2023屆浙江省紹興市高三年級(jí)上冊(cè)11月選考科目診斷性考試（一模）物理試卷及答案

2023屆浙江省紹興市高三上學(xué)期11月選考科目診斷性考試（一模）

物理試題

一、單選題

1.下列儀器測(cè)得的物理量單位中，屬于基本單位的是（）

B.

2.2021年，浙江大學(xué)研究團(tuán)隊(duì)設(shè)計(jì)了一款能進(jìn)行深?？碧降淖怨┠芊律涹w智能機(jī)器魚(yú)。在測(cè)試

中，該機(jī)器魚(yú)曾下潛至馬里亞納海溝10900m深處，并在2500mAh電池驅(qū)動(dòng)下，保持拍打45分鐘。

下列說(shuō)法正確的是（）

A.“10900m”是路程

B.mA-h是能量的單位

C.下潛過(guò)程中，該機(jī)器魚(yú)的平均速度約為4m/s

D.萬(wàn)米海底的靜水壓接近于103個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓

3.量子雷達(dá)是隱身戰(zhàn)機(jī)的克星，可以捕捉到普通雷達(dá)無(wú)法探測(cè)到的目標(biāo)。有一類量子雷達(dá)，仍采

用發(fā)射經(jīng)典態(tài)的電磁波，但在接收機(jī)處使用量子增強(qiáng)檢測(cè)技術(shù)以提升雷達(dá)系統(tǒng)的性能。下列說(shuō)法正

確的是（）

A.量子就是a粒子

B.隱身戰(zhàn)機(jī)不向外輻射紅外線

C.電磁波在真空中的傳播速度與其頻率無(wú)關(guān)

D.量子雷達(dá)是利用目標(biāo)物體發(fā)射的電磁波工作的

4.小明站在裝有力傳感器的臺(tái)秤上，完成下蹲、起立動(dòng)作。計(jì)算機(jī)采集到的力傳感器示數(shù)隨時(shí)間

變化情況如圖所示。下列判斷正確的是（）

B.a點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻，小明向下的加速度最大

C.h點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻，小明處于超重狀態(tài)

D.圖示時(shí)間內(nèi)，小明完成了兩次下蹲和兩次起立

5.女航天員劉洋乘坐神舟十四號(hào)飛船，再次執(zhí)行太空飛行任務(wù)，將祖國(guó)的驕做寫(xiě)滿太空?！吧袷摹?/p>

在離地面約400km高處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.“神十四”的運(yùn)行速度大于第一宇宙速度

B.“神十四”的運(yùn)行角速度大于地球自轉(zhuǎn)角速度

C.劉洋相對(duì)飛船靜止時(shí)，處于平衡狀態(tài)

D.劉洋在一個(gè)地球日（24小時(shí)）內(nèi)能看到一次日出

6.靜電紡紗是利用高壓靜電場(chǎng)使單纖維兩端帶異種電荷，在電場(chǎng)力作用下使纖維伸直、平行排列

和凝聚的紡紗工藝。如圖所示為其電場(chǎng)分布簡(jiǎn)圖，下列說(shuō)法正確的是（)

A.虛線可能是等勢(shì)線

B.電場(chǎng)強(qiáng)度E4<EC<EB

C.負(fù)電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在A點(diǎn)的電勢(shì)能

D.在C點(diǎn)靜止釋放一電子，它將在電場(chǎng)力作用下沿著虛線C。運(yùn)動(dòng)

7.某同學(xué)將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在導(dǎo)熱性能良好的注射器內(nèi)，并將注射器置于恒溫水池中，

注射器通過(guò)非常細(xì)的導(dǎo)氣管與壓強(qiáng)傳感器相連。開(kāi)始時(shí)，活塞位置對(duì)應(yīng)的刻度數(shù)為“8”，測(cè)得壓強(qiáng)

為P。，活塞緩慢壓縮氣體的過(guò)程中，當(dāng)發(fā)現(xiàn)導(dǎo)氣管連接處有氣泡產(chǎn)生時(shí)，立即進(jìn)行氣密性加固；繼

續(xù)緩慢壓縮氣體，當(dāng)活塞位置對(duì)應(yīng)刻度數(shù)為“4”時(shí)停止壓縮，此時(shí)壓強(qiáng)為gp。。則（）

