg、電阻均為R、長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=\m

的金屬棒放置在導(dǎo)軌頂端附近，兩金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒"與導(dǎo)軌間的摩擦

忽略不計(jì)，金屬棒以與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=075.在r=0時(shí)將金屬棒而由靜止釋

放，此時(shí)金屬棒M鎖定在斜面上，若在0-6時(shí)間內(nèi)，金屬棒劭沿著斜面下滑的距離為

%=0.5m；r=A時(shí)將金屬棒〃由靜止釋放，金屬棒油中的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如

試卷第8頁(yè)，共11頁(yè)

圖乙所示,重力加速度大小為g=i0m/s2,sin37°=0.6,cos370=0.8,則()

A.f時(shí)，金屬棒時(shí)的加速度大小為5m/s?

B.r=G時(shí)，金屬棒cd的加速度大小為2m/s?

C.r=4時(shí)，金屬棒外的速度大小為2m/s

D.在0乙時(shí)間內(nèi)，金屬棒時(shí)產(chǎn)生的焦耳熱為2J

19.（2023?福建?模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，在水平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，坐標(biāo)原點(diǎn)。處固

定一電荷量為q=1x10-5c的正點(diǎn)電荷，x軸上距坐標(biāo)原點(diǎn)6cm處的P點(diǎn)固定電荷量為

%=-2xlO5C的負(fù)點(diǎn)電荷，已知點(diǎn)電荷周圍任一點(diǎn)的電勢(shì)夕=A幺，/為該點(diǎn)到點(diǎn)電荷

r

的距離。經(jīng)探究可知在該平面內(nèi)存在一圓周，該圓周上各點(diǎn)的電勢(shì)均為零，如圖虛線圓

所示，則下列判斷正確的是（）

"/cm

/\

------gT-------e->x/cm

、-Z/

—/

A.各點(diǎn)電勢(shì)均為零的圓的圓心坐標(biāo)為（-2cm,0）

B.各點(diǎn)電勢(shì)均為零的圓的圓心坐標(biāo)為（-2cm,1cm）

C.各點(diǎn)電勢(shì)均為零的圓的半徑為R=4cm

D.各點(diǎn)電勢(shì)均為零的圓的半徑為R=6cm

20.（2023?福建福州?統(tǒng)考二模）如圖所示，兩實(shí)線所圍成的環(huán)形區(qū)域內(nèi)有一徑向電場(chǎng),

場(chǎng)強(qiáng)方向沿半徑向外，電場(chǎng)強(qiáng)度大小可表示為后=q,。為常量。電荷量相同、質(zhì)量不

r

同的兩粒子在半徑「不同的圓軌道運(yùn)動(dòng)。不考慮粒子間的相互作用及重力，則（

A.兩個(gè)粒子均帶負(fù)電

B.質(zhì)量大的粒子動(dòng)量較小

C.若將兩個(gè)粒子交換軌道，兩個(gè)粒子仍能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

D.若去掉電場(chǎng)加上垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)粒子一定同時(shí)做離心運(yùn)動(dòng)或向心運(yùn)動(dòng)

21.（2023?福建漳州?統(tǒng)考三模）如圖甲，兩根電阻不計(jì)、足夠長(zhǎng)的導(dǎo)軌MN、PQ平行

放置，與水平面間夾角a=37。，間距為0.8m,上端連接一電阻R=0.1C。兩導(dǎo)軌之間

存在方向垂直導(dǎo)軌平面向上的均勻分布的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所

示。r=0時(shí)刻，一電阻不計(jì)，質(zhì)量為0.02kg的導(dǎo)體棒外從導(dǎo)軌上且在MP下方0.5m處

由靜止釋放。取g=10m/s2,sin37°=0.6,而與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,設(shè)最大靜摩

擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不考慮f=4.25s時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度突變產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象。則（）

A.0~4.25s內(nèi)必中感應(yīng)電流方向從a到6

B.f=0s時(shí)岫中感應(yīng)電流/o=O.4A

C.0~4.25s內(nèi)R中消耗的熱功率為0.016W

D.必的最大速度值為0.625m/s

22.（2023?福建漳州?統(tǒng)考三模）中國(guó)古代屋脊兩頭，有一仰起的龍頭，龍口吐出伸向天

空且曲折的金屬舌頭，舌根連接一根直通地下的細(xì)鐵絲，起到避雷的作用。當(dāng)雷云放電

接近房屋時(shí)，屋頂?shù)谋芾揍橅敹擞捎诰奂罅侩娮佣纬删植侩妶?chǎng)集中的空間。圖中

虛線表示某時(shí)刻避雷針周圍的等差等勢(shì)面分布情況，一帶電粒子（不計(jì)重力）在該電場(chǎng)

