2022-2023學(xué)年廣東東莞外國語學(xué)校高考模擬（一）物理試題試卷

2022-2023學(xué)年廣東東莞外國語學(xué)校高考模擬（一）物理試題試卷

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2.請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、北京時(shí)間2019年5月17日23時(shí)48分，我國成功發(fā)射第45顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。該衛(wèi)星與此前發(fā)射的傾斜地球同步

軌道衛(wèi)星（代號(hào)為P）、18顆中圓地球軌道衛(wèi)星（代號(hào)為Q）和I顆地球同步軌道衛(wèi)星（代號(hào)為S）進(jìn)行組網(wǎng)，為亞

太地區(qū)提供更優(yōu)質(zhì)的服務(wù)。若這三種不同類型衛(wèi)星的軌道都是圓軌道，中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑是同步衛(wèi)星的軌

道半徑的|■，下列說法正確的是（）

A.P和S繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小不相等

B.。和S繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為布：2

C.。和S繞地球運(yùn)動(dòng)的周期之比為1：J5

D.P和。繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力大小一定相等

2、如圖甲所示，一鋁制圓環(huán)處于垂直環(huán)面的磁場(chǎng)中，圓環(huán)半徑為r,電阻為K,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨時(shí)間變化關(guān)系

如圖乙所示，1=0時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，則下列說法正確的是（）

在，=為時(shí)刻，環(huán)中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向

B.在，=片時(shí)刻，環(huán)中的電功率為

Rte

c.在，=辦時(shí)刻，環(huán)中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零

D.O~fo內(nèi)，圓環(huán)有收縮的趨勢(shì)

3、一物塊的初速為w,初動(dòng)能為W。,沿固定斜面（粗糙程度處處相同）向上滑動(dòng)，然后滑回到原處。此過程中，物

塊的動(dòng)能&與位移x,速度y與時(shí)間f的關(guān)系圖像正確的是（）

4、如圖所示，做實(shí)驗(yàn)“探究感應(yīng)電流方向的規(guī)律”。豎直放置的條形磁體從線圈的上方附近豎直下落進(jìn)入豎直放置的線

圈中，并穿出線圈。傳感器上能直接顯示感應(yīng)電流i隨時(shí)間f變化的規(guī)律。取線圈中電流方向由。到匕為正方向，則傳

感器所顯示的規(guī)律與圖中最接近的是（）

5、2020年1月我國成功發(fā)射了“吉林一號(hào)"衛(wèi)星，衛(wèi)星軌道可看作距地面高度為650km的圓，地球半徑為6400km,

第一宇宙速度為7.9km/s。則該衛(wèi)星的運(yùn)行速度為（）

A.11.2km/sB.7.9km/sC.7.5km/sD.3.1km/s

6、太陽內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個(gè)質(zhì)子（；H）聚變?yōu)?個(gè)氫核（：He）的熱核反應(yīng)，核反應(yīng)方程是4；Hf；He+2X,

這個(gè)核反應(yīng)釋放出大量核能。已知質(zhì)子、氫核、X的質(zhì)量分別為㈣、mz、nh,真空中的光速為c。下列說法中正確的

是（）

A.方程中的X表示中子；n

B.方程中的X表示電子；e

C.這個(gè)核反應(yīng)中質(zhì)量虧損\in=mi—m2—m3

D.這個(gè)核反應(yīng)中釋放的核能AE=（4wn-"?2—2,"3）c2

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，Ro為定值電阻，R為滑動(dòng)變

阻器.現(xiàn)將變阻器的滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電流表Ai的示數(shù)減小了0.2A,電流表A2的示數(shù)減小了

0.8A,所有電表均為理想電表，則下列說法正確的是（）

A.電壓表Vi示數(shù)減小

B.電壓表V2、V3示數(shù)均減小

C.該變壓器起降壓作用

D.變阻器滑片是沿d-c的方向滑動(dòng)

8、如圖所示，在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶負(fù)電物塊，以某一初速度從足夠長(zhǎng)的絕緣斜面上的A點(diǎn)，

沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)C點(diǎn)到達(dá)8點(diǎn)時(shí)，速度減為零，然后再返回到A點(diǎn)。已知斜面傾角。=30。，物塊與斜面間的動(dòng)摩