A.氣泡在上升過(guò)程中要吸收熱量

B.在壓縮過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能變大

C.泄漏氣體的質(zhì)量為最初氣體質(zhì)量的一半

D.泄漏氣體的內(nèi)能與注射器內(nèi)存留氣體的內(nèi)能相等

8.2022年4月29日，紹興地鐵1號(hào)線全線通車，標(biāo)志著紹興已經(jīng)進(jìn)入地鐵時(shí)代，為“融杭（聯(lián)甬

接滬）戰(zhàn)略”邁出了堅(jiān)實(shí)的一步。小明從A站上車，注意到列車經(jīng)過(guò)加速、勻速和減速三個(gè)過(guò)程后

在8站停下，總用時(shí)2min30s,列車以最大速度80km/h行駛了30s。假設(shè)列車在加速和減速階段的

速率均隨時(shí)間均勻變化，由此估算出AB兩站點(diǎn)之間的路程約為（）

A.1kmB.2kmC.3kmD.7km

9.老師采用圖1所示的實(shí)驗(yàn)器材演示交變電流的產(chǎn)生，并聯(lián)的兩個(gè)發(fā)光二極管連接方式如圖2所

示，二極管兩端正向電壓大于0.7V時(shí)才能發(fā)光，反向電壓超過(guò)20V將損壞。勻速轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，Imin

內(nèi)二極管閃爍100次。己知發(fā)電機(jī)中正方形線框的邊長(zhǎng)為10cm,匝數(shù)為1000,假設(shè)線圈所在處的

磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，下列判斷正確的是（）

圖1圖2

A.線框的轉(zhuǎn)速為100r/s

B.線框的電動(dòng)勢(shì)有效值可能是20V

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度B不會(huì)超過(guò)0.4T

D.若轉(zhuǎn)速減半，Imin內(nèi)閃爍次數(shù)將變?yōu)?0次

10.由均勻透明材料制成的半圓柱的截面如圖所示，A8為直徑邊界，。為圓心，半徑為R：有一

點(diǎn)光源嵌于P點(diǎn)，在紙面內(nèi)向各個(gè)方向發(fā)射黃光，該材料對(duì)黃光的折射率〃=2。已知POUB,PO=

BR。不考慮光在材料內(nèi)部的反射，則（）

3

A.直徑邊界與半圓弧邊界有光線射出的總長(zhǎng)度為生2+/?

O

B.欲使黃光能從半圓形邊界全部射出，〃不能超過(guò)6

C.若改用紅光光源，有光線射出的邊界總長(zhǎng)度將變短

D.人眼在尸點(diǎn)正上方C處觀察，看到點(diǎn)光源的像就在P處

二、多選題

11.如圖所示是指紋識(shí)別原理圖，它利用了光學(xué)棱鏡的全反射特性。在指紋谷線（凹部）處入射光

在棱鏡界面發(fā)生全反射；在指紋脊線（凸部）處入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方。

這樣就在指紋模塊上形成了明暗相間的圖像。下列說(shuō)法正確的有（）

A.從指紋谷線處反射的光線更亮一些

B.產(chǎn)生的明暗相間指紋圖像是由于光的干涉造成的

C.手機(jī)貼膜后再進(jìn)行指紋識(shí)別，反射光的頻率將發(fā)生變化

D.手指濕潤(rùn)后識(shí)別率降低，是因?yàn)槊靼禇l紋的亮度對(duì)比下降了

12.質(zhì)子與中子都是由三個(gè)夸克組成，其中質(zhì)子由兩個(gè)上夸克和一個(gè)下夸克組成，中子由兩個(gè)下夸

克和一個(gè)上夸克組成，形成過(guò)程中均可類比核聚變。￡衰變時(shí)，核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和電子，

質(zhì)子質(zhì)量約為1.6726x10-27kg,中子質(zhì)量約為1.6749xl(y27kg,電子質(zhì)量約為9.1096xl()-3ikg,真空

中光速c=3.00xl08m/s。下列說(shuō)法正確的有()

A.中子轉(zhuǎn)化的核反應(yīng)式為，t；H+b

B.弱相互作用是引起衰變的原因

C.上、下夸克的質(zhì)量差為2.3x10-30kg

D.一次用衰變釋放出的能量為1.3xl0」4j

13.如圖所示，在y軸兩側(cè)有兩種不同的均勻介質(zhì)，波源A和S：；分別位于x=-6m、x=12m處。t=0

時(shí)刻x=-2m和x=4m處的質(zhì)點(diǎn)剛好開(kāi)始振動(dòng)，某時(shí)刻兩列簡(jiǎn)諧橫波恰好同時(shí)到達(dá)原點(diǎn)O,測(cè)得