中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。則（）

B.〃點(diǎn)的電勢(shì)比c點(diǎn)的低

試卷第10頁(yè)，共11頁(yè)

C.〃點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大D.該粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能比在c點(diǎn)的大

23.（2023.福建莆田.統(tǒng)考二模）如圖甲所示，四個(gè)電荷量均為+（7的點(diǎn)電荷分別放置于

邊長(zhǎng)為虛/的正方形必〃的四個(gè)頂點(diǎn)上，在x軸上的。。之間電勢(shì)（P的變化曲線如圖乙

所示。下列判斷正確的是（）

A.正方形內(nèi)部可能存在兩個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)

B.在x軸上從。到c?電場(chǎng)強(qiáng)度先減小后增大

C.將一帶正電的試探電荷由點(diǎn)（（1J移至點(diǎn)靜電力做正功

D.將一帶正電的試探電荷由點(diǎn)（右。）靜止釋放，經(jīng)過(guò)。點(diǎn)時(shí)其動(dòng)能最大

參考答案：

1.D

【詳解】A.電容器充電后所帶的電荷量為

Q=CU=15x10-6*5000C=0.075C

A錯(cuò)誤：

B.電容器的電容由電容器本身的性質(zhì)決定，與電容器是否帶電無(wú)關(guān)，故電容器充電過(guò)程中

電容保持不變，B錯(cuò)誤：

C.電容器放電過(guò)程中，放電電流逐漸減小，C錯(cuò)誤；

D.電容器放電過(guò)程中的平均電流為

D正確。

故選D。

2.C

【詳解】A.根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢(shì)線與電場(chǎng)線的分布規(guī)律，可知A、B兩點(diǎn)電勢(shì)與電場(chǎng)

強(qiáng)度均相同，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢(shì)線與電場(chǎng)線的分布規(guī)律，可知C、。兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，

方向不同，C點(diǎn)電勢(shì)大于。點(diǎn)電勢(shì)，B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷等勢(shì)線的分布規(guī)律，可知

（Pc><Po><PD

對(duì)“電子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)過(guò)程有

-%%一%

對(duì)。電子經(jīng)過(guò)。點(diǎn)過(guò)程有

-e（%一%）=

解得

Ek”>Efj,

C正確；

D.根據(jù)上述可知C、。兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，兩電子在兩點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小相等，則。

電子在C點(diǎn)時(shí)的加速度大小等于b電子在D點(diǎn)時(shí)的加速度，D錯(cuò)誤。

故選C。

3.D

【詳解】金屬箔，作為里、外兩個(gè)極板，玻璃是電介質(zhì)，根據(jù)

C=-^—

4兀kd

答案第12頁(yè)，共15頁(yè)

其中，”是兩極板之間的間距，即為電介質(zhì)玻璃的厚度，可知當(dāng)瓶壁玻璃越薄，萊頓瓶的電

容越大。

故選D。

4.A

【詳解】令繩的全長(zhǎng)為L(zhǎng)三個(gè)球一起接觸之前，對(duì)A分析有

Q-2Q

=27；

三個(gè)球一起接觸后，對(duì)A分析有

Q+2。Q+2。

2k—-——cos30=2TCOS30

02

解得

4

T29

故選Ao

5.D

【詳解】B.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電表Ai、A2的示數(shù)之比為

工上」

/2%5

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

A.電源的電動(dòng)勢(shì)有效值為

J7=^2V=110X/2V

燈泡電阻

402

R.=—Q=80Q

L20

則

UT\R_〃、

U?n2

5”，5

解得

U2?30V

選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

答案第13頁(yè)，共15頁(yè)

CD.由上述表達(dá)式可知

'R+25&

5=5盹

2R+25號(hào)

若開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)到閉合，相當(dāng)與&減小，則//變大，U2減小，則上變大，力減小，即Ai、

