2023年四川省攀枝花市高考物理全真模擬密押卷含解析

2023學年高考物理模擬試卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、氫原子的能級圖如圖所示。用氫原子從〃=4能級躍遷到〃=1能級輻射的光照射逸出功為6.34eV的金屬伯，下列說

法正確的是（）

nE/eV

4~--O.85

3--------------------1.51

2--------------------3.4

I--------IJ.6

A.產(chǎn)生的光電子的最大初動能為6.41eV

B.產(chǎn)生的光電子的最大初動能為12.75eV

C.氫原子從〃=2能級向〃=1能級躍遷時輻射的光不能使金屬箱發(fā)生光電效應

D.氫原子從〃=6能級向n=2能級躍遷時輻射的光也能使金屬鉗發(fā)生光電效應

2、如圖所示，兩同心圓環(huán)A、B置于同一光滑水平桌面上，其中A為均勻帶電絕緣環(huán)，B為導體環(huán)，若A環(huán)以圖示

的順時針方向，繞圓心由靜止轉(zhuǎn)動起來，則（）

A.B環(huán)將順時針轉(zhuǎn)動起來

B.B環(huán)對桌面的壓力將增大

C.B環(huán)將有沿半徑方向擴張的趨勢

D.B環(huán)中將有順時針方向的電流

3、如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為m的小球沿軌道做完整的圓周運動.已知小球在最低點時對軌道的

壓力大小為Ni,在高點時對軌道的壓力大小為N2.重力加速度大小為g,則NI-N2的值為

A.3mgB.4mgC.5mgD.6mg

4、一宇宙飛船的橫截面積s,以%的恒定速率航行，當進入有宇宙塵埃的區(qū)域時，設在該區(qū)域，單位體積內(nèi)有〃顆塵埃,

每顆塵埃的質(zhì)量為巴若塵埃碰到飛船前是靜止的，且碰到飛船后就粘在飛船上，不計其他阻力，為保持飛船勻速航

行，飛船發(fā)動機的牽引力功率為（）

；3.3

A.$〃叫B.2snmv0C.snm'oD.2snn,v0

5、如圖所示，長為L的輕繩一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為機的小球，在最低點給小球一水平初速度%,同時

對小球施加一大小不變，方向始終垂直于繩的力凡小球沿圓周運動到繩水平時，小球速度大小恰好也為VOo則正確

的是（）

（＞-*/

匕

A.小球在向上擺到45。角時速度達到最大B.F=mg

C.速度大小始終不變D.b=也

71

6、如圖，豎直平面內(nèi)的RtAABC,48豎直、8c水平，BC=2AB,處于平行于△A5C平面的勻強電場中，電場強度

方向水平。若將一帶電的小球以初動能Ek沿45方向從A點射出，小球通過C點時速度恰好沿8c方向，則（）

A.從A到C,小球的動能增加了4Ek

B.從A到C,小球的電勢能減少了3Ek

C.將該小球以3a的動能從C點沿CB方向射出，小球能通過4點

D.將該小球以4同的動能從C點沿C5方向射出，小球能通過A點

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而形成了如圖所示的兩個圓形徑跡,

則（）

A.該原子核發(fā)生了a衰變

B.該原子核發(fā)生了?衰變

C.打出衰變粒子的反沖核沿小圓逆時針運動

D.該原子核的衰變過程結束后，其系統(tǒng)的總質(zhì)量略有增加

8、如圖所示，兩塊長方體滑塊A和B疊放在傾角為，的斜面體C上。已知A、B質(zhì)量分別為如和四，A與C的動

摩擦因數(shù)為小，B與A的動摩擦因數(shù)為小.兩滑塊AB在斜面體上以相同加速度自由下滑，斜面體C在水平地面上始

終保持靜止，則下列說法正確的是（）

A.斜面C受到地面的靜摩擦力方向水平向左

B.滑塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)〃i=tanO

C.滑塊A受到斜面對其摩擦力的大小為（mi+mi）gcosO

D.滑塊B所受的摩擦力大小為"MigcosO

9、如圖，傾角為30。的粗糙絕緣斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和頂端8分別固定等量的同種負電荷。質(zhì)量為

機、帶電荷量為的物塊從斜面上的P點由靜止釋放，物塊向下運動的過程中經(jīng)過斜面中點。時速度達到最大值小,

運動的最低點為。（圖中沒有標出），則下列說法正確的是（）

A.P,。兩點場強相同

B.UPO=UOQ

C.尸到。的過程中，物體先做加速度減小的加速，再做加速度增加的減速運動

D.物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)〃=立

10、在一個很小的矩形半導體薄片上，制作四個電極E、F、M、N,做成了一個霍爾元件，在E、F間通入恒定電流

I,同時外加與薄片垂直的磁場B,M、N間的電壓為UH.已知半導體薄片中的載流子為正電荷，電流與磁場的方向

如圖所示，下列說法正確的有（）

TT?1

,LH?