0?0.75s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P(x=6m)經(jīng)過(guò)的路程為12cm,貝I」()

A.兩波源開(kāi)始振動(dòng)的方向相反

B.波源5振動(dòng)的周期為0.5s

C.兩列波相遇過(guò)程中坐標(biāo)原點(diǎn)處不會(huì)振動(dòng)

D.t=2s時(shí)兩列波恰好同時(shí)到達(dá)對(duì)方波源處

14.如圖1所示，“颶風(fēng)飛椅”是集旋轉(zhuǎn)、升降、變傾角等多種運(yùn)動(dòng)形式于一體的大型飛行塔類游藝

機(jī)?，F(xiàn)對(duì)其中的甲、乙、丙、丁四位游客進(jìn)行分析，他們的質(zhì)量分別為，“、機(jī)2、，”3、m4,對(duì)應(yīng)的

繩長(zhǎng)分別為小12、b、14,繩子與豎直方向的夾角分別為例、仇、仇、仇，如圖2、圖3所示，已知

h<li=l2<l4,m4<mi=m2<m3.當(dāng)“颶風(fēng)飛椅”保持某--角速度水平面轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的有

()

A.圖2中，甲、乙兩位游客所受合力相同

B.圖3中，03<04

C.四位游客的加速度大小相等

D.四位游客的重力均不做功

三、實(shí)驗(yàn)題

15.利用圖1裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)。

（1）已如打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的交流電頻率為50Hz,實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖2所示，把

第一個(gè)點(diǎn)記做。，另選連續(xù)的4個(gè)點(diǎn)A、B、C、力作為測(cè)量點(diǎn)，測(cè)得A、B、C、。各點(diǎn)到。點(diǎn)的

距離為62.90cm、70.14cm、77.76cm、85.73cn?由此可知打下B點(diǎn)時(shí)紙帶的速度為.m/s

（計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）:

左/BCD右

圖2

（2）重物固定在紙帶的端（選填“左”或“右”）；

（3）選取某個(gè)過(guò)程，發(fā)現(xiàn)重物動(dòng)能的增加量略大于重力勢(shì)能的減小量，造成這一結(jié)果的原因可能

是

A.重物質(zhì)量過(guò)大B.電源電壓局于規(guī)定值

C.重物質(zhì)量測(cè)量錯(cuò)誤D.先釋放紙帶，后接通電源

（4）某同學(xué)在紙帶上選取多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，測(cè)量它們到某一計(jì)數(shù)點(diǎn)。的距離小計(jì)算出對(duì)應(yīng)計(jì)數(shù)點(diǎn)的

重物速度v,描繪出/一〃圖像。下列說(shuō)法中正確的是。

A.為減小誤差，應(yīng)利用公式v=質(zhì)計(jì)算重物在各點(diǎn)的速度

B.在選取紙帶時(shí)，必須選取第1、2兩點(diǎn)間距為2mm的紙帶

C.若圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，則重物下落過(guò)程中機(jī)械能一定守恒

D.若圖像是一條不過(guò)原點(diǎn)的直線，重物下落過(guò)程中機(jī)械能也可能守恒

16.某物理興趣小組測(cè)量一段粗細(xì)均勻的合金絲電阻率外

（1）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，用螺旋測(cè)微器測(cè)量合金絲的直徑，圖1讀數(shù)為mm；

￡.35

二

二

一30

二

二

O一

二25

圖1

（2）某同學(xué)采用分壓電路和電流表內(nèi)接法，取這段合金絲繞在半徑為0.3m的量角器上，連成圖2

所示電路。閉合開(kāi)關(guān)前，請(qǐng)老師檢查，發(fā)現(xiàn)導(dǎo)線（填寫(xiě)標(biāo)號(hào)）接線錯(cuò)誤，滑動(dòng)變阻器的

滑片應(yīng)置于端（選填“左”或“右”）；

（3）改變金屬夾位置，通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器保持電壓表示數(shù)始終為1.00V,記錄電流表的示數(shù)/

與接入電路的合金絲所對(duì)應(yīng)的圓心角仇根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖3中作出圖像，則該合金絲的電