A2示數(shù)增大，Vi、V2示數(shù)減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選Do

6.A

【詳解】根據(jù)"=12&sinl00MV）可知，交流電的最大值為4=120V,則其有效值

U=13^V=12V

V2

由圖可知線圈〃/是原線圈，線圈〃2是副線圈，如果變壓器是理想變壓器，那么輸入電壓和

輸出電壓的關(guān)系有U1：U2=m：可得

r.r.200_—y..--

U?=—U.=——X12V=4V

2nli600

考慮到實(shí)際變壓器存在漏磁現(xiàn)象，故通過(guò)原線圈的磁通量大于通過(guò)副線圈的磁通量，故實(shí)際

副線圈的輸出電壓小于4V。

故選Ao

7.D

【詳解】AB.根據(jù)電場(chǎng)線越密電場(chǎng)強(qiáng)度越大，由圖可知，A點(diǎn)附近電場(chǎng)強(qiáng)度大于8點(diǎn)附近

的電場(chǎng)強(qiáng)度，C點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=電可知

廠

4>%

故AB錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面的關(guān)系，畫(huà)出過(guò)C點(diǎn)的等勢(shì)線，如圖所示

根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知，C點(diǎn)的電勢(shì)大于。點(diǎn)的電勢(shì)，由與=夕4可知，負(fù)電

荷從C點(diǎn)移到。點(diǎn)，電荷電勢(shì)能增大，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

8.D

答案第14頁(yè)，共15頁(yè)

【詳解】A.由題意可知，兩棒互相排斥，則電流方向相反，安培力平行于兩棒所在平面,

A錯(cuò)誤;

根據(jù)相似三角形可知

mg_T_BLIp

hd

可知繩子拉力為定值，B錯(cuò)誤;

CD.由

/E

B=k—o,/r=—

d0QR

可得

mgTkELI

-----=—=---------p

hRd1

當(dāng)滑片滑到中間時(shí)，電阻減半，故兩棒的間距將變?yōu)樵瓉?lái)的0倍，則安培力將變?yōu)樵瓉?lái)的

也倍,C錯(cuò)誤，D正確。

故選D?

9.C

【詳解】A.該交流電的周期為

T=2X10-2S

則該交流電的頻率為

故A錯(cuò)誤;

BC.該交流電的電壓最大值為31IV,則該交流電的電壓有效值為

311

-V=220V

V2

答案第15頁(yè)，共15頁(yè)

即交流電壓表測(cè)得該電壓示數(shù)為220V,故B錯(cuò)誤，C正確；

D.該交流電的電壓表達(dá)式為

a=31Isin100加(V)

故D錯(cuò)誤。

故選C。

10.BC

【詳解】A.A、B再次靜止后，A、B受到的電場(chǎng)力的合力為

心=3qE-qE=2qE=2qx=2mg

方向水平向左。對(duì)A、B整體受力分析如圖

由幾何關(guān)系可得

%="電2+(2mg)2=2-j2mg

且04繩與豎直方向的夾角為

tana==1

2mg

即

a=45

A錯(cuò)誤；

B.A、B再次靜止后，對(duì)B受力分析如圖

mg

由幾何關(guān)系可得

FAB=J3y+("?g)2=

且AB繩與豎直方向的夾角為

答案第16頁(yè)，共15頁(yè)

tan§=—=1

mg

即

夕=45

B正確;

C.由上述分析可知，A、B再次靜止后，0A繩、A8繩與豎直方向的夾角均為45,則此時(shí)

設(shè)繩長(zhǎng)為L(zhǎng)故A電勢(shì)能的變化量為

3mgL(j2-1)

密A=-3同Lsin45-Lsin30)=-------------------

B電勢(shì)能的變化量為

△/B=qELsin30=等

A重力勢(shì)能的變化量為

AE1ftA=mg(Lcos30-Leos45)=

2

B重力勢(shì)能的變化量為

叱（2五-⑹

AE^B=-mg(2Lcos45-Leos30)=-

2

與撤去尸前相比，系統(tǒng)電勢(shì)能和系統(tǒng)重力勢(shì)能變化量分別為

mgL(3y/2-2\

編=限A+MUB=————-<0

叱（2月-3旬°

△4=△//+A/B

2

故與撤去尸前相比，系統(tǒng)電勢(shì)能和系統(tǒng)重力勢(shì)能都減小，C正確;