A.N板電勢高于M板電勢

B.磁感應強度越大，MN間電勢差越大

C.將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，UH不變

D.將磁場和電流分別反向，N板電勢低于M板電勢

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某實驗室欲將電流表改裝為兩用電表：歐姆表：中央刻度為30的“xio”檔；電壓表：量程0?6V。

A.干電池組（E=3.0V）

B.電流表Ai（量程0?10mA,內(nèi)阻為100。）

C.電流表A2（量程0?0.6A,內(nèi)阻為0.2。）

D.滑動變阻器Ri（0-30052）

E.滑動變阻器&（0?30。）

F.定值電阻凡（10ft）

G.定值電阻用（500Q）

H.單刀雙擲開關S,一對表筆及若干導線

（1）圖中A為（填“紅”或“黑”）表筆，測量電阻時應將開關S扳向（填“1”或"2”）。

（2）電流表應選用（填“Ai”或“A2”），滑動變阻器應選用（填“心”或“心"），定值電阻R應選

（填W或“刈”）。

（3）在正確選用器材的情況下，正確連接好實驗電路，若電流表滿偏電流為/g,則電阻刻度盤上指針指在（4處所對應

的阻值__________fto

12.（12分）某實驗小組為了較準確測量阻值約為20。的電阻砥，實驗室提供的器材有：

A.待測定值電阻及：阻值約20。

B.定值電阻Ri：阻值30。

C.定值電阻及：阻值20。

D.電流表G：量程3mA,0刻度在表盤中央，內(nèi)阻約50。

E.電阻箱叢:最大阻值999.99。

F.直流電源E,電動勢1,5V,內(nèi)阻很小

G.滑動變阻器&（20。，0.2A）

H.單刀單擲開關S,導線等

該小組設計的實驗電路圖如圖，連接好電路，并進行下列操作.

（1）閉合開關，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表示數(shù)適當.

（2）若靈敏電流計G中的電流由C流向O再調(diào)節(jié)電阻箱R3,使電阻箱R3的阻值________（選填“增大”或“減小”），

直到G中的電流為（填“滿偏”、“半偏”或"0”）.

（3）讀出電阻箱連入電路的電阻心，計算出風.用R、R2、心表示心的表達式為砥=_______

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，光滑水平地面上，一質(zhì)量為1kg的平板車上表面光滑，在車上適當位置固定一豎直輕桿,

桿上離平板車上表面高為L=1m的。點有一釘子（質(zhì)量不計），一不可伸長輕繩上端固定在釘子上，下端與一質(zhì)量

M=1.5kg的小球連接，小球豎直懸掛靜止時恰好不與平板車接觸。在固定桿左側(cè)放一質(zhì)量為機2=0.5kg的小滑塊，現(xiàn)

使細繩向左恰好伸直且與豎直方向成60。角由靜止釋放小球，小球第一次擺到最低點時和小滑塊相碰，相碰時滑塊正

好在釘子正下方的0,點。設碰撞過程無機械能損失，球和滑塊均可看成質(zhì)點且不會和桿相碰，不計一切摩擦，g取

lOm/s2,計算結果均保留兩位有效數(shù)字。求：

（1）小滑塊初始位置距O'的水平距離a；

⑵碰后小球能到達的最大高度H.

14.（16分）如圖甲所示，質(zhì)童為"?=0.3kg的小物塊8（可視為質(zhì)點）放在質(zhì)量為M=O.lkg、長度L=0.6m的木板A

的最左端，A和3一起以vo=lm/s的速度在光滑水平面上向右運動，一段時間后A與右側(cè)一豎直固定擋板尸發(fā)生彈性

碰撞。以碰撞瞬間為計時起點，取水平向右為正方向，碰后0.5s內(nèi)8的速度v隨時間，變化的圖像如圖乙所示。取重

力加速度g=10m/s2,求：

（1）A與5間的動摩擦因數(shù)

（2）A與尸第1次碰撞到第2次碰撞的時間間隔；

（3）A與尸碰撞幾次，B與A分離。

15.（12分）如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道45c和水平絕緣軌道總在A點相切，8c為圓