阻率為Cm（保留2位有效數(shù)字），電流表的內(nèi)阻為

四、解答題

17.某物理興趣小組設(shè)計(jì)了一款火警報(bào)警裝置，原理圖簡(jiǎn)化如下：質(zhì)量M=2kg的氣缸通過(guò)細(xì)線懸

掛在天花板下，質(zhì)量m=O/kg、橫截面積S=10cm2的活塞將一定質(zhì)量的理想氣體密封在導(dǎo)熱氣缸內(nèi)。

開(kāi)始時(shí)活塞距氣缸底部的高度〃=30cm,缸內(nèi)溫度力=27℃；當(dāng)環(huán)境溫度上升,活塞緩慢下移M=6cm

時(shí)，活塞表面（涂有導(dǎo)電物質(zhì)）恰與6兩觸點(diǎn)接觸，蜂鳴器發(fā)出報(bào)警聲?不計(jì)活塞與氣缸之間

的摩擦，活塞厚度可忽略，大氣壓強(qiáng)p（Fl.（）xlO5pa,求：

（1）細(xì)線的拉力及缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；

（2）蜂鳴器剛報(bào)警時(shí)的環(huán)境溫度⑵

（3）若氣體內(nèi)能增加了15J,該過(guò)程中氣體吸收的熱量。為多大？

18.如圖所示，在水平面上固定一彈簧匣，左端與輕質(zhì)彈簧的A端相連，自由狀態(tài)下彈簧另一端位

于B點(diǎn)；在與3點(diǎn)相距1m的C處固定一豎直圓軌道，半徑R=O.lm,圓軌道底端略微錯(cuò)開(kāi)：在。

點(diǎn)右側(cè)放置等腰直角三角形支架PEQ,/Q=90。，=E點(diǎn)在。點(diǎn)正下方，尸點(diǎn)與D點(diǎn)等

高，E。水平。質(zhì)量"=O』kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）被壓縮的彈簧彈出，它與8c段的動(dòng)摩擦因數(shù)

A=0.4,不計(jì)軌道其它部分的摩擦。

(1)要使物塊能進(jìn)入豎直圓軌道，彈簧的初始彈性勢(shì)能至少多大；

(2)若物塊在豎直圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)不脫離軌道，則彈性勢(shì)能的取值范圍是多少;

(3)若物塊能打在三角形支架上，求打在支架上時(shí)的最小動(dòng)能。

19.如圖所示，在xO)，坐標(biāo)平面內(nèi)，固定著足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距乙=0.5m,在40

處由絕緣件相連，導(dǎo)軌某處固定兩個(gè)金屬小立柱，立柱連線與導(dǎo)軌垂直，左側(cè)有垂直紙面向外的勻

強(qiáng)磁場(chǎng)，右側(cè)有垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=0.2T；導(dǎo)軌左端與電容C=5F

的電容器連接，起初電容器不帶電?，F(xiàn)將兩根質(zhì)量均為，〃=01kg的導(dǎo)體棒a、〃分別放置于導(dǎo)軌左

側(cè)某處和緊貼立柱的右側(cè)(不粘連)，某時(shí)刻起對(duì)4棒作用一個(gè)向右的恒力尸=0.3N,當(dāng)。棒運(yùn)動(dòng)到

x=0處時(shí)撤去力F,此后a棒在滑行到立柱的過(guò)程中通過(guò)棒的電量4=1C,與立柱碰撞時(shí)的速度

v；=lm/s,之后原速率反彈。已知Z?棒電阻R=0.4Q,不計(jì)。棒和導(dǎo)軌電阻，求：

(1)小立柱所在位置的坐標(biāo)地；

(2)“棒初始位置的坐標(biāo)xa；

(3)假設(shè)〃棒穿出磁場(chǎng)時(shí)的速度U2=0.3m/s,此前〃棒中產(chǎn)生的總熱量。

絕緣件小立柱

乂…r.....x

=TCB

xx

tfxXXX；?