擦因數(shù)程，整個(gè)過程斜面均保持靜止，物塊所帶電量不變。則下列判斷正確的是（）

A.物塊在上滑過程中機(jī)械能一定減小

B.物塊在上滑過程中，增加的重力勢(shì)能一定大于減少的電勢(shì)能

C.物塊下滑時(shí)經(jīng)過C點(diǎn)的動(dòng)能一定大于上滑時(shí)經(jīng)過C點(diǎn)的動(dòng)能

D.物塊在下滑過程中，斜面與地面之間的摩擦力一定為零

9、如圖所示，質(zhì)量為g的木塊和質(zhì)量為m2的長(zhǎng)木板疊放在水平地面上.現(xiàn)對(duì)木塊施加一水平向右的拉力F,木塊在

長(zhǎng)木板上滑行，長(zhǎng)木板始終靜止.已知木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為陽，長(zhǎng)木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為陽，且最

大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等.貝lj()

A.陽一定小于JU

B.陽可能大于也

C.改變F的大小，F(xiàn)邛2(mi+m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板將開始運(yùn)動(dòng)

D.改F作用于長(zhǎng)木板，F(xiàn)>Qii+|i2)(mi+m2)g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開始相對(duì)滑動(dòng)

10、小球甲從斜面頂端以初速度v沿水平方向拋出，最終落在該斜面上.已知小球甲在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,落在斜面

上時(shí)的位移為s,落在斜面上時(shí)的動(dòng)能為Ek,離斜面最遠(yuǎn)時(shí)的動(dòng)量為p.現(xiàn)將與小球甲質(zhì)量相同的小球乙從斜面頂端

V

以初速度一(n>l)沿水平方向拋出，忽略空氣阻力，則下列說法正確的是()

n

A.小球乙落在斜面上時(shí)的位移為上

n

B.小球乙在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為,

n

C.小球乙落在斜面上時(shí)的動(dòng)能為司

n

D.小球乙離斜面最遠(yuǎn)時(shí)的動(dòng)量為與

n

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)如圖甲所示，一根伸長(zhǎng)可忽略的輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪，兩個(gè)質(zhì)量相等的硅碼盤分別系于繩的兩端。甲、乙

兩位同學(xué)利用該裝置探究系統(tǒng)加速度與其所受合力的關(guān)系。共有9個(gè)質(zhì)量均為m的硅碼供實(shí)驗(yàn)時(shí)使用。

請(qǐng)回答下列問題：

(1)實(shí)驗(yàn)中，甲將左盤拉至恰好與地面接觸，乙把5個(gè)硅碼放在右盤中，4個(gè)底碼放在左盤中。系統(tǒng)穩(wěn)定后，甲由靜止

釋放左盤；

⑵若要從⑴的操作中獲取計(jì)算系統(tǒng)加速度大小的數(shù)據(jù)，下列器材中必須使用的是一(填正確答案標(biāo)號(hào))；

A.米尺

B.秒表

C.天平

D.彈簧秤

(3)請(qǐng)說明用(2)中選擇的器材要測(cè)量本實(shí)驗(yàn)中的必要物理量是：；

(4)由(3)中測(cè)量得到的物理量的數(shù)據(jù)，根據(jù)公式(用所測(cè)量物理量的符號(hào)表示)，可以計(jì)算出系統(tǒng)加

速度的大小：

(5)依次把左盤中的祛碼逐個(gè)移到右盤中，重復(fù)⑴(3)(4)操作；獲得系統(tǒng)在受不同合力作用下加速度的大小，記錄的數(shù)

據(jù)如下表，請(qǐng)利用表中數(shù)據(jù)在圖乙上描點(diǎn)并作出a-F圖象；

實(shí)驗(yàn)次數(shù)12345

合外力F(mg)13579

加速度a(m?s,)0.200.600.991.381.80

(6)從作出的a-F圖像能得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是：。

12.(12分)某同學(xué)用如圖所示裝置做“探究加速度與合力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。測(cè)得小車(帶遮光片)的質(zhì)量為當(dāng)?shù)氐?/p>

(1)實(shí)驗(yàn)前，用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光片的寬度，示數(shù)如圖所示，則遮光片的寬度為d=—cm。

(2)為了使細(xì)線的拉力近似等于砂和砂桶的總重力，必須o

A.將長(zhǎng)木板的右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力

B.砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

C.減小遮光片的寬度

(3)調(diào)節(jié)好裝置，將小車由靜止釋放，與光電門連接的計(jì)時(shí)器顯示小車通過光電門時(shí)遮光片的遮光時(shí)間/,要測(cè)量小

車運(yùn)動(dòng)的加速度，還需要測(cè)量__________(填寫需要測(cè)量的物理量名稱)，若該物理量用x表示，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度