D.與撤去F前相比，A、B兩球的總能量變化量分別為

,聞3+百-4閭0

2

答案第17頁(yè)，共15頁(yè)

+6-2塔0

2

故A球的總能量減少，B球的總能量減少，D錯(cuò)誤。

故選BC。

11.AD

【詳解】A.根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有

4=芻

可知，若僅將P/向上滑動(dòng)，匝數(shù)“增大，則變壓器輸出電壓力將減小，燈泡將變暗，A正

確;

B.若僅將B向左滑動(dòng)，接入電阻增大，變壓器兩端電壓不變，則副線圈中電流減小，根據(jù)

電流匝數(shù)關(guān)系有

可知，原線圈中電流減小，即電流表示數(shù)變小，B錯(cuò)誤;

C.由于電流表顯示的是有效值，則矩形線圓轉(zhuǎn)到中性面位置時(shí)，電流表示數(shù)不為零，C錯(cuò)

誤;

D.矩形線圓在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，電流表顯示的是有效值，則電流表的示數(shù)不變，D正確。

故選AD。

12.BD

【詳解】AB.對(duì)于這兩個(gè)質(zhì)子有

電場(chǎng)中質(zhì)子在豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有

%*=V3,h0l,=v2t2

電場(chǎng)中質(zhì)子在水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有

PMPM?二旦

t2m2m

解得

PM{=2PMl

A錯(cuò)誤，B正確;

CD.令兩個(gè)質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)的速度分別為卬、V4,該速度與虛線夾角為仇、02,則有

國(guó)噬

對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)為

M、N[=2RXsin,M?N>=2R)sin02

答案第18頁(yè)，共15頁(yè)

在電場(chǎng)中有

v3sin4=%,v4sin己=%

由于

Eo=^mvi>2E0=g根田

解得

M2N2=s[2MtNt

C錯(cuò)誤，D正確。

故選BDo

13.BD

【詳解】A.a棒在磁場(chǎng)中向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流；萬(wàn)棒在磁場(chǎng)中向上運(yùn)

動(dòng)過(guò)程也產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，則回路中感應(yīng)電流方向相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.a棒第一次穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域I的過(guò)程中，整個(gè)回路產(chǎn)生的焦耳熱

Q=g相4-（華＞=得機(jī)彳

金屬棒人上產(chǎn)生的焦耳熱為

31,

Q=-Q=-mv-

bJO）

選項(xiàng)B正確；

C.因昉質(zhì)量相同，則兩棒相碰后交換速度，即碰后4靜止，人的速度為手，返回到C。

時(shí)的速度為J，取沿斜面向下為正方向，則由動(dòng)量定理

6

mgsin，?f=m￡

解得

5%

6gsin。

選項(xiàng)c錯(cuò)誤;

D.當(dāng)導(dǎo)體棒a經(jīng)過(guò)水平磁場(chǎng)時(shí)

-BI2Lt2=-mvu

其中

—BLd

電=%

D/\

當(dāng)人回到底端時(shí)，再次與〃交換速度，此時(shí)4以速度廿進(jìn)入水平磁場(chǎng)，設(shè)進(jìn)入X后停止，則

0

答案第19頁(yè)，共15頁(yè)

由動(dòng)量定理

-8必=0-呻

其中

—BLx

JK

解得

7

即最終〃棒停在磁場(chǎng)區(qū)域I中距區(qū)域I右邊界;d處，選項(xiàng)D正確。

故選BD,

14.BD

【詳解】A.由楞次定律可知線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針（俯視），出磁場(chǎng)

過(guò)程中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針（俯視），故A錯(cuò)誤;

B.滑動(dòng)摩擦力方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向相反，由修圖可知線框右邊進(jìn)入磁場(chǎng)到右邊恰離開(kāi)磁

場(chǎng)過(guò)程中速度小于傳送帶速度，所受滑動(dòng)摩擦力方向水平向右，線框出磁場(chǎng)過(guò)程與進(jìn)入磁場(chǎng)

過(guò)程中初速度相同、受力情況相同，所以運(yùn)動(dòng)情況相同，即出磁場(chǎng)過(guò)程中速度由%一直減小

至W，所以出磁場(chǎng)過(guò)程中所受滑動(dòng)摩擦力方向水平向右，故線框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中受到的摩擦