Xbx

20.如圖1所示，是微通道板電子倍增管的原理簡(jiǎn)化圖，它利用入射電子經(jīng)過(guò)微通道時(shí)的多次反射

放大信號(hào)強(qiáng)度。圓柱形微通道的直徑glxl(Pm、高為力，電子剛好從一角射入截面內(nèi)，入射速度

v=5xl06m/s,與通道壁母線的夾角生53。；在第1次撞擊位置以下有垂直截面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁

感應(yīng)強(qiáng)度為8(待求)。假設(shè)每個(gè)電子撞入內(nèi)壁后可撞出N個(gè)次級(jí)電子，已知電子質(zhì)量〃?=9xl0akg,

e=1.6xl()T9c。忽略電子重力及其相互作用。取而53。=0.8。

(1)若N=l,假設(shè)原電子的軸向動(dòng)量在撞擊后保持不變，垂直軸向的動(dòng)量被完全反彈，電子恰好

不會(huì)碰到左側(cè)壁，求8的值；

（2）若N=2,假設(shè)原電子的軸向動(dòng)量被通道壁完全吸收，垂直于軸的動(dòng)量被完全反彈并被垂直出

射的次級(jí)電子均分，電子多次撞擊器壁后最終剛好能飛出通道，求心的值；

（3）若N=2,通道中存在如圖2所示方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（沒(méi)有磁場(chǎng)），場(chǎng)強(qiáng)E=135V/m,假設(shè)電子的

軸向動(dòng)量被通道壁完全吸收，垂直軸向的動(dòng)量被完全反彈并被垂直出射的次級(jí)電子均分。當(dāng)/?=O.lm

時(shí)，信號(hào)電量的放大倍數(shù)是多少？

參考答案：

1.B

【詳解】選項(xiàng)A、B、C、D測(cè)得的物理量分別是力、電流強(qiáng)度、電壓、電能：四者中只有電流強(qiáng)

度是基本物理量，其單位是基本單位。

故選B。

2.D

【詳解】A.10900是深度，機(jī)器魚(yú)下潛的路程要大于10900m,A錯(cuò)誤；

B.mA+是電量的單位，B錯(cuò)誤；

C.機(jī)器魚(yú)下潛的位移未知，所以平均速度無(wú)法獲得，C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)

P=Pgh

可知，1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于10米水柱，所以萬(wàn)米海底的靜水壓接近于1。3個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，D正確。

故選D。

3.C

【詳解】A.量子是現(xiàn)代物理的重要概念，即一個(gè)物理量如果存在最小的不可分割的基本單位，則

這個(gè)物理量是量子化的，并把最小單位稱為量子，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.任何物體都會(huì)向外發(fā)射紅外線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.任何頻率的電磁波在真空中的傳播速度都等于光速c,選項(xiàng)C正確；

D.依據(jù)題意，量子雷達(dá)仍采用發(fā)射經(jīng)典態(tài)的電磁波，不是目標(biāo)物體發(fā)射的電磁波，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C。

4.A

【詳解】ABD.小明在下蹲過(guò)程經(jīng)歷先向下加速再向下減速，即先失重后超重；起立過(guò)程經(jīng)歷先向

上加速再向上減速，即先失重后超重，所以由圖示可知，小明先下蹲后起立，小明完成了1次下蹲

和1次起立，且“點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻

F=mg

小明的加速度為0,向下的速度達(dá)到最大，故A正確，BD錯(cuò)誤：

C.b點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻，小明正在起立減速上升的過(guò)程，所以小明處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤。

故選A。

5.B

【詳解】A.由萬(wàn)有引力提供向心力得

解得

GM

-7

第一宇宙速度是地球表面運(yùn)行的衛(wèi)星速度，“神十四”的軌道半徑大于地球半徑，其運(yùn)行速度小于第

一宇宙速度，A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)牛頓第二定律得

?Mm，

G——=mra)"

解得

地球自轉(zhuǎn)角速度等于同步衛(wèi)星的角速度，同步衛(wèi)星的軌道半徑大于“神十四”的軌道半徑，所以“神

十四''的運(yùn)行角速度大于地球自轉(zhuǎn)角速度，B正確；

C.劉洋相對(duì)飛船靜止時(shí)，繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，是變加速運(yùn)動(dòng)，非平衡狀態(tài)，C錯(cuò)誤；

D.“神十四”的運(yùn)行周期約為90分鐘，劉洋在一個(gè)地球日（24小時(shí)）內(nèi)能看到16次日出，D錯(cuò)誤。

故選B。

6.C

【詳解】A.電極是等勢(shì)體，其表面是等勢(shì)面，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直可知虛線應(yīng)是電場(chǎng)線，選

項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小可知

EA<EB<EC

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.電場(chǎng)線由高壓電源的正極到負(fù)極，所以A點(diǎn)的電勢(shì)高，C點(diǎn)的電勢(shì)低，由

Ep=q（p

可知，負(fù)電荷在C點(diǎn)的電勢(shì)能大于其在4點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C正確；