大小為(用測(cè)得的物理量符號(hào)表示)。

(4)保持小車每次釋放的位置不變，光電門的位置不變，改變砂和砂桶的總質(zhì)量，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得多組小車通過光電

門的遮光時(shí)間/及砂和砂桶的總質(zhì)量，"，為了使圖像能直觀地反映物理量之間的關(guān)系，應(yīng)該作出______(填“利-/”、

“加一“加一；,,或“加一視,,)圖像，當(dāng)圖像為過原點(diǎn)的一條傾斜的直線，表明質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合力成正比。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一半徑為K的光滑半圓環(huán)，圓心在。點(diǎn)。質(zhì)量均為，”的A、8兩小球套在圓

環(huán)上，用不可形變的輕桿連接，開始時(shí)球A與圓心O等高，球3在圓心。的正下方。輕桿對(duì)小球的作用力沿桿方向。

(1)對(duì)球8施加水平向左的力F,使4、5兩小球靜止在圖示位置，求力的大小產(chǎn)；

(2)由圖示位置靜止釋放4、8兩小球，求此后運(yùn)動(dòng)過程中4球的最大速度也

(3)由圖示位置靜止釋放4、8兩小球，求釋放瞬間8球的加速度大小

14.(16分)如圖所示，在平面坐標(biāo)系xOy的第I象限內(nèi)有M、N兩個(gè)平行金屬板，板間電壓為U,在第H象限內(nèi)存

在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第田、IV象限內(nèi)存在垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為機(jī)、電荷量為g的帶正

電的粒子(不計(jì)粒子重力)從靠近M板的S點(diǎn)由靜止釋放后，經(jīng)N板上的小孔穿出，從y軸上的A點(diǎn)沿x軸負(fù)方

向射入電場(chǎng)，從x軸上的C點(diǎn)(x,=2])離開電場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)。處再次進(jìn)入電場(chǎng)。求：

(1)粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的速度大小

(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小

15.(12分)質(zhì)量為1kg的小型無人機(jī)下面懸掛著一個(gè)質(zhì)量為0.5kg的小物塊，正以2m/s的速度勻速下降，某時(shí)刻

懸繩斷裂小物塊豎直下落，小物塊經(jīng)過2s落地，已知無人機(jī)運(yùn)動(dòng)中受到的空氣阻力大小始終為其自身重力的0」倍,

無人機(jī)的升力始終恒定，不計(jì)小物塊受到的空氣阻力，重力加速度為10m/s"求當(dāng)小物塊剛要落地時(shí)：

(1)無人機(jī)的速度；

(2)無人機(jī)離地面的高度。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.由

-Mm

G——=ma

可知，P和S繞地球運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小相等，故A錯(cuò)誤;

B.由

2

「Mmv

G——=m——

rr

可得

GM

又

2

則。和S繞地球運(yùn)動(dòng)的線速度大小之比為

VQ:—>/6:2

故B正確;

C.由

Mm

可得

,3

7=2兀

GM

。和S這兩種不同類型軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期之比為

TQ：T5=:1=2府9

故C錯(cuò)誤;

D.由于P和。的質(zhì)量不一定相等，所以。和。繞地球運(yùn)動(dòng)的向心力大小不一定相等，故D錯(cuò)誤。

故選B。

2、B

【解析】

A.由磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨時(shí)間變化關(guān)系圖象可知，磁場(chǎng)反向后，產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向沒有改變，0"。時(shí)間內(nèi)，

磁場(chǎng)垂直紙面向里，8減小，所以線圈中的磁通量在減小，根據(jù)楞次定律可判斷線圈的電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，所以A錯(cuò)

誤；

BC.由圖象可得斜率為

XB_綜

則由法拉第電磁感應(yīng)定律可得，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

廠△中SAB兀/耳，

Art0

線圈的電功率為

工"<

R網(wǎng)

所以B正確，C錯(cuò)誤；

D.0~力內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度在減小，線圈的磁通量在減小，所以根據(jù)楞次定律可知，線圈有擴(kuò)張趨勢(shì)，所以D錯(cuò)誤。

故選B。

3、A

【解析】

AB.設(shè)斜面的傾角為，，物塊的質(zhì)量為,〃，根據(jù)動(dòng)能定理可得，上滑過程中

-mgxsin3-7gxeos0=Ek-Ek0

則

Ek=Ek?-(m^sin0+jjmgcos0)x

下滑過程中

mgx'sin0-^mgx'cos0=Ek-0

則

丈

Ek=(〃吆sin0-〃帆geos8)