3

弧軌道的直徑，。為圓心，04和03之間的夾角為a,sina=-,整個裝置處于水平向右的勻強電場中。一質(zhì)量為

電荷量為g（4>0）的帶電小球在電場力的作用下沿水平軌道向右運動，經(jīng)A點沿圓弧軌道通過C點，落至水平軌道;

已知小球在C點所受合力的方向指向圓心，且此時小球?qū)壍赖膲毫η『脼榱悖亓铀俣却笮間。求

⑴勻強電場的場強大??；

⑵小球到達A點時速度的大小;

(3)小球從C點落至水平軌道上的位置與A點的距離。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

AB.從〃=4能級躍遷到〃=1能級輻射的光子能量為

13.6-0.85=12.75eV

產(chǎn)生的光電子的最大初動能為

Ek=Av-V^,=12.75-6.34=6.41eV

故A正確B錯誤；

C.氫原子從〃=2能級向"=1能級躍遷時輻射的光子能量為10.2eV,能使金屬鉗發(fā)生光電效應，故C錯誤；

D.氫原子從〃=6能級向”=2能級躍遷時輻射的光子能量小于逸出功，故不能發(fā)生光電效應，故D錯誤。

故選A。

2、C

【解析】

略考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；楞次定律.

分析：因帶電絕緣環(huán)A的運動，相當于電荷定向移動，從而產(chǎn)生電流，導致圓環(huán)B中的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應電

流.使得處于磁場中的B圓環(huán)受到力的作用.

解答：解：A、A環(huán)以圖示的順時針方向，繞圓心由靜止轉(zhuǎn)動起來，設絕緣環(huán)帶正電，所以產(chǎn)生順時針方向的電流，

使得B環(huán)中的磁通量變大，由楞次定律可得感應電流方向是逆時針的,兩環(huán)的電流方向相反，則具有沿半徑擴張趨勢.若

絕緣環(huán)帶負電，所以產(chǎn)生逆時針方向的電流，使得B環(huán)中的磁通量仍變大，由楞次定律可得感應電流方向是順時針的,

兩環(huán)的電流方向仍相反，則仍具有沿半徑擴張趨勢.

由上可知，B環(huán)不會轉(zhuǎn)動，同時對桌面的壓力不變.

故選C

點評：由楞次定律來確定感應電流方向，同時當電流方向相同時，兩者相吸引；而當電流方向相反時，兩者相排斥.

3、D

【解析】

試題分析：在最高點，根據(jù)牛頓第二定律可得N,+，〃g=m區(qū)，在最低點，根據(jù)牛頓第二定律可得乂-mg=加日，

rr

從最高點到最低點過程中，機械能守恒，故有〃吆-2r=］陰2聯(lián)立三式可得乂-乂=6m8

考點：考查機械能守恒定律以及向心力公式

【名師點睛】根據(jù)機械能守恒定律可明確最低點和最高點的速度關系；再根據(jù)向心力公式可求得小球在最高點和最低

點時的壓力大小，則可求得壓力的差值.要注意明確小球在圓環(huán)內(nèi)部運動可視為繩模型；最高點時壓力只能豎直向下.

4,C

【解析】

根據(jù)題意求出時間/內(nèi)黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量，然后應用動量定理求出推力大小，利用P=Fv求得功率；

【詳解】

時間t內(nèi)黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量：乂=、押機,

對黏附的塵埃，由動量定理得：F，=Mvo

解得：F=nmv：s；

維持飛船勻速運動，飛船發(fā)動機牽引力的功率為0="。="加為's,故選項c正確，ABD錯誤。

【點睛】

本題考查了動量定理的應用，根據(jù)題意求出黏附在衛(wèi)星上的塵埃質(zhì)量，然后應用動量定理可以求出衛(wèi)星的推力大小，

利用P=Fv求得功率。

5、D

【解析】

本題考查動能定理的應用，要注意明確重力的功和路程無關，而拉力始終和繩垂直，即一直做正功。

【詳解】

BD.小球向上擺的過程中，由動能定理：

FL^-mgL=|mvl-1%=0

解得：尸=2空

n

B錯誤，D正確；

因為當重力沿切線方向的分力與尸等大反向時，切線方向的加速度為零，速度達最大，設在向上擺到。角時，速度最

大:

mgcos6=F=2mg

n

2

解得0=arccos—

n

A錯誤;