D.CD電場(chǎng)是曲線，在C點(diǎn)靜止釋放一電子，在電場(chǎng)力作用下不會(huì)沿著虛線CQ運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)

誤。

故選C。

7.A

【詳解】A.氣泡在上升過(guò)程中溫度不變，由等溫變化。仁C可知，氣泡內(nèi)氣體壓強(qiáng)減小時(shí)，體積

增大，氣體對(duì)外做功，即WV0;理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，所以氣泡在上升過(guò)程中內(nèi)能不變，

由熱力學(xué)第一定律

△U=W+Q

可知，Q>0,所以氣泡在上升過(guò)程中要吸收熱量，故A正確；

B.由于注射器導(dǎo)熱性能良好，所以注射器內(nèi)的氣體溫度不變，據(jù)溫度是氣體分子平均動(dòng)能大小的

標(biāo)志，所以在壓縮過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)單位刻度的氣體體積為Vo，由

4

Pox8%=§pox匕

解得

匕=6%

則泄漏氣體的質(zhì)量為

6-4I

△A"?=-----tn=—m

63

故C錯(cuò)誤；

D.溫度相同時(shí)，理想氣體的內(nèi)能與分子數(shù)有關(guān)，可知泄漏氣體的內(nèi)能是注射器內(nèi)存留氣體的內(nèi)能

的一半，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

8.B

【詳解】由于列車在加速和減速階段的速率均隨時(shí)間均勻變化，在加速和減速階段的平均速率均為

最大速率的一半，即40km/h,所以A3兩站點(diǎn)之間的路程約為

205

s=40km/hx—h+80km/hx—h=2km

6060

故選B。

9.C

【詳解】A,正弦式交變電流一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變2次，所以Imin內(nèi)有50個(gè)周期，線框的轉(zhuǎn)

速為50r/min,故A錯(cuò)誤；

B.若線框的電動(dòng)勢(shì)有效值是20V,則最大值為

205/2V=28.2V

二極管將被擊穿，故B錯(cuò)誤；

C.由最大值

2

En>=/7fiS<o=?55'x2^=1000xBx0.1x2x3.14x—V<20V

解得

B<0.4T

故C正確；

D.若轉(zhuǎn)速減半，交流電的最大值減半，如果這時(shí)的最大值小于0.7V,二極管將不會(huì)閃爍，Imin

內(nèi)閃爍次數(shù)將變?yōu)?次，故D錯(cuò)誤。

故選C。

10.B

【詳解】A.黃光的臨界角

sinC，」

n2

得

C=30°

做出臨界光線如圖所示，由幾何關(guān)系可得NEPF=120。，NHPG=60。,所以在直徑邊界與半圓弧邊

界有光線射出的總長(zhǎng)度為

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.從P點(diǎn)射向半圓形邊界的光線在/處的入射角最大，欲使黃光能從半圓形邊界全部射出，則〃

的最小值

n.=-------=y/i

m,nsinZPIO

選項(xiàng)B正確；

C.若改用紅光光源，紅光的折射率小于黃光的折射率，紅光的臨界角大，有光線射出的邊界總長(zhǎng)

度將增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.人眼在P點(diǎn)正上方C處觀察，看到點(diǎn)光源的像被抬高，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

【注：可推導(dǎo)垂直看水下物體的深度心探=等】

故選B。

【詳解】A.在指紋谷線（凹部）處入射光在棱鏡界面發(fā)生的是全反射，則從指紋谷線處反射的光

線更亮一些，A正確：

B.光的干涉需要兩個(gè)相干光源，入射到谷線和脊線的光線不是相干光，B錯(cuò)誤；

C.在光的反射和折射過(guò)程中，光的頻率不變，C錯(cuò)誤；

D.手指濕潤(rùn)后在手指表面形成水膜會(huì)使明暗條紋的亮度對(duì)比下降，識(shí)別率降低，D正確。

故選AD?