可知，物塊的動(dòng)能心與位移x是線性關(guān)系，圖像是傾斜的直線，根據(jù)能量守恒定律可得，最后的總動(dòng)能減小，故A

正確，B錯(cuò)誤；

CD.由牛頓第二定律可得，取初速度方向?yàn)檎较颍飰K上滑過程有

-mgsin夕一/jmgcos0=ma

下滑過程有

-mgsin0+Ringcos0=ma

則物塊上滑和下滑過程中加速度方向不變，但大小不同，故CD錯(cuò)誤。

故選Ao

4、B

【解析】

磁體進(jìn)入線圈〃端的過程，其磁場(chǎng)穿過線圈向上且增加，由楞次定律知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向下，則線圈中的電流方向從匕

到為負(fù)值。磁體在線圈中間運(yùn)動(dòng)時(shí)，其磁場(chǎng)穿過線圈的磁通量不變，無感應(yīng)電流，磁體離開線圈端的過程，磁

場(chǎng)穿過線圈向上且減小，由楞次定律知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向上，則電流方向從4到。，為正值，且此過程磁體運(yùn)動(dòng)速度

大于進(jìn)入過程，磁通量的變化率大。由法拉第電磁感應(yīng)定律知，該過程的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，則感應(yīng)電流大，故B正確。

故選B。

5、C

【解析】

近地衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力，則有

2

「Mmv

G—丁=m—

R2R

則有第一宇宙速度

絲=7.9km/s

VR

“吉林一號(hào)''衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力，則有

(2

MmV

G---------=m

(R+4R+h

聯(lián)立解得

v-7.5km/s

故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

6、D

【解析】

AB.由核反應(yīng)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可推斷出X為；e,故AB錯(cuò)誤；

CD.質(zhì)量虧損為

△/n=47?h-/W2-2w3

釋放的核能為

△￡=Amc2=(4機(jī)1-m2-2"?3)c2

故C錯(cuò)誤、D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、CD

【解析】

ABD.根據(jù)變壓器原理，輸入電壓S和輸出電壓S保持不變，而A2示數(shù)減小，說明負(fù)載電路電阻變大，所以滑動(dòng)變

阻器R變大了，即變阻器滑片是沿dfC的方向滑動(dòng)的，故AB錯(cuò)誤，D正確；

C.原、副線圈中電流和匝數(shù)成反比，即

電流變化時(shí)，則有

n}-A/,=%?M

可求得

%:=4:1

故變壓器應(yīng)為降壓變壓器，故C正確。

故選CD?

8、CD

【解析】

A.上滑過程中滿足

Eqcos0>f+mgsin0

則電場(chǎng)力做功大于摩擦力做功，即除重力以外的其它力對(duì)物體做正功，則物體的機(jī)械能增加，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.上滑過程中由動(dòng)能定理

叱小Wf

則

理〉％

則物塊在上滑過程中，增加的重力勢(shì)能一定小于減少的電勢(shì)能，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.由于滑塊下滑經(jīng)過C點(diǎn)往下運(yùn)動(dòng)，再返回到C點(diǎn)時(shí)有摩擦力做功，則由能量關(guān)系可知物塊下滑時(shí)經(jīng)過C點(diǎn)的動(dòng)能

一定大于上滑時(shí)經(jīng)過C點(diǎn)的動(dòng)能，選項(xiàng)C正確；

D.當(dāng)不加電場(chǎng)力時(shí)，由于斜面對(duì)物體的支持力為

N=〃?gcos30°

摩擦力

/=///wgcos30o=//igsin30°

可知支持力和摩擦力的合力方向豎直向上；當(dāng)加電場(chǎng)力后，支持力和摩擦力成比例關(guān)系增加，則摩擦力和支持力的合

力仍豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，則物塊給斜面的摩擦力和壓力的方向豎直向下，可知斜面在水平方向受力為零，

則斜面所受地面的摩擦力為零，選項(xiàng)D正確。

故選CDo

9、BD

【解析】

因?yàn)槟緣K所受的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，地面對(duì)木板的摩擦力為靜摩擦力，無法比較動(dòng)摩擦因數(shù)的大小.通過對(duì)木板分

析，根據(jù)水平方向上的受力判斷其是否運(yùn)動(dòng).當(dāng)F作用于長(zhǎng)木板時(shí)，先采用隔離法求出臨界加速度，再運(yùn)用整體法，

求出最小拉力.