因為兩力在運動過程中做功大小不完全相同，故物體做變速運動，C錯誤。

故選D。

6、D

【解析】

A.設小球的速度為v,則有

斤12

E1=—mv

k2

小球通過C點時速度恰好沿5c方向，則說明小球在豎直方向上的速度減為0,小球在水平方向上做初速度為零的勻

加速直線運動，運動的位移為豎直方向上位移的2倍，則平均速度為豎直方向上平均速度的2倍，又這段時間豎直方

向的平均速度為

_v

V--

2

故水平方向的平均速度為

v*=2v=v

又

2

解得

vc=2v

則

11

%=耳9加（2丫）9=4耳

從A到G小球的動能增加了

3=4線-線=3線

故A錯誤；

B.由動能定理可知重力與電場力做功之和為動能的增加量即3紜，重力做負功，故電場力做功大于3線，則小球的

電勢能減小量大于3Ek，故B錯誤；

D.由上分析可知：動能為4線，則速度大小為2%即小球以方對速度從C點沿C5方向射出。而由AB分析可知，

小球以初速度y沿A3方向從4點射出時，小球?qū)⒁运俣却笮?叱，方向沿8c方向通過C點，則小球以2V的速度從

C點沿C8方向射出后運動過程恰好可視為其逆過程，所以若將小球以2V的速度從C點沿C5方向射出，小球能通過

A點；故D正確；

C.由D分析可知，若將小球以方的速度從C點沿CB方向射出，小球能通過A點；則若將小球小于2y的速度從C

點沿方向射出，小球?qū)⒔?jīng)過A點右側(cè)。所以，若將該小球以3紇的動能從C點沿方向射出，小球?qū)⒔?jīng)過A點

右側(cè)，不能經(jīng)過A點，故C錯誤。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】

AB.而衰變后兩個新的帶電粒子向相同方向偏轉(zhuǎn)，故兩粒子帶異種電荷，原子核發(fā)生了0衰變，A項錯誤、B項正確;

mv

C.由于衰變后兩帶電粒子的動量大小相等，根據(jù)圓周運動的規(guī)律，帶電粒子的軌跡半徑一=一三，電荷量大的軌跡半

qB

徑小，再利用左手定則判斷反沖核沿逆時針方向運動，c項正確；

D.衰變中有核能轉(zhuǎn)變?yōu)槠渌问降哪?，故系統(tǒng)發(fā)生質(zhì)量虧損，即總質(zhì)量略有減少，D項錯誤。

故選BCo

8、AC

【解析】

A.把43看成一個整體，AB對C的壓力在水平方向的分力為

N、=（/m+zni）gcos0*sinO

方向水平向右,對C的摩擦力在水平方向的分力為4=/bos。，方向水平向左。因為AB一起加速下滑，所以（如+加1）

gsinO>/,則M",所以斜面C有向右的運動趨勢，則斜面C受到地面的靜摩擦力方向水平向左。故A正確；

B.因為起加速下滑，所以

“(m1+"八)gcos0<(mi+zni)gsinO

則“VtanO,故B錯誤；

C.把AB看成一個整體，滑塊A與斜面之間的摩擦力為

/=//i(/ni+/m)gcosG

故C正確；

D.滑塊AB一起加速下滑，其加速度為

a=gsin0-//igcos0

8與A之間的摩擦力是靜摩擦，則AB之間的摩擦力為

f=mia=mg(sinO-//icos0)

故D錯誤。

故選AC.

9、CD

【解析】

ABD.物塊在斜面上運動到。點時的速度最大，加速度為零，又電場強度為零，所以有

mgsin0-/.imgcos0=0

所以物塊和斜面間的動摩擦因數(shù)〃=tan6=*，由于運動過程中

mgsin0-pimgcos0=0

所以物塊從P點運動到。點的過程中受到的合外力為電場力，因此最低點。與釋放點P關于。點對稱，則有

UPO=-UOQ

根據(jù)等量的異種點電荷產(chǎn)生的電場特征可知，P、。兩點的場強大小相等，方向相反，故AB錯誤，D正確；

C.根據(jù)點電荷的電場特點和電場的疊加原理可知，沿斜面從產(chǎn)到。電場強度先減小后增大，中點。的電場強度為零。

設物塊下滑過程中的加速度為。，根據(jù)牛頓第二定律有，物塊下滑的過程中電場力qE先方向沿斜面向下逐漸減少后沿

斜面向上逐漸增加，所以物塊的加速度大小先減小后增大，所以尸到O電荷先做加速度減小的加速運動，。到。電荷

做加速度增加的減速運動，故C正確。

故選CD。

10、AB

【解析】

A、根據(jù)左手定則，電流的方向向里，自由電荷受力的方向指向N端，向N端偏轉(zhuǎn)，則N點電勢高，故A正確；B、

設左右兩個表面相距為d,電子所受的電場力等于洛侖茲力，即：

pr

設材料單位體積內(nèi)電子的個數(shù)為小材料截面積為“則=e田①;②;s=dL③;由①②③得：=

dned

令人=-L,則U"=?=k±④;所以若保持電流/恒定，則M、N間的電壓與磁感慮強度8成正比，故B正確;

C、將磁場方向變?yōu)榕c薄片的上、下表面平行，則帶電粒子不會受到洛倫茲力，因此不存在電勢差，故C錯誤；D、

若磁場和電流分別反向，依據(jù)左手定則，則N板電勢仍高于M板電勢，故D錯誤.故選AB.