12.AB

【詳解】A.4衰變時(shí)，核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為一個(gè)質(zhì)子和電子，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒，中子轉(zhuǎn)

化的核反應(yīng)式為

:nf；H+，e

故A正確；

B.弱相互作用是引起原子核力衰變的原因，即引起中子-質(zhì)子轉(zhuǎn)變的原因，故B正確；

C.由題中“形成過(guò)程中均可類比核聚變”可知，夸克形成質(zhì)子、中子過(guò)程質(zhì)量有虧損，故

2727

1.6726x10kg2mv+mf,1.6749x10kg+2my

無(wú)法計(jì)算上、下夸克的質(zhì)量差，故C錯(cuò)誤；

D.0衰變中的質(zhì)量虧損

=1.6749x1(T”kg-1.6726x10-27kg-9.1096xl0^'kg=1.39x1O^'kg

釋放出的能量為

AE=Awe2=1.39X10_3°X9X10'6J=1.25x1013J

故D錯(cuò)誤。

故選AB?

13.ACD

【詳解】A.波源S1開(kāi)始振動(dòng)的方向與f=0時(shí)刻x=-2m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向相同，為y軸正方向，

同理波源邑開(kāi)始振動(dòng)的方向與f=0時(shí)刻x=4m處質(zhì)點(diǎn)的起振方向相同，為y軸負(fù)方向，故A正確;

B.0?0.75s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過(guò)的路程為12cm,則有

3

0.75s=-7；

42

得

7；=ls

v,,=—=8m/s

%

由兩列簡(jiǎn)諧橫波恰好同時(shí)到達(dá)原點(diǎn)?？芍?/p>

Vj=-v2=4m/s

[=4=1S

匕

故B錯(cuò)誤；

C.兩列波頻率相同，振幅相同，恰好同時(shí)到達(dá)原點(diǎn)。，兩列波在0點(diǎn)的起振方向相反，所以。點(diǎn)

是振動(dòng)減弱點(diǎn)，其振幅為0,所以坐標(biāo)原點(diǎn)處不會(huì)振動(dòng)，故C正確；

D.由圖知乙=04時(shí)，甲、乙兩波都傳到原點(diǎn)。，過(guò)。點(diǎn)后，甲波以力=8m/s傳播，r=2s時(shí)到達(dá)

x=12m處，同理可知，乙波在/=2s時(shí)到達(dá)x=-6m處，故D正確。

故選ACDo

14.BD

【詳解】A.游客隨“颶風(fēng)飛椅”做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩位游客所受合力指向圓心，由圖2可知，

合力方向肯定不同，即甲、乙兩位游客所受合力不相同，A錯(cuò)誤；

B.由圓錐擺模型得游客所受合力

F=mgtan0=mrco1

得

設(shè)圓盤(pán)的半徑為W，則有

「Igtand

Y/sin0+q)

由于甲、乙、丙、丁四位游客的角速度和周期相等，則有

gtan—=gtan.

hsin9、+4l4sing+%

由于

h<l4

得

B正確；

C.游客隨“颶風(fēng)飛椅”做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力為

F=mgtan0

由牛頓第二定律可知

a=gtan。

由于。角不都相等，所以加速度大小不都相等，c錯(cuò)誤；

D.四位游客在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力均不做功，D正確。

故選BDo

15.3.7左DD

【詳解】（1）口/點(diǎn)的速度等于AC間的平均速度，即

77.76-62.90-2

匕=xlOm/s=3.7m/s

IT~0.04

（2）[2]由圖可知，紙帶上起始點(diǎn)靠近重物，所以重物固定在紙帶的左端。

（3）[3JAC.由，可知，重物質(zhì)量過(guò)大、重物質(zhì)量測(cè)量錯(cuò)誤都不會(huì)使動(dòng)能的增加量略大于

重力勢(shì)能的減小量。故AC錯(cuò)誤;

B.電源電壓高于規(guī)定值不會(huì)影響打點(diǎn)周期。故B錯(cuò)誤；

D.若。點(diǎn)的初速度不為0,則會(huì)使動(dòng)能的增加量略大于重力勢(shì)能的減小量，原因可能是先釋放紙

帶，后接通電源。故D正確。

故選Do

（4）[4]A.用公式v=廊等于是默認(rèn)機(jī)械能守恒定律，與實(shí)驗(yàn)?zāi)康南嚆?，?shí)驗(yàn)中不能用丫=廊

計(jì)算重物在各點(diǎn)的速度。故A錯(cuò)誤；

BD.在選取紙帶時(shí)，可以選取其中兩點(diǎn)來(lái)驗(yàn)證，如

1o12,

=mghAC

與第1、2兩點(diǎn)間距是否為2mm無(wú)關(guān)，這時(shí)描繪出盧一〃圖像是一條不過(guò)原點(diǎn)的直線，但只要滿足

圖線的斜率等于2g,就驗(yàn)證了重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤，D正確；

C.由動(dòng)能定理得=只要重物做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，廿一〃圖像就是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，