【詳解】

對(duì)m“根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有：F-|iim1g=mia,對(duì)m2,由于保持靜止有：piniig-Fi=O,FrVjiz（nii+mi）g,所以動(dòng)摩擦

因數(shù)的大小從中無法比較.故A錯(cuò)誤、B正確.改變F的大小，只要木塊在木板上滑動(dòng)，則木塊對(duì)木板的滑動(dòng)摩擦力

不變，則長(zhǎng)木板仍然保持靜止.故C錯(cuò)誤.若將F作用于長(zhǎng)木板,當(dāng)木塊與木板恰好開始相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)木塊,nimig=m,a,

解得a=pig,對(duì)整體分析，有F-n：（nii+m：）g=（mi+rn：）a,解得F=（川+也）（mi+m?）g,所以當(dāng)F>（pi+p：）（nrii+m：）

g時(shí)，長(zhǎng)木板與木塊將開始相對(duì)滑動(dòng).故D正確.故選BD.

【點(diǎn)睛】

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，結(jié)合整體和隔離法，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解.

10、BC

【解析】

at22vtan0vt_2v2tan0

設(shè)斜面傾角為0,貝!I,a2g，解得『=-------

tan8=-----Pcos0gcos0

vt*

E=-m（v2+4v2tan2=-wv2（l+4tan2；則將與小球甲質(zhì)量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方

k22

向拋出時(shí)，小球乙在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t/n；小球乙落在斜面上時(shí)的位移為s/i?；小球乙落在斜面上時(shí)的動(dòng)能為EJi?,

Vinv

選項(xiàng)A錯(cuò)誤，BC正確；小球離斜面最遠(yuǎn)時(shí)，速度方向平行斜面，大小為匕=-動(dòng)量為［=機(jī)匕=-則將

cos0cos0

與小球甲質(zhì)量相同的小球乙從斜面頂端以初速度v/n沿水平方向拋出時(shí)，小球乙離斜面最遠(yuǎn)時(shí)的動(dòng)量為p/n,選項(xiàng)D

錯(cuò)誤；故選BC.

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

,12

11,AB釋放前，用米尺測(cè)量右盤離地面的高度〃，用秒表記錄右盤下落至地面的時(shí)間fh=-at~

2

系統(tǒng)質(zhì)量一定時(shí)，其加速度與所受合外力成正比

【解析】

(2)口］根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，祛碼盤做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由公式可知，要得到加速度應(yīng)測(cè)量釋放前，用米尺測(cè)量

2

右盤離地面的高度兒用秒表記錄右盤下落至地面的時(shí)間f,故AB正確。

故選AB；

(3)⑵由(2)可知，要測(cè)量本實(shí)驗(yàn)中的必要物理量，釋放前，用米尺測(cè)量右盤離地面的高度瓦用秒表記錄右盤下落至地

面的時(shí)間/

(4)［3］根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，硅碼盤做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，滿足〃=二

2

(5)⑷根據(jù)表格數(shù)據(jù)描點(diǎn)如圖

(6)⑸由圖像可知，“一廠圖像為經(jīng)過原點(diǎn)的一條直線，說明系統(tǒng)質(zhì)量不變時(shí)加速度和合外力成正比。

j2?

12、0.670B釋放小車時(shí)遮光片到光電門的距離--

2xt2t2

【解析】

(D[1]游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為0.6cm,游標(biāo)尺上第14條刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，則游標(biāo)讀數(shù)為

14x0.05=0.70mm=().()7()cm

所以最終讀數(shù)為

0.6cm+0.070cm=0.670cm

(2)[2]A.將長(zhǎng)木板的右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力，是為了使細(xì)線的拉力等于小車受到的合外力，故A錯(cuò)誤;

B.砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，可以使細(xì)線的拉力近似等于砂和砂桶的總重力，故B正確；

C.減小遮光片的寬度，能提高測(cè)量小車速度和加速度的精度，故C錯(cuò)誤。

故選B；

(3)[3H4]還需要測(cè)量釋放小車時(shí)遮光片到光電門的距離，小車的加速度

小

(1------------

2x2xt2

(4)⑸由

mg=M工

2xt2

得

d2M1

m=---------------r

2xgt2

為了使圖像能直觀地反映物理量之間的關(guān)系，應(yīng)該作出m-二圖像，當(dāng)圖像為過原點(diǎn)的一條傾斜直線時(shí)，表明質(zhì)量一

定時(shí)，加速度與合力成正比。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共2