力方向不變。故B正確;

C.由B項(xiàng)分析知線框剛好離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度為匕，線框恰完全進(jìn)入磁場(chǎng)至右邊恰出磁場(chǎng)過(guò)

程中線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有

片-彳=2/jgd

解得

%=M_2〃gd

故C錯(cuò)誤;

D.線框穿過(guò)磁場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中初末速度為%、匕，整個(gè)過(guò)程中摩梯力不變，所以由動(dòng)能定

理可得

W,^+/Limgx3d一；相片

解得

Wg=-4〃mgd

故D正確。

故選BD。

15.AC

答案第20頁(yè)，共15頁(yè)

【詳解】AB.根據(jù)圖中所示電子受到的洛倫茲力使其向后表面偏轉(zhuǎn)，所以后表面電勢(shì)低，

A正確，B錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)前、后表面間電壓穩(wěn)定后，電子受到的洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡，此時(shí)有

EjS=Bev=F,^-e

解得

U=Bbv

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。

16.ACD

【詳解】A.電子運(yùn)動(dòng)方向向左，根據(jù)左手定則，電子受向上的洛倫茲力，則上表面帶負(fù)電，

霍爾元件上表面的電勢(shì)低于下表面的電勢(shì)，A正確；

BC.根據(jù)

evB-e—

h

得

U=vhB

增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B時(shí)，霍爾電壓U增大，霍爾電壓U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比，BC錯(cuò)誤：

D.由

I=nehdv

聯(lián)立得

ned

則霍爾電壓U與厚度力無(wú)關(guān)，D正確。

故選ACD,

17.CD

【詳解】A.帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直BC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)

間是

42qB

解得

B=—

2qt

故A錯(cuò)誤；

B.設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為仇則有

答案第21頁(yè)，共15頁(yè)

可得

7

故B錯(cuò)誤；

C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)有

qvB=---

R

可得粒子射入磁場(chǎng)的速度大小為

._qBR_岳/

m7t

故C正確；

D.從。點(diǎn)射入的粒子恰好不從48邊射出，由幾何知識(shí)可得粒子在磁場(chǎng)中掃過(guò)的面積為

1（66+3乃）

S=-^R2+RRCOS300=--------12

449

故D正確。

故選CD。

18.AC

【詳解】A.在"乙時(shí)，對(duì)岫棒，由牛頓第二定律有

mgsinB/,L=max

解得金屬棒ab的加速度大小為

2

ax=5m/s

答案第22頁(yè)，共15頁(yè)

故A正確；

B.對(duì)cd棒，由牛頓第二定律有

mgsin0+BItL-jumgcos0=ma2

解得金屬棒c"的加速度大小為

a,=lm/s2

故B錯(cuò)誤；

C.f=6時(shí)，設(shè)金屬棒"的速度為甘，此時(shí)回路中的電流

—L=1A

2R

解得

匕=2m/s

故C正確；

D.由能量守恒定律得

1o

mgx.sinJ=2Q+—znvf

可得在0~^時(shí)間內(nèi)，金屬棒而產(chǎn)生的焦耳熱為

e=o.5j

故D錯(cuò)誤。

故選ACt,

19.AC

【詳解】如圖所示

氣"尸

、、,Z

—?,

設(shè)電勢(shì)為零的點(diǎn)。的坐標(biāo)為(X,)'),則點(diǎn)電荷。在Q點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為

點(diǎn)電荷P在Q點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為

%=kI%,,

y](d-x)2+y2

根據(jù)題意，有

答案第23頁(yè)，共15頁(yè)

%+%=0

其中d=6cm,聯(lián)立解得

根據(jù)圓的方程特點(diǎn)可知圓心橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo)分別為

x'=?,=-2cm,/=0

引一%

圓的半徑為

q@d

RD=-1,=4cm

%-%

故選AC。

20.AC

【詳解】A.兩個(gè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，則所受電場(chǎng)力指向圓心，可知兩粒子均帶負(fù)電，選項(xiàng)A

正確；

B.根據(jù)

.v2

Eq=m—

r

且

p-mv

E=-

r

可得

p=Jmaq

兩粒子電量相等，則質(zhì)量大的粒子動(dòng)量較大，選