【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下平衡.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11,黑1AlRiR41200

【解析】

從多用電表的表頭共用特征來看，黑表筆和歐姆檔內(nèi)部電源的正極相連，確定A表筆為黑表筆；

[2]測電阻時，需要內(nèi)接電源，要將轉(zhuǎn)換開關接到1位置；

(2)[3]由于改裝后的歐姆表的內(nèi)阻為300。(即中值電阻)，且電源電動勢為3.0V,所以最大電流為：

3

I--mA=10mA

30

所以電流表選A”

[4]改裝成歐姆表時，接入一個調(diào)零電阻，由題意知歐姆表的內(nèi)阻為300Q,當接入滑動器要滿偏，貝！J：

E

R滑=——&=200Q

故滑動變阻器選/?i；

[5]當改裝為量程為0?4V的電壓表時，應串聯(lián)一個阻值為:

故定值電阻選

⑶⑹若電阻值指在處'即此時電流為:

/=—=20mA

5g

所以待測電阻：

E

4=廠凡=1200。。

R,R&

12、增大0R產(chǎn)個一

Ki

【解析】

(2)本實驗采取電橋法測電阻，所以當電流由C流向。，說明C點電勢高，所以應該增大電阻箱用的阻值使回路電

阻增大，電流減小，C點電勢降低，直到C、。兩點電勢相同，電流計中電流為零.

(3)根據(jù)C、。兩點電勢相同，可得：/居=/'&，因=「氐，聯(lián)立解得底=￡}.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)0.52m；(2)0.32m

【解析】

(1)小球擺動過程中，設碰前小球的速度大小為%,平板車的速度大小為山，位移大小分別為公和X,”，小球開始時高

度為

〃=L(l-cos60)=0.5m

小球和平板車在水平方向動量守恒

MVM=班％

二者構成的系統(tǒng)機械能守恒

；加匕”2+3叫(2=町8〃

帶入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得

vM=3m/s

%=2m/s

陵二色

X]M

且

xM+xl=Lsin60

解得

3Gn6

=-----m?0.52m

M10

小球從左向下擺到最低點的過程中，滑塊相對于地面靜止，M及桿對地向左走過的距離即為所求

a=xM=0.52m

(2)小球到最低點時以速度力與靜止的滑塊發(fā)生彈性碰撞，小球和滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒且機械能守恒，設碰后瞬間

小球和滑塊的速度大小分別為片，v2,則有:

，721Vo=町匕2V2

121212

,?,vmv

2io=2''+/加2匕

聯(lián)立解得

v,--!-----%=lm/s

叫

+m2

2肛!o,

v2------%=3m/s

m}+%

此后滑塊向右勻速直線運動，不影響小球和車的運動，小球擺到最高點時和平板車具有相同速度乙二者組成的系統(tǒng)

動量守恒

MVM=("+/?!!)V

解得

v=0.6m/s

機械能守恒

2

g=+m1)v

解得

"=0.32m

14、(1)0.1(2)0.75s(3)一共可以碰撞2次

【解析】

方法一:

解：(1)碰后A向左減速，5向右減速，由圖像得:

a=-Av=Im/s2

R△t

由牛頓第二定律:

/jmg=maR

求得

〃=0.1

(2)由牛頓第二定:

4減速到0后，向右繼續(xù)加速，最后與3共速

由：

求得：

%=0.5s,v,=0.5m/s

此過程中，A向左移動的距離為：

12

4=-^+-?AA=0.125m

之后A與8一起向右勻速運動，時間：

與=區(qū)=0.25s

匕

所以一共用的時間：

t=%+12=0-75s?

(3)A第1次與擋板P相碰，到第2次相碰的過程內(nèi)，

12

與二如一^^不=0375m

x相對=4+/=°-5m

假設第3次碰撞前，A與B不分離,A第2次與擋板P相碰后到第3次相碰的過程內(nèi)