當(dāng)圖線的斜率小于2g,機(jī)械能就不守恒，故C錯(cuò)誤。

故選D。

16.0.799##0.800##0.801③右4.7x10'7##4.8x10-7##4.9x10-7##5.0xl0-7##5.1x10-70.1

8##0.19##0.20##0.21##0.22

【詳解】（1）[1]螺旋測(cè)微器讀數(shù)

J=0.5mm+30.0x0.01mm=0.800mm

（2）[21f3|按實(shí)物圖轉(zhuǎn)化為電原理圖如圖

可知實(shí)物圖接成了電流表外接法，導(dǎo)線③接錯(cuò)；實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于右端;

(3)[4|[5]由歐姆定律

Uv=I(TA+RX)

量角器的半徑為R。，根據(jù)電阻定律

阻

&=小屋

4

解得

1_G?4—

/U,U\,nd-

代入數(shù)據(jù)得

厚+梟1°6〃

/X兀

作出]-e圖線，如圖

可知圖線的斜率

求得

/9=5.0xl0-7Qm

圖線的截距為電流表的內(nèi)阻

以=0.2。

17.(1)21N,0.99x1伊Pa；(2)360K或87°C；(3)20.94J

【詳解】(1)對(duì)氣缸活塞整體

F=(M+m)g=21N

對(duì)活塞

poS=piS+mg

解得

p/=O.99xlO5Pa

乂V,

(2)等壓變化過(guò)程，寸=十，則

hS_(//+A/?)S

〒工一

解得

乃=360K

則

t2=87℃

(3)氣體等壓膨脹對(duì)外做功

W=_pRXh=_5.94J

根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+。，又

At/=15J

解得

Q=20.94J

18.(1)0.4J；(2)0.4J4穌40.5J或Ep20.65J；(3)1.38J

【詳解】(1)要使物塊能進(jìn)入豎直圓軌道，則到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為0時(shí)，彈簧的初始彈性勢(shì)能最小,

則根據(jù)動(dòng)能定理可知

E^—jumgL=0

解得

%=0.4J

(2)臨界情況1：物塊恰能到達(dá)圓心等高處時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理可知

EP1—/jmgL—mgR=0

解得

昂=0.5J

則彈性勢(shì)能的取值范圍是

0.4J<EP1<0.5J

臨界情況2：物塊恰能過(guò)圓周最高點(diǎn)，則

〃吆=m—

R

解得

根據(jù)動(dòng)能定理可知

c12

Ep2-jumgL-2mgR=-tnv~

解得

Ep2=0.65J

彈性勢(shì)能的取值范圍是

EP2>0.65J

綜上所述，彈性勢(shì)能的取值范圍是

0.4J<EP<0.5JBJ(,EP>0.65J

（3）當(dāng)打到支架上時(shí)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)公式

i,

y=2gr

由數(shù)學(xué)知識(shí)可知

x節(jié)-y

%=7==

以f為變量，由機(jī)械能守恒定動(dòng)能定理可得

mgy=Ek

則

廣，5225w.>/5

Ek=(-^gt~

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)

時(shí)，耳有最小值，則

t2=0.2s2

時(shí)，代入數(shù)據(jù)可得

5-J5

2

19.(1)4m；(2)-1m；(3)0.171J

【詳解】(1)a棒減速向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中

△①BLx.

q=—=--

RR

解得

xZ?=4m

(2)a棒在0~話區(qū)間，由動(dòng)量定理得

—BLq-mvi-mvo

解得

vo=2m/s

。棒在恒力作用過(guò)程中，設(shè)某時(shí)刻的速度為也加速度為a,棒中的電流為/,則有

F-BiL^ma

.MCMJCBL\ve

A/ArAr

解得

a=-----.、.=2m/s2

m+CB2L7

即a棒做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)

詔=2a(-x4)

解得

xa=-Im

(3)“棒在0~x。區(qū)間向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電路產(chǎn)生的熱量

Qi=；mv^-；mv^=0.15J

反彈后，a棒向左，6棒向右運(yùn)動(dòng)，兩棒的加速度大小相等，相等時(shí)間內(nèi)速度點(diǎn)變化量大小也相等,

所以。棒的速度

”=0.7m/s

此過(guò)程中發(fā)